重庆市2024-2025学年高一下学期开学适应性模拟测试练习卷生物试题（解析版）

高级中学名校试题PAGEPAGE1重庆市2024-2025学年高一下学期开学适应性模拟测试练习卷一．选择题（共25小题）1.如图为某些物质进入细胞的方式的模型，下列说法错误的是（）A.这些物质可能是O2、CO2、甘油、乙醇、苯等B.这些物质进入细胞时不消耗细胞内化学反应产生的能量C.细胞内外物质浓度梯度的大小直接影响这些物质运输的速率D.这些物质大量进入细胞导致胞内该物质浓度大于胞外【答案】D〖祥解〗图中所示的物质过膜方式是自由扩散，物质进入细胞的速率由细胞内外的浓度差决定，不消耗能量。【详析】AC、图中所示的物质过膜方式是自由扩散，物质进入细胞的速率由细胞内外的浓度差决定，O2、CO2、甘油、乙醇、苯是以自由扩散的方式过膜，AC正确；B、图中所示的物质过膜方式是自由扩散，不消耗细胞内化学反应产生的能量，B正确；D、这些物质大量进入细胞导致胞内该物质浓度等于胞外，D错误。故选D。2.蓖麻种子的胚乳呈白色，脂肪含量占种子总质量的70%。为探究该植物种子萌发过程中的物质变化，定期检查萌发种子（形成幼苗前）的脂肪、蔗糖、葡萄糖的含量变化，结果如图所示。下列说法正确的是（）A.蓖麻种子中含量最多的有机物是蛋白质B.蓖麻种子的脂肪中含有大量饱和脂肪酸C.推测蓖麻种子在萌发过程中脂肪转变成糖类D.蔗糖参与细胞壁的组成导致其含量在第8天后开始下降【答案】C〖祥解〗图中蓖麻种子萌发过程中胚乳组织中的脂肪含量下降，葡萄糖、蔗糖含量上升，可见萌发过程中胚乳组织中的脂肪酶催化脂肪水解成甘油、脂肪酸，然后再转变为葡萄糖、蔗糖作为胚生长和呼吸消耗的原料。【详析】A、由题可知蓖麻种子中含量最多的有机物是脂肪，A错误；B、蓖麻种子的脂肪中含有大量的不饱和脂肪酸，B错误；C、蓖麻种子在萌发过程中脂肪减少、糖类增加，推测脂肪转变成糖类，C正确；D、蔗糖不参与细胞壁的组成，D错误。故选C。3.抑制剂与酶结合引起酶活性降低或丧失的过程称为失活作用。根据抑制剂与底物的关系可分为竞争性抑制和非竞争性抑制，如图为两种抑制剂的作用机理模型。下列说法错误的是（）A.竞争性抑制剂与底物有相同的结合部位B.非竞争性抑制剂能改变酶与底物结合部位的结构C.酶的活性还受温度、pH值、重金属离子等因素的影响D.酶是蛋白质，完成催化作用后酶的活性也随之丧失【答案】D【详析】A、竞争性抑制剂与底物有相同的结合部位，A正确；B、图中非竞争性抑制剂能改变酶与底物结合部位的结构，酶无法和底物结合，B正确；C、酶的活性还受温度、pH值、重金属离子等因素的影响，C正确；D、酶一般是蛋白质，完成催化作用后酶的活性不会立即丧失，还能重复起作用，D错误。故选D。4.蛋白质是生命活动的主要承担者，下列关于蛋白质和多肽的叙述，正确的是（）A.经常用开水煮毛巾可以使蛋白质的肽键全部断裂以达到消毒的目的B.蛋白质中的肽链位于同一个平面，不同位点的氨基酸之间能够形成氢键C.若某蛋白质含有M个氨基酸、N条肽链，则此蛋白质至少含有氧原子数（N＋M）个D.某条肽链由80个氨基酸缩合而成，其中共有氨基5个，合成该多肽的氨基酸共有N原子85个【答案】C【详析】A、水煮毛巾的目的是使蛋白质的氢键等断裂破坏蛋白质的空间结构，以达到消毒的目的，A错误；B、蛋白质中的肽链不在同一个平面，是具有空间结构的，B错误；C、若某蛋白质含有M个氨基酸、N条肽链，没脱水缩合前共有2M个氧原子，脱水过程减少(M-N)个氧，则此蛋白质至少含有氧原子数2M-(M-N)=（N＋M）个，C正确；D、某条肽链由80个氨基酸缩合而成，其中共有氨基5个，合成该多肽的氨基酸共有N原子84个，D错误。故选C。5.花生种子可作为脂肪鉴定的材料，在其发育过程中，子叶中会储存大量的脂肪，这些脂肪积累在一种由内质网衍生而来的油质体中，如图所示。下列说法错误的是（）A.油质体中的油脂在两层磷脂分子之间积累B.油质体上的油体蛋白由内质网合成C.花生子叶中的油质体的膜来源于内质网，属于生物膜系统D.内质网能衍生出油质体与膜的流动性有关【答案】B〖祥解〗细胞膜、细胞器膜和核膜共同构成细胞的生物膜系统。内质网是单层膜细胞器，一层生物膜含两层磷脂分子层，两层磷脂分子亲水的头部朝外，疏水的尾部朝内。内质网与分泌蛋白的加工、运输有关。【详析】A、两层磷脂分子之间是疏水的尾部，所以油质体中的油脂应在两层磷脂分子之间积累，A正确；B、蛋白质在核糖体上合成，所以油质体中的油体蛋白是由核糖体合成不是由内质网合成，B错误；C、细胞的生物膜系统包括细胞膜、细胞器膜和核膜。根据题意，花生子叶中的油质体的膜来源于内质网膜，本质上还是细胞器膜，属于生物膜系统，C正确；D、油质体由内质网膜突起形成小泡衍生而来，该过程与膜的流动性有关，D正确。故选B。6.用相同培养液培养番茄和水稻时，培养液中各离子浓度变化如下图。