2025年安徽省高考物理模拟卷（含解析）

2025年安徽省高考物理模拟卷

一、单选题：本大题共8小题，共32分。

1.氢原子部分能级的示意图如图所示，不同色光的光子能量如下表所示：

n£/eV

8....................0

4--------------------------0.85

3----------------------------1.51

2---------------------------3.4

1-------------------------13.6

色光红橙黄绿蓝一靛紫

光子能量范

1.61〜2.0(2.00-2.072.07-2.142.14〜2.52.53-2.762.76〜3.10

围(eV)

处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内仅有2条，其颜色分别为()

A.红、蓝一靛B.黄、绿C.红、紫D.蓝一靛、紫

2.如图所示，一束光由半圆形玻璃砖的右侧面沿半径射入，经2B界面

折射后分为a、b两束光，则下列说法正确的是()

A.6光的光子能量小于a光的光子能量

B.现将入射光绕。点逆时针转动，贝Ua光先消失上玄

C.分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹

间距大于6光的干涉条纹间距

D,在半圆形玻璃中，6光的传播时间小于a光的传播时间

3.如图所示，a是“天宫一号，”飞行器、b、c是地球同步卫星，若“天宫一号”飞行器a和卫星6、c均沿逆

时针方向转动，“天宫一号”飞行器a的轨道半径为r,引力常量为G,贝ij()

/一、\

\｛领土…也

\、//

2026年

A.卫星c的加速度大于卫星b的加速度

B.“天宫一号”飞行器a的线速度大于卫星b的线速度

C.天宫的运行速度介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间

D.在天宫中宇航员由于没有受到地球引力而处于漂浮状态

4.风能是可再生无污染新能源.图示为广东省南澳县某风力发电机，它工作时风力使叶片转动扫过一定的

面积，假定垂直经过该面积的空气的动能有固定的比例转化成电能。若叶片的转动半径为「，垂直于叶片

转动圆面的风速为也则发电机的发电功率P与半径r和风速"的关系应是（）

A.PocrvB.Pocrv2C.Pocr2v2D.Pocr2v3

5.如图所示，真空中正四面体的四个顶点处分别固定四个等量点电荷，4点

为底边棱的中点，B点为右侧面的中心，C点为底面的中心，。点为正四面体

的体心（到四个顶点的距离均相等）。下列说法正确的是（）

A.B点电势小于C点电势

B.取无穷远处为零势面，。点电势不为零

C.一正电荷从4点运动到。点过程中，电场力做正功

D.若两个等量异种点电荷在。点产生的电场强度大小为E,则D点的合场强大小为"E

6.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过长度为L的轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上。

物块质量为其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为几小环和物块以速度"向右匀速运动，小环碰到杆

上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动。整个过程中，物块与夹子没有相对滑动。小环和夹子的质量均不

计，物块与夹子的尺寸相较于绳长可忽略，重力加速度为9。下列说法正确的是（）

A.物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2尸

B.小环碰到钉子P时，绳中的张力等于Mg

2026年

C.小环碰到钉子P时，物块运动速度立即减小

l(2F-Mg)L

速度。不能超过

D.M

7.如图甲所示，是一列沿X轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，P是离原点巧=2爪的一个介质

