（2021-2025）5年高考1年模拟化学真题分类汇编专题07 有机物的结构与性质（解析版）（北京专用）

5年（2021-2025）高考1年模拟化学真题分类汇编PAGEPAGE1专题07有机物的结构与性质考点五年考情（2021-2025）命题趋势考点01基本营养物质（5年1考）2025·北京卷2024·北京卷近5年北京卷在选择题中对有机化学知识的考查主要是有机物的结构与性质分析和基本营养物质的组成、结构与性质。有机物的结构与性质分析包括两个类型一是常规陌生有机物结构与性质分析，一是结合了高分子化合物的结构与性质分析，后者尤其受到命题者的青睐。考点02陌生有机物的结构与性质分析（5年3考）2023·北京卷2022·北京卷2021·北京卷考点03有机高分子化合（5年3考）2025·北京卷2024·北京卷2023·北京卷2022·北京卷2021·北京卷考点01基本营养物质1．（2025·北京卷）下列说法不正确的是A．糖类、蛋白质和油脂均为天然高分子 B．蔗糖发生水解反应所得产物互为同分异构体C．蛋白质在酶的作用下水解可得到氨基酸 D．不饱和液态植物油通过催化加氢可提高饱和度【答案】A【解析】A．糖类中的单糖和二糖不是高分子，油脂也不是高分子，A错误；B．蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，二者分子式相同、结构不同，互为同分异构体，B正确；C．蛋白质水解的最终产物是氨基酸，酶作为催化剂促进反应，C正确；D．植物油含不饱和脂肪酸的甘油酯，催化加氢可减少碳碳双键，提高饱和度，D正确；故选A。2．（2024·北京卷）下列说法不正确的是A．葡萄糖氧化生成和的反应是放热反应B．核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子C．由氨基乙酸形成的二肽中存在两个氨基和两个羧基D．向饱和的溶液中加入少量鸡蛋清溶液会发生盐析【答案】C【解析】A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O是放热反应，在人体内葡萄糖缓慢氧化成CO2和H2O为人体提供能量，A项正确；B．核酸是一种生物大分子，分析核酸水解的产物可知，核酸是由许多核苷酸单体形成的聚合物，核苷酸进一步水解得到磷酸和核苷，核苷进一步水解得到戊糖和碱基，故核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子，B项正确；C．氨基乙酸的结构简式为H2NCH2COOH，形成的二肽的结构简式为H2NCH2CONHCH2COOH，该二肽中含1个氨基、1个羧基和1个肽键，C项错误；D．鸡蛋清溶液为蛋白质溶液，NaCl溶液属于轻金属盐溶液，向饱和NaCl溶液中加入少量鸡蛋清溶液，蛋白质发生盐析，D项正确；答案选C。考点02陌生有机物的结构与性质分析3．（2023·北京卷）化合物与反应可合成药物中间体，转化关系如下。

已知L能发生银镜反应，下列说法正确的是A．K的核磁共振氢谱有两组峰 B．L是乙醛C．M完全水解可得到K和L D．反应物K与L的化学计量比是1∶1【答案】D【解析】A．有机物的结构与性质K分子结构对称，分子中有3种不同环境的氢原子，核磁共振氢谱有3组峰，A错误；B．根据原子守恒可知1个K与1个L反应生成1个M和2个H2O，L应为乙二醛，B错误；C．M发生完全水解时，酰胺基水解，得不到K，C错误；D．由上分析反应物K和L的计量数之比为1∶1，D项正确；故选D。4．（2022·北京卷）我国科学家提出的聚集诱导发光机制已成为研究热点之一、一种具有聚集诱导发光性能的物质，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是A．分子中N原子有、两种杂化方式B．分子中含有手性碳原子C．该物质既有酸性又有碱性D．该物质可发生取代反应、加成反应【答案】B【解析】A．该有机物中从左往右第一个N原子有一个孤对电子和两个σ键，为杂化；第二个N原子有一个孤对电子和三个σ键，为杂化，A正确；B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该有机物中没有手性碳原子，B错误；C．