第5单元　第22讲　基因的分离定律及其解题规律

第五单元遗传的基本规律第22讲基因的分离定律及其解题规律壹考点1分离定律及其应用1.

内容：在生物的体细胞中，控制同一性状的遗传因子(基因)____存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子(基因)发生______，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。1分离定律成对分离2.

细胞学基础3.

验证验证方法结论自交法自交后代的分离比为________，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制测交法测交后代的性状比例为_________，则符合分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等位基因控制花粉鉴定法花粉有2种表型(有些花粉能通过一定方法观察)，比例为1∶1，则符合分离定律注：其中，_______最简捷，_______最佳，而________________是对分离定律最直观的验证(因为可以通过染色直接观测到配子的种类)。3∶11∶1自交法测交法花粉(粒)鉴定法

归

纳

总

结1.

指导______育种(1)优良性状为显性性状。连续自交并筛选，直到________________止，收获不发生性状分离的植株上的种子，留种推广。(原理详见本讲考点2“考点透析”第4点)(2)优良性状为______性状。一旦出现就能稳定遗传，便可留种推广。(3)优良性状为杂合子。两个纯合的具有相对性状的个体杂交后代就是杂合子，F1就具有__________，由于__________________________，所以农业生产上每年都要培育杂种优势种。2基因分离定律的应用杂交不发生性状分离隐性杂种优势杂合子后代会发生性状分离2.

在医学实践中的应用(1)解释某些______现象两个有病的双亲生出无病的孩子，即“有中生无”，肯定是显性遗传病。两个无病的双亲生出有病的孩子，即“无中生有”，肯定是隐性遗传病。遗传(2)人类禁止近亲结婚的依据近亲结婚的双方很可能是同一种隐性致病基因的携带者，他们的子女患______遗传病的机会大大增加，因此法律禁止近亲结婚。隐性思辨小练判断下列说法的正误：(1)孟德尔对基因分离定律的描述中提出了基因概念。(

)提示：孟德尔对基因分离定律的描述中将基因描述为控制生物性状的“遗传因子”，“基因”的概念是后来被约翰逊提出的。(2)真核生物的基因在遗传时都遵循基因分离定律。(

)提示：孟德尔遗传规律只适用于真核生物的核基因进行有性生殖的过程。××(3)近亲繁殖在所有物种的繁衍上都是被禁止的。(

)提示：某些动物，如宠物、名马的培育常采用近亲繁殖，以保障动物基因的纯度。(4)Aa自交，后代一定会出现3∶1的性状分离比。(

)提示：不一定是3∶1，如统计子代数目偏少、不完全显性、从性遗传、致死效应等。××1考向1分离定律的实质与验证

(多选)(2024·丹阳高级中学)玉米是异花传粉作物，其籽粒的饱满与凹陷受一对遗传因子控制。现用自然条件下获得的若干籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米为实验材料验证分离定律。下列说法正确的是(

)A.两种玉米分别自交，若某些玉米自交后代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律B.两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交得到F1，F1自交，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律C.两种玉米杂交，若F1表现为两种性状且分离比为3∶1，则可验证分离定律D.两种玉米杂交，若F1表现为两种性状且分离比为1∶1，则可验证分离定律ABD【解析】两种玉米分别自交，若某些玉米自交后代出现3∶1的性状分离比，则说明该部分亲本为杂合子，产生了两种数量相等的配子，所以可验证分离定律；两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可说明F1为杂合子，产生了两种数量相等的配子，可验证分离定律；两种玉米杂交，后代不会出现3∶1的性状分离比，不能验证分离定律；让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，若F1表现为两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，则说明显性性状的个体为杂合子，产生了两种数量相等的配子，可验证分离定律。

深

度

指

津如果题目要求的是验证分离定律，首先考虑用自交或测交的方式。如果自交或测交后代出现典型的孟德尔遗传定律中性状分离比，则说明符合分离定律。

某植物花粉粒形态的遗传符合孟德尔遗传定律，但当年的花粉粒形态是由产生花粉植株的基因型决定的。以长形花粉(AA)作父本、圆形花粉(aa)作母本杂交得到F1，F1自交得到F2。下列说法正确的是(

