四川省眉山市仁寿县2024-2025学年高二上学期11月期中校际联考物理试题（解析版）

高级中学名校试题PAGEPAGE1仁寿县23级高二上学期期中校际联考物理试卷一、单选题，共7小题，每小题4分，共28分。1.在图各电场中，A、B两点电势相等的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根据电场线性质可知，随着电场线方向电势降低，而距离场源电荷距离相等的点，电势相同。故选A。2.某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（）A.粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B.粒子在A点的动能小于它在B点的动能C.粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D.电场中A点电势低于B点的电势【答案】B【解析】A．由电场线可知，B点的电场线密，所以B点的电场强度大，粒子受的电场力大，加速度也就大，故A错误；BC．粒子受到的电场力指向曲线弯曲的内侧，所以受到的电场力的方向是沿电场线向上的，所以粒子从A到B的过程中，电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在A点的动能小于它在B点的动能，粒子在A点的电势能大于它在B点的电势能，故B正确，C错误；D．沿电场线方向电势逐渐降低，A点的电势高于B点的电势，故D错误。故选B。3.如图所示，三角形abc的三个顶点各自固定一个点电荷，A处点电荷受力如图所示，则B处点电荷受力可能是（）A.F1 B.F2 C.F3 D.F4【答案】B【解析】根据库仑定律，结合平行四边形定则及几何关系可以知道C处电荷对A处电荷的电场力为引力，B处电荷对A处电荷的电场力为斥力，在根据平行四边形定则分析B处点电荷受力；A处点电荷所受静电力大小为F，根据库仑定律，结合平行四边形定则及几何关系可以知道，C处电荷对A处电荷的电场力为引力，B处电荷对A处电荷的电场力为斥力，C处电荷与A处电荷为异种电荷，A处电荷与B处电荷为同种电荷，所以可得C处电荷对B处电荷的电场力为引力，A处电荷对B处电荷的电场力为斥力，根据平行四边形定则可得则B处点电荷受力可能，故B正确，A、C、D错误；故选B．4.在如图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时（）A.伏特表V和安培表A的读数都减小B.伏特表V和安培表A的读数都增大C.伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小D.伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大【答案】C【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，接入电路的电阻增大，分析总电阻的变化，再判断总电流和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化；根据串联电路分压规律，分析并联部分电压的变化，判断通过R2电流的变化，即可分析安培表读数的变化．解：当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由闭合电路欧姆定律分析可知总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，则U增大，故伏特表V的读数增大．电阻R2的电压U2=E﹣I（r+R1），I减小，U2增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I﹣I2减小．所以安培表A的读数减小．故ABD错误，C正确．故选C．5.在如图所示的电路中，电源的电动势为16V，内阻不计，，，电容C=1μF，电容器上极板的带电量为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】电阻R1两端的电压为同理电阻R3两端的电压为则电容器上极板电势较低，故上极板带负电，电量为故B正确，ACD错误。故选B。6.如图所示，电源内阻不计，已知千欧，千欧。现用一个内阻为6千欧的伏特表并联在两端，伏特表的读数为6伏。若把伏特表并联在两端，伏特表的读数为（）A.12伏 B.10伏 C.8伏 D.4伏【答案】D【解析】当伏特表并联在两端时，伏特表与并联的总电阻为则电源两端的电压为若把伏特表并联在两端，伏特表与并联总电阻为设伏特表的读数为，则有解得故选D。7.如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态．若将两板靠近一些，其他条件不变，则（）A.电容器带电量减少B.尘埃向下运动C.检流计中有a→b的电流D.检流计中有b→a的电流【答案】D【解析】ACD．两板靠近一些，由可知，电容增大，但两极板间的电压不变，由可知，可知电容器所带的电荷量增大，故电源为电容器充电，检流计中有b→a的电流，故AC错误，D正确；B．