2025年海南省高考物理模拟训练试卷（一）含答案解析

2025年海南省高考物理模拟真题训练试卷（一）

一、单选题：本大题共9小题，共28分。

1.发现中子的核反应方程为胃口e+?Be-»X+加，“玉兔二号”巡视器的核电池中杯238的衰变方程为型

鼠8pur器4[7+y正确的是（）

A.核反应方程中的X为肾CB.衰变方程中的y为舒e

C.中子加的质量数为零D.杯238的衰变吸收能量

2.如图所示，在同一竖直平面内，小球A、B上系有不可伸长的细线”

b、c和d,其中。的上端悬挂于竖直固定的支架上，d跨过左侧定滑轮、

c跨过右侧定滑轮分别与相同配重P、Q相连，调节左、右两侧定滑轮高

度达到平衡。已知小球A、8和配重P、。质量均为50g,细线c、”平行

且与水平成8=30。（不计摩擦），则细线a、b的拉力分别为（）

A.2N,1N

B.2N,0.5N

C.IN,IN

D.IN,0.5N

3.如图所示，金属极板M受到紫外线照射会逸出光电子，最大速率为外。正对M放

置一金属网N,在M、N之间加恒定电压U。已知M、N间距为d（远小于板长），电子

的质量为机，电荷量为e,贝（J（）

A.M、N间距离增大时电子到达N的动能也增大

B.只有沿工方向逸出的电子到达N时才有最大动能;+eU

C.电子从M到N过程中y方向位移大小最大为乐d总

2

D.M,N间加反向电压总时电流表示数恰好为零

4.某研究人员将一铁质小圆盘放入聚苯乙烯颗粒介质中，在下落的某段时间内，小圆盘仅受重力G和颗粒

介质对其向上的作用力人用高速相机记录小圆盘在不同时刻的位置，相邻位置的时间间隔相等，如图所

示，则该段时间内下列说法可能正确的是（）

BJ一直小于G

CJ先小于G,后大于GD.7先大于G,后小于G

5.如图所示，小明取山泉水时发现水平细水管到水平地面的距离为水桶高的两倍，在细水管

地面上平移水桶，水恰好从桶口中心无阻挡地落到桶底边沿A。已知桶高为/?,直径

为。，则水离开出水口的速度大小为（）

。2J2h

6.如图所示，在细绳的拉动下，半径为厂的卷轴可绕其固定的中心点。在

水平面内转动，卷轴上沿半径方向固定着长度为/的细管，管底在。点，

细管内有一根原长为尖劲度系数为左的轻质弹簧，弹簧底端固定在管

底，顶端连接质量为机、可视为质点的插销。当以速度v匀速拉动细绳

时，插销做匀速圆周运动，若v过大，插销会卡进固定的端盖。使卷轴转动停止。忽略摩擦力，弹簧在弹

性限度内，要使卷轴转动不停止，v的最大值为（）

7.与地球公转轨道“外切”的小行星甲和“内切”的小行星乙的公转

轨道如图所示，假设这些小行星与地球的公转轨道都在同一平面内，

地球的公转半径为R,小行星甲的远日点到太阳的距离为％,小行星

乙的近日点到太阳的距离为7?2,贝1k）

A.小行星甲在远日点的速度大于近日点的速度

B.小行星乙在远日点的加速度小于地球公转加速度

C.小行星甲与乙的运行周期之比?