)A.孟德尔遗传定律可以解释所有有性生殖生物的核遗传现象B.F1植株产生的成熟花粉中一半长形一半圆形是分离定律的直观证据C.F2所有植株产生的花粉粒的基因型中A∶a＝3∶1D.F2植株产生的花粉粒的表型为长形∶圆形＝3∶1D【解析】孟德尔遗传定律可以解释真核生物有性生殖的细胞核遗传，A错误；以长形花粉(AA)作父本、圆形花粉(aa)作母本杂交得到F1，其基因型是Aa，由于当年的花粉粒形态是由产生花粉植株的基因型决定的，所以F1植株产生的花粉粒的表型全为长形，B错误；由于F2植株的基因型为AA、Aa和aa,比例为1∶2∶1，所以产生的花粉粒的基因型中A∶a＝1∶1,C错误；F2植株的基因型为AA、Aa和aa，比例为1∶2∶1，当年的花粉粒形态是由产生花粉植株的基因型决定的，所以产生的花粉粒的表型为长形∶圆形＝3∶1,D正确。2考向2分离定律的应用

水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a)；基因A1控制全抗性状(抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状(抗部分菌株)，基因a控制易感性状(不抗任何菌株)，且A1对A2为显性，A1对a为显性、A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是(

)A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1B.抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1A【解析】全抗植株与抗性植株，有六种交配情况：A1A1与A2A2或者A2a交配，后代全是全抗植株；A1A2与A2A2或者A2a交配，后代全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2A2交配，后代全抗∶抗性＝1∶1；A1a与A2a交配，后代全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1，A错误，D正确。抗性植株A2A2或者A2a与易感植株aa交配，后代全为抗性，或者为抗性∶易感＝1∶1，B正确。全抗与易感植株杂交，若是A1A1×aa，后代全为全抗；若是A1A2×aa，后代为全抗∶抗性＝1∶1；若是A1a×aa，后代为全抗∶易感＝1∶1，C正确。(多选)家族性高胆固醇血症(FH)是一种遗传病，纯合子患者在人群中出现的概率约1/1000000。下图是某FH家系的系谱图，下列叙述正确的是(

)A.FH为常染色体显性遗传病B.FH患者双亲中至少有一人为FH患者C.杂合子患者在人群中出现的概率约为1/500D.Ⅲ6的患病基因由父、母双方共同提供ABC【解析】根据Ⅱ7、Ⅱ8患病，Ⅲ8正常，确定FH为常染色体显性遗传病，A正确；因为FH是常染色体显性遗传病，所以FH患者双亲中至少有一人为FH患者，B正确；根据纯合子患者在人群中出现的概率是1/1000000，可确定显性基因的频率是1/1000，隐性基因的频率是999/1000，则杂合子患者在人群中出现的概率为2×(1/1000)×(999/1000)，约为1/500，C正确；Ⅲ6可能是纯合子或杂合子，若为杂合子，则其患病基因可以由父母中的一方提供，D错误。贰考点2分离定律常见题型1.

一对相对性状的杂交实验中相关规律亲本子代基因型子代表型DD×DDDD全为显性DD×DdDD∶Dd＝1∶1全为显性DD×ddDd全为___性(可用于判断显隐性)Dd×DdDD∶Dd∶dd＝1∶2∶1显性∶隐性＝_______(可用于判断显隐性)Dd×ddDd∶dd＝1∶1显性∶隐性＝1∶1dd×dddd全为隐性显3∶12.显隐性的判断(1)根据子代性状表现推断①双亲性状不同：子代只有一种性状→子代的性状为______性状。②双亲性状相同：子代出现不同于亲本的新性状→新出现的性状为______性状(子代性状分离比为3∶1→“3”为显性性状，“1”为隐性性状)。(2)根据遗传系谱图判断显性隐性(3)合理设计杂交实验判断3.