该物质中存在羧基，具有酸性；该物质中还含有，具有碱性，C正确；D．该物质中存在苯环可以发生加成反应，含有甲基可以发生取代反应，D正确；故选B。5．（2021·北京卷）我国科研人员发现中药成分黄芩素能明显抑制新冠病毒的活性。下列关于黄芩素的说法不正确的是A．分子中有3种官能团 B．能与Na2CO3溶液反应C．在空气中可发生氧化反应 D．能和Br2发生取代反应和加成反应【答案】A【解析】A．根据物质结构简式可知：该物质分子中含有酚羟基、醚键、羰基、碳碳双键四种官能团，A错误；B．黄芩素分子中含有酚羟基，由于酚的酸性比NaHCO3强，所以黄芩素能与Na2CO3溶液反应产生NaHCO3，B正确；C．酚羟基不稳定，容易被空气中的氧气氧化，C正确；D．该物质分子中含有酚羟基，由于羟基所连的苯环的邻、对位有H原子，因此可以与浓溴水发生苯环上的取代反应；分子中含有不饱和的碳碳双键，可以与Br2等发生加成反应，D正确；故合理选项是A。考点03有机高分子化合物6．（2025·北京卷）一种生物基可降解高分子P合成路线如下。下列说法正确的是A．反应物A中有手性碳原子 B．反应物A与B的化学计量比是C．反应物D与E生成P的反应类型为加聚反应 D．高分子P可降解的原因是由于键断裂【答案】A〖祥解〗A与B发生加成反应，结合A的分子式以及P的结构简式，可推出A的结构简式为，A与B反应生成D，由P的结构简式可知，反应物A与B的化学计量比是2:1；D与E反应生成高聚物P和水。【解析】A．反应物A中有1个手性碳原子，如图所示，A正确；B．由分析可知，反应物A与B的化学计量比是2:1，B错误；C．反应物D与E反应生成高聚物P和水，有小分子生成，为缩聚反应，C错误；D．由高分子P的结构可知，P中的酰胺基易水解，导致高分子P可降解，即高分子P可降解的原因是由于键断裂，D错误；故选A。7．（2024·北京卷）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。已知：反应①中无其他产物生成。下列说法不正确的是A．与X的化学计量比为B．P完全水解得到的产物的分子式和Y的分子式相同C．P可以利用碳碳双键进一步交联形成网状结构D．Y通过碳碳双键的加聚反应生成的高分子难以降解【答案】B【解析】A．结合已知信息，通过对比X、Y的结构可知与X的化学计量比为，A正确；B．P完全水解得到的产物结构简式为，分子式为，Y的分子式为，二者分子式不相同，B错误；C．P的支链上有碳碳双键，可进一步交联形成网状结构，C正确；D．Y形成的聚酯类高分子主链上含有大量酯基，易水解，而Y通过碳碳双键加聚得到的高分子主链主要为长碳链，与聚酯类高分子相比难以降解，D正确；故选B。8．（2023·北京卷）一种聚合物的结构简式如下，下列说法不正确的是

A．的重复单元中有两种官能团B．可通过单体

缩聚合成C．在碱性条件下可发生降解D．中存在手性碳原子【答案】A【解析】A．的重复单元中只含有酯基一种官能团，A项错误；B．由的结构可知其为聚酯，由单体

缩聚合成，B项正确；C．为聚酯，碱性条件下可发生降解，C项正确；D．的重复单元中只连有1个甲基的碳原子为手性碳原子，D项正确；故选A。9．（2022·北京卷）高分子Y是一种人工合成的多肽，其合成路线如下。下列说法不正确的是A．F中含有2个酰胺基 B．高分子Y水解可得到E和GC．高分子X中存在氢键 D．高分子Y的合成过程中进行了官能团保护【答案】B【解析】A．由结构简式可知，F中含有2个酰胺基，故A正确，B．由结构简式可知，高分子Y一定条件下发生水解反应生成和，故B错误；C．由结构简式可知，高分子X中含有的酰胺基能形成氢键，故C正确；D．由结构简式可知，E分子和高分子Y中都含有氨基，则高分子Y的合成过程中进行了官能团氨基的保护，故D正确；故选B。10．（2021·北京卷）可生物降解的高分子材料聚苯丙生(L)的结构片段如下图。已知：R1COOH+R2COOH+H2O下列有关L的说法不正确的是A．制备L的单体分子中都有两个羧基B．制备L的反应是缩聚反应C．