以下分析错误的是（）A.根细胞对水和离子的吸收是两个相对独立的过程B.水稻将Ca2＋排出，使培养液中Ca2＋浓度升高C.两种植物细胞对无机盐吸收的差异体现了膜的选择透过性D.番茄根尖成熟区细胞与外界溶液组成渗透系统，其原生质层相当于半透膜【答案】B【详析】A、根细胞对无机盐是一种选择性吸收，属于主动运输，而对水是通过渗透作用，则根细胞对水分和矿质元素的吸收是两个相对独立的过程，A正确；B、水稻以主动运输的方式从培养液中吸收Ca2+和Mg2+，但吸收水的速率比吸收这两种离子快，因此使培养液中这两种离子的浓度增加，B错误；C、由柱形图可看出，水稻吸收的SiO44-多，对Ca2+、Mg2+吸收量少，而番茄吸收的Ca2+和Mg2+较多，对SiO44-吸收量少，说明不同作物对无机盐的吸收是有差异的，即两种植物细胞对无机盐吸收的差异体现了膜的选择透过性，C正确；D、番茄根尖成熟区细胞有大的液泡，相当于渗透系统，其中原生质层相当于半透膜，D正确。故选B。7.如图表示“比较过氧化氢在不同条件下的分解实验”。下列相关分析合理的是（）A.本实验的因变量是单位时间内过氧化氢分解产生气体的量B.本实验的自变量是酶的用量C.1号与3号、2号与4号可分别构成对照实验D.分析1号、2号试管的实验结果可知，加热能降低反应所需的活化能【答案】A【详析】由题意可知，本实验的因变量是过氧化氢分解产生气体的量，A正确；本实验的自变量是温度、催化剂的种类，B错误；分析题图实验可知，1号与3号，1号与4号的单一变量是有无加催化剂，可分别构成对照实验，C错误；加热能使过氧化氢分子从常态转变成容易反应的活跃状态，不是降低反应的活化能，D错误；故选A。8.下图为细胞内葡萄糖分解的过程图，细胞色素C（CytC）是位于线粒体内膜上参与细胞呼吸的多肽。正常情况下，外源性CytC不能通过细胞膜进入细胞，但在缺氧时，细胞膜的通透性增加，外源性CytC便能进入细胞及线粒体内，提高氧的利用率。若给相对缺氧条件下培养的人体肌细胞补充外源性CytC，下列相关分析中错误的是（）A.补充外源性CytC会导致细胞质基质中[H]的减少B.进入线粒体的外源性CytC促进①②③过程的进行C.进入线粒体的外源性CytC参与②过程中生成H2O的反应D.CytC在临床上可用于组织细胞缺氧急救的辅助治疗【答案】B〖祥解〗由图可知，①②表示有氧呼吸，①③表示无氧呼吸。【详析】A、缺氧条件下，外源性CytC便能进入细胞及线粒体内，提高氧的利用率，说明补充外源性CytC会导致细胞质基质和线粒体基质中[H]的减少，A正确；B、正常情况下，外源性CytC不能通过细胞膜进入细胞，缺氧条件下补充外源性CytC后，提高氧的利用率，会促进细胞有氧呼吸②过程，该过程有水的生成，不能促进③过程，B错误，C正确；D、补充外源性CytC可提高氧的利用率，故在临床上可用于组织细胞缺氧急救的辅助治疗，D正确。故选B。9.下列关于高等动植物连续分裂细胞其细胞周期的叙述，正确的是（）A.G2期细胞的核DNA含量已增加一倍B.S期细胞的染色体数目已增加一倍C.用蛋白质合成抑制剂处理G1期细胞，不影响其进入S期D.用秋水仙素处理细胞群体，M期细胞的比例会减少【答案】A〖祥解〗细胞周期分为分裂间期和分裂期（M期），细胞分裂间期分为

G1、S、G2三个阶段．G1时期主要进行RNA和蛋白质的生物合成，并且为下阶段S期的DNA合成做准备；S期进行DNA的复制，复制后的两个DNA分子仍位于同一条染色体上；G2期为DNA分子复制后期，仍然存在RNA和蛋白质的合成。【详析】A、G2期是细胞分裂间期中的DNA复制后期，即已经完成DNA分子的复制，因此细胞的核DNA含量已增加一倍，A正确；

B、S期是指分裂间期中DNA复制期，但是DNA复制后染色体数目并没有改变，B错误；

C、DNA复制（S期）需要解旋酶和DNA聚合酶，这些酶都是在G1期合成的，C错误；

D、秋水仙素能抑制有丝分裂前期纺锤体的形成，导致M期细胞的比例会增多，D错误．

故选A。10.乳糖酶催化乳糖水解。有两项与此相关的实验,其实验条件均设置为最适条件实验结果如下,以下分析正确的是()实验一

(乳糖浓度为10%)酶浓度0%1%2%4%5%相对反应速率02550100200实验二