显性纯合子与杂合子的鉴定比较纯合子杂合子特点①不含等位基因；②自交后代不发生性状分离①至少含一对等位基因；②自交后代会发生性状分离实验鉴定测交(已确定显隐性)纯合子×隐性类型↓

后代只有1种类型(表型一致)杂合子×隐性类型↓

后代出现2种类型自交(植物中最简便)纯合子↓⊗后代不发生性状分离杂合子↓⊗后代发生性状分离花粉鉴定法花粉的基因型只有1种花粉的基因型至少有2种

深

度

指

津鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可视情况采用，其中自交法较简单。4.

育种中杂合子Aa连续多代自交问题的分析(1)请补充完整杂合子Aa连续自交n代的遗传简图。由上图可见，亲本(Aa)连续自交n次，Aa占比为_________，显性纯合子(AA)与隐性纯合子(aa)占比相等。1/2n(2)根据上述遗传简图，绘制Aa连续自交n次后，纯合子、杂合子、显性(隐性)纯合子所占比值的曲线图。(要求标清坐标及曲线示意)如下图所示：

解

疑

释

惑(1)此类问题中，亲本(P)必须是杂合子。(2)分析曲线时，应注意辨析纯合子、显性(隐性)纯合子，当n→∞，子代中纯合子所占比值约为___，而显性(隐性)纯合子所占比值约为_________。(3)在连续自交过程中，若逐代淘汰隐性个体，则Fn中显性纯合子所占比值为(2n－1)/(2n＋1)，而显性杂合子的比值为2/(2n＋1)。11/2(4)由该曲线得到启示，在育种过程中，选育符合人们要求的个体(显性)，可进行____________，直到性状不再发生分离为止，即可留种推广使用。(5)该曲线也能再次验证自然界的豌豆是_________，其原因是自然界的豌豆总是在不断自交的。连续自交纯合子5.

自由交配问题分析自交是指基因型相同的生物个体交配，植物指自花授粉和雌雄异花的同株授粉，动物指基因型相同的雌雄个体间交配。自由交配是指群体中的个体随机进行交配，基因型相同和不同的个体之间都要进行交配，又称随机交配。植物和动物都包括自交和杂交，只是动物都是在雌雄个体之间进行。示例：Dd的个体自交后代，去除隐性性状后剩余部分自由交配，则F2基因型及其比例为____________________________。具体思路如下：DD∶Dd∶dd＝4∶4∶1

深

度

指

津(1)审题时严格区分“自交”和“自由交配”。(2)熟记：亲本为1/3AA、2/3Aa时，自交后代基因及比例为“AA∶Aa∶aa＝3∶2∶1”，表型之比为“显性∶隐性＝5∶1”，自由交配后代基因及比例为“AA∶Aa∶aa＝4∶4∶1”，表型之比为“显性∶隐性＝8∶1”。(3)不管是自交还是自由交配，其基因型频率或基因频率之和都是1，因此可以借助系数和为1作为计算结果是否正确的判断标准。1考向1显隐性的判断

(2024·淮安联考)玉米为雌雄异花的植物，豌豆是雌雄同花的植物，二者的茎秆都有高矮之分，分别将高茎和矮茎在自然状态下间行种植，不考虑变异，下列相关叙述错误的是(

)A.若矮茎玉米上所结的F1既有高茎，也有矮茎，则矮茎一定是隐性性状B.若高茎玉米上所结的F1都是高茎，则高茎对矮茎一定是显性C.若高茎豌豆的F1都是高茎，矮茎豌豆的F1都是矮茎，则无法判断茎秆的显隐性D.若高茎豌豆的F1既有高茎，也有矮茎，则该高茎豌豆一定为杂合子A【解析】玉米为异花传粉，高茎玉米和矮茎玉米间行种植，二者自然状态下随机受粉，若矮茎玉米为杂合子，则其上所结的F1可既有高茎，又有矮茎，故矮茎可能是隐性性状，也可能是显性性状，A错误；若高茎玉米上所结的F1都是高茎，说明无论高茎玉米自交，还是与矮茎玉米杂交，后代都是高茎，推断高茎为显性性状且亲本高茎玉米为纯合子，B正确；豌豆自然状态下只能自交，高茎豌豆自交后代都是高茎，说明其是纯合子，矮茎豌豆自交后代都是矮茎，说明其也是纯合子，由于间行种植的高茎豌豆和矮茎豌豆之间没有互相受粉，因此无法判断显隐性，C正确；高茎豌豆自交后代发生性状分离，则高茎为显性性状，并且亲本高茎豌豆为杂合子，D正确。2考向2纯合子和杂合子的判断