12

D.甲、乙两星从远日点到近日点的时间之比存(Rl+R)3

(RZ+R)3

8.将阻值为50。的电阻接在正弦式交流电源上。电阻两端电压随时间的变化规律如图所示，下列说法正确

的是（）

A.该交流电的频率为100比

B.通过电阻电流的峰值为0.24

C.电阻在1秒内消耗的电能为1J

D.电阻两端电压表达式为a=10，Isin（1007rt）U

9.一列沿x轴传播的简谐波，在某时刻的波形图如图甲所示,平衡位置与坐标原点距离为3米的质点从该

时刻开始的振动图像如乙所示。若该波的波长大于3米。贝女

A.最小波长当m

B.频率.//z

C.最大波速学m/s

4

D.从该时刻开始2s内该质点运动的路程为（4

二、多选题：本大题共4小题，共16分。

10.如图，一定量理想气体的循环由下面4个过程组成：172为绝热过程（过程中气体

不与外界交换热量），2-3为等压过程，3-4为绝热过程，4-1为等容过程。上述

四个过程是四冲程柴油机工作循环的主要过程。下列说法正确的是（）

A.1-2过程中，气体内能增加B.2-3过程中，气体向外放热

C.3-4过程中，气体内能不变D.4-1过程中，气体向外放热

11.如图为一半圆柱形均匀透明材料的横截面，一束红光a从空气沿半径方向入射到

圆心O,当。=30。时，反射光b和折射光c刚好垂直。下列说法正确的是（）

A.该材料对红光的折射率为，豆

B.若。=45。，光线c消失

C.若入射光。变为白光，光线6为白光

D.若入射光a变为紫光，光线6和c仍然垂直

12.某带电体产生电场的等势面分布如图中实线所示，虚线是一带电粒子

仅在此电场作用下的运动轨迹，M,N分别是运动轨迹与等势面b、a的

交点。下列说法正确的是（）

A.粒子带负电荷

B.M点的电场强度比N点的小

C.粒子在运动轨迹上存在动能最小的点

D.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能

13.空间中存在竖直向下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，电

XXXX

场强度大小为E,磁感应强度大小为瓦一质量为机的带电油滴a,

B

V

在纸面内做半径为R的圆周运动，轨迹如图所示。当。运动到最低点

XXX

产时，瞬间分成两个小油滴I、II,二者带电量、质量均相同。［在如

尸点时与。的速度方向相同，并做半径为3R的圆周运动，轨迹如图所1XP------

XXX

示。II的轨迹未画出。已知重力加速度大小为g,不计空气浮力与阻1

力以及I、II分开后的相互作用。贝女）

A.油滴。带负电，所带电量的大小为等

E

B.油滴。做圆周运动的速度大小为噌

E

C.小油滴I做圆周运动的速度大小为噌，周期为华

EgB

D.小油滴n沿顺时针方向做圆周运动

三、实验题：本大题共2小题，共24分。

14.下列是《普通高中物理课程标准》中列出的三个必做实验的部分步骤，请完成实验操作和计算。

..打点计时器

好\,纸带

16.2913.4310.597.724.882.01

硅码和

硅码盘

单一位：cm

234

(1)图甲是“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验装置示意图。图中木板右端垫高的目的是

。图乙是实验得到纸带的一部分，每相邻两计数点间有四个点未画出，相邻计数点的间距已在图中

给出，打点计时器电源频率为50Hz,则小车的加速度大小为m/s2(结果保留3位有效数字)。

(2)在“长度的测量及其测量工具的选用”实验中，某同学用50分度的游标卡尺测量一圆柱体的长度，示

数如图丙所示，图丁为局部放大图，读数为cm。

(3)在“用双缝干涉实验测量光的波长”实验调节过程中，在光具座上安装光源、遮光筒和光屏，遮光筒

不可调节，打开并调节,使光束沿遮光筒的轴线把光屏照亮，取下光屏，装上单缝、双缝和测量

头，调节测量头，并缓慢调节单缝的角度直到目镜中观察到。

15.(1)在《用双缝干涉测光的波长》实验中，将双缝干涉实验仪按要求安装在光具座上(如图1),并选用缝

间距d=0.2?mn的双缝屏.从仪器注明的规格可知，像屏与双缝屏间的距离L=7007Tmi.然后，接通电源使

光源正常工作.

①已知测量头主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度.某同学调整手轮后，从测量头的目镜看去，第1

次映入眼帘的干涉条纹如图2(a)所示，图2(a)中的数字是该同学给各暗纹的编号，此时图2(b)中游标尺上

的读数久1=1.16小小；接着再转动手轮，映入眼帘的干涉条纹如图3(a)所示，此时图3(b)中游标尺上的读

数冷=；

②利用上述测量结果，经计算可得两个相邻明纹(或暗纹)间的距离/%=mm；这种色光的波长

2=nm.