L中的官能团是酯基和醚键D．m、n、p和q的大小对L的降解速率有影响【答案】C【解析】A．合成聚苯丙生的单体为、，每个单体都含有2个羧基，故A正确；B．根据题示信息，合成聚苯丙生的反应过程中发生了羧基间的脱水反应，除了生成聚苯丙生，还生成了水，属于缩聚反应，故B正确；C．聚苯丙生中含有的官能团为：、，不含酯基，故C错误；D．聚合物的分子结构对聚合物的降解有本质的影响，因此m、n、p、q的值影响聚苯丙生的降解速率，故D正确；故选C。1．（2025年朝阳一模）有机物Y是一种药物中间体，其合成路线如下：下列说法不正确的是A．X中含配位键 B．可用溶液实现④C．F水解可得到E D．有机物Y的合成过程中进行了官能团保护【答案】C〖祥解〗E是苯胺，一定条件下与乙酸作用得到乙酰苯胺，乙酰苯胺与乙酸酐在催化剂作用下发生取代反应②，得到F和CH3COOH，F在盐酸作用下酰胺基水解得到X，X在碱性条件下得到Y。【解析】A．X的结构简式为，类似于NH4Cl，存在配位键，N提供孤电子对，H+提供空轨道，A正确；B．反应④由转化为，需要碱性条件下进行，可以用NaOH溶液实现，B正确；C．

F的结构简式为，水解得到，不能得到E，C错误；D．由E到Y的过程，涉及到氨基被保护，D正确；答案选C。2．（2025年朝阳一模）塑料的循环利用有利于环境保护。研究人员利用小分子单体Y合成聚合物P，该聚合物在一定条件下能解聚为原来的小分子单体Y，如下图所示。下列说法不正确的是A．的反应是加聚反应B．聚合物P存在顺式异构体C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键未发生断裂D．Y利用碳碳双键的加成反应可以形成环状结构【答案】C【解析】A．的反应是酯基之间的碳碳双键进行1，4—加聚反应，故A正确；B．聚合物P存在顺式异构体即酯基所连基团在碳碳双键同侧结构，故B正确；C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键发生断裂，生成两个碳碳双键，故C错误；D．两分子或多分子Y利用碳碳双键进行加成反应，可以形成环状结构，故D正确；答案选C。3．（2025年朝阳二模）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。下列说法不正确的是A．反应②是缩聚反应B．Y中存在手性碳原子C．高分子P中存在“”D．高分子P完全水解可以得到Y【答案】D【解析】A．由Y在催化剂作用下发生反应(②)生成高分子P，是和上的氢原子发生脱水缩聚，可判定这是通过分子间缩合形成的缩聚反应，A正确；B．Y中存在手性碳原子，位置如图：，B正确；C．Y的结构式中参与反应的和上的氢原子发生脱水缩聚，出现脲键，C正确；D．根据题意，高分子P可降解，产物对环境友好，水解过程中脲键会被破坏，最终并不会得到Y，D错误；故选D。4．（2025年东城区二模）已知：。有机化合物和在一定条件下发生反应生成高分子，的结构如下。下列说法不正确的是A．a中6个在一个平面内B．生成高分子的反应为缩聚反应C．a可以与反应生成网状结构的高分子D．与也能发生类似反应生成高分子【答案】D【解析】A．三聚氰胺的结构类似于三个苯环通过氰基连接形成的平面环状结构。每个苯环中的碳原子用sp2方式，形成平面六边形结构。由于三个环共用原子且排列对称，整个分子呈现高度平面性，A正确；B．生成的高分子存在端基原子和原子团，同时生成小分子，说明该反应为缩聚反应，B正确；C．根据反应原理可知，每个氨基均可与甲醛发生缩聚，从而形成网状结构的高分子，C正确；D．是二甲胺，它与甲醛反应生成的是N，N-二甲基甲醇胺（(CH₃)₂NCH₂OH），这种反应不会形成高分子化合物，D错误；答案选D。5．（2025年东城区二模）甘氨酸亚铁是一种补铁剂的有效成分，其结构简式如下。甘氨酸亚铁可由甘氨酸与反应得到。下列说法正确的是A．甘氨酸亚铁的中心离子的基态价层电子排布式为B．甘氨酸亚铁中含有手性碳原子C．甘氨酸的化学式为D．甘氨酸既可与强酸反应又可与强碱反应【答案】D【解析】A．甘氨酸亚铁的中心离子为Fe2+。基态价层电子排布式为，故A错误；B．