(2024·东台校级模拟)现有两瓶世代连续的果蝇，甲瓶中的个体全为灰身，乙瓶中的个体既有灰身也有黑身。让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，若后代都不出现性状分离，则可以认为(

)A.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子B.甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子C.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为杂合子D.乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，乙瓶中灰身果蝇为纯合子D【解析】假设果蝇的灰身、黑身性状由一对等位基因B、b控制。若甲瓶中果蝇为乙瓶中果蝇的亲本，乙瓶出现性状分离，可推出灰身对黑身为显性，故甲瓶中果蝇的基因型为Bb，乙瓶中果蝇的基因型为B_和bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代会出现性状分离，不符合题意；若乙瓶中果蝇为甲瓶中果蝇的亲本，由甲瓶中全为灰身可知，灰身对黑身为显性，故乙瓶中果蝇的基因型为BB(灰身)和bb(黑身)，甲瓶中果蝇的基因型为Bb，让乙瓶中的全部灰身果蝇与异性黑身果蝇交配，后代不会出现性状分离，D符合题意。3考向3亲子代互推类型

(2025·扬州期初)豌豆的高茎和矮茎受一对等位基因(D和d)控制，某豌豆种群全为高茎，让该豌豆种群自然状态下繁殖一代，F1的高茎∶矮茎＝5∶1，则亲代高茎豌豆的基因型及比例为(

)A.全为Dd B.DD∶Dd＝1∶1C.DD∶Dd＝1∶2 D.DD∶Dd＝2∶1C【解析】豌豆在自然状态下只能进行自交，子代出现性状分离，说明高茎为显性，高茎豌豆的基因型有DD和Dd两种，其中只有Dd自交后代会出现性状分离。让高茎豌豆种群自然繁殖一代，F1的高茎∶矮茎＝5∶1，假设亲代高茎豌豆中DD所占的比例为X，则Dd所占的比例为1－X,1/4(1－X)＝1/(5＋1)，解得X＝1/3。因此亲代高茎豌豆的基因型及比例为DD∶Dd＝1∶2。

思

路

点

拨豌豆在自然状态下的繁殖方式是自交。

某种自花受粉的农作物X的花色受到一对等位基因R/r的控制，其花色有黄色、乳白色和白色三种。让乳白色花的农作物X自交，F1中出现了三种花色，但让黄色花和白色花的农作物X自交，后代中只有黄色花或者白色花。不考虑变异，下列分析错误的是(

)A．农作物X的黄色花受到基因R的控制，白色花受到基因r的控制B．F1中乳白色花植株是杂合子，黄色花植株和白色花植株均是纯合子C．若让F1黄色花植株和白色花植株杂交，则F2中均表现为乳白色花D．若让F1乳白色花植株和白色花植株杂交，则F2中不可能出现黄色花A【解析】因为黄色花和白色花自交后代不发生性状分离，所以它们都是纯合子，黄色花和白色花分别为RR和rr或rr和RR，即农作物X的黄色花受到基因R的控制，白色花受到基因r的控制；也可能黄色花受到基因r的控制，白色花受到基因R的控制，A错误。乳白色花自交后代出现三种花色，说明乳白色花为杂合子(Rr)，黄色花(RR或rr)和白色花(rr或RR)自交后代不变，是纯合子，B正确；F1黄色花植株和白色花植株杂交，F2基因型为Rr，表现为乳白色花，C正确；F1乳白色花植株(Rr)和白色花植株(rr或RR)杂交，F2基因型为Rr和rr(或RR)，为乳白色花植株和白色花植株，不可能出现黄色花，D正确。考向4自交和自由交配