(2)某同学通过查找资料自己动手制作了一个电池.该同学想测量一下这个电池的电动势E和内电阻厂，但是

从实验室只借到一个开关、一个电阻箱(最大阻值为9.9990,科当标准电阻用)一只电流表(量程/R=

0.64内阻%=0.10)和若干导线.

①请根据测定电动势E内电阻厂的要求，设计图4中器件的连接方式，画线把它们连接起来.

图6

②接通开关，逐次改变电阻箱的阻值R,读处与R对应的电流表的示数/,并作记录当电阻箱的阻值R=

2.60时，其对应的电流表的示数如图5所示.处理实验数据时首先计算出每个电流值/的倒数;；再制作R-

;坐标图，如图6所示，图中已标注出了(R,；)的几个与测量对应的坐标点，请你将与图5实验数据对应的

坐标点也标注在图6中上.

③在图6上把描绘出的坐标点练成图线.

④根据图6描绘出的图线可得出这个电池的电动势E=一匕内电阻r=。

四、简答题：本大题共2小题，共20分。

16.如图，理想变压器原、副线圈的匝数比为%：n2=5：1,原线圈接在电压峰值为4的正弦交变电源

上，副线圈的回路中接有阻值为R的电热丝，电热丝密封在绝热容器内，容器内封闭有一定质量的理想气

体。接通电路开始加热，加热前气体温度为7。。

(1)求变压器的输出功率Po

(2)已知该容器内的气体吸收的热量。与其温度变化量/T成正比，即。=。/7,其中C已知。若电热丝产

生的热量全部被气体吸收，要使容器内的气体压强达到加热前的2倍，求电热丝的通电时间北

17.质谱仪是科学研究中的重要仪器，其原理如图所示。I为粒子加速器,

加速电压为U；II为速度选择器，匀强电场的电场强度大小为E],方向沿纸

面向下，匀强磁场的磁感应强度大小为名，方向垂直纸面向里；III为偏转

分离器，匀强磁场的磁感应强度大小为B2,方向垂直纸面向里。从S点释放

初速度为零的带电粒子(不计重力)，加速后进入速度选择器做直线运动，再

由。点进入分离器做圆周运动，最后打到照相底片的尸点处，运动轨迹如

图中虚线所示。

(1)粒子带正电还是负电？求粒子的比荷。

(2)求。点到尸点的距离。

(3)若速度选择器II中匀强电场的电场强度大小变为后2(三略大于场)，方向不变，粒子恰好垂直打在速度选

择器右挡板的。'点上。求粒子打在。'点的速度大小。

五、计算题：本大题共1小题，共12分。

18.如图，高度h=0.8爪的水平桌面上放置两个相同物块A、B,质量啊=MB=Slkg。A、2间夹一压缩

量=0.1巾的轻弹簧，弹簧与A、2不拴接。同时由静止释放A、B,弹簧恢复原长时A恰好从桌面左端

沿水平方向飞出，水平射程马=0.4爪；3脱离弹簧后沿桌面滑行一段距离4=025爪后停止。A、8均视

为质点，取重力加速度g=10m/s2o

(1)脱离弹簧时A、8的速度大小孙和外。

(2)物块与桌面间的动摩擦因数

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4设X的质量数为A、电荷数为Z；

根据质量数守恒4+9=4+1,解得4=12

根据电荷数守恒2+4=Z+0,解得Z=6

因此X为/C,故A正确；

员同理，¥对应的质量数为4,电荷数为2,因此Y为胃He,故B错误；

C中子的质量数为1,故C错误；

。衰变过程要释放能量，故。错误。

故选：Ao

根据质量数和电荷数守恒进行分析；原子核的衰变发生质量亏损，因此要释放能量。

本题主要考查了核反应过程中的质量数和核电荷数守恒，知道是原子核的衰变要释放能量。

2.【答案】D

【解析】解：由题意可知细线c对A的拉力和细线d对B的拉力大小相等、方向相反，对A、8整体分析

可知细线a的拉力大小为

兀=(g+mB)g

代入数据解得Ta=IN

设细线6与水平方向夹角为a,对8分析有

Iosina+Tcsin0=mAg

Tbcosa=Tdcos9

解得

Tb=0.5N

故ABC错误，。正确。

故选：Do

根据平衡条件可以得到细线c和细线d上的产生的拉力大小是相等的，然后把A、8看成一个整体，根据

平衡条件可以得到细线a上的拉力；然后对8根据平衡条件列方程可得6线上的拉力。

