③寒假提升练-专题01 物质的分类及转化（教师版）-2025年高一化学寒假衔接讲练 (人教版)

专题01物质的分类及转化内容早知道☛第一层巩固提升练（4大考点）考点一根据物质的组成和性质分类考点二分散系及其分类考点三物质的转化考点四四种基本反应类型☛第二层能力提升练☛第三层拓展突破练根据物质的组成和性质分类⭐积累与运用⭐积累与运用同素异形体：由同一种元素形成的几种性质不同的单质。例如，金刚石、石墨和C60是碳元素的同素异形体；氧气和臭氧（O3）是氧元素的同素异形体。酸性氧化物：能与碱反应生成盐和水的氧化物。碱性氧化物：能与酸反应生成盐和水的氧化物。‌‌酸式盐：是可电离出氢离子的盐，通常是酸中的氢离子部分被中和的产物，如‌碳酸氢钠（NaHCO₃）、‌硫酸氢钠（NaHSO₄）等。结晶水合物：是含有结晶水的固体化合物。1．下列对各组物质所属类别的判断中正确的是选项物质物质类别AKOH、Ba(OH)2、Ca(OH)2、Cu(OH)2强碱B盐酸、Fe(OH)3胶体、蛋白质溶液混合物CNaHCO3、NaHSO4、H2CO3、KHSO3酸式盐DCO、CO2、SO2、Mn2O7酸性氧化物【答案】B【解析】A．Cu(OH)2不能完全电离出OH-，属于弱碱，A错误；B．盐酸由HCl和水形成、Fe(OH)3胶体含Fe(OH)3和水、蛋白质溶液含蛋白质和水，都是由两种物质形成，都属于混合物，B正确；C．H2CO3电离的阳离子全部是H+，属于酸，不属于酸式盐，C错误；D．CO不能与水反应，也不能与碱液反应，不属于酸性氧化物，D错误；故选B。2．下列说法中不正确的是A．酸性氧化物在一定条件下均能与强碱发生反应B．若H3PO2在水中只能电离出一种酸根离子，则NaH2PO2为正盐C．按照电离理论，硫酸、纯碱、醋酸钠分别属于酸、碱、盐D．仅由一种分子组成的物质属于纯净物【答案】C【解析】A．酸性氧化物的定义为与碱反应生成盐和水的氧化物，A正确；B．由于NaH2PO2不能再电离出氢离子，故NaH2PO2为正盐，B正确；C．硫酸属于酸，纯碱是碳酸钠，属于盐，C错误；D．纯净物中只含有一种物质，D正确；故选C。3．酸式盐是盐的一种，可看作是多元酸中的氢离子未被完全中和所得到的盐，常见的有NaHCO3、KH2PO4等。已知H3PO2与足量的KOH反应只生成KH2PO2一种盐，则下列说法中正确的是A．KH2PO2属于正盐 B．KH2PO2中的P为+5价C．H3PO2和属于三元酸 D．KH2PO2可以和KOH反应生成K3PO2【答案】A【分析】H3PO2与足量的KOH反应只生成KH2PO2一种盐，则说明KH2PO2为正盐，且H3PO2为一元酸，以此解题。【解析】A．由分析可知，KH2PO2属于正盐，A正确；B．KH2PO2中K、H为+1价，O为-2价，根据正、负化合价为0的原则可知，P为+1价，B错误；C．由分析可知，H3PO2和属于一元酸，C错误；D．由分析可知，KH2PO2属于正盐，则KH2PO2不可以和KOH反应，D错误；故选A。4．下列叙述中正确的是A．碱性氧化物都是金属氧化物 B．酸性氧化物都是非金属氧化物C．硫酸钠、碳酸钠都属于酸式盐 D．是的酸酐【答案】A【解析】A．碱性氧化物肯定是金属氧化物，故A正确；B．酸性氧化物也可能是金属氧化物，如：Mn2O7是酸性氧化物，故B错误；C．硫酸钠、碳酸钠都属于正盐，故C错误；D．的酸酐是N2O5，故D错误；故选A。胶体及其分类⭐积累与运用⭐积累与运用分散系：是一种（或多种）物质以粒子形式分散到另一种（或多种）物质中所形成的混合物。