某植物可进行自交或自由交配，在不考虑生物变异和致死情况下，满足下列情况中，可使基因型为Aa的个体连续交配3次后所得子三代中Aa所占比值为2/5的是(

)A.该植物基因型为Aa的个体连续自交3次且每代子代中不去除aa个体B.该植物基因型为Aa的个体连续自交3次且每代子代中均去除aa个体C.该植物基因型为Aa的个体连续自由交配3次且每代子代中不去除aa个体D.该植物基因型为Aa的个体连续自由交配3次且每代子代中均去除aa个体4D【解析】基因型为Aa的植物连续自交3次，且每代子代中不去除aa个体，则子三代中Aa所占比值为(1/2)3＝1/8。基因型为Aa的植物连续自交3次，且每代子代中均去除aa个体，子一代中AA占1/3，Aa占2/3；子二代中AA占3/5，Aa占2/5，则子三代中Aa所占比值为[(2/5)×(1/2)]÷[1－(2/5)×(1/4)]＝2/9。基因型为Aa的植物连续自由交配3次，且每代子代中不去除aa个体，该植株产生的A配子比例为1/2，a配子比例也为1/2，该比值在子一代、子二代中不变，故子三代中Aa所占比值为2×(1/2)×(1/2)＝1/2。基因型为Aa的植物连续自由交配3次，且每代子代中均去除aa个体，子一代中AA占1/3，Aa占2/3，A配子比例为2/3，a配子的比例为1/3，则子二代中AA占4/9、Aa占4/9，去除aa个体后，AA、Aa各占1/2，此时A配子比例为3/4，a配子比例为1/4，则子三代中Aa所占比值为[(3/4×(1/4)×2]÷[1－(1/4)×(1/4)]＝2/5。

方

法

规

律自交的有关计算用列举法，如上题中从1/3AA自交、2/3Aa自交分别计算，再合并同类项。自由交配的有关计算宜用配子法或遗传平衡公式进行计算。(2024·安徽卷)某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是(

)A.1/2 B．3/4C.15/16 D．1A【解析】由题意可知，控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性，若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为AA或Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1；若黄色雄虫基因型为Aa，则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16Aa、1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa，则F1基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，F2雌性中白色个体的比例为3/4。叁配套精练一、

单项选择题1.(2024·扬州新华中学)番茄果实的红色(R)对黄色(r)为显性，为了鉴定一株结红果的番茄植株是纯合子还是杂合子，下列方法错误的是(

)A．用该红果与红果纯合子杂交B．用该红果与黄果测交C．让该红果植株自交D．用该红果与红果杂合子杂交【解析】番茄果实的红色(R)对黄色(r)为显性，为了鉴定一株结红果的番茄植株是纯合子还是杂合子，可以利用该植株自交，若出现性状分离则为杂合子；可以和黄果进行测交，若后代全为红果则为纯合子；还可以和红果杂合子杂交，若出现黄果，则为杂合子。A2.(2024·连云港赣榆调研)白化病是一种由隐性遗传因子(a)控制的遗传病。如果一对性状表现正常的夫妇，生育了一个患病女儿和一个正常儿子，下列相关叙述错误的是(

)A．母亲遗传因子组成为AaB．父亲遗传因子组成为AAC．女儿遗传因子组成为aaD．儿子遗传因子组成为AA或Aa【解析】白化病属于隐性遗传病，相关遗传因子用A、a表示。如果一对正常夫妇(A_×A_)生下了一个有病的女儿(aa)，则这对夫妇的遗传因子组成均为Aa(若为伴X隐性遗传，则父女均病，不符题意)。儿子正常，遗传因子组成为AA或Aa。B3.

某植物为雌雄同株异花植物，其花色由一对等位基因控制，其表型与环境温度的关系如表所示。下列说法错误的是()B基因型25℃30℃DD红花白花Dd红花白花dd白花白花A．植株的表型受基因和环境的共同影响B．红花植株一定是纯合子，白花植株不一定是纯合子C．25℃时，白花植株自交的后代均表现为白花，红花植株自交的后代可能表现为白花D．若欲确定一红花植株的基因型，可将其自交子代放于25℃条件下培养【解析】基因型为DD、Dd的植株在25℃条件下表现为红花，但在30℃条件下表现为白花，说明植株的表型受基因和环境(温度)的共同影响，A正确。红花植株不一定是纯合子，基因型可能为DD或Dd；在30℃条件下基因型为Dd的植株也表现为白花，故白花植株不一定是纯合子，B错误。25℃时，白花植株基因型为dd，自交的后代基因型仍为dd，均表现为白花；红花植株基因型可能为DD或Dd，其中Dd自交可发生性状分离，后代可能表现为白花，C正确。在30℃条件下各基因型都表现为白花，若欲确定一红花植株的基因型(DD或Dd)，可将其自交子代放于25℃条件下培养，若后代全为红花，则该红花植株为DD；若后代红花∶白花＝3∶1，则该红花植株为Dd,D正确。4.(2024·连云港七校联考)控制猫尾长短的遗传因子遵循分离定律，某杂交实验过程如图所示。下列有关叙述错误的是(