手性碳原子是连有四个不同基团的碳原子；甘氨酸亚铁中包括-CH2-和羰基两种碳原子，不含手性碳原子，故B错误；C．甘氨酸结构简式为H2NCH2COOH，化学式为，故C错误；D．甘氨酸含有氨基和羧基，既可与强酸反应又可与强碱反应，故D正确；故答案为D。6．（2025年海淀区二模）苯的硝化反应的部分过程如下图。若用氘代苯（）进行该反应（反应过程不变），反应速率无明显变化。下列说法不正确的是已知：C-D键能大于C-H键能。A．可用质谱法区分苯和氘代苯B．硝基苯的核磁共振氢谱中有3组峰C．用氘代苯进行反应时，ⅰ中有C-D键的断裂与形成D．图示过程的反应速率主要由ⅰ决定【答案】C【解析】A．苯和氘代苯相对分子质量不同，可用质谱法区分，A正确；B．硝基苯有三种等效氢，核磁共振氢谱中有3组峰，B正确；C．用氘代苯进行反应时，ⅰ中无C-D键的断裂与形成，C错误；D．C-D键能大于C-H键能，而反应速率无明显变化，说明ⅰⅰ不是决速步骤，故过程的反应速率主要由ⅰ决定，D正确；故选C。7．（2025年海淀区一模）由化合物K、L和P合成药物中间体Q，转化关系如下图。已知：生成时，与中均有键断裂。下列说法不正确的是A．K不存在顺反异构B．L的化学式为C．和的过程中，均涉及上的加成反应D．若中的全部原子用标记，生成的的结构简式应为【答案】D【解析】A．K中碳碳双键左侧的碳原子连了两个相同的基团(-CN)，故没有顺反异构，故A正确；B．K的分子式为C5H4N2O，甲醇分子式为CH4O，M的分子式为C4H4N4，根据原子守恒可知L的化学式为，故B正确；C．有-NH2对-CN加成，中，断开N-H键对M中-CN发生加成反应，故C正确；D．由已知：生成时，与中均有键断裂，则Q中-NH2上的N应为15N，故D错误；答案选D。8．（2025年海淀区一模）丙酮酸是生物体代谢的重要中间产物，其结构如图所示。下列关于丙酮酸的说法不正确的是A．能形成分子间氢键 B．能发生加成和取代反应C．水中的溶解度：丙酮酸<丙酮酸乙酯 D．受位羰基影响，其酸性强于丙酸【答案】C【解析】A．丙酮酸分子内含羰基、羧基，能形成分子间氢键，A不符合题意；B．丙酮酸分子内含羧基，可以发生取代反应，含酮羰基，能与氢气等发生加成反应，B不符合题意；C．丙酮酸分子内含羰基和羧基，均能与水形成分子间氢键，丙酮酸乙酯中有羰基和酯基，羧基是亲水基团，酯基是憎水基团，则水中的溶解度：丙酮酸＞丙酮酸乙酯，C符合题意；D．乙基是斥电子基团，使羧基内羟基的极性减弱，羰基是吸电子基团，增强了羧基内羟基的极性，则受位羰基影响，丙酮酸的酸性强于丙酸，D不符合题意；故选C。9．（2025年头沟区一模）某课题组研制了一种具有较高玻璃化转变温度的聚合物，其合成路线如下，下列说法正确的是已知：A．的核磁共振氢谱有三个峰，峰面积比为B．在一定条件下完全水解生成醇与羧酸盐的物质的量比为C．通过碳碳三键的加聚反应生成的高分子容易降解为小分子D．制备聚合物的过程中还可能生成一种环状化合物【答案】D【解析】A．结合已知，推测的结构式为，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积比为，故A错误；B．结合已知，推测的结构式为，在一定条件下完全水解生成醇与羧酸盐的物质的量比为，故B错误；C．结合已知，推测的结构式为，通过碳碳三键的加聚反应生成的高分子看碳碳双键是否存在，所以不一定容易降解，故C错误；D．结合已知，一分子和一分子首尾结合可以生成，故D正确；答案选D。10．（2025年平谷区一模）以丙烯腈为原料合成高分子树脂X的合成路线如图所示。下列说法正确的是A．丙烯腈分子存在顺反异构 B．甲分子中的碳原子均为杂化C．反应①属于加成反应 D．高分子X水解可得到乙【答案】B〖祥解〗与H2O、H+在加热条件下反应生成的甲为CH2=CHCOOH，由乙的分子式和可知，反应①为2个与HCHO反应生成，CH2=CHCOOH与发生加聚反应生成高分子X。【解析】A．丙烯腈分子中有一个双键碳原子连了两个氢原子，不存在顺反异构，故A错误；

B．甲为CH2=CHCOOH，分子中的碳原子均形成双键，均为杂化，故B正确；C．反应①为2个与HCHO反应生成，据反应前后原子守恒可知，还有水生成，不属于加成反应，故C错误；