Fe(OH)3胶体的制备①制备实验：在小烧杯中加入40ml蒸馏水，加热至沸腾，向沸水中逐滴加入5~6滴FeCl3饱和溶液。继续煮沸至液体呈红褐色，停止加热，即可得到Fe(OH)3胶体。②反应的化学方程式为FeCl3+3H2OFe(OH)3胶体+3HCl丁达尔效应：是光束通过胶体时，可以看到一条光亮的“通路”的现象。丁达尔效应可以用来区分胶体和溶液。下列说法正确的是A．丁达尔效应可用于鉴别胶体和溶液B．胶体与其他分散系的本质区别是有丁达尔效应，而其他分散系没有C．将饱和的FeCl3溶液加入到NaOH溶液中制备Fe(OH)3胶体D．溶液、胶体、浊液都是均一、透明、稳定的混合物【答案】A【解析】A．胶体能产生丁达尔效应，但溶液不能，则丁达尔效应可用于鉴别胶体和溶液，A正确；B．胶体与其他分散系的本质区别是分散质粒子直径介于1~100nm之间，B错误；C．将饱和的FeCl3溶液加入到NaOH溶液中产生Fe(OH)3沉淀，不能制备Fe(OH)3胶体，而制备Fe(OH)3胶体是将饱和的FeCl3溶液加入到沸水中，C错误；D．溶液属于均一、透明、稳定的混合物，胶体属于多数均一、透明的介稳体系，浊液属于不均一、不稳定的混合物，D错误；故选A。下列分散系中最不稳定的是A．向NaOH溶液中通入CO2得到的无色溶液B．向CuSO4溶液中加入NaOH溶液得到的分散系C．向沸水中逐滴滴入FeCl3饱和溶液得到的红褐色液体D．向Fe(OH)3固体中加入盐酸得到的棕黄色液体【答案】B【解析】A．向NaOH溶液中通入CO2得到的无色碳酸钠溶液，溶液比较稳定，A不符合题意；B．向CuSO4溶液中加入NaOH溶液得到的分散系是浊液，浊液是分散系中最不稳定，B符合题意；C．向沸水中逐滴滴加FeCl3饱和溶液得到的红褐色液体是氢氧化铁胶体，较稳定存在，C不符合题意；D．向Fe(OH)3固体中加入盐酸得到的棕黄色液体是氯化铁溶液，稳定存在，D不符合题意；故选B。当光束通过下列物质时，不会出现丁达尔效应的分散系是①牛奶；②云、雾；③有色玻璃；④蔗糖溶液；⑤蒸馏水；⑥硫酸铜溶液A．③④⑥ B．③④⑤⑥ C．④⑤⑥ D．④⑥【答案】C【解析】胶体分散系具有丁达尔现象，只要判断出分散系是胶体即可；①牛奶是胶体，会出现丁达尔效应，故①不选；②云、雾是胶体，有丁达尔效应，故②不选；③有色玻璃是胶体，会出现丁达尔效应，故③不选；④蔗糖溶液是溶液、不是胶体，不会出现丁达尔效应，故④选；⑤水不是胶体，水是纯净物，胶体是混合物，水不会出现丁达尔效应，故⑤选；⑥硫酸铜溶液是溶液、不是胶体，不会出现丁达尔效应，故⑥选；故选C。下列对FeCl3溶液、Fe(OH)3胶体、Fe(OH)3悬浊液三种分散系中，认识不正确的是A．分散质粒子直径最大的是Fe(OH)3悬浊液B．Fe(OH)3胶体在一定的条件下也能稳定存在C．向FeCl3溶液滴入NaOH溶液中可制得Fe(OH)3胶体D．如上图分离提纯氢氧化铁胶体【答案】C【解析】A．溶液的分散质微粒直径最小，小于1nm，浊液分散质直径最大，大于100nm，胶粒的直径介于二者之间，所以分散质粒子直径最大的是悬浊液，A正确；B．胶体属于介稳体系，所以胶体在一定的条件下也能稳定存在，B正确；C．把溶液滴入NaOH溶液中可制得沉淀，得不到胶体，应将饱和氯化铁溶液逐滴滴入沸水中可得到红褐色的氢氧化铁胶体，C错误；D．半透膜的直径小于胶体分散质微粒直径，胶粒不可透过半透膜、但氯离子等离子可以透过半透膜，故可用如图装置即渗析法提纯氢氧化铁胶体，D正确；故选C。