熟练掌握整体法和分离法是解题的关键，能够正确的受力分析是解题的基础。

3.【答案】C

【解析】解：4B.根据动能定理，从金属板M上逸出的光电子到到达N板时

eU=Ekm-^mv^

解得：Ekm-eU+

根据上述表达式可知，粒子到达N板时的动能与两极板间距无关，与电子从金属板中逸出的方向无关，故

A5错误；

C平行极板M射出的电子到达N板时在y方向的位移最大，则电子从"到N过程中y方向最大位移为

y=加力

,_1eU2

d=-x--jt

2ma

解得：y=

故C正确；

D.M、N间加反向电压电流表示数恰好为零时，则

1,

eUc=2mvm

2

解得：4=翳

故。错误。

故选：Co

根据动能定理得出电子动能的影响因素并完成分析；

根据牛顿第二定律得出加速度的大小，结合运动学公式得出对应的位移。

本题主要考查了动能定理的相关应用，熟悉动能定理得出粒子的速度，结合运动学公式即可完成分析。

4.【答案】C

【解析】由图可知小圆盘先加速，后减速，则可知/先小于G,后大于G,故C正确，ABD错误。

故选：Co

根据照片分析小圆盘的运动情况，从而分析受力情况。

本题考查小圆盘受力情况的分析，注意根据照片上小圆盘的间距分析小圆盘的运动情况。

5.【答案】C

【解析】解：水离开出水口后做平抛运动，水离开出水口到桶口中心，有

h=-gt2

设出水孔到桶口中心的水平距离为X,则

X=vot

得

2/1

X=Vn——

1g

落到桶底A点时

1„

2h-2gt2

则时间t'

D(2-2/i

%+-5-=v0----

2A|g

解得

(2+1)。V-g

Vo=2加

故A3。错误，C正确。

故选：Co

水离开出水口后做平抛运动，根据水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，列式求解即可。

本题考查了平抛运动，关键要抓住水恰好从桶口中心无阻挡地落到桶底边沿A的条件，属于常规题型。

6.【答案】A

【解析】有题意可知当插销刚卡紧固定端盖时弹簧的伸长量为AX=g,

根据胡克定律有尸=kAx=y

插销与卷轴同轴转动，角速度相同，对插销由弹力提供向心力尸=小心2

对卷轴有

v=ro)

联立解得u=v

故选A。

7.【答案】D

【解析】解：4根据开普勒第二定律可知，行星在远日点的速度小于近日点的速度，故A错误；

8设加速度为a,根据万有引力定律和牛顿第二定律G等=ma

得。=皆

由于小行星乙在远日点到太阳的距离等于地球到太阳的距离，因此小行星乙在远日点的加速度等于地球公

转的加速度，故8错误；

C.小行星甲的半长轴的=等，小行星乙的半长轴=学

根据开普勒第三定律*=k

代入数据联立解得含=J徵)3,故C错误；

。甲、乙两颗小行星从远日点到近日点时的时间之比詈=芸=皿鹫，故£＞正确。

以孕［因+R)

故选：Do

A根据开普勒第二定律分析作答；

A根据万有引力定律和牛顿第二定律求解作答；

C.根据开普勒第三定律求解作答；

D行星从远日点到近日点的时间为周期的一半，据此求解作答。

本题主要考查了开普勒定律、万有引力定律和牛顿第二定律的理解和运用。

8.【答案】D

【解析】由题图可知该交变电流的周期T=0.02s,则频率为50班，故A错误；

通过电阻电流的峰值为〃=粤=曙4=0.204,故2错误；

K5U

通过电阻电流的有效值为/=倍=0.24则电阻在1秒内消耗的电能为勿=/2R=2J,故C错误；

电阻两端电压表达式为u=Umsin3t-11msin俘•t)=lOV^sin(lOOnt",故D正确。

9.【答案】B

【解析】解：4由题意可知，该波波长大于3加，所以最小波长就不可能等于日根，故A错误；

民设平衡位置与坐标原点距离为3根米的质点的初相位为仰，角速度为3；

该质点的振动方程y=sin(a)t+(p0)(cm)

将点(0,争和(2R)代入上式解得伽=*a=宗

质点的振动方程y=sin(|7rt+

f27r27r„.

