2025年山东省高考物理模拟卷（6月份）（含解析）

第=page1515页，共=sectionpages1818页2025年山东省高考物理模拟卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.中国的全超导托卡马克核聚变实验装置(EAST)首次实现了1亿摄氏度条件下1000秒的等离子体运行。该装置内部发生的核反应方程为 ​12H+A.该核反应方程中的X是质子

B. 24He的比结合能小于 12H的比结合能

C.2.如图1所示，小球悬挂在轻弹簧的下端，弹簧上端连接传感器。小球上下振动时，传感器记录弹力随时间变化的规律如图2所示。已知重力加速度g=10m/sA.小球的质量为0.2kg，振动的周期为4s

B.0～2s内，小球的加速度方向始终向上

C.0～3.在火星探测器由地球飞往火星的众多轨道中，霍曼轨道最节省能量，如图所示，太阳处于该椭网轨道焦点上，其近日点和远日点分别位于地球和火星的轨道上，探测器进入火星轨道后，将会被火星捕获，并最终在火星着陆，已知火星轨道半径是地球轨道半径的1.5倍，5取2.236。下列说法正确的是(

)

A.探测器在火星轨道上运动的速率一定大于在地球轨道上运动的速率

B.探测器在花受轨道上A、B两点时的机械能之比为3：2

C.探测器沿盘受轨道由点A运动B点的最短时间约为0.7年

D.探测器在火星轨道上运动时的机械能小于在地球轨道上运动时的机械能4.为了测试新设计的消防用高压水枪，测试人员站在高度为h0的平台上手持水枪向外喷射，地面测试人员以高台底部为原点，沿水平方向和竖直方向建立x、y轴并根据水柱轨迹绘制了y-x图像，如图所示，水枪喷口与水平方向夹角为θ。下列说法正确的是(

)A.水枪喷射出水柱的初速度为g(h-h0)2sinθ

B.水枪喷口与水平方向夹角θ的正切值为h-h0b

5.如图甲所示，每只冰壶直径30cm、质量19kg。某次试投过程中，冰壶A在t=0时刻以1m/s的初速度投出，与静止的冰壶B发生弹性正碰，此后冰壶B在水平面上运动0.9m后停止，冰壶A.两只冰壶在t=3s时发生碰撞

B.碰撞前摩擦力对冰壶A做功为-3.42J

C.碰撞后冰壶B受到摩擦力的冲量大小为11.4N⋅s

D.6.如图，固定的光滑绝缘转动轴O'两端通过等长的不可伸长轻质软导线连接并悬挂长为L、质量为m的细导体棒ab，空间存在辐向分布磁场(方向已标出)，保证导体棒移动过程中磁场方向总是垂直于导体棒，导体棒所在处的磁感应强度大小均为B，开始时导体棒静止在最低点。现给导体棒通电流，若仅通过改变导体棒中的电流大小，使导体棒由最低点缓慢移动到悬线呈水平状态，则在这个过程中(

)A.导体棒中电流方向为由b指向a B.导体棒中电流应逐渐变大

C.悬线对导体棒的拉力一直增大 D.安培力对导体棒不做功7.如图所示，一根绝缘轻弹簧左端固定在绝缘的竖直挡板上，弹簧自然伸长时右端位于O点。用一根不可伸长的绝缘轻绳，通过轻质光滑定滑轮连接带电物块P(视为点电荷)和不带电物块Q，物块P所带的电荷量为+q，物块P与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，整个空间存在水平向左的匀强电场，场强E=3mgq已知，AO=2x，OB=x，物块P和Q的质量均为m，现将物块P从图中A点静止释放，P能向左运动并压缩弹簧到最短的位置A.物块P从A点运动至O点的过程中，轻绳对物块Q的拉力大小为mg

B.物块P从A点运动至O点的过程中，系统机械能增加3mgx

C.物块P运动至O点时的动能为3mgx2

D.二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.如图所示，理想变压器的原线圈接入u=1102sin100πt(V)的交变电压，电阻r=6Ω，电器RA.交变电压的频率为50Hz B.原、副线圈的匝数比为1∶2