(酶浓度为2%)乳糖浓度0%5%10%20%30%相对反应速率025506565A.实验一如果继续增加酶浓度,相对反应速率不再加大B.实验一增加乳糖浓度,相对反应速率将降低C.实验二若继续增大乳糖浓度,相对反应速率不再加大D.实验二若提高反应温度条件5℃,相对反应速率将增大【答案】C【详析】A、在乳糖浓度为10%时，当酶浓度达到5%时，相对反应速率为200，所以实验一如果继续增加酶浓度，相对反应速率将可能继续加大，A错误；B、在某一酶浓度时，增加底物浓度会使相对反应速率升高，因此，实验一增加乳糖浓度，相对反应速率可能增大，B错误；C、在酶浓度为2%时，乳糖浓度20%与30%情况下，相对反应速率相等，所以在实验二若继续增大乳糖浓度，相对反应速率将不再加大，C正确；D、实验条件均设置为最适条件，所以提高温度，酶的活性反而下降，因此实验二若提高反应温度条件5℃，相对反应速率将减小，D错误。故选C。11.以下关于真核细胞和原核细胞的描述不正确的是（）①真核细胞有成形的细胞核，真核细胞内的基因都可以表达②叶肉细胞有叶绿体，其合成的ATP可为主动运输提供能量③线粒体含有呼吸酶，可催化葡萄糖氧化分解④真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质⑤蓝藻为原核细胞，在生态系统中做生产者，可在叶绿体中进行光合作用⑥醋酸菌为原核细胞，没有线粒体，只进行无氧呼吸A.①②③④⑤⑥ B.②③④C.①②④⑥ D.②③⑤⑥【答案】A〖祥解〗本题考查原核细胞和真核细胞的异同。根据有没有成形的细胞核，可以将细胞分为原核细胞和真核细胞两种，原核细胞没有成形的细胞核，也没有复杂的细胞器，只有拟核和核糖体；真核细胞有核膜包被的细胞核，有各种复杂的细胞器。【详析】①真核细胞有成形的细胞核，基因在不同细胞中选择性表达，①错误；②真核细胞叶绿体光反应中产生的ATP只能用于暗反应，②错误；③葡萄糖氧化分解发生在细胞质基质，③错误；④真核生物和原核生物都以DNA为遗传物质，④错误。⑤蓝藻属于原核生物，没有叶绿体，⑤错误；⑥醋酸菌为原核细胞，是好氧生物，没有线粒体但含有与有氧呼吸有关的酶，可以进行有氧呼吸，⑥错误。故选A12.幽门螺旋杆菌（简称Hp）主要寄生于人体胃中，是引起很多消化道疾病的首要致病细菌。体检时可通过14C尿呼气试验来检测Hp感染情况。受试者口服14C标记的尿素胶囊后，尿素可被Hp产生的脲酶催化分解为NH3和14CO2。定时收集受试者吹出的气体并测定其中是否含有14CO2。以下叙述正确的是（）A.Hp的遗传物质是DNA或RNAB.感染者呼出的14CO2是由人体细胞呼吸产生C.受试者若未感染Hp，呼出的气体中无14CO2D.脲酶由Hp细胞中附着在内质网上的核糖体合成【答案】C〖祥解〗Hp属于原核生物，真核细胞和原核细胞的比较比较项目原核细胞真核细胞大小较小较大主要区别无以核膜为界限的细胞核，有拟核有以核膜为界限的细胞核细胞壁有，主要成分是糖类和蛋白质植物细胞有，主要成分是纤维素和果胶；动物细胞无；真菌细胞有，主要成分为多糖生物膜系统无生物膜系统有生物膜系统细胞质有核糖体，无其他细胞器有核糖体和其他细胞器DNA存

在形式拟核中：大型环状、裸露

质粒中：小型环状、裸露细胞核中：和蛋白质形成染色体

细胞质中：在线粒体、叶绿体中裸露存在增殖方式二分裂无丝分裂、有丝分裂、减数分裂可遗传变异方式基因突变基因突变、基因重组、染色体变异【详析】A、Hp含有细胞结构，遗传物质是DNA，A错误；B、感染者呼出的14CO2是由脲酶分解尿素产生的，B错误；C、受试者若未感染Hp，则不能产生脲酶，则不能分解含有14C标记的尿素，则呼出的气体不能检测到14CO2，C正确；D、Hp为原核生物，只含有核糖体一种细胞器，没有内质网，D错误。故选C。13.用物质的量浓度为2mol·L-1的乙二醇溶液和2mol·L-1的蔗糖溶液分别浸泡某种植物细胞，观察质壁分离现象，得到其原生质体体积变化情况如图所示。下列表述中正确的是（）A.该细胞可能是某种植物根尖分生区的细胞B.AB段曲线表明细胞液浓度在逐渐增大C.BC段表明该细胞开始因失水过多而逐渐死亡D.若改用KNO3溶液，不会得到类似蔗糖溶液的结果【答案】B〖祥解〗由图可知，处于一定浓度的乙二醇溶液中的细胞会发生质壁分离后会自动复原，处于一定浓度蔗糖溶液中的细胞会发生质壁分离，但不会自动复原。【详析】A、根尖分生区细胞无大液泡，不能发生质壁分离，A错误；B、AB段原生质体体积变小，液泡内失去水分，故细胞液浓度在逐渐增大，B正确；C、只有活细胞才会发生质壁分离复原，BC段因细胞吸水使原生质体体积增大，C错误；D、用一定浓度的KNO3溶液，可得到类似乙二醇溶液的结果，D错误。故选B。14.呼吸作用的底物可以是糖类、油脂和蛋白质，呼吸熵（RQ）是指呼吸作用所释放的CO2和吸收O2的物质的量的比值。下表是3种能源物质在彻底氧化分解时的呼吸熵。下列说法正确的是（）能源物质糖类蛋白质油脂呼吸熵（RQ）1.000.800.71A.油脂的呼吸熵比糖类低，原因是油脂中的氧原子相对含量比糖类中的多B.若呼吸底物为葡萄糖，人体在剧烈运动时呼吸熵大于1C.只进行有氧呼吸的种子，若其呼吸熵为0.80，则说明该种子的呼吸底物是蛋白质D.若酵母菌利用葡萄糖为底物时呼吸熵大于1，说明酵母菌同时进行有氧呼吸和无氧呼吸【答案】D〖祥解〗有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，合成大量ATP。