振动周期「=@=上5=2.4s

6

频率/=^=-^-rHz=故8正确；

1Z.41Z

C.从久=3nl处的质点开始振动到位移y=所用的时间为to=工T=工x2.4s=0.4s

L27r6

在题图甲中标出y的质点尸、Q;

若波沿了轴负方向传播则为尸点，则!4=3m，即2=18m

O

对应的波速分别为％=<=普6/s=7.5m/s；

若波沿x轴正方向传播则为。点，则#=3如即允=9血

对应的波速艺=*=白租/s=3.75m/s,最大波速不可能是苧m/s,故。错误；

D周期T=2.4s

振动时间七=2s=T-

质点在T时间内通过的路程Si=4Z=4xlcm=4cm

此时质点的振动方程为y=sin(|Tit+领cm)

将t=/T=0.8s代入上式，解得y=唱~cm

即质点在|7至T时间内通过的路程$2=A-y=1cm—苧cm=(1—苧)cm

从该时刻开始2s内该质点运动的路程为s=S]-S2

代入数据解得s=(3+号cm，故。错误。

故选：Bo

A.根据该波波长大于3m分析作答；

8.根据质点的振动方程和坐标求解初相位和角速度，然后求解周期和频率；

C在波形图中标出y=的质点P、Q，得出波长的可能值，然后根据波长、波速和周期的关系求出可

能的波速;

D根据振动时间和周期的关系分别求解一个周期内质点通过的路程以及《内通过的路程，然后作答。

本题考查了波动图像与振动图像的应用，根据是要找到两者的联系。

10.【答案】AD

【解析】解：A、1-2是绝热过程(<2=0),体积减小，外界对气体做功(勿>0),根据热力学第一定律：

AU=W+Q,可得：AU>0,即气体内能增加，故A正确；

B、2-3为等压过程，体积增大，气体对外界做功(“<0)。根据：E=C,可得气体温度升高，气体内能

增加(4U>0),根据热力学第一定律：AU=W+Q,可得：Q>0,即气体吸热，故8错误；

C、3-4为绝热过程(Q=0),气体体积增大，气体对外界做功(勿<0),根据热力学第一定律：4U=

W+Q,可得：AU<0,即内能减小，故C错误；

D、4-1为等容过程(勿=0),压强减小，根据：E=C,可得气体温度降低，气体内能减小(/U<0),根

据热力学第一定律：AU=W+Q,可得：Q<0,即气体放热，故。正确。

故选：ADo

根据气体实验定律判断状态参量的变化，结合热力学第一定律：AU=W+Q,进行解答。若温度升高，

贝MU>0；若体积增大，则勿<0；若为绝热过程，则Q=0；若Q>0,则气体从外界吸的热。

本题考查了气体实验定律与热力学第一定律的综合应用，基础题目。在应用热力学第一定律时，一定要注

意各个量的符号所代表的物理意义，以及它们的正负是如何确定的。

11.【答案】ABC

【解析】解：4根据反射定律，反射角a=3=30°

由于反射光b和折射光c刚好垂直，因此折射角£=180。一90。一a=180°-90°-30°=60°

根据折射定律，该材料对红光的折射率n=吗=鸣=V3,故A正确；

sm3sin30

8.根据临界角公式sinC=工=噂<sin45°=噂

n32

当9=45。时，入射角大于临界角，入射光线在界面发生全反射，折射光线c消失，故8正确；

C.入射光线。为白光，所有反射光的反射角都相同，反射光线6也为白光，故C正确；

。若入射光。变为紫光，根据反射定律，反射角等于入射角，反射角不发生变化；

根据折射定律n，=吗

sm3

由于透明材料对红光和紫光的折射率不同，因此折射角不同，所以光线6和c不能垂直，故。错误。

故选：ABC.