质点，Q是离原点%2=4爪的一个介质质点，此时离原点%3=6zn的介质质点刚刚要开始振动.图乙是该简

谐波传播方向上的某一质点的振动图象（计时起点相同）.由此可知（）

C.这列波的传播速度为u=3m/sD,这列波的波源起振方向为向上

8.如图所示，电源电动势为E,内阻为r,L为小灯泡，R为滑动变阻器。电流表和电压表读数分别为/、U,

其读数变化量剂大小分别为4、4U。现闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向上滑动时（）

A.I增大B.L变暗C.U变小D.R不变

二、多选题：本大题共2小题，共10分。

9.如图（a）所示，一个电阻值为R、匝数为n的圆形金属线圈与阻值为2R的电阻％连接成闭合回路。线圈的

半径为5在线圈中半径为「2的圆形区域内存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化

的关系图线如图（6）所示。图线与横、纵轴的交点坐标分别为力和用.导线的电阻不计。在0至h时间内，下

列说法正确的是（）

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nnBorl

A.大中电流的方向由a到b通过七B.电流的大小为

3Rt0

2nnBr2nnBaryta

线圈两端的电压大小为一o通过电阻大的电荷量为

C.D.DKL-t

10.如图所示，在地面上方的某一水平面上有三个点电荷构成了一个等边三角

形，三个点电荷都带等量正电荷。在等边三角形中心点。的正上方有一带正

电小球，将小球从a点静止释放。已知力点和B点关于。点对称，。4的距离为h

,重力加速度为9,规定无穷远处电势为零。下列说法正确的是（）

A.图中等边三角形内，。点场强为零且电势也为零

B.小球释放后可能静止不动，且能静止不动的位置可能有两个

C.小球释放后若能通过。点，则加速度最大的位置一定在。8之间

D.小球释放后若能运动到B点，则运动至B处的速度大小为2厮

三、实验题：本大题共2小题，共16分。

11.利用如图装置做“验证机械能守恒定律”实验。

（1）为验证机械能是否守恒，除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外,

在下列器材中，还必须使用的两种器材是;

4交流电源B,刻度尺C,天平（含磋码）

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（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点4、B

、C,测得它们到起始点。的距离分别为%、心、hCa已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为

To设重物的质量为小。从打。点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量/与=o动能增加

量/益=;

（3）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是；

4利用公式u=gt计算重物速度B.利用公式"=75谈计算重物速度

C存在空气阻力和摩擦阻力的影响。.没有采用多次实验取平均值的方法

12.（1）甲同学根据图1所示电路采用“半偏法”测量一个量程为W的电压表内阻（约3/d2）.

①为使测量值尽量准确，在以下器材中，电阻箱R应选用,滑动变阻器氏应选用,电源E应选

用（选填器材前的字母）.

IV

4电阻箱（0-999.9。）8.电阻箱（0-99990）

C滑动变阻器（0〜50。）D滑动变阻器（0〜2k。）

E电源（电动势1.5M）E电源（电动势4.5U）

②该同学检查电路连接无误后，在开关Si、52均断开的情况下，先将氏的滑片P调至a端，然后闭合Si、S2

,调节Ro,使电压表指针偏转到满刻度，再断开开关52,调节R的阻值，使电压表指针偏转到满刻度的一

半.如果此时电阻箱R接入电路中的阻值为31500,则被测电压表的内阻测量值为0,该测量值

实际值（选填“略大于”、“略小于”或“等于"）.

（2）乙同学将一个电流计@改装成量程为317的电压表.该电流计@内部由表头和定值电阻r串联组成，其中

表头电阻0=1。。。，丁约为几千欧.为确定该电流计⑥的满偏电流。和r的阻值，他采用如图2所示电路进

行测量.

实验中使用的电源电动势E=3.0V,电阻箱R的最大阻值为99992具体操作步骤如下：

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必将滑动变阻器品的滑片P调到a端，电阻箱接入电路的阻值R调到5000。；

6.闭合S,仅调节岛使电流计短满偏，记录此时电阻箱接入电路的阻值R和电压表的示数U；

c.断开S,将滑动变阻器刷的滑片P再次调到a端，将电阻箱接入电路的阻值R减小1。000；

d.重复步骤6、c,直到将电阻箱接入电路的阻值R调为0亿断开S,结束实验.

根据实验测量出的多组数据绘制电压表示数U随电阻箱接入电路中的阻值R变化的图象，如图3所示.

①现有如下三种量程的电压表，在该实验中为使电压的测量值尽可能准确，电压表应选用的量程为

（选填器材前的字母）.

40〜15UB.0〜30C.0-0.57

②根据上述实验数据绘制出的图象，并考虑实验中存在的误差，可以推测出该表头的满偏电流％以及定值

电阻r的值应为.（选填选项前的字母）

4.30/M,2.4k0B.300/M,5.0fc/2

C.300/zX,2.4k。D.30/1A,5.0k。

③乙同学参考②中判断的结果，他若将电流计⑥L_____联（选填“串”或“并”）一个阻值为m的电

阻，就可以将该电流计⑥改装成量程为3V的电压表.

四、计算题：本大题共3小题，共42分。

13.如图所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在导热良好的气缸内.气缸倒立悬挂，活塞位罕

于气缸顶部，活塞距缸底高度八=1」小，活塞质量爪1=1kg、横截面积S=10cm2.现取下气Tl

缸，缓慢翻转并把气缸放置在水平地面上，活塞朝上并最终静止.已知室温为ti=27。*大II---------\\j

2

气压强Po=1。xl（）5pa,不计一切摩擦，g=iom/s.