【详析】A、油脂中的氢原子相对含量比糖类中的多，呼吸作用消耗的氧气更多，则油脂的呼吸熵比糖类低，A错误；B、人体在剧烈运动时以需氧呼吸为主，若呼吸底物为葡萄糖，厌氧呼吸不产生CO2，则呼吸熵等于1，B错误；C、只进行需氧呼吸的种子，若呼吸底物为葡萄糖，则呼吸熵等于1，若其呼吸熵为0.80，则可能是不同比例的糖类、蛋白质、油脂为呼吸底物，C错误；D、若呼吸底物为葡萄糖，酵母菌需氧呼吸，氧气的消耗量等于二氧化碳的释放量，进行厌无氧呼吸时，不消耗氧气，会产生二氧化碳，因此若酵母菌利用葡萄糖底物时的呼吸熵大于1，即二氧化碳的释放量大于氧气消耗量，则说明酵母菌同时进行需氧呼吸和厌氧呼吸，D正确。故选D。15.真核细胞具备的生物膜系统在细胞的生命活动中具有重要作用。请据图判断下列关于生物膜的描述，正确的是（）A.胃蛋白酶、性激素、抗体均属于分泌蛋白，结构⑥在这些蛋白形成前后，膜面积基本不变B.细胞核中含有mRNA，需穿过2层生物膜进入细胞质，与核糖体结合后起作用C.图中①③④⑤⑥等结构的膜共同构成了生物膜系统D.若用3H标记图中核糖体上的氨基酸，在分泌蛋白形成过程中，放射性物质依次出现在细胞结构②①⑥④③中【答案】C〖祥解〗分析题图：图中①为内质网，②为核糖体，③为细胞膜，④为线粒体，⑤为细胞核，⑥为高尔基体。【详析】A、性激素属于脂质，不属于分泌蛋白，A错误；B、细胞核中合成的mRNA是从核孔出细胞核的，不穿过生物膜，B错误；C、生物膜系统的组成包括细胞膜、细胞器膜和核膜，图中①内质网、③细胞膜、④线粒体膜、⑤核膜、⑥高尔基体膜等结构共同构成了生物膜系统，C正确；D、若对图中核糖体上的氨基酸用3H进行标记，在分泌蛋白形成过程中，放射性物质在细胞结构中依次出现的顺序是②核糖体、①内质网、⑥高尔基体、③细胞膜，D错误。故选C。16.下列实验操作正确的是（）A.探究植物细胞的吸水和失水的实验中，给洋葱鳞片叶外表皮滴加蒸馏水和蔗糖溶液时应该把装片取下来，放在桌面上进行操作，然后再放在载物台上进行观察，以免污染镜头B.探究温度对酶活性的影响时，可以选择H2O2溶液和新鲜肝脏研磨液反应C.用花生种子切片检测生物组织中是否含有脂肪的实验操作中，酒精的作用是杀死杂菌，避免干扰实验D.用蔗糖溶液、淀粉溶液和淀粉酶溶液探究酶的专一性时不能用碘液来检测【答案】D【详析】A、探究植物细胞的吸水和失水的实验中，给洋葱鳞片叶外表皮滴加蒸馏水和蔗糖溶液时应该把装片放在载物台上进行操作，A错误；B、由于H2O2溶液不稳定，在高温条件下易分解，因此不能用作探究温度对酶活性的影响实验的材料，B错误；C、用花生种子切片检测生物组织中是否含有脂肪的实验操作中，酒精的作用是洗去浮色，C错误；D、蔗糖溶液反应前后，用碘液来检测都没有变化，D正确。故选D。17.乳糖酶催化乳糖水解。有两项与此相关的实验,其实验条件均设置为最适条件实验结果如下,以下分析正确的是()实验一

(乳糖浓度为10%)酶浓度0%1%2%4%5%相对反应速率02550100200实验二

(酶浓度为2%)乳糖浓度0%5%10%20%30%相对反应速率025506565A.实验一如果继续增加酶浓度,相对反应速率不再加大B.实验一增加乳糖浓度,相对反应速率将降低C.实验二若继续增大乳糖浓度,相对反应速率不再加大D.实验二若提高反应温度条件5℃,相对反应速率将增大【答案】C【详析】A、在乳糖浓度为10%时，当酶浓度达到5%时，相对反应速率为200，所以实验一如果继续增加酶浓度，相对反应速率将可能继续加大，A错误；B、在某一酶浓度时，增加底物浓度会使相对反应速率升高，因此，实验一增加乳糖浓度，相对反应速率可能增大，B错误；C、在酶浓度为2%时，乳糖浓度20%与30%情况下，相对反应速率相等，所以在实验二若继续增大乳糖浓度，相对反应速率将不再加大，C正确；D、实验条件均设置为最适条件，所以提高温度，酶的活性反而下降，因此实验二若提高反应温度条件5℃，相对反应速率将减小，D错误。故选C。18.将长势相同的番茄幼苗随机分成若干组，置于不同温度下分别暗处理1h，再光照1h，测其干重变化（其他条件相同且适宜），得到如图所示的结果。据图分析，下列相关叙述正确的是（）A.34℃时，该番茄幼苗光照1h的净光合速率为5mg/hB.图示七个温度中，该番茄幼苗在30℃时的总光合速率最大C.若在26℃条件下，暗处理1h，再光照2h，则光照后与暗处理前干重变化应为+8mgD.30℃处理24h条件下，若其他条件适宜，则该番茄幼苗的光照时间大于8h才能维持正常生长【答案】BD〖祥解〗图中虚线表示暗处理后干重变化，则可用来反映呼吸速率；实线表示光照后与暗处理前干重变化，其对应的数值加上呼吸速率可用来反映净光合速率。