)A．甲中，亲本长尾猫的遗传因子组成与F1中长尾猫的相同B．甲杂交过程属于测交过程C．可用测交法判断F2中长尾猫是否为纯合子D．F2中长尾猫相互交配，其后代中短尾猫所占的比例为1/2D【解析】F1长尾猫之间相互交配，F2中有长尾猫和短尾猫，发生了性状分离，说明F1长尾猫为杂合子，杂合子表现为显性性状，即猫的长尾对短尾为显性性状，亲本长尾猫与短尾猫杂交，F1中有长尾猫和短尾猫，说明亲本长尾猫为杂合子，其遗传因子组成与F1中长尾猫的相同，A正确；甲中，亲本长尾猫为杂合子，亲本短尾猫为隐性纯合子，所以甲杂交过程属于测交过程，B正确；测交后代的性状表现及其比例与待测个体产生的配子的种类及其比例相同，因此可用测交法判断F2中长尾猫是否为纯合子，C正确；F2长尾猫中的纯合子占1/3，杂合子占2/3，F2中长尾猫相互交配，其后代中短尾猫所占的比例为(2/3)×(2/3)×(1/4)＝1/9，D错误。5.(2024·苏州期末)脸颊上的酒窝属于显性遗传。甲、乙分别代表有、无酒窝的女性，丙、丁分别代表有、无酒窝的男性。相关叙述错误的是(

)A．若甲与丙结婚，生出的孩子不一定有酒窝B．若甲与丁结婚，生出的孩子可能没有酒窝C．若乙与丁结婚，生出的所有孩子都无酒窝D．若乙与丙结婚，生出的孩子有酒窝的概率为75%D【解析】脸颊上的酒窝属于显性遗传，设相关遗传因子是A/a，甲为有酒窝的女性，遗传因子组成为AA或Aa，丙为有酒窝男性，遗传因子组成为AA或Aa，若两者均为Aa，则生出的孩子遗传因子组成可能为aa，表现为无酒窝，A正确；若甲(AA或Aa)与丁(aa)结婚，生出的孩子可能是aa，没有酒窝，B正确；若乙(aa)与丁(aa)结婚，生出的所有孩子遗传因子组成都是aa，都无酒窝，C正确；若乙(aa)与丙(AA或Aa)结婚，生出的孩子有酒窝的概率为100%或50%，D错误。6.(2024·宿迁四模)某甲虫的有角和无角由一对等位基因F、f控制，已知雌虫均为无角，雄虫有基因F则为有角。为判断某只雌虫的基因型，现有若干只有角雄虫和无角雄虫。下列实验方案及预期的结果和结论合理的是(