下列说法正确的是①Fe(OH)3胶体属于固溶胶②用过滤的方法可除去Fe(OH)3胶体中的泥沙③分散质能通过半透膜的分散系即为胶体④胶体与溶液的本质区别是能够产生丁达尔效应⑤“卤水点豆腐”利用的是胶体的聚沉性质⑥面粉工厂静电除尘现象说明胶体带电A．①②⑤⑥ B．②④⑤ C．③⑤⑥ D．②⑤【答案】D【解析】①Fe(OH)3胶体属于液溶胶，错误；②胶体可以通过滤纸，用过滤的方法可除去Fe(OH)3胶体中的泥沙，正确；③胶体和溶液都可以通过半透膜，错误；④胶体与溶液的本质区别是分散质粒子直径的大小，错误；⑤卤水指的是盐卤或石膏，它们能使豆浆胶体聚沉，从而制得豆腐，正确；⑥面粉工厂静电除尘现象利用的是胶体的电泳，是胶粒带电，胶体为电中性，不带电，错误；故选D。实验小组探究Fe(OH)3胶体的制备方法及其性质。Ⅰ．制备胶体实验实验操作丁达尔效应1向40mL沸腾的蒸馏水中滴入5滴饱和FeCl3溶液(浓度约为30%)迅速出现2向40mL蒸馏水中滴入5滴10%FeCl3溶液，然后滴入1滴10%NaOH溶液，边滴边搅拌迅速出现3加热40mL饱和FeCl3溶液一段时间后出现（1）实验1制备氢氧化铁胶体的化学方程式为。（2）实验2与实验1对比，优点是(写出1条即可)。（3）综合上述实验：制备Fe(OH)3胶体提供OH−的物质可以是H2O或，控制反应条件即可制得。Ⅱ．Fe(OH)3胶体的性质（4）想证明Fe(OH)3胶体胶体已经制备成功，利用(最简单的方法)进行鉴别。（5）下列关于Fe(OH)3胶体和Fe(OH)3悬浊液的描述，正确的是___________。A．两者颜色相同 B．两者稳定性相同C．两者的分散质直径均大于100nm D．两者的本质区别是丁达尔效应（6）提纯胶体的装置是可用下列中的________(填选项)。A．

B．

C．【答案】（1）FeCl3+3H2OFe(OH)3(胶体)+3HCl（2）不需要加热或FeCl3溶液浓度小（3）NaOH（4）丁达尔效应（5）A（6）C【分析】制取Fe(OH)3胶体的方法并非只有一种，向40mL蒸馏水中先滴入5滴10%FeCl3溶液，再滴入1滴10%NaOH溶液，边滴边搅拌可以制取Fe(OH)3胶体，直接加热40mL饱和FeCl3溶液，也可制得Fe(OH)3胶体。【解析】（1）向40mL沸腾的蒸馏水中滴入5滴饱和FeCl3溶液，FeCl3与H2O反应生成氢氧化铁胶体和HCl，反应的化学方程式为FeCl3+3H2OFe(OH)3(胶体)+3HCl；（2）由实验操作可知，与实验1对比，实验2的优点是不需加热，便于操作，或实验1中为饱和FeCl3溶液，浓度约为30%，而实验2中为10%FeCl3溶液，浓度小，故答案为：不需加热或FeCl3溶液浓度小；（3）通过实验1和实验2可知，制备Fe(OH)3胶体提供OH-的物质可以是H2O或NaOH，故答案为：NaOH；（4）该同学想证明胶体已经制备成功，可以利用丁达尔效应进行鉴别；（5）A．胶体和悬浊液都呈红褐色，两者颜色相同，A正确；B．胶体比较稳定，而悬浊液不稳定，容易沉降，B错误；C．胶体中胶粒直径小于，悬浊液中分散质粒子直径大于，C错误；D．两者的本质区别是分散质粒子直径不同，D错误；故选A。提纯胶体可以采用渗析装置，装置A为蒸发结晶装置，B为过滤装置，C为渗析装置，故选C。物质的转化⭐积累与运用⭐积累与运用常见的酸性氧化物中，除二氧化硅（SiO2）外均可直接和水反应对应的含氧酸。P2O5+3H2O(热)=2H3PO4、SO3+H2O=H2SO4、N2O5+H2O=2HNO3常见的碱性氧化物，只有K2O、Na2O、BaO、CaO等少数几种碱性氧化物能与水直接化合生成可溶性强碱。