【详析】A、34℃时，该番茄幼苗的呼吸速率为2mg/h，光照1h后与暗处理前的重量变化是-3mg，说明光照1h的净光合速率为-1mg/h，A错误；B、对图示七个温度条件下的呼吸速率和净光合速率进行分析，可得出如表所示结果：该番茄幼苗在30℃时的总光合速率最大，B正确；C、若在26℃条件下，暗处理1h，再光照2h，则光照后与暗处理前干重变化为2×4-1×1=7（mg），C错误；D、30℃条件下，其他条件适宜，若使该番茄幼苗在24h内能维持正常生长，则该番茄幼苗在黑暗条件下的呼吸消耗量应小于其在光照条件下的有机物积累量，即假设光照时间为xh，黑暗时间为（24-x）h，则6x>3（24-x），x>8，D正确。故选BD。19.如图甲为光合作用最适温度条件下，植物光合速率测定装置图，图乙中a、b为测定过程中某些生理指标相对量的变化。下列说法错误的是（）A.图甲装置在较强光照下有色液滴向右移动，再放到黑暗环境中有色液滴向左移动B.一定光照条件下，如果再适当升高温度，净光合速率会发生图乙中从b到a的变化，同时呼吸速率会发生从a到b的变化C.若图乙表示甲图植物光合速率由a到b的变化，则可能是适当提高了缓冲液的浓度D.若将图甲中的缓冲液换成质量分数为1%的NaOH溶液，其他条件不变，短时间内植物幼苗叶绿体中的ATP含量减少，ADP的含量增加【答案】D【详析】A、装置中的二氧化碳缓冲液为光合作用提供二氧化碳，所以在较强光照下经过光合作用产生的氧气增加导致气压增大，有色液滴向右移动，再放到黑暗环境中，二氧化碳缓冲液可以吸收呼吸作用产生的二氧化碳，氧气不断被消耗，气压减小，有色液滴向左移动，A正确；B、图甲为光合作用最适温度条件下的反应，再适当升高温度，光合速率下降，真光合速率会发生图乙中从b到a的变化，同时呼吸速率可能增大，故可能会发生从a到b的变化，B正确；C、图示是在最适温度条件下进行的，若适当提高二氧化碳缓冲液的浓度，二氧化碳浓度升高，光合强度会增加，C正确；D、将图甲中的二氧化碳缓冲液换成质量分数为的氢氧化钠溶液，装置内的二氧化碳全部被氢氧化钠吸收，光合作用只能利用来自于植物自身呼吸作用产生的二氧化碳，光合速率下降，暗反应减弱会抑制光反应的进行，故植物幼苗叶绿体产生NADPH的速率将减小，D错误。故选D。20.2022年12月26日，国家卫生健康委员会发布公告将新型冠状病毒肺炎更名为新型冠状病毒感染，下图是新型冠状病毒的结构模式图（其中的囊膜来源于宿主细胞的细胞膜）。下列有关新型冠状病毒的叙述正确的是（）A.病毒是最微小的生物，因此它是最基本的生命系统B.新型冠状病毒营寄生生活，说明生物的生命活动离不开细胞C.新型冠状病毒的化学成分除蛋白质和核酸外，不包括其他成分D.可将新型冠状病毒接种于含丰富营养物质的培养液中进行大量培养【答案】B〖祥解〗病毒是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体；根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白质组成。【详析】A、细胞是最基本的生命系统，病毒不属于生命系统，A错误；B、病毒必需寄生在宿主活细胞内才能增殖，病毒的生命活动离不开细胞，B正确；C、新型冠状病毒的囊膜中含糖类、脂质等成分，C错误；D、新型冠状病毒是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动，不能在含丰富营养物质的培养液中培养，D错误。故选B。21.用显微镜的一个目镜分别与4个不同物镜组合来观察某一细胞装片。当成像清晰时，每一物镜与载玻片的距离如图甲所示。图乙是选用图甲中c物镜时观察到的视野，下列说法正确的是（）A.选用a物镜时观察到的细胞数目比选用d物镜时观察到的更多B.选用b物镜比选用c物镜的视野亮度更大C.若要进一步放大观察乙视野中的细胞，应先将装片向右上方移动D.观察时，由c物镜转换为d物镜，转换后只能调整细准焦螺旋【答案】C〖祥解〗根据物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远，显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，分析甲图可知，甲图中4各不同物镜组合放大倍数关系为a＞b＞c＞d。【详析】A、物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，故a物镜的放大倍数最大，放大倍数越大视野中的细胞数目越少，故用a物镜时观察到的细胞数目比选用d物镜时观察到的更少，A错误；B、显微镜的放大倍数越大，视野越暗，b物镜放大的倍数大于c，选用b物镜比选用c物镜的视野亮度更小，B错误；C、由低倍镜转变为高倍镜进行放大观察时，应先将物像移到视野中央，由于显微镜下观察到的是倒像，装片应向右上方移动，使物像向左下方移动到视野中央，C正确；D、放大观察时，应由d物镜转换为c物镜，D错误。