)A．选择有角雄虫和该只雌虫交配，若子代出现无角雄虫，则该只雌虫的基因型为ffB．选择有角雄虫和该只雌虫交配，若子代雄虫全为有角，则该只雌虫的基因型为FFC．选择无角雄虫和该只雌虫交配，若子代雌虫全为无角，则该只雌虫的基因型为ffD．选择无角雄虫和该只雌虫交配，若子代雄虫全为无角，则该只雌虫的基因型为ffD【解析】若有角雄虫的基因型为Ff，雌虫的基因型为Ff或ff时，子代均会出现无角雄虫，无法判断该雌虫的基因型，A不合理；若有角雄虫的基因型为FF，雌虫的基因型为FF、Ff或ff时，子代雄虫全为有角，无法判断该雌虫的基因型，B不合理；由题已知，无论哪种基因型的雌虫均为无角，选择无角雄虫和该只雌虫交配，若子代雌虫全为无角(基因型为FF、Ff或ff)，无法判断该雌虫的基因型，C不合理；选择无角雄虫和该只雌虫交配，若子代雄虫全为无角，说明该雌虫不含F基因，该只雌虫的基因型为ff，D合理。7.(2024·苏州张家港)已知绵羊角的性状表现与遗传因子组成的关系如下表，下列判断正确的是()遗传因子组成HHHhhh公羊的性状表现有角有角无角母羊的性状表现有角无角无角A．若双亲无角，则子代全部无角B．若双亲有角，则子代全部有角C．若双亲遗传因子组成都为Hh，则子代有角与无角的数量比可能为1∶1D．绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律C【解析】双亲无角，如果母本是Hh，则子代雄性个体中会出现有角，A错误；双亲有角，如果父本是Hh，母本是HH，则子代中雌性个体会出现无角(Hh)，B错误；双亲遗传因子组成为Hh，则子代雄性个体中有角与无角的数量比为3∶1，雌性个体中有角与无角的数量比为1∶3，若雌雄比例相同，则子代有角与无角的数量比为1∶1，C正确；绵羊角的性状遗传受一对等位基因的控制，遵循基因的分离定律，D错误。二、

多选选择题8.

某植物花粉的育性受植株基因型控制而与花粉本身基因无关，已知R基因控制合成的R蛋白与花粉的育性密切相关(如图)，基因R对r完全显性，下列有关叙述正确的有(

)A．基因型为RR或Rr的植株花粉全部可育B．基因型为rr的植株自交后代花粉全部不育C．Rr植株群体连续自由交配2代，F2中雄性不育的比例为1/6D．自然状态下，花粉可育植株的比例会越来越高ACD【解析】R基因控制合成的R蛋白与花粉的育性密切相关，花粉的育性受植株基因型控制，据图分析，雄性不育中R蛋白含量低，由隐性基因型(rr)控制，且R对r完全显性，故基因型为RR或Rr的植株花粉全部可育，A正确；基因型为rr的植株雄性不育，不能自交，B错误；Rr植株群体自由交配，F1中RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1,F1自由交配，由于rr的植株雄性不育，故能产生雄配子的个体RR∶Rr＝1∶2，雄配子为2/3R和1/3r，F1中雌性正常，雌配子为1/2R和1/2r，故F2中雄性不育的rr比例为(1/3)×(1/2)＝1/6，C正确；每代中由于rr个体雄性不育，r的基因频率逐代减小，R基因频率逐代增加，故R_的比例逐代增加，即花粉可育植株的比例会越来越高，D正确。9.(2024·泰州四调)人类的ABO血型决定系统中顺AB型(cisAB)指基因IA

和其等位基因IB

发生连锁。如果一条染色体上存在这两种基因，则不论另一条染色体基因如何，该个体血型都是AB型。现有一血型为O型(ii)男性和cisAB女性婚配。下列相关叙述正确的是(

)A．cisAB形成过程中发生了可遗传的变异B．形成该cisAB女性的变异时期可能发生在减数分裂过程中C．该对夫妇再生一个孩子血型为AB型的概率是1/2D．该对夫妇所生孩子的血型可能是AB型、A型、B型或O型【解析】顺AB型(cisAB)只在一条染色体上存在IA和IB基因，另一条染色体基因可能是IA、IB、i，该对夫妇的基因型为ii和IAB_；所生孩子血型可能是AB型、A型、B型或O型，但概率不能确定，C错误、D正确。ABD三、

非选择题10.(2024·连云港一调)家兔的毛色由一系列复等位基因控制，其中复等位基因C、cch、ch、c分别控制全黑色、青紫蓝色、八黑和白化4种毛色，表达的优先级是C>cch>ch>c。科研人员进行如下表所示实验，以筛出青紫蓝色个体。

回答下列问题：步骤1P：全黑色×全黑色→F1：全黑色∶青紫蓝色＝3∶1步骤2F1中青紫蓝色雌雄兔自由交配→F2性状分离比为3∶1(