重庆市缙云教育联盟2021-2022学年高二（上）12月物理试题（解析版）

重庆缙云教育联盟2021-2022学年（上）12月月度考试高二物理1.在国际单位制中，电容的单位是A.法拉 B.伏特 C.安培 D.库仑【答案】A【解析】【详解】在国际单位制中，电容的单位是“法拉”；“伏特”是电压单位；“安培”是电流单位；“库仑”是电量单位，故选A.2.如图所示，匀强电场中有一个等边三角形ABC，其边长为1m，三角形所在的平面跟匀强电场平行。已知A、B、C三点的电势分别为6V、4V、2V，下列说法正确的是（）A.匀强电场的方向垂直于AC边B.匀强电场的电场强度大小为2V/mC.等边三角形中心的电势为5VD.将一个电子从A点沿直线移到B点，其电势能增加了2eV【答案】D【解析】【详解】A．根据知匀强电场中，沿同一方向相等距离电势差相等，设AC中点为D，D点的电势为则BD为一条等势线，根据电场线与等势线垂直，且由高电势指向低电势，知AC连线为一条电场线，匀强电场方向垂直BD向下，如图所示故A错误；B．AC间的电势差为匀强电场的电场强度大小为故B错误；C．因为BD为一条等势线，等边三角形中线在BD上，则等边三角形中心的电势为4V，故C错误；D．将一个电子从A点沿直线移到B点，电场力做功为电场力做负功，则电子的电势能增加了，故D正确。故选D。3.如图所示的电路中，R为定值电阻，当C、D两端电压为U时，电流表的示数为I。当C、D两端电压为0.6U时，电流表的示数减小了0.6A。下列说法正确的是（）