CaO+H2O=Ca(OH)2、Na2O+H2O=2NaOH、BaO+H2O=Ba(OH)2酸和碱生成盐和水的反应叫做酸碱中和反应，酸和碱中应至少有一个是可溶的。多元酸和碱的反应是分步进行的，控制酸和碱的比例即可得到正盐或酸式盐。CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O（CO2不足量）CO2+NaOH=NaHCO3（CO2过量）下列物质间的每一个转化都能通过一步反应实现的是A． B．溶液C．溶液 D．【答案】C【解析】A．过氧化氢分解生成氧气而不是氢气，氧气和氢气点燃生成水，故A不符合题意；B．由于盐酸的酸性比碳酸的强，则二氧化碳和氯化钙溶液不反应，碳酸钙和稀盐酸生成氯化钙和水、二氧化碳气体，故B不符合题意；C．硫酸铜溶液与Fe反应生成硫酸亚铁和Cu，Cu与氧气在加热下反应生成CuO，能一步实现转化，故C符合题意；D．氧化铁和CO高温生成铁单质，铁和盐酸反应生成氯化亚铁和氢气而不是氯化亚铁，故D不符合题意；故选C。部分含碳物质的“价—类”关系如图所示。下列叙述正确的是A．b和c都是有毒气体 B．能实现的转化C．和c反应只生成一种盐 D．可利用a的还原性除去冰箱中的异味【答案】B【分析】a为碳单质，b是CO，c是CO2，d是H2CO3。【解析】A．CO有毒，CO2无毒，A错误；B．C不完全燃烧生成CO，CO燃烧或还原氧化物生成CO2，CO2溶于水生成H2CO3，能够实现转化，B正确；C．二氧化碳和氢氧化钠反应可以生成碳酸钠和碳酸氢钠两种盐，C错误；D．活性炭具有吸附性，可以吸附冰箱中异味，不是还原性，D错误；答案选B。某同学要在“奥运五连环”中填入物质，使相连物质间能发生反应，不相连物质间不能发生反应。你认为“五连环”中有空缺的一环应填入的物质是A．氧化钾 B．氧气 C．二氧化碳 D．氧化钙【答案】C【解析】由信息可知，相连环物质间能发生反应，不相连环物质间不能发生反应，Fe+2HCl=FeCl2+H2↑，HCl+NaOH=NaCl+H2O，CO2为酸性氧化物和氢氧化钠溶液反应生成盐和水，CO2高温下和C反应生成一氧化碳，CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O，CO2+C2CO，且CO2和铁、稀盐酸不反应，故五连环”中有空缺的一环应填入的物质为CO2，故C正确；答案选C。如图所示用连线连接的物质之间在一定条件下能发生化学反应，①~⑤代表的物质分别是HCl、NaHCO3、CO2、Cu、NaCl、CaO、Fe和NaOH中的一种。下列说法正确的是A．①代表Fe，③代表CaO，⑤代表NaHCO3B．①和②反应的化学方程式：C．过量③与④反应的离子方程式：D．②与④的反应属于化合反应【答案】C【分析】单质①与酸②反应，说明①是活泼金属，是Fe，②是HCl；氧化物③与碱④反应，说明③是酸性氧化物，是CO2，碱④是NaOH；盐酸与氢氧化钠反应生成盐⑤(NaCl)。【解析】A．根据分析①代表Fe，③代表CO2，⑤代表NaCl，A错误；B．铁和盐酸反应生成氯化亚铁，化学方程式为：，B错误；C．过量的二氧化碳通入NaOH中，生成碳酸氢钠，离子方程式为，C正确；D．酸和碱反应生成盐和水，是复分解反应，D错误；答案选C。阅读下列科普短文并填空。①硬水，是指水中所溶的矿物质成分较多，尤其是钙、镁元素。硬水中钙镁离子的一种存在形式是②Ca(HCO3)2、Mg(HCO3)2，它们往往是溶解于水中的③CO2与岩石中的相关物质作用形成的，加热时形成④CaCO3、⑤Mg(OH)2就是通常所说的“水垢”。