D．CH2=CHCOOH与发生加聚反应生成高分子X，不是由缩聚反应生成的高分子X，所以X水解不能得到乙，故D错误；故答案为：B。11．（2025年石景山区一模）研究发现：叶黄素具有缓解眼视疲劳的保健作用，其分子结构如下图所示。下列说法不正确的是A．分子中C原子有两种杂化方式 B．分子中含有1个手性碳原子C．该物质属于脂环化合物 D．该物质可发生氧化反应、取代反应、加成反应【答案】B【解析】A．分子中形成4个共价单键的C原子是杂化，形成一个共价双键的C原子是杂化，A正确；B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该分子中与羟基相连的C原子是手性碳原子，共有2个手性碳原子，B错误；C．该分子中含有碳环，没有苯环，属于脂环化合物，C正确；D．分子中含有羟基，可以发生氧化反应、取代反应，含有碳碳双键，可以发生加成反应，D正确；故选B。12．（2025年顺义区一模）热塑性聚氨酯是具有高弹性、耐腐蚀能力的聚合物。一种基于二硫键（）的自修复热塑性聚氨酯材料的结构如下：该聚合物由X（）和Y（）聚合而成，下列说法不正确的是A．X中碳氮双键比碳氧双键活性强 B．生成该聚合物的反应属于加聚反应C．该聚合物完全水解可以得到X和Y D．该聚合物可以进一步交联形成网状结构【答案】C【解析】A．由图可知，生成热塑性聚氨酯时，X断裂碳氮双键，与Y中羟基发生加聚，所以X中碳氮双键比碳氧双键活性强，故A正确；B．由图可知，生成热塑性聚氨酯的反应属于加聚反应，故B正确；C．由结构简式可知，热塑性聚氨酯分子中含有的酰胺基能发生水解反应生成碳酸、和，反应所得产物共有3种，故C错误；D．由结构简式可知，热塑性聚氨酯分子可以通过交联剂的添加或辐射交联等方式进一步交联形成网状结构，故D正确；故选C。13．（2025年顺义区一模）有机化合物M是一种重要化工中间体，可由如下反应制得。已知：下列说法不正确的是A．K能发生缩聚反应生成高分子 B．L的分子式为C．M含1个手性碳原子 D．生成M的过程包含加成反应和消去反应【答案】C〖祥解〗根据信息可知，K和L反应历程：，L为；【解析】A．K中含氨基和醛基，根据信息，一个K分子的氨基和另一个K分子的醛基能反应，故能发生缩聚反应生成高分子，A正确；

B．结合分析可知L的分子式为，B正确；C．连有4个不同原子或基团的饱和碳原子为手性碳原子，则M没有手性碳原子，C不正确；

D．据分析，生成M的过程包含加成反应和消去反应，D正确；答案选C。14．（2025年西城区二模）某碳酸酯Q可形成聚合物P。下列说法不正确的是A．Q中存在手性碳原子B．反应生成P，同时生成C．D．若控制条件使减小，则P中的醚键在官能团中的比例升高【答案】C【解析】A．已知同时连有4个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故Q中连接甲基的碳原子为手性碳原子，A正确；B．根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，则xmolQ反应生成P，同时生成nmolCO2，B正确；C．根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，所以x=m+n，C错误；D．m：n越小，则P中—OCH2CH(CH3)OOC—与—OCH2CH(CH3)-的比例越小，所以P中的醚键在官能团中的比例升高，D正确；故答案为：C。15．（2025年西城区一模）聚乳酸-羟基乙酸共聚物(PLGA)是一种新型的生物可降解高分子材料，其制备反应如下。(未配平)下列说法正确的是A．和分子中所有的原子共平面B．X、Y和PLGA的重复单元中含有的官能团不同C．制备PLGA的反应属于缩聚反应D．m、n 的大小对PLGA的降解速率有影响【答案】D【解析】A．X、Y中均含饱和碳原子，为sp3杂化，为四面体构型，不可能所有原子共平面，A错误；B．X、Y和PLGA的重复单元中含有的官能团均为酯基，B错误；C．