A.I=1.5AB.I=1AC.当C、D两端电压减小0.5U时，电流表的示数减小0.5AD.当C、D两端电压增大0.4U时，电流表的示数增大0.4A【答案】A【解析】【详解】AB．当C、D两端的电压为时，电流表的示数为，由欧姆定律可得当C、D两端的电压为时，电流表的示数为，即减小，由题意可得解得选项A正确，B错误；C．当C、D两端电压减小时，电流表的示数减小，即减小，选项C错误；D．当C、D两端电压增大时，电流表的示数增大，即增大，选项D错误。故选A。4.一束混合粒子流从一发射源射出后，进入如图所示的磁场，分离为1、2、3三束粒子流，不考虑重力及粒子间的相互作用，则下列选项不正确的是（）A.1带正电 B.1带负电 C.2不带电 D.3带负电【答案】B【解析】【详解】AB．由图可知，1束粒子向左偏，粒子受到向左的洛伦兹力，由左手定则可知1带正电，故A正确，不符合题意，B错误，符合题意；C．由图可知，2束粒子没有发生偏转，则2在磁场中没有受到洛伦兹力作用，说明2不带电，故C正确，不符合题意；D．由图可知，3束粒子向右偏，粒子受到向右的洛伦兹力，由左手定则可知3带负电，故D正确，不符合题意。故选B。5.关于库仑定律和点电荷，下列说法正确的是（）A.电荷量很小的带电体就是点电荷B.点电荷是一个带有电荷的点，是一种理想化模型C.真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离成反比D.根据库仑定律可知，当两电荷之间的距离趋向于0时，两电荷之间的库仑力无穷大【答案】B【解析】【详解】AB．电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状和电量无具体关系，点电荷是一个带有电荷的点，是一种理想化的物理模型，故B正确，A错误；C．真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比，故C错误；D．当两电荷之间的距离趋向于0时，电荷不能看成点电荷，库伦定律将不再适用，故D错误。故选B。6.用多用电表的欧姆档测某未知电阻的阻值，测量前先进行欧姆调零，选择合适的挡位，将两个表笔短接，指针偏转角时，刚好进行了欧姆调零，这时调好的欧姆表内阻为，将被测电阻接在两表笔间，指针偏转的角度为，被测电阻大小为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【详解】由题意知被测电阻接在两表笔间时，有则被测电阻的阻值为ABC错误，D正确。故选D。7.质量为m小球a静止在光滑水平面上，一质量为的小球b以水平速度v与小球a发生弹性正碰，碰撞时间极短可忽略不计，碰后瞬时a、b两球速度大小之比为（）A.4 B.3 C.2 D.1【答案】A【解析】【详解】由弹性碰撞满足动量守恒和能量守恒，设b的速度为正方向，得解得，则有故选A。8.关于电场，下列说法一定正确的是（）A.电场线越密处，等势线也越密B.电势为零处场强为零C.场强大处电势高D.点电荷匀强电场中由静止释放，若只受电场力作用将沿电场线运动【答案】AD【解析】【详解】A．电场线越密处，等势线也越密，A正确；BC．电势高低与场强大小无关，电势为零处，场强不一定为零，场强大处电势不一定高，BC错误；D．点电荷在匀强电场中由静止释放，若只受电场力作用将沿电场线运动，D正确。故选AD。9.在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则以下判断正确的是（）A.灯L1变暗，电流表的示数增大B.灯L2变暗，电流表的示数增大C.灯L1变亮，电压表的示数减小D.灯L2变亮，电压表的示数增大【答案】BC【解析】【详解】滑动变阻器的滑片P向下滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，整个外电路的总阻值减小，干路电流增加，路端电压降低，因此电压表的示数减小，灯L1变亮；由于灯L1变亮，加到灯L1两端的电压升高，而外电路总电压降低，因此加在灯L2两端的电压降低，流过灯L2的电流减小，而总电流增加，因此流过电流表的电流增加，因此灯L2变暗，电流表的示数增大。故选BC。10.水平桌面上方区域内存在一垂直于桌面的磁感应强度为的匀强磁场，科研人员将均匀涂抹荧光物质的半径为的圆环，放置于水平桌面上如图1所示，A为圆环边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过A点，在平面内沿不同的方向射入磁场，科研人员观测到整个圆环发出淡淡的荧光（高速微观粒子打在荧光物质上会发出荧光），且粒子在圆环内磁场中运动的最长时间为。更换半径为的圆环时如图2所示，只有相应的三分之一圆周上有荧光发出，不计重力及带电粒子之间的相互作用，则（）A.粒子在磁场中做圆周运动的周期 B.粒子在磁场中做圆周运动的半径为C.粒子在磁场中做圆周运动的速度 D.该粒子的比荷【答案】BD【解析】【详解】B．半径为的圆环时，只有相应的三分之一圆周上有荧光发出，则粒子在磁场中运动的半径为B正确；A．半径为R时，粒子从过A为直径的另一端点射出时，时间最长，则有解得A错误；C．根据周期公式得C错误；D．根据周期公式得D正确。故选BD。11.某同学用图甲所示的装置验证动量守恒定律．图中AB为斜槽，BC为水平槽．（1）下列说法正确的是_______．A．该实验要求入射小球的质量应大于被碰小球的质量B．该实验要求入射小球和被碰小球必须是金属材质C．该实验通过测量入射小球从斜槽上由静止释放的高度h得到小球碰撞前的速度D．该实验通过测量小球做平抛运动竖直位移间接得到小球碰撞前后的速度（2）实验时先使入射小球从斜槽上某一固定位置S多次由静止释放，落到位于水平地面的记录纸上并留下痕迹，从而确定P点的位置；再把被碰小球放在水平槽末端，让入射小球仍从位置S多次由静止释放，跟被碰小球碰撞后，两球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，从而确定M、N点的位置．实验中，确定P点位置时多次落点的痕迹如图乙所示，刻度尺的零刻线与O点对齐，则OP=_______cm．（3）该实验若要验证两小球碰撞前后动量是否守恒，需要分别测量记录纸上M点距O点的距离LOM、P点距O点的距离LOP、N点距O点的距离LON．除此之外，还需要测量的物理量是____________，需要验证的关系式为_____________（其中涉及需要测量的物理量请用自己设定的字母表示）．（4）该实验巧妙运用了平抛运动的规律．请以平抛运动为例，分析论证当物体所受的合力与初速度方向不在一条直线上时，物体必做曲线运动_______．【答案】①.A②.39.80③.入射小球的质量m1和被碰小球的质量m2④.⑤.见解析【解析】【详解】（1）[1]．AB、要使两球发生对心正碰，两球半径应相等，为防止入射球碰撞后反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量，而对小球的材质无要求，故A正确，B错误；

C、入射小球从静止下落过程中会受到回到对其的摩擦力作用，由于摩擦力做功未知，所以不能通过测量入射小球从斜槽上由静止释放的高度h得到小球碰撞前的速度，故C错误；

D．两球碰撞后均做平抛运动，平抛的初速度为，竖直高度相同，则下落时间相等，故只需要测量平抛的水平位移而不需要测量竖直高度；

故选A；

（2）[2]．为保证减小实验误差，则应用最小的圆把所有落点圈起来，其中心为平均落地点，即读轨迹中心到O点的距离即为OP的长度，毫米刻度尺的最小分度是毫米，所以OP=39.80cm；