水壶、暖瓶中的水垢可以用少量食醋(有效成份是⑥CH3COOH)浸泡后除去。（1）在上述短文标有序号的物质中，属于碱的是(填序号，下同)；属于酸式盐的是；属于混合物的是。（2）将③通入足量澄清石灰水中，写出该过程发生的化学反应方程式。（3）写出用食醋除水垢时④与⑥反应的离子反应方程式(已知：CH3COOH是一元弱酸)。【答案】（1）⑤②①（2）CO2＋Ca(OH)2=CaCO3↓＋H2O（3）【解析】（1）硬水是混合物，属于盐，是酸式盐，属于正盐，属于碱；答案为⑤，②，①；（2）二氧化碳与澄清石灰水反应生成碳酸钙和水，反应的方程式为：CO2＋Ca(OH)2=CaCO3↓＋H2O；（3）醋酸是一元弱酸，所以在离子方程式中不能拆，反应的离子方程式为：。四种基本反应类型⭐积累与运用⭐积累与运用化合反应：由两种或两种以上的物质生成另一种物质的化学反应。CaO+H2O=Ca(OH)2注意：K2O、Na2O、BaO、CaO能与水反应，生成相应的碱，其他金属氧化物则不能。分解反应：由一种物质生成两种或两种以上其他物质的化学反应不溶性碳酸盐高温分解：CaCO3=CaO+CO2↑不溶性碱受热分解：Cu(OH)2=Cu2O+H2O(除KOH、NaOH、Ba(OH)2之外，其他碱都能分解生成相应的氧化物和水)重要分解反应：双氧水分解、高锰酸钾受热分解、氯酸钾受热分解等。置换反应：一种单质和一种化合物生成另一种单质和另一种化合物的化学反应。Fe+2HCl=FeCl2+H2↑注意：这里指稀盐酸和稀硫酸。硝酸与金属反应不生成氢气。复分解反应：两种化合物相互交换成分，生成另外两种化合物的化学反应。除去Cu粉中混有的少量CuO：CuO+2HCl=CuCl2+H2O以下是碳及其化合物的转化关系：CCO2H2CO3CaCO3→CO2，其中涉及的基本反应类型依次是A．化合、置换、分解、复分解 B．置换、复分解、化合、分解C．置换、化合、复分解、分解 D．置换、化合、分解、复分解【答案】C【解析】该转化关系涉及的化学反应依次为：、、、，各反应的基本反应类型依次为：置换反应、化合反应、复分解反应、分解反应；故选C。碳酸钙是一种重要的钙营养强化剂，可以添加到各种食品中。两种制备碳酸钙的实验方案如下：这两种实验方案中没有涉及的化学反应类型为A．置换反应 B．分解反应 C．化合反应 D．复分解反应【答案】A【解析】反应①②③④⑤依次为、CaO+H2O=Ca(OH)2、Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH、CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑、CaCl2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaCl，反应①是分解反应，反应②是化合反应，反应③④⑤是复分解反应，没有涉及置换反应，A项符合题意；答案选A。铝热剂可用于焊接铁轨，在高温下发生反应2Al＋Fe2O3Al2O3＋2Fe，该反应为A．化合反应 B．分解反应 C．置换反应 D．复分解反应【答案】C【解析】2Al＋Fe2O3Al2O3＋2Fe属于单质和化合物反应生成新的单质和化合物，属于置换反应，A、B、D错误；故选C。下列反应中，不属于四种基本反应类型(化合、分解、复分解、置换)的是A． B．C． D．【答案】C【解析】A．符合“多变一”的特征，属于化合反应，故A不符合题意；B．符合“一变多”的特征，属于分解反应，故B不符合题意；C．