C.变压器的输入功率为880W9.如图所示，两小球M、N分别与两段轻绳A、B和一轻弹簧C连接。两小球静止时，轻绳A、B与竖直方向的夹角分别为30°、45°，弹簧C沿水平方向，则下列说法正确的是(

)A.球M和球N的质量之比为(3+1)：2

B.轻绳A和弹簧C的弹力之比为1：2

C.若小球N的质量为m1，剪断轻绳B的瞬间，轻绳A的张力为32m1g

10.如图，空间存在范围足够大的匀强电场，场强大小E=mgq，方向水平向右。竖直面内一绝缘轨道由半径为R的14光滑圆弧BC与足够长的倾斜粗糙轨道AB、CD组成，AB、CD与水平面夹角均为45°且在B、C两点与圆弧轨道相切。带正电的小滑块质量为m，电荷量为q，从AB轨道上与圆心O等高的P点以v0=2gR的速度沿轨道下滑。已知滑块与AB、A.滑块在AB轨道下滑时的加速度大小为24g

B.滑块在BC轨道运动中对轨道的最大压力为(2+2)mg

C.三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.如下图所示：某同学对实验装置进行调节并观察实验现象：

(1)图甲、图乙是光的条纹形状示意图，其中干涉图样是

(填A或B)(2)下述现象中能够观察到的是：(

)A.B.C.D.(3)已知双缝之间距离为d，测的双缝到屏的距离为L，相邻条纹中心间距为Δx，由计算公式λ=

，可求得波长。如果测得第一条亮条纹中心与第六条亮条纹中心间距是11.550mm，求得这种色光的波长为

m。(已知双缝间距d=012.小明将电源、电阻箱、电容器、电流表、数字电压表以及开关组装成图1所示的电路进行实验，观察电容器充电过程.实验仪器如下：电源(电压为4.5V，内阻不计);电容器(额定电压为16V);电流表(量程为0∼500μA，内阻500Ω(1)电路连接完毕后如图2所示，为保证电表使用安全，在开关闭合前必须要完成的实验步骤是__________．(2)将开关S闭合，观察到某时刻电流表示数如图3所示，其读数为__________uA(3)记录开关闭合后电流随时间变化的图线如图4所示，小明数出曲线下围成的格子数有225格，则电容C大小为__________μF(4)由于数字式电压表内阻并不是无穷大，考虑到此因素的影响，(3)问中电容的测量结果与真实值相比是__________(选填“偏大”、“偏小”或“相等”)，请简要说明理由__________

，(5)开关闭合过程中，分别记录电流表和数字电压表的读数I和U，利用数据绘制I-U关系如图5所示，由图像可得出电阻箱接入电路的阻值为__________四、计算题：本大题共3小题，共36分。13.学校举办的科技文化艺术节上，同学们进行了水火箭的制作与发射比赛。发射装置简化为如图所示的模型，体积为V=2.5L的充气瓶(箭体)内有体积为V1=400ml的水和压强为1个标准大气压p0=1×105Pa的空气。打气筒气室体积为V0=400ml，现用打气筒通过单向气阀向箭体内每一次充入压强一个大气压、体积为V014.货物传送装置的结构如图所示，在竖直面内有三个半径均为r=1m的圆形转动轮，轮外绕有绷紧的传送带，三个轮子均顺时针匀速转动，圆心分别为O1、O2和O3。C、D、E和F均为传送带和圆形转动轮的切点，CD段传送带水平且足够长。有半径为R=3m的光滑的四分之一圆弧轨道AB，轨道末端B点处的切线为水平方向，且不计BC间的高度差，不影响传送带运动。小物块Q放置在B点，小物块P从AB段某处静止释放，在B点以vP=3m/s与Q发生弹性碰撞后，P、Q均立即落到C点，P与传送带恰好没有摩擦力。P、Q均可视为质点，P的质量为mP=2kg，Q的质量为mQ=1kg，小物块与传送带之间的摩擦因数μ=67，E、F的间距L=6m，求：