A根据反射定律和折射定律求解折射率；

A根据临界角公式求解临界角，然后根据全反射的条件分析作答；

C.根据反射定律分析光线的反射角，再分析反射光线是否会发生色散，然后作答；

D紫光与红光的的折射率不同，根据折射定律和反射定律分析作答。

本题主要考查了光的反射和折射，理解光发生全反射的条件，掌握折射定律和临界角公式是解题的关键。

12.【答案】BCD

【解析】解：4根据带电粒子做曲线运动的条件，电场力的方向应指向凹侧，以“点为例，电场力指向左

下方向，结合等势线得粒子带正电荷，故A错误；

3.等势线越密的地方场强越大，根据图像N点的等势线比M点的密，故M点的电场强度比N点的小，故

3正确；

C.电场力做负功电势能增大，电势能减小，当电势能最大时，动能最小，故当带电粒子在电势最大的点，

动能最小，故C正确；

D根据电势9M>9N，该粒子为正电荷，故9Mq>9版，即电势能Ep“>EpN，故。正确。

故选：BCDa

本题根据物体做曲线运动的条件结合等势线的分布，电场力做功和电势能的关系，以及Ep=wq分析求

解。

本题考查了电场的相关性质，理解电场线和等势线的特点，理解电势能与电势的关系是解决此类问题的关

键。

13.【答案】ABD

【解析】解：4带电粒子在复合场中做匀速圆周运动，重力和电场力的合力为零，洛伦兹力完全提供向心

力；

根据题意Eq=mg

解得带电有点所带的电荷量q=等

油滴。在最低点的速度方向水平向左，沿顺时针方向转动，所受洛伦兹力竖直向上，根据左手定则可知，

油滴带负电，故A正确；

洛伦兹力提供向心力m—

AquB=K

联立解得油滴a做圆周运动的速度大小为u=喈，故B正确；

C油滴分裂后，小油滴I仍然做匀速圆周运动，说明电荷和质量都均分；

小油滴I做圆周运动，洛伦兹力提供向心力X

解得巧=等

小油滴I做圆周运动的周期T=次逖=6兀/?x鼻=绊，故C错误；

v13gBRgB

11

D取向水平向左为正方向，根据动量守恒定律mu=2机％+2小方

代入数据解得方=-噌

负号表示方向水平向右；根据左手定则可知油滴n沿顺时针方向做匀速圆周运动，故。正确。

故选：ABDo

A带电粒子在复合场中做匀速圆周运动，重力和电场力的合力为零，洛伦兹力完全提供向心力，据此求解

场强；

A洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式求解作答；

C.小油滴I做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式求解线速度；根据线速度

与周期的关系求周期，然后作答；

。根据动量守恒定律求解小油滴II的线速度，根据左手定则判断其运动方向。

本题主要考查了带电油滴在复合场中的匀速圆周运动，理解小油滴所受重力和电场力平衡，洛伦兹力提供

向心力是解题的关键；知道油滴分离过程中满足动量守恒定律，要熟练掌握左手定则、向心力公式以及周

期公式。

14.【答案】(1)平衡摩擦力；2.86；(2)4.118；(3)光源；明暗相间的干涉条纹。

【解析】解：(1)图中木板右端垫高的目的是平衡摩擦力；

根据逐差法可得，小车的加速度为：

a=(16.29+13.43+茨失y.72+4.88+2.01)又02Ms2=2.86m/

(2)游标卡尺的分度值为0.02小小，根据其读数规则可知，读数为：

4.1cm+0.02x9mm=41.18mm=4.118cm；

(3)在“用双缝干涉实验测量光的波长”实验调节过程中，在光具座上安装光源、遮光筒和光屏，遮光筒

不可调节，打开并调节光源，使光束沿遮光筒的轴线把光屏照亮，取下光屏，装上单缝、双缝和测量头，

调节测量头，并缓慢调节单缝的角度直到目镜中观察到明暗相间的干涉条纹。