有元素化合价变化，属于氧化还原反应，不属于四种基本反应类型，故C符合题意；D．属于置换反应，故D不符合题意；故答案选C。锌、稀硫酸、NaOH溶液、硫酸铜溶液之间的反应关系如下图所示。图中两圆相交部分(A、B、C、D)表示物质间的反应，下列有关四个反应类型的说法正确的是A．复分解反应、复分解反应、化合反应、置换反应B．中和反应、置换反应、复分解反应、置换反应C．复分解反应、复分解反应、置换反应、置换反应D．分解反应、复分解反应、置换反应、置换反应【答案】C【解析】A、B、C、D四个反应的化学方程式分别为2NaOH＋H2SO4=Na2SO4＋2H2O(复分解反应或中和反应)；CuSO4＋2NaOH=Cu(OH)2↓＋Na2SO4(复分解反应)；Zn＋CuSO4=ZnSO4＋Cu(置换反应或氧化还原反应)；Zn＋H2SO4=ZnSO4＋H2↑(置换反应或氧化还原反应)；答案选C。21．下图中的每条连线表示两端的物质可以发生化学反应，甲、乙、丙、丁分别为Mg、、、HCl中的一种。（1）写出下列反应的化学方程式：甲和乙：。丙和丁：。（2）图中反应①属于基本反应类型中的反应。【答案】（1）BaCl2+Na2CO3=BaCO3↓+2NaClMg+2HCl=MgCl2+H2↑（2）复分解【分析】在给定的转化关系中，硫酸与甲、乙、丁三种物质反应，而甲、乙、丙、丁(Mg、BaCl2、Na2CO3、HCl)中只有HCl不和硫酸反应，所以丙为HCl；由氢氧化钙与乙反应，推出乙为Na2CO3，而甲与乙反应，甲为BaCl2，丁为Mg；【解析】（1）甲为BaCl2，乙为Na2CO3，氯化钡和碳酸钠反应生成碳酸钡和氯化钠，化学方程式为：Na2CO3+BaCl2=BaCO3↓+2NaCl；丙为HCl，丁为Mg，镁和HCl溶液反应生成氯化镁和氢气，化学方程式为：Mg+2HCl=MgCl2+H2↑；（2）反应①为酸碱中和，属复分解反应。故选D。1．分别将6滴饱和溶液滴加到下列试剂中：①520℃蒸馏水中；②5沸水中并加热至红褐色；③520℃蒸馏水中，然后再加入适量0.1溶液。用激光笔照射所得到的三种分散系，只有②中观察到光亮的通路。下列有关相应分散系的说法正确的是A．分散质粒子直径：③>②>①B．仅凭观察法不能将①②③三种分散系区分开C．②中产生的丁达尔现象不能区分胶体与溶液D．向三种分散系中加入稀硝酸酸化的溶液后，只有①中会产生白色沉淀【答案】A【分析】分别将6滴饱和FeCl3溶液滴加到下列试剂：①5mL20℃蒸馏水中；②5mL沸水中并加热至红褐色；③5mL20℃蒸馏水中，然后再加入适量0.1mol•L-1的NaOH溶液，①形成的是溶液，②形成的是胶体，③形成的浊液，据此判断。【解析】A．分散质微粒直径大小为浊液＞胶体＞溶液，分散质粒子直径：①＜②＜③，A正确；B．①中形成溶液，溶液为浅黄色；②中形成红褐色溶液的胶体；③生成氢氧化铁红褐色沉淀，用观察法能够区分，B错误；C．胶体具有丁达尔效应，溶液不具有，则用激光笔照射分散系，胶体中观察到光亮的通路，溶液不能，故②中产生的丁达尔现象能区分胶体与溶液，C错误；D．①、②、③中均含有氯离子，①中的氯化铁溶液中滴入硝酸酸化的硝酸银溶液生成氯化银白色沉淀，滴入②的胶体中胶体聚沉生成红褐色沉淀，同时生成氯化银沉淀，③形成的是氢氧化铁的沉淀和氯化钠溶液，滴入硝酸酸化的硝酸银溶液后也会生成白色AgCl沉淀，D错误；故答案选A。2．下列关于物质分类的组合正确的是选项碱酸盐碱性氧化物酸性氧化物ABCD【答案】B【解析】A．CaO为碱性氧化物，不属于碱，故A错误；B．