①求活塞最终静止时距离缸底的高度九1；

（花）活塞最终静止后，对气体缓慢加热，同时在活塞上缓慢倒沙子.若最终气体温度4=127。*且活塞又

静止在气缸顶部，求所倒沙子的质量爪2.

14.如图所示，一游戏装置由安装在水平台面上的高度八可调的斜轨道48、竖直圆轨道（在最低点E分别与

水平轨道2E和EG相连）、细圆管道G”〃

（HI和〃为两段四分之一圆弧）和与/相切的水平直轨道/K组成。可认为所有轨道均处在同一竖直平面内，连

接处均平滑。已知，滑块质量为爪=30g且可视为质点，竖直圆轨道半径为r=0.45小，小圆弧管道和

大圆弧管道〃的半径之比为1:4,“=1.5ni不变，L2^0.5m,滑块与48、EG及/K间摩擦因数均为〃=0.5

,其他轨道均光滑，不计空气阻力，忽略管道内外半径差异。现调节八=2根，滑块从B点由静止释放后，

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贴着轨道恰好能滑上水平直轨道/K,求

(1)大圆弧管道〃的半径R；

(2)滑块经过竖直圆轨道与圆心0等高的P点时对轨道的压力％与运动到圆弧管道最低点H时对轨道的压力

/2大小之比；

(3)若在水平轨道/K水上某一位置固定一弹性挡板，当滑块与之发生弹性碰撞后能以原速率返回，若第一

次返回时滑块不脱轨就算游戏闯关成功。调节斜轨道的高度为八=3小，仍让滑块从B点由静止滑下，问弹

性挡板与/的间距L满足什么条件时游戏能闯关成功。

15.某仪器用电场和磁场来控制电子在材料表面上方的运动，如图所示，材料表面上方矩形区域PP'N'N充

满竖直向下的匀强电场，宽为成矩形区域NN'M'M(除边界外)充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度

为B,宽为s,长为3s；NV为磁场与电场之间的薄隔离层。一个电荷量为e、质量为小、初速为零的电子，

从P点开始被电场加速经隔离层垂直进入磁场，电子每次穿越隔离层，运动方向不变，其动能损失是每次

穿越前动能的10%。若最后电子仅能从磁场边界必“飞出，不计电子所受重力。

-I

3sA

M

T-jxXXXXXXXXXXX

磁场区域

XXXXXXXXXXX

XXXXXXXXXXX

XXXXXXXXXXXX

八T+++++++++++N

f电场区域

P'

777777777777777777777777777777777777777777777

材料表面

(1)求电子第一次与第二次圆周运动半径之比；

(2)若电场强度取某值时，电子第三次进入磁场后恰能垂直飞出，求电子在磁场区域中运动的时间;

(3)若仅满足电子从磁场边界飞出，求电场强度的取值范围。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】根据玻尔理论，如果激发态的氢原子处于n=2能级，只能够发出10.2W的光子，不属于可见光

范围；如果激发态的氢原子处于n=3能级，能够发出12.09eU、10.2eV、1.89eU的三种光子，只有

1.89。的光子属于可见光；如果激发态的氢原子处于n=4能级，能够发出12.75eU、12.09eV,10.2eV,

2.55eV,1.89eV,0.66eV的六种光子，1.89eV和2.55eU的光子属于可见光，1.89eV的光子为红光，

2.55eU的光子为蓝-靛光，4正确.

2.【答案】C

sini

【解析】4、根据折射定律公式n=赤，因为玻璃对b光的偏折程度大于a光，所以玻璃对b光的折射率大

于对a光的折射率，所以b光频率高，光子能量大，故N错误；

1

B、根据s讥C=有可知，b光临界角小，现将入射光绕。点逆时针转动，则b光先消失，故2错误；

L

C、根据c=/l/,b光频率高，波长短，根据=可知，分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实