由可知，两极板间的电场强度增大，尘埃所受电场力增大，尘埃向上运动，故B错误。故选D。二、多选题，共3小题，每题6分，共18分。每小题给出的四个选项中有多个符合要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有错误选项得0分。8.如图所示，O为两带等量异号电荷连线的中点，C、D为连线上两个点，A、B为中垂线上两个点，且，，则下列说法正确的是（）A.，B.，C.，D.【答案】BC【解析】AB．等量异种电荷连线的中垂线为等势线，与等量异种电荷连线的中点对称的点，电场强度等大同向，故A错误，B正确；CD．根据图可知，等量异种电荷连线上的电场线方向向右，沿电场线方向电势降低，结合以上分析可知，C点与D点的场强相同，由于AO与CO距离关系未知，所以A点与C点的场强不一定相等，故C正确，D错误。9.如图所示，三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的小球，以相同速率在带电平行金属板的P点沿垂直于电场方向射入电场，落在A、B、C三点。下列说法正确的是（）A.落到A点的小球带正电、落到B点的小球不带电、落到C点的小球带负电B.三小球在电场中运动时间相等C.三小球到达正极板的动能关系是EkA>EkB>EkCD.三小球在电场中的加速度关系是aC>aB>aA【答案】AD【解析】BD．由图看出，水平位移的关系为xA>xB>xC而它们的初速度v0相同，由位移公式x=v0t得知，运动时间关系为tA>tB>tC三个小球在竖直方向都做匀加速直线运动，竖直位移大小y相等，由位移公式得到，加速度的关系为aC>aB>aAB错误，D正确；A．根据牛顿第二定律得知，三个小球的合力关系为FA<FB<FC三个小球质量相等，重力相等，可知落在A的小球所受的电场力向上，落在C的小球所受的电场力向下，即落到A点的小球带正电、落到B点的小球不带电、落到C点的小球带负电，A正确；C．由上分析得到，电场力对A做负功，电场力对C做正功，而重力做功相等，而且重力都做正功，合力对小球做功A最小，C最大，初动能相等，则根据动能定理得知，到达正极板时动能关系EkA<EkB<EkCC错误。故选AD。10.如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，为定值电阻，、为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时，悬线偏离竖直方向的夹角为。调节、，关于的大小判断正确的是（）A.保持不变，缓慢增大时，将变大B.保持不变，缓慢增大时，将变小C.保持不变，缓慢增大时，将不变D.保持不变，缓慢增大时，将变小【答案】BC【解析】AB．保持不变，缓慢增大时，电路中的电流将减小，两端的电压减小，电容器两端的电压减小，两极板间的电场强度减小，对小球受力分析如图所示根据小球受力平衡可知所以变小，即将变小，故A错误，B正确；CD．保持不变，缓慢增大时，两端的电压不变，电容器两端的电压不变，两极板间的电场强度不变，所以不变，将不变，故C正确，D错误。三、实验探究题（本题共2小题，共16分）．11.在“测得金属的电阻率”的实验中，用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米尺测量金属丝的长度．金属丝的电阻大约为，先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．（1）从图中读出金属丝的直径为mm．（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A．直流电源：电动势约，内阻很小B．电流表：，内阻C．电流表：，内阻D．电压表：，内阻E．滑动变阻器；最大阻值F．滑动变阻器；最大阻值G．开关、导线等在可供选择的器材中，应该选用的电流表是，应该选用的滑动变阻器是（都填选项）（3）根据所选的器材，在如图所示的方框中画出实验电路图（4）若根据伏安法测出电阻丝的电阻为，则这种金属材料的电阻率为（保留二位有效数字）．【答案】（1）0.530；（2）B；F；（3）（4）11.2×10–6【解析】（1）由图可知固定刻度读数为0.5mm.可动刻度为0.018mm所以读数为0.518mm；（2）电源电动势为4.5伏，电阻约为4欧最大电流约为1.1安，且因伏安法测定金属丝的电阻时的电流不能太大，否则由于随着温度升高电阻会增大而测不准，所以电流表选A1，由闭合电路欧姆定律及电流表读数要求应满足：，解得：，选用限流式就可以满足量程所以电阻器选R1，（3）金属丝电阻很小，故电流表可采用外接法（4）由公式得，代入可知电阻率为1.1×10-6Ωm．12.学生实验小组要测量量程为3V的电压表V的内阻。可选用的器材有：多用电表，电源E（电动势5V），电压表V1（量程5V，内阻约3kΩ），定值电阻（阻值为800Ω），滑动变阻器（最大阻值50Ω），滑动变阻器（最大阻值5kΩ），开关S，导线若干。