制得 PLGA 时是通过两种环状内酯单体的“开环聚合”形成大分子，并未缩合出小分子(如 H2O)；在高中分类中，不产生小分子的聚合往往归为：“加聚反应”，C错误；D．m、n 表示乳酸单元与羟基乙酸单元在共聚物中的含量比，不同配比会影响聚合物的结构与极性，从而影响其降解速率，D正确；故选D。16．（2025年通州区一模）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型高分子Z，合成路线如下。下列说法不正确的是A．1molY最多可与3molNaOH反应B．合成Z的过程中会脱除小分子C．与X、Y的化学计量数比为D．Z充分水解不能得到Y【答案】B【解析】A．Y分子中含有2个酯基和1个羧基，1molY最多可与3molNaOH反应，A正确；B．合成过程中，追踪氧原子可以看出，该反应没有水生成，B错误；C．根据化合物Z的结构简式可知，框内的氧原子来自于化合物X，框内的结构来自于，故与X、Y的化学计量数比为，C正确；D．Z充分水解后，得到的芳香族化合物是，不能得到Y，D正确；故选B。17．（2025年通州区一模）如图是核酸的某一结构片段，下列说法不正确的是A．该结构片段能与NaOH反应，不能与盐酸反应B．该结构片段中含有手性碳原子C．核酸水解可得到磷酸D．核酸分子中碱基通过氢键实现互补配对【答案】A【解析】A．该核酸中的磷酸基团能与碱反应，碱基与酸反应，因此核苷酸在一定条件下，既可以与酸反应，又可以与碱反应，故A错误；B．中含有3个手性碳原子(*标出)，故B正确；C．核酸水解完全水解后得到磷酸、脱氧核糖和含氮碱基，故C正确；D．核酸分子中碱基通过氢键实现互补配对，遵循碱基互补配对原则，故D正确；选A。18．（2025年西城区一模）氟他胺是一种抗肿瘤药，可由中间体通过如下转化制得(部分试剂和条件已略去)。已知：氨基具有还原性，吡啶具有碱性。下列说法不正确的是A．氟他胺中含有三种官能团B．X不具有手性异构体(对映异构体)C．吡啶可提高①的原料利用率D．交换①、②的顺序，对氟他胺的制备没有影响【答案】D〖祥解〗反应①为：++HCl；反应②为发生硝化反应，引入硝基生成氟他胺。【解析】A．由氟他胺结构简式可知，其含有硝基、碳氟键、酰胺基三种官能团，A正确；B．连接4个不同基团的碳原子是手性碳原子，X不具有手性异构体，B正确；C．反应①中产生了HCl，吡啶呈碱性消耗HCl从而促使反应正向进行，可提高原料利用率，C正确；D．已知氨基具有还原性，在发生硝化反应时，可能被氧化导致后续不能和反应合成氟他胺，D错误；故选D。19．（2025年人民大学附属中学三模）光电活性共轭高分子在有机发光二极管、聚合物太阳电池领域具备独特优点，是高分子科学的前沿研究方向。一种梯形共轭光电高分子合成如下图：已知：(部分产物已省略)ⅰ．ⅱ．ⅲ．和均为催化剂，和的聚合度均为n。下列说法不正确的是A．J中碳原子有两种杂化方式B．生成的反应为缩聚反应C．可以和NaOH或HCl溶液反应D．过程中和产物小分子的系数比为1∶n【答案】D【解析】A．J中的饱和碳原子(-C11H23中碳原子)采用sp3杂化，其余碳原子采用sp2杂化，故A正确；B．结和已知中i和iii，是高分子化合物，根据已知i可知，生成过程中有小分子生成，故为缩聚反应，故B正确；C．中含有酰胺键，在NaOH或HCl溶液中都能水解反应，故C正确；D．过程中生成的小分子是H2O，结合J的结构，和产物小分子的系数比为1∶(2n-1)，故D错误。答案选D。20．（2025年延庆区一模）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。下列说法不正确的是A．物质X不存在顺反异构体B．Y的化学式为C．P完全水解得到的产物与Y的分子式相同D．P可以利用碳碳双键进一步交联形成网状结构【答案】C【解析】A．X是1,3-丁二烯，不存在顺反异构体，故A正确；B．根据Y的结构，化学式为，故B正确；C．P水解得到的结构为，具有3个氧原子，而Y只有2个氧原子，两者分子式不同，故C错误；D．P中存在碳碳双键，可以进一步聚合形成网状结构，故D结构；故答案为C。