根据分析中定义，表中所有物质一一对应，故B正确；C．酸指溶于水电离出的阳离子只有H+的化合物，CH4不属于酸，故C错误；D．CO是不成盐氧化物，故D错误；故答案选B。3．下列说法正确的有①“卤水点豆腐”“黄河入海口处三角洲的形成”都与胶体的性质有关②在制备胶体实验中，可以长时间加热③向胶体中加入过量稀硫酸，先有红褐色沉淀生成，然后沉淀溶解形成棕黄色溶液④将饱和氯化铁溶液滴入溶液中，得到红褐色的胶体⑤因为胶粒比溶液中溶质粒子大，所以胶体可以用过滤的方法把胶粒分离出来⑥不同品牌的墨水不能混用，与胶体聚沉有关⑦所有胶体的分散质微粒都可以在外加电源作用下做定向移动A．2个 B．3个 C．4个 D．5个【答案】B【解析】①“卤水点豆腐”“黄河入海口处三角洲的形成”与胶体的胶粒带电荷有关，海水中盐电离产生的离子使胶体发生聚沉得到沙洲，①正确；②在制备胶体实验中，当加热至液体呈红褐色就停止加热，而不能长时间加热，否则胶体会发生聚沉，②错误；③向胶体中加入过量稀硫酸，胶体先发生聚沉有红褐色沉淀生成，然后发生酸碱中和，沉淀溶解形成棕黄色溶液，③正确；④将饱和氯化铁溶液滴入溶液中，发生复分解反应产生红褐色沉淀，不能制备氢氧化铁胶体，④错误；⑤因为胶粒是比溶液中溶质粒子大，但小于悬浊液的固体小颗粒，能够通过滤纸，所以胶体不能用过滤的方法把胶粒分离出来，⑤错误；⑥不同品牌的墨水不能混用，否则胶体会发生聚沉形成沉淀，而堵塞钢笔尖，写字不流畅，⑥正确；⑦有的胶体的分散质微粒选择性吸附正电荷或负电荷，有的则不吸附电荷，因此不是所有胶体的分散质微粒都可以在外加电源作用下做定向移动，⑦错误；正确的有①③⑥，答案选B。4．各物质间有着一定的转化关系，下列各组物质问可以按下图所示直接转化的是A．Fe→Fe2O3→FeSO4→Fe B．CO→CO2→H2CO3→COC．NaOH→NaCl→Na2CO3→NaOH D．HCl→CuCl2→BaCl2→HCl【答案】D【解析】A．Fe2O3→FeSO4不能一步实现转化，故A不符合题意；B．H2CO3→CO不能一步实现转化，故B不符合题意；C．NaCl→Na2CO3不能一步实现转化，故C不符合题意；D．HCl能够与Cu(OH)2反应生成CuCl2；Ba(OH)2与CuCl2反应生成BaCl2；H2SO4和BaCl2反应生成HCl，能一步实现转化，故D符合题意。综上所述，答案为D。5．下列说法正确的是A．能电离出氢离子，溶液显酸性，所以是酸B．与盐酸反应生成盐、水和氧气，所以是碱性氧化物C．与反应生成、，所以是酸性氧化物D．、与硫酸反应只生成对应的盐和水，所以都是碱性氧化物【答案】D【解析】A．能电离出H+，同时产生金属阳离子Na+及硫酸根离子，所以NaHSO4是盐，故A错误；B．Na2O2与盐酸反应生成盐、水和氧气，反应过程中存在元素化合价的变化，属于氧化还原反应，且生成了氧气，所以Na2O2不是碱性氧化物，故B错误；C．与反应生成、，生成的盐是两种，且发生元素化合价的变化，所以NO2不是酸性氧化物，故C错误；D．、与硫酸反应只生成对应的盐和水，没有元素化合价的变化，所以、都是碱性氧化物，故D正确；故选D。6．回答下列问题：（1）如图为五个椭圆交叉构成的图案，其中五个椭圆内分别写了五种物质，图中相连的物质均可归为一类，相交部分A、B、C、D为相应的分类标准代号：①相连的两种物质都是电解质的是(填分类标准代号，下同)，都是氧化物的是。②图中相连的两种物质能够相互反应的是，所属基本反应类型的是反应。③上述五种物质中的某一物质能与某种强酸反应生成上述中的另一种物质，则该反应的离子方程式为。