(1)P的释放点相对于B点的高度h；

(2)P对轨道AB的最大作用力F；

(3)碰后15.如图所示，无限长的U形金属导轨ABCD和金属导轨EF、GH水平平行放置，AB与EF、GH与CD之间的距离均为L，EF与GH之间的距离为2L，AB和EF区域、GH和CD区域均有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，EF和GH区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小也为B。现有三根金属杆1、2、3垂直导轨放置，金属杆1、3的长度均为L，质量均为m，电阻均为R，金属杆2的长度为2L，质量为2m，电阻为2R。初始时刻金属杆1和金属杆2之间的距离为L1，金属杆1、3均以v0=FRB2L2的初速度向右运动，金属杆2速度为零且受到平行导轨向右、大小为F的恒力作用，金属杆1、2间的最小距离为L2。导轨电阻不计，金属杆与导轨间的动摩擦因数均为μ=F4mg。以下计算结果只能选用m、F、B、L、L1、L2、R表示。

答案和解析1.【答案】D

【解析】A、根据质量数和电荷数守恒，可知X的质量数为2+3-4=1，电荷数为1+1-2=0，所以X是中子，故A错误；

B、24He比12H更稳定，比结合能越大原子核越稳定，所以 24He的比结合能大于 12H的比结合能，故B错误；

C、核聚变反应所释放的γ【解析】解：A、弹簧与小球组成的系统，静止时弹簧处于伸长状态，设伸长量为l，此时弹簧弹力等于小球重力，根据题中信息可知，小球运动到最上端时，弹簧的弹力为0，弹簧处于原长，根据弹簧运动的对称性可知，弹簧位于最下端时，弹簧的伸长量为2l，此时弹簧的弹力为2N，因此当弹簧伸长量为l时，弹力大小为1N，此时弹力等于小球的重力，因此小球的质量为0.1kg，故A错误；

B、0～2s内，小球从最低点开始向上运动，开始时小球的重力小于弹簧的弹力，加速度向上，当小球经过平衡位置后，至小球到达最高点的过程中，小球的重力大于弹簧弹力，此时小球的加速度向下，故B错误；

C、根据动量定理可知，外力的冲量之和等于动量的变化量，即Ft+Gt=Δp，0s时小球位于最低点，速度为0，2s时小球位于最高点，速度也是0，因此可知Ft=-Gt，已知小球的重力大小为1N，作用时间为2s，因此Gt=2【解析】解：A.由万有引力提供探测器运行所需的向心力有GMmr2=mv2r，即v=GMr，可知探测器在火星轨道上运动的速率小于在地球轨道上运动的速率，故A错误；

B.探测器在椭圆轨道上由A向B运动时，只有太阳的引力做功，机械能守恒，故A、B点的机械能之比为1：1，故B错误；

C.设探测器在霍曼轨道上运动的周期为T，霍曼轨道的半长轴a=r地+1.5r地2，则由开普勒第三定律有a3T2=r地3T【解析】解：A.水柱的运动可以分解为水平方向和竖直方向的运动。在最高点，竖直方向的速度为0，水平方向的速度保持不变。设初速度为v0，喷射角度为θ，则：水平初速度为：v0x=v0cosθ，竖直初速度为：v0y=v0sinθ。从喷射到最高点，竖直方向的速度变化为：v0y-gt1=0

解得：t1=v0yg=v0sinθg

竖直方向的位移为：h-h0=v0yt1-12gt12=v02sin2θ2g

整理得：v0=2g(h-h0)sinθ，故A错误；

B.在最高点，水平位移为b，竖直位移为h-h0。水平方向的速度为v0z=v5.【答案】C

【解析】解：A、根据冰壶B的v-t图像可知，碰撞后冰壶B的加速度为a=ΔvΔt=0-15m/s2=-0.2m/s2，设碰撞后冰壶B运动时间为tB，其运动的逆过程为初速度为零的匀加速直线运动，位移为xB=0.9m，则有xB=12|a| tB2，解得tB=3s，所以两只冰壶在t=5s-tB=5s-3s=2s时发生碰撞，故A错误；