故选C22.棉花纤维由纤维细胞形成。蔗糖经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞后逐渐积累，在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成。研究人员用普通棉花品系培育了SUT表达水平高的品系F，检测两品系植株开花后纤维细胞中的蔗糖含量，结果如图所示。下列说法正确的是（）A.蔗糖进入纤维细胞的方式是自由扩散B.曲线甲表示普通棉花品系纤维细胞中的蔗糖含量C.提高SUT的表达水平会使纤维细胞加厚期提前D.相较于普通棉花品系，品系F纤维细胞形成的棉花纤维的质量更低【答案】C〖祥解〗根据题意分析题图，甲乙曲线蔗糖含量都是先上升是因为蔗糖经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞后积累，随后蔗糖含量下降是因为在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成造成的。品系F中的SUT表达水平提高，对蔗糖的运输增加，而甲曲线蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早于乙，所以曲线甲应为品系F纤维细胞中的蔗糖含量。【详析】A、蔗糖在叶绿体外细胞质中合成，通过筛管等运输，经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞，不是自由扩散，A错误；B、品系F中的SUT表达水平提高，对蔗糖的运输增加，分析曲线可知，甲曲线蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早于乙，所以曲线甲应为品系F纤维细胞中的蔗糖含量，B错误；C、甲曲线蔗糖含量下降的时间早于乙曲线，故提高SUT的表达水平会使纤维细胞加厚期提前，C正确；D、普通品系膜蛋白SUT表达水平低，由题干信息“蔗糖在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成”可知，15-18天乙（普通棉花品系）的蔗糖被水解后参与纤维素的合成，而品系F中的SUT表达水平提高，甲（品系F）纤维细胞中的蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早，形成的棉花纤维的质量高于乙，D错误。故选C。23.经测定，某多肽分子式是C25HXOYN5S2，其中含有一个二硫键（—S—S—）。二硫键的形成：-SH+-SH→-S-S-+2H。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O2N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽的叙述，正确的是（）A.该多肽由5个氨基酸组成，是个5肽B.该多肽中的H原子数和O原子数分别是30和5C.该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少了72D.该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、苯丙氨酸和亮氨酸【答案】A〖祥解〗分析题干信息：在苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）中，每分子均含1个N原子、只有半胱氨酸含有1个S原子，若分子式是C25HXOYN5S2的多肽为以上几种氨基酸中的几种合成的，根据N原子数量可知，该多肽由5个氨基酸组成；根据S原子可知该多肽中含有2个半胱氨酸；根据C原子守恒，半胱氨酸含有3个C，所以另3个氨基酸共含有C原子个数为25-3×2=19个，可知为苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸。【详析】A、由题干信息可知，每个氨基酸中都只有一个N，则该多肽C25HXOYN5S2形成过程需要5个氨基酸参与，A正确；B、只有半胱氨酸含有1个S原子，该多肽中有2个S，则其是由2个半胱氨酸构成的，半胱氨酸含有3个C，根据C原子守恒，所以另3个氨基酸共含有C原子个数为25-3×2=19个，可知另外3个氨基酸分别是苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸；该多肽中H原子数X=11+7+13+7×2-2×4=37个，O原子数Y=2+2+2+2×2-4=6个，B错误；C、该多肽在核糖体上形成时的脱水数为4个，另外由于形成一个二硫键失去2个氢，所以该过程中相对分子质量减少4×18+2=74，C错误；D、由B选项的分析可知，该多肽是由1个苯丙氨酸、1个亮氨酸、1个天冬氨酸和2个半胱氨酸脱水缩合而成的；故水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸，D错误。