验，a光的干涉条纹间距大于6光的干涉条纹间距，故C正确；

c

D、根据u所以在半圆形玻璃中，b光速度小，路程相同，则b光时间长，故。错误。

故选：Co

3.【答案】B

【解析】A3、对环绕地球做匀速圆周运动的卫星有：=ma=m~,解得：a=8,v=J-,由表

达式可知，卫星c的加速度小于卫星b的加速度，“天宫一号”飞行器a的线速度大于卫星b的线速度，故5

正确，4错误；

C、第一宇宙速度u=片，其中R为地球半径是卫星环绕地球运行的最小半径，故第一宇宙速度为最大的

环绕速度，所以天宫的运行速度小于第一宇宙速度，C选项错误；

。、在天宫中宇航员由于受到的地球引力全部用于提供向心力，完全失重而处于漂浮状态，并不是没有受

到地球引力，故D选项错误；

4.【答案】D

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【解析】在时间t内，有横截面积为5=兀「2、长度为/=直的空气柱垂直通过叶片，此部分空气的动能为品

=|mv2=|p-7rr2-vt-v2=\故发电机的发电功率为P=:=刷；：'=防二"（式中p为空气密度,k

为动能转化为电能的比例系数），故。选项正确。

5.【答案】D

【解析】4B.由电场线对称性原理知，空间中固定的四个点电荷在力、D两点的电势代数和为0,所以2、D

两点电势均为0,在B、C两点的电势代数和分别大于。和小于0,所以B点电势高于C点电势，故N8错误；

C根据4B选项的分析，于人D两点电势均为0,则一正电荷从4点运动到D点过程中，电场力不做功，故

C错误;

。若两个等量异种点电荷在。点产生的电场强度大小为E,根据电场叠加原理可知，则。点的合场强大小为

ED=显E

故。正确。故选：D。

6.【答案】D

【解析】N、物块向右匀速运动时，则夹子与物体M,处于平衡状态，那么绳中的张力等于Mg,故/错

误；

2、小环碰到钉子P时，物体M做圆周运动，依据最低点由两侧的摩擦力与重力的合力提供向心力，夹子对

物体M的摩擦力与对绳子的拉力大小相等，方向相反，因此绳中的张力大于Mg,故8错误；

C、小环碰到钉子P时，由于惯性，物块运动速度不会立即减小，故C错误；

D、因夹子对物体M的最大静摩擦力为2F,依据牛顿第二定律，结合向心力表达式，对物体M,则有：

2F—解得：v=产一；。*,即速度不能超过,故。正确。

m产小9”

故选：£）»

7.【答案】B

【解析】AC、由甲读出波长2=46，由图乙读出周期T=2s,则波的传播速度为u=，=2m/s.故/、C错

误.

2、由图乙看出，t=0时刻，质点经过平衡位置向上，而图甲中，Q点也经过平衡位置向上运动，故乙图

可能是图甲中质点Q的振动图象.故2正确.

D、波源的起振方向与%3=6爪的质点t=0时刻的振动方向，简谐波没x轴正方向传播，则知右=6爪的质

点在t=0时刻的振动方向向下，则波源的起振方向向下.故。错误.

故选：Bo

8.【答案】D

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【解析】ABC,当滑动变阻器的滑片P向上调节时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总阻值变大，根据

闭合电路欧姆定律可知，电路总电流减小，路端电压增大，则电流表读数/减小，电压表读数U增大，灯泡

L两端电压增大，通过L的电流增大，L变亮，故/8C错误；

D、根据闭合电路欧姆定律可知：E=U+Ir,可得：U=E-Ir

AUAU

故H=则H不变，故。正确。

故选：Do

将滑动变阻器的滑片P向上调节，滑动变阻器接入电路的电阻变大，R与灯L并联的电阻变大，外电路总电

阻变大，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流和路端电压的变化；根据路端电压与电流的关系，分析并联

部分电压的变化，判断灯L亮度的变化；由华的物理意义分析其大小的变化。

本题是电路动态变化分析问题，关键在于分析电流表示数的变化情况，往往根据干路电流与另一支路的电

流变化来确定。

9.【答案】BC

【解析】人由楞次定律可判断通过电阻灯上的电流方向为从6到a,故N错误；

ABrnBnTrr?