（3）[3][4]．据平抛运动可知，落地高度相同，则运动时间相同，设落地时间为t，则：令入射小球的质量为m1和被碰小球的质量m2，根据动量守恒定律有：m1v0=m1v1+m2v2，m1LOP=m1LOM+m2LON则还需测量：入射小球的质量m1和被碰小球的质量m2；（4）[5]．由于物体在平抛运动中仅受重力作用，根据牛顿第二定律可知，其加速度a的方向与重力方向相同，即竖直向下．根据加速度的定义可知，物体在任意时间△t内的速度变化量△v的方向必与加速度a的方向相同，即竖直向下．如图所示，由于v0的方向水平向右，而△v的方向竖直向下，由矢量三角形定则可知vt的方向必与v0的方向不同，即运动方向发生改变，则必做曲线运动．12.在一次实验活动比赛中，老师给定了以下器材：一个输出电压为9V的稳压电源、一只电压表、一个电阻箱Rʹ、一个最大值为40Ω的滑动变阻器R、两只开关以及导线若干，要求测定一只额定电压为6V的小灯泡L正常工作时的电阻和额定功率。聪明的李明设计了如图甲所示的电路图，顺利完成了实验。（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙图中电压表正确接入实物电路中。（）（2）李明在实验时，电路正确连接后，只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，其原因可能是___________。（3）经过调整操作后，使电压表示数等于6V后，保持滑动变阻器R的滑片P位置不动，断开开关S1，再闭合开关S2，调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于________V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为___________Ω，由此可知小灯泡的电阻为___________Ω。小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的_________（填“控制变量法”或“等效替代法”）。（4）根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为______W，此时滑动变阻器接入电路的电阻为______Ω。【答案】①.②.滑动变阻器处于最大阻值处③.6④.10⑤.10⑥.等效替代法⑦.3.6⑧.5【解析】【分析】【详解】(1)[1]电压表测量灯泡两端电压，由题意可知灯泡额定电压6V，故电压表选择15V的量程，连接如图所示(2)[2]只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，说明灯泡两端有较小电压，但不足以点亮，其原因可能是回路电流太小，即滑动变阻器处于最大阻值处。(3)[3][4][5][6]调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于6V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为10Ω，由此可知小灯泡的电阻为10Ω，小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的等效替代法。(4)[7][8]根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为此时回路电流滑动变阻器两端电压为3V，故滑动变阻器接入电路的电阻为13.枃建物理模型是一种研究物理问题的科学思维方法。每一个模型的建立都有一定的条件和使用范围，要根据实际情况加以运用。（1）如图所示，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动。滑块A的质量为M，速度大小为v1，方向水平向右；滑块B的质量为m，速度大小为v2，方向水平向左。滑块A、B相碰后粘在一起向右运动。已知滑块A、B碰撞过程中的相互作用时间t。求：a.碰后滑块A、B的共同速度v共的大小b.碰撞过程中A、B之间的平均作用力的大小。（2）鸟撞飞机是威胁航空安全的重要因素之一。假设飞机和鸟沿水平方向迎面相撞，碰后粘在一起。已知飞机的质量约为M′=5×104kg，飞机的速度约v2′=500m/s。若鸟可视为圆柱体，质量约为m′=0.5kg，身长约为l=0.25m。a.请建立合理的运动模型，估算鸟与飞机的撞击时间△t；b.请估算撞击过程中鸟与飞机之间的平均作用力的大小。【答案】（1）a．；b．；（2）a．；b．【解析】【详解】（1）a．AB碰撞过程动量守恒，规定向右为正方向，则得b．对A由动量定理联立解得（2）a．因，且小鸟速度远小于飞机速度，则小鸟相对于飞机可看成是静止的，即初动量为零，则碰撞过程遵循动量守恒解得小鸟撞击过程可近似看成匀加速运动，由平均速度公式得得b．对小鸟由动量定理得14.如图所示在xoy平面内，x轴上方有沿y轴向上的足够大的匀强电场，电场的下边界为=0.5m的直线，在y轴上y2=1.0m处有一放射源S，x轴上有一个足够大的荧光屏，放射源S在图示180°范围内，向x轴发射初速度=200m/s的电子，整个装置放在真空中，已知场强大小为9.3×10-7V/m，电子质量为9.3×10－31kg，电量为1.6×10－19C。电子重力不计，求：(1)每个电子打到荧光屏上的动能；(2)电子打到荧光屏上的范围。

【答案】(1)9.3×10－26J；(2)－0.75m≤x≤0.75m【解析】【详解】(1)经分析知所有电子打到荧光屏上的动能相同，由动能定理得解得每个电子打到荧光屏上的动能Ek=9.3×10－26J(2)经分析知平行×轴方向的粒子在电场中运动的时间最长，沿x轴方向运动距离最大，设电子在电场中加速运动t，沿场强方向加速eE=ma在离开电场时沿x轴方向前进的距离为x1解得x1=0.5m射出电场时沿y轴的速度大小为射出电场后匀速运动，沿x轴方向前进的距离为x2解得=0.75m故荧光屏接收到电子的范围－0.75m≤x≤0.75m‍15.如图所示是建筑上常用的耐