故选A。24.下图是细胞膜的亚显微结构模式图，①~③表示构成细胞膜的物质。下列关于细胞膜结构和功能的叙述中，正确的是（）A.细胞与细胞之间的主要区别在于②不同B.细胞膜上的①具有识别、保护和润滑的作用C.用蛋白酶处理细胞膜可改变③，不改变其通透性D.多细胞生物体内细胞间功能协调性的实现完全依赖于①结构【答案】B〖祥解〗图中①是糖蛋白，具有细胞识别、保护、润滑、免疫等；③是蛋白质，是膜功能的主要承担者，镶在磷脂双分子层表面、嵌入磷脂双分子层、贯穿于磷脂双分子层；②是磷脂双分子层构成膜的基本支架。【详析】A、②为磷脂双分子层，所有细胞的细胞膜都含有磷脂双分子层，都相同，细胞膜的功能主要由蛋白质的种类和数量决定，即③，A错误；B、细胞膜上的①为糖蛋白，具有识别、保护和润滑的作用，B正确；C、细胞膜的主要成分是③蛋白质和磷脂，用蛋白酶处理细胞膜可破坏蛋白质，使细胞膜结构发生改变，从而会改变细胞膜的通透性，C错误；D、多细胞生物体内细胞间的功能协调不仅仅依赖于信息交流，还依赖于物质和能量交换，且细胞间的信息交流可以通过①结构（糖蛋白）、通道（如胞间连丝）等来实现，D错误。故选B。25.下图中X、Y、Z分别为蒸馏水、30%葡萄糖溶液、30%淀粉溶液，且单糖能通过半透膜而二糖、多糖不能通过半透膜。下列相关叙述错误的是（）A.装置A的现象是左侧液面先下降后上升，最终左右液面持平B.A装置左右侧替换为等量蔗糖溶液，左右侧分别加入相等且适量的蔗糖酶、淀粉酶，左侧液面先升后降最后低于右侧C.装置B烧杯中溶液液面下降的速率逐渐减缓D.装置B达到渗透平衡后，由于液面差的存在，水分子向半透膜两侧扩散的速度不同【答案】D〖祥解〗根据题意和图示分析可知：渗透装作用是指水分通过半透膜，从溶质浓度低的溶液向溶质浓度高的溶液的转移现象。图A中X为蒸馏水，Y为30%葡萄糖溶液，而葡萄糖能通过半透膜，所以右侧液面先上升，后下降；图B中X为蒸馏水、Z为30%淀粉溶液，所以漏斗内液面上升。【详析】A、由于装置A左右存在浓度差，且Y的浓度大于X，所以左侧液面会下降，但由于Y溶液中的葡萄糖分子会进入X，导致X溶度增大，因此左侧液面又会上升，最终左右液面持平，A正确；B、如果A装置左右侧替换为等量蔗糖溶液，左右侧分别加入相等且适量的蔗糖酶、淀粉酶，左侧的一分子蔗糖可以被蔗糖酶分解成二分子单糖，而右侧的蔗糖不会被淀粉酶分解，所以左侧浓度高于右侧。左侧液面先升高，单糖分子又可以透过半透膜，导致左侧浓度降低，液面下降，最后左侧液面先升后降最后低于右侧，B正确；C、由于Z的浓度大于X的浓度，所以装置B中漏斗液面升高，但水分的进入导致Z溶液浓度下降，所以水分由烧杯进入漏斗的速率降低，所以烧杯中溶液液面下降的速率逐渐减缓，C正确；D、装置B达到渗透平衡后，水分子向半透膜两侧扩散的速度相同，D错误。故选D二．解答题（共5小题）26.科学家通过有关方法，测得多种生物的细胞膜的化学成分，如下表。回答问题：膜的类别物质种类蛋白质（%）脂质（%）（主要是磷脂）糖类（%）变形虫细胞膜54424小鼠肝细胞膜44524人成熟红细胞膜49438大肠杆菌细胞膜53443菠菜细胞膜45487（1）从表中可以看出，各种细胞膜在化学物质组成上的共同点是____，主要区别是____。（2）菠菜细胞的边界是____，表中细胞不具有生物膜系统的是____。（3）细胞膜的基本支架是____，该支架中磷脂分子的排列情况是____。（4）细胞膜中糖类分子叫作____，分布于细胞膜的____（填“内”或“外”）表面，与细胞____和细胞间的信息传递等功能有关。【答案】（1）①.都含有蛋白质、脂质（磷脂）和糖类②.各种物质的含量不同（2）①.细胞膜②.大肠杆菌、人成熟的红细胞（3）①.磷脂双分子层②.由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧（4）①.糖被②.外③.识别【小问1详析】从表中可以看出，各种细胞膜在化学物质组成上的共同点是都含有蛋白质、脂质（磷脂）和糖类，主要区别是各种物质的含量不同。【小问2详析】菠菜细胞的边界是细胞膜，生物膜系统是指细胞膜、核膜、各种细胞器膜，表中细胞不具有生物膜系统的是原核生物大肠杆菌、人成熟的红细胞。【小问3详析】细胞膜的基本支架是磷脂双分子层，由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧。【小问4详析】细胞膜中糖类分子叫作糖被，分布于细胞膜的外表面，与细胞识别和细胞间的信息传递等功能有关。