B、根据法拉第电磁感应定律得线圈中的电动势为片=71式尸送=—根据欧姆定律得，通过R1的电流

、EnB^nrl

1==f

为：3R3t0R故§正确；

2mrRBor22nnBQr2

C、线圈两端电压为路端电压，由欧姆定律得：U=12R=-9=r-.故。正确;

DALQDCQ

nnBnRlti

D、通过电阻飞的电荷量为q==DALn,故。错误；

故选：BC。

10.【答案】BD

【解析】4根据点电荷电场强度的表达式有

rz

根据点电荷的电势表达式有

Q

(P=k­

r

可知三个等量正点电荷在。点产生的电场强度大小相等，方向彼此之间夹角为120。，根据电场叠加原理可

知，。点场强为零，可知。点场电势为三个等量正点电荷在。点产生的电势的代数和，可知。点电势不等于

零，故/错误；

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2.。点场强为零，无穷远位置场强也为零，可知从。点开始沿。2方向到无穷远位置的电场强度大小先增大

后减小，即电场强度存在有最大值，一定有两个位置的电场强度相等，若球释放后可能静止不动，且能静

止不动的位置可能有两个，故8正确；

C根据对称性可知，若电场强度最大值位置在力上方，。点下方电场强度最大值位置应在B点下方，此时，

假设小球在4点所受电场力小于重力，

根据牛顿第二定律有

mg—qE=ma

小球向下做加速度增大的加速运动，当越过。点后，小球所受电场力方向与重力方向相同，

根据牛顿第二定律

mg+qE=ma

小球先向下做加速度增大的加速运动，经过电场强度最大值位置时，加速度达到最大值，之后向下做加速

度减小的加速运动，

可知此时，加速度最大的位置在B点的下侧，故C错误；

。.小球释放后若能运动到B点，根据对称性可知=0

根据动能定理有

1

mg•2h+qU^=

解得小球运动至8处的速度大小为2恸，故。正确。

故选：BD。

1he一九4r

11.【答案】(1)48；(2)血g/iB，严C^)2；(3)C

【解析】(1)4、电磁打点计时器用交流电源，用刻度尺测量距离，验证爪=质量可约去。贝U/8

正确，C错误

故选：AB

(2)重锤重力势能的减少量△%=mghB,

11也一九4

动能的增加量：△曷=/病=

(3)重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是存在空气阻力和摩擦阻力的影响，则C正确，

故选：c

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1he—/i4

3c

故选：（1）4B；（2）mghB,严（2T＞；（）

12.【答案】B；C；F；3150；略大于；B；C；串；7.5

【解析】（1）①使用半偏法进行测量，要求电阻箱应和待测电阻接近；故电阻箱应选择B；

滑动变阻器采用分压接法，故选择小电阻；故选：C；

为了增大电流，电源选用电动势较大的电源；故选：F；

②当调节电阻箱，使电流表半偏时，由于干路电流几乎未变，电阻箱与电流计中的电流相等，电阻必然相

等.如果所得的士的阻值为3150。，则图中被测电流计G的内阻0的测量值为31500.

实际上电阻箱串入后的，电路的总电阻增大了，串联部分的总电压增大了；电压表半偏时，流过电阻箱的

电压大于电压表的电压，电阻箱接入的电阻大于电流计的电阻.所以，该测量值“略大于”实际值.

（2）①由于要求改装后的电压表量程为0〜3,为了准确测量，电压表应选：B；

②由欧姆定律可知：

U=lgR+Ig（rg+r）

图象与纵坐标的交点为：/g（Tg+T）=0.75；

2.25-0.75

lg=k=5000=3°。“

联立解得：r=2.4k。；

③将电流计改装成电压表，应串连接入一分压电阻R,由欧姆定律及串联电路分压规律有：U=IgRg+lgR

其中U为改装后电压表的满偏电压，

则R=f—Rg代入数据解得：R=7.5kQ

故答案为：（1）①B；C；F

②3150；略大于

⑵①8②c

③串；7.5

13•【解析】⑴气缸倒立悬挂时，气体压强为：

恤g

Pi=P（）_5_=x105Pa—0.1x105Pa=0.9x105Pa

气缸正放在水平地面上时，气体压强为：

P2=Po+-y=1.0x105Pa+0.1x105Pa=1.1x105Pa,

由玻意耳定律有：piS/i=p2S%i，

代入数据解得：比=0.9m.

2026年

(ii)活塞又静止在气缸顶部时，由查理定律有：

m2g

PlP2+一

=

273+tx273