故答案为：(1)平衡摩擦力；2.86；(2)4.118；(3)光源；明暗相间的干涉条纹。

(1)根据实验原理掌握正确的实验操作，结合逐差法计算出小车的加速度；

(2)根据游标卡尺的读数规则得出对应的读数；

(3)根据双缝干涉实验的原理掌握正确的实验操作，结合实验现象完成分析。

本题主要考查了探究加速度与力、质量的关系和双缝干涉实验的相关应用，根据实验原理掌握正确的实验

操作，结合逐差法和干涉现象即可完成分析。

15.【答案】15.022.316.6x1021.50.3

【解析】解：(1)由游标卡尺的读数规则可知

；

x2=15.0mm+1x0.02mm=15.02mm

图2(a)中暗纹与图3(a)中暗纹间的间隔为6个，

f"2=15.02：

故dx=竺=2,317ra71；

OO

由Ar=?可知

a

dAx2.31mm

Z=­；­=0.20mmX------=6.6X10znm.

L700mm

(2)①根据闭合电路欧姆定律，测量电源的电动势和内电阻，需要得到电源的路端电压和通过电源的电

流，在本实验中没有电压表，但是可以用电阻箱和电流表串联充当电压表，测量电源的路端电压，通过电

流表的电流也是通过电源的电流，所以只需要将电流表和电阻箱串联接在电源两端即可.

实物图的连接如图甲所示(如图甲).

图甲

②将与图5实验数据对应的坐标点也标注在图6中上，如图乙所示

③在图6上把描绘出的坐标点练成图线如图乙所示

④由闭合电路欧姆定律有：

E=I(R+厂+Vg),

-1

解得：R=E---(r+rg),

根据R-今图线可知：电源的电动势等于图线的斜率，内阻为纵轴负方向的截距减去电流表的内阻.

代入数据解得E=1.517

r=0.32

故本题的答案为:(1)①15.02,②2.31；6.6x102；

(2)①见图甲，②见图乙，③④1.5(1.46〜1.54)；0.3(0.25~0.35).

(1)根据7可知要求波长九已知L和d,则必需知道条纹间距dx,根据图2(b)指示的为第0条亮条纹

中央所在的位置，而图3(b)指示的为第6条亮条纹中间所在的位置.故图2(a)中亮条纹与图3(a)中亮纹间

的间隔为6个，从而求出dx,最后求出九

(2)要测出电源的电动势E和内阻厂，应根据闭合电路欧姆定律E=U+/r来解决，故要测量路端电压和干

路电流，而路端电压U=/R%,口外=R+Tg,从而求出R=E•；—(r+%).

一定要掌握每一个实验的基本原理，这是我们顺利完成实验操作或设计或数据处理的出发点.

16.【答案】解：(1)原线圈两端的电压有效值为：U1=节小

根据理想变压器的工作原理可得副线圈两端的电压有效值为：U2=^U1=^Um

变压器的输出功率为：p=^=羔

KbUn

(2)该容器内的气体发生等容变化，根据查理定律：/=C',可知容器内的气体压强达到加热前的2倍，则

容器内的气体温度变为加热前的2倍，即末态温度为2T。，可得该容器内的气体吸收的热量为：

Q=W=C(2T0-To)=CT0

电热丝生热的功率等于变压器的输出功率尸，由题意可得：Pt=Q

联立解得：1=型萼

Um

,2

答：(1)变压器的输出功率尸为维；

(2)电热丝的通电时间f为甯工

【解析】(1)根据正弦交变电的有效值与峰值的关系求得原线圈两端的电压有效值，根据理想变压器的工

作原理求得副线圈两端的电压有效值，根据电功率的计算公式求解变压器的输出功率。

(2)根据查理定律求得容器内的气体温度末态温度，确定气体的温度变化量，根据题意求得气体吸收的热

量，根据能量守恒定律求解电热丝的通电时间。

本题为理想变压器工作原理与气体实验定律综合题目，题目较简单。考查了能量守恒定律、查理定律、电

功率的计算。掌握