完成下列填空：（1）利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应_____（把下列实验步骤前的字母按正确操作顺序排列）；A．将红、黑表笔短接B．调节欧姆调零旋钮，使指针指向零欧姆C．将多用电表选择开关置于欧姆挡“×10”位置再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的_____填“正极、负极”或“负极、正极”）相连，欧姆表的指针位置如图（a）中虚线Ⅰ所示。为了减少测量误差，应将选择开关旋转到欧姆挡_____（填“×1”“×100”或“×1K”）位置，重新调节后，测量得到指针位置如图（a）中实线Ⅱ所示，则组测得到的该电压表内阻为_____kΩ（结果保留1位小数）；（2）为了提高测量精度，他们设计了如图（b）所示的电路，其中滑动变阻器应选_____（填“”或“”），闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于_____（填“a”或“b”）端；（3）闭合开关S，滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表，待测电压表的示数分别为、，则待测电压表内阻_____（用和表示）；【答案】（1）CAB负极、正极×1001.6（2）a【解析】（1）[1]利用多用电表粗测待测电压表的内阻。首先应选择欧姆挡即C选项：将多用电表选择开关置于欧姆挡“×10”位置；接着将红、黑表笔短接即A选项；进行欧姆调零即B选项：调节欧姆调零旋钮，使指针指向零欧姆。故首先操作顺序为CAB。[2]多用电表使用时电流“红进黑出”规则可知：测量电阻时电源在多用电表表内，故将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的“负极、正极”相连。[3]读数时欧姆表的指针位置如图（a）中虚线Ⅰ所示，偏转角度较小即倍率选择过小，为了减少测量误差，应将选择开关旋转到欧姆挡倍率较大处，而根据表中数据可知选择“”倍率又过大，故应选择欧姆挡“×100”的位置；[4]测量得到指针位置如图（a）中实线Ⅱ所示则组测得到的该电压表内阻为（2）[1]图（b）所示的电路，滑动变阻器采用的是分压式连接，为了方便调节，应选最大阻值较小的滑动变阻器即；[2]为保护电路，且测量电路部分电压从零开始条件，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置于a端。[3]通过待测电压表的电流大小与定值电阻电流相同为根据欧姆定律得待测电压表的阻值为四、计算题（本题共3小题，共38分）13.如图，电池组的电动势，内电阻，电阻，，小电动机M的内电阻。当小电动机M稳定转动时，电流表A的读数为0.5A，求：（1）电路中的总电流；（2）电源的输出功率；（3）电动机消耗的电功率。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）电阻两端的电压为根据闭合电路欧姆定律有故电路中的总电流为：（2）路端电压为电源的输出功率（3）电动机中的电流为电动机电功率为14.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离cm。电源电动势V，内电阻Ω，电阻Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度竖直向上射入板间。若小球带电量为C，质量为kg，不考虑空气阻力。（取）求：（1）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能达A板？（2）在第（1）问中，电源的输出功率是多大？【答案】（1）8Ω；（2）23W【解析】（1）小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零。设两板间电压为，由动能定理得滑动变阻器两端电压V设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得A滑动变阻器接入电路的电阻（2）电源的输出功率W15.真空中存在电场强度大小为E1的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为v0，在油滴处于位置A时，将电场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变．持续一段时间t1后，又突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到B点．重力加速度大小为g。（1）油滴运动到B点时的速度；（2）求增大后的电场强度的大小；为保证后来的电场强度比原来的大，试给出相应的t1和v0应满足的条件．已知不存在电场时，油滴以初速度v0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两点间距离的两倍。【答案】（1）；（2）见解析【解析】（1）设油滴质量和电荷量分别为m和q，油滴速度方向向上为正．油滴在电场强度大小为E1匀强电