27.牛肉丸是将精选的牛肉研碎成肉糜再团成丸状，是众多火锅菜品中的佳肴，新鲜的牛肉丸不宜常温放置太久，长期存储时，常采用低温保存，但冷冻太久会影响牛肉丸的口感。回答问题：（1）牛肉细胞中的蛋白质是氨基酸通过____方式形成的，该过程只能发生在____（填细胞器的名称）。（2）牛肉细胞中的多糖是____，其单体是____，牛肉细胞中的核酸是____。（3）长时间冷冻会影响牛肉丸制品的凝胶强度，导致口感变差。科研人员将添加了不同浓度海藻糖的牛肉丸放在－18℃下冷冻，检测其凝胶强度的变化。结果如图所示。由实验结果可知，随着冷冻时间的增加，牛肉丸蛋白凝胶强度____（填“变大”或“变小”），且海藻糖可以____（填“减缓”或“加强”）这种变化，但考虑成本以及效果，选择浓度为____的海藻糖添加最好。（4）鲁迅先生说“牛吃的是草，挤出的是奶”，简要描述草中的蛋白质变成牛奶中蛋白质的过程：____。【答案】（1）①.脱水缩合②.核糖体（2）①.糖原②.葡萄糖③.DNA和RNA（3）①.变小②.减缓③.6%（4）草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质【小问1详析】牛肉细胞中的蛋白质是氨基酸通过脱水缩合方式形成的，发生在核糖体中，它是蛋白质合成的场所。【小问2详析】动物细胞的多糖是糖原，其单体是葡萄糖；动物细胞的核酸包括DNA和RNA。【小问3详析】由图可知，随着冷冻时间的延长，牛肉丸蛋白凝胶强度下降；加入海藻糖可一定程度上缓解凝胶强度的下降，而使用6%和9%海藻糖的效果基本相同，所以从成本以及效果考虑，使用6%海藻糖。【小问4详析】草中的蛋白质变成牛奶中蛋白质的过程草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质。28.某突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，但固定CO2酶的活性显著高于野生型。生物兴趣小组在“探究环境因素对光合作用的影响”的活动中，选用两种水稻植株在不同光强度下进行实验，结果如图。请回答：（1）固定CO2酶的催化下，CO2与RuBP结合形成1个______，该分子随即分解成2个3-磷酸甘油酸。当光强度为P1时，图示两种水稻的叶肉细胞进行细胞呼吸产生的CO2量______（填大于、等于或小于）光合作用吸收的CO2量。（2）光强度低于P2时，因______，故突变型水稻的CO2吸收速率低于野生型，但当光强度高于P2时，突变型水稻的CO2吸收速率却显著高于野生型，这是因为______。（3）该兴趣小组欲通过纸层析法证明突变型水稻叶片的叶绿素含量为野生型的一半，该分离色素实验的原理是______，观察现象时应比较两条滤纸条，从上到下第______条色素带的宽度。（4）据图可推测，若要提高温室中该突变型的产量，首先应该考虑______这一环境因素的影响，并采取相应措施。【答案】①.六碳分子②.小于③.光照强度低，突变型水稻叶片叶绿素含量低，吸收光能少④.光强度高，突变型固定CO2酶的活性高，光合作用强度高⑤.叶绿体中色素在层析液中的溶解度不同，随层析液在滤纸上扩散速度也不同⑥.第3、4⑦.光照〖祥解〗根据图中纵坐标为二氧化碳吸收速率可以判断，曲线代表净光合速率，由图可知，突变型水稻和野生型水稻的光补偿点基本相同，但突变型的光饱和点高于野生型。【详析】（1）碳反应过程中，固定CO2酶的催化下，CO2首先与RuBP结合形成1个六碳分子，该分子随即分解成2个3-磷酸甘油酸，当光强度为P1时，两种水稻的CO2吸收速率为0，由于进行光合作用的主要是叶肉细胞，两种水稻的所有细胞均进行呼吸作用，所以两种水稻的叶肉细胞进行细胞呼吸产生的CO2量少于光合作用吸收的CO2量。（2）光照低于P2时，由于突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，吸收光能较少，故突变型水稻的CO2吸收速率低于野生型，但当光照强度高于P2时，由于固定的CO2酶的活性显著高于野生型，所以突变型水稻的CO2吸收速率显著高于野生型。（3）叶绿体中的色素易溶于有机溶剂，根据四种色素在层析液中溶解度的不同，可用纸层析法证明突变型水稻叶片的叶绿素含量为野生型的一半，层析后，叶绿素a和叶绿素b分别位于滤纸条上的第三、四条色素带。（4）据图可知，在较强光照下，突变型水稻光饱和点较高，提高温室中该突变型的产量，首先应该考虑增强温室内的光照强度。29.如图为物质出入细胞的几种方式示意图，其中A~E表示物质，①~④表示物质转运方式。请回答下列问题:（1）可能代表氧气转运过程的是__(填序号)；肾小管的上皮细胞在进行水分的重吸收时采用图④方式，则C表示___。（2）图中①代