④用洁净的烧杯取25mL蒸馏水，加热至沸腾，向烧杯中逐滴加入上述五种物质中的某一物质的饱和溶液，加热至液体呈红褐色，得到的分散系称为，写出制备此分散系的化学方程式。鉴别该分散系和原饱和溶液所采用的方法是观察是否能发生效应。（2）分类方法应用比较广泛，属于同一类的物质具有相似性，在生活和学习中使用分类的方法处理问题，可以做到举一反三，还可以做到由此及彼。如：①都属于酸性氧化物，由，可完成与NaOH反应的离子方程式为。②都属于弱酸形成的酸式盐，由及，完成NaHS与NaOH反应的化学方程式为。【答案】（1）DBD复分解反应胶体丁达尔（2）【解析】（1）①D相连的和都是电解质，B相连的和都是氧化物；②D相连的和能发生反应：，发生的反应类型为复分解反应；③根据题目要求，在这些物质中，能与反应生成，反应的离子方程式为：；④向盛有沸水的烧杯中滴加饱和的溶液，发生反应，得到红褐色的胶体，能发生丁达尔效应，能用于鉴别胶体的溶液；（2）①酸性氧化物与碱反应生成盐和水，所以与NaOH反应的离子方程式为：；②弱酸形成的酸式盐能与碱反应生成正盐和水，所以NaHS与NaOH反应的化学方程式为。7．对知识的归纳和总结是学好化学的重要方法。在学习碱的性质后，学生总结了Ca(OH)2的四条化学性质(如下图所示)，即Ca(OH)2可与下图中四类物质能够发生化学反应。（1）图中M所属的物质类别是。（2）Ca(OH)2可由生石灰与水反应制得，该反应能(填“吸收”或“放出”)热量。（3）利用图中：Ca(OH)2能与反应的性质，可以解释“用石灰浆粉刷墙壁，干燥后墙面就变硬”的现象。（4）利用图中④：Ca(OH)2与盐反应的性质中，可以除去溶液中少量的Ca(OH)2杂质，请写出该反应的化学方程式。明胶是水溶性蛋白质混合物，溶于水形成胶体。工业明胶含有的Fe(CrO2)2会对人体造成伤害。（5）Fe(CrO2)2中铬元素是+3价，则其中铁元素是价，是一种酸根离子，则Fe(CrO2)2属于(选填序号)。A．酸B．碱C．盐D．氧化物（6）明胶的水溶液和K2SO4溶液共同具备的性质是(选填序号)。A．都不稳定，密封放置会产生沉淀B．分散质粒子都可以通过滤纸C．二者均能产生丁达尔现象【答案】（1）酸（2）放出（3）某些非金属氧化物（4）Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3↓+2NaOH（5）+2C（6）B【解析】（1）Ca(OH)2属于碱，碱能与酸碱指示剂、酸、某些非金属氧化物、盐发生反应，则图中M所属的物质类别是酸。（2）Ca(OH)2可由生石灰与水反应制得，该反应属于化合反应，能放出热量。（3）利用图中：Ca(OH)2能与某些非金属氧化物反应的性质，可以解释“用石灰浆粉刷墙壁，干燥后墙面就变硬”的现象。（4）利用图中④：Ca(OH)2与盐反应的性质中，可以除去NaOH溶液中少量的Ca(OH)2杂质，则此盐为Na2CO3，该反应的化学方程式为Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3↓+2NaOH。（5）Fe(CrO2)2中铬元素是+3价，氧元素是-2价，则铁元素是+2价，是一种酸根离子，则Fe(CrO2)2属于盐，故选C。（6）A．胶体和溶液都比较稳定，密封放置不会产生沉淀，A不正确；B．溶液和胶体中的分散质粒子直径都小于滤纸的孔隙直径，都可以通过滤纸，B正确；C．明胶的水溶液属于胶体，K2SO4溶液属于溶液，则只有明胶的水溶液能产生丁达尔现象，C不正确；故选B。1．Brnsted-Lowr