B、碰撞后瞬间冰壶B的速度vB=|a|tB=0.2×3m/s=0.6m/s，两冰壶质量相等，发生弹性碰撞后交换速度，则碰撞前瞬间冰壶A【解析】解：A、导体棒受安培力偏左，由左手定则可判断，导体棒中电流方向为由a指向b，故A错误；

BC、由受力分析可知，安培力始终与悬线拉力垂直，根据平衡条件有T=mgcosθ，F安=BIL=mgsinθ，因在该过程中悬线与竖直方向的夹角变大，故T变小，F安变大，电流变大，故B正确，C错误；

D7.【答案】C

【解析】解：A.物块P释放后向左做加速运动，根据牛顿第二定律，对物块P

Eq-μmg-T=ma

对物块Q

T-mg=ma

解得绳子拉力

T=1.75mg

故A错误；

B.物块P从A点运动至O点的过程中，机械能的增加量等于电场力和摩擦力所做的总功，即

W=(gE-μmg)⋅2x=5mgx

故B错误；

C.物块P从A运动至O点过程中，对P、Q系统由能量守恒得W=mg⋅2x+2Ek

解得Ek=32【解析】A.由输入电压的表达式知f=100π2πB.输入电压的有效值为110 V，RL的额定电压为220 V，所以变压器的输出电压大于220 VC.变压器的输出功率为RL的功率和r的功率之和，大于880 W，所以变压器的输入功率大于880D.副线圈中的电流有效值与RL中的电流相同，为I=P故选AD。9.【答案】AC

【解析】解：AB.设弹簧弹力为F，对两球整体受力分析，由平衡条件列式

水平方向：TAsin30°=F，竖直方向：TAcos30°=(mM+mN)g

对小球M受力分析且由平衡条件列式，水平方向：TBsin45°=F，竖直方向：TBcos45°=mMg

联立解得mMmN=3+1【解析】解：A、对滑块沿AB轨道下滑时受力分析，根据牛顿第二定律，则有mgsin45°-Eqcos45°-μFN=ma，FN=mgcos45°+Eqsin45°，其中E=mgq，联立方程，代入数据解得：a=g，故A错误；

B、在BC轨道中，当滑块运动到B点时，速度最大，对轨道的压力最大。从P点到B点，重力做功WG=mgRsin45°，电场力做功WE=-qERcos45°，摩擦力做功为Wf=-μ(mgcos45°+qEsin45°)R，则滑块从P到B根据动能定理有WG+WE+Wf=12mvBACd6.6【解析】(1)双缝干涉条纹特点是等间距、等宽度、等亮度；衍射条纹特点是中间宽两边窄、中间亮、两边暗，且不等间距；根据此特点知甲图是干涉条纹，故选A；

(2)A.根据双缝干涉条纹的间距公式Δx=Ldλ知，将滤光片由蓝色的换成红色的，频率减小，波长变长，则干涉条纹间距变宽，故A正确；

B.根据双缝干涉条纹的间距公式Δx=Ldλ，将单缝向双缝移动一小段距离后，干涉条纹间距不变，故B错误；

C.根据双缝干涉条纹的间距公式Δx=Ldλ，换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距变窄，故C正确；

D.去掉滤光片后，通过单缝与双缝的光是白色光，白色光通过双缝后，仍然能发生干涉现象．故D错误．

故选AC；

(3)根据双缝干涉条纹的间距公式Δx=Ldλ，可得λ=dLΔx；

已知第1条亮纹中心到第12.【答案】(1)将电阻箱阻值调至较大值(或将电阻箱阻值调至最大值) ;

(2)175((172∼178均可);

(3)2500

;

(4)

偏大

;

由于电压表的分流，实际充电电流小于电流表上记录的数值，因此电量计算偏大，电容测量结果偏大

;

(5)9500Ω【解析】(1)为保证电表使用安全，在开关闭合前必须要完成的实验步骤是：将电阻箱阻值调至较大值或最大值；

(2)电流表示数如图3所示，其读数为175μA；

(3)电容器的电荷量Q=