专题07有机物的结构与性质考点五年考情（2021-2025）命题趋势考点01基本营养物质（5年1考）2025·北京卷2024·北京卷近5年北京卷在选择题中对有机化学知识的考查主要是有机物的结构与性质分析和基本营养物质的组成、结构与性质。有机物的结构与性质分析包括两个类型一是常规陌生有机物结构与性质分析，一是结合了高分子化合物的结构与性质分析，后者尤其受到命题者的青睐。考点02陌生有机物的结构与性质分析（5年3考）2023·北京卷2022·北京卷2021·北京卷考点03有机高分子化合（5年3考）2025·北京卷2024·北京卷2023·北京卷2022·北京卷2021·北京卷考点01基本营养物质1．（2025·北京卷）下列说法不正确的是A．糖类、蛋白质和油脂均为天然高分子 B．蔗糖发生水解反应所得产物互为同分异构体C．蛋白质在酶的作用下水解可得到氨基酸 D．不饱和液态植物油通过催化加氢可提高饱和度【答案】A【解析】A．糖类中的单糖和二糖不是高分子，油脂也不是高分子，A错误；B．蔗糖水解生成葡萄糖和果糖，二者分子式相同、结构不同，互为同分异构体，B正确；C．蛋白质水解的最终产物是氨基酸，酶作为催化剂促进反应，C正确；D．植物油含不饱和脂肪酸的甘油酯，催化加氢可减少碳碳双键，提高饱和度，D正确；故选A。2．（2024·北京卷）下列说法不正确的是A．葡萄糖氧化生成和的反应是放热反应B．核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子C．由氨基乙酸形成的二肽中存在两个氨基和两个羧基D．向饱和的溶液中加入少量鸡蛋清溶液会发生盐析【答案】C【解析】A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O是放热反应，在人体内葡萄糖缓慢氧化成CO2和H2O为人体提供能量，A项正确；B．核酸是一种生物大分子，分析核酸水解的产物可知，核酸是由许多核苷酸单体形成的聚合物，核苷酸进一步水解得到磷酸和核苷，核苷进一步水解得到戊糖和碱基，故核酸可看作磷酸、戊糖和碱基通过一定方式结合而成的生物大分子，B项正确；C．氨基乙酸的结构简式为H2NCH2COOH，形成的二肽的结构简式为H2NCH2CONHCH2COOH，该二肽中含1个氨基、1个羧基和1个肽键，C项错误；D．鸡蛋清溶液为蛋白质溶液，NaCl溶液属于轻金属盐溶液，向饱和NaCl溶液中加入少量鸡蛋清溶液，蛋白质发生盐析，D项正确；答案选C。考点02陌生有机物的结构与性质分析3．（2023·北京卷）化合物与反应可合成药物中间体，转化关系如下。

已知L能发生银镜反应，下列说法正确的是A．K的核磁共振氢谱有两组峰 B．L是乙醛C．M完全水解可得到K和L D．反应物K与L的化学计量比是1∶1【答案】D【解析】A．有机物的结构与性质K分子结构对称，分子中有3种不同环境的氢原子，核磁共振氢谱有3组峰，A错误；B．根据原子守恒可知1个K与1个L反应生成1个M和2个H2O，L应为乙二醛，B错误；C．M发生完全水解时，酰胺基水解，得不到K，C错误；D．由上分析反应物K和L的计量数之比为1∶1，D项正确；故选D。4．（2022·北京卷）我国科学家提出的聚集诱导发光机制已成为研究热点之一、一种具有聚集诱导发光性能的物质，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是A．分子中N原子有、两种杂化方式B．分子中含有手性碳原子C．该物质既有酸性又有碱性D．该物质可发生取代反应、加成反应【答案】B【解析】A．该有机物中从左往右第一个N原子有一个孤对电子和两个σ键，为杂化；第二个N原子有一个孤对电子和三个σ键，为杂化，A正确；B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该有机物中没有手性碳原子，B错误；C．该物质中存在羧基，具有酸性；该物质中还含有，具有碱性，C正确；D．该物质中存在苯环可以发生加成反应，含有甲基可以发生取代反应，D正确；故选B。5．（2021·北京卷）我国科研人员发现中药成分黄芩素能明显抑制新冠病毒的活性。下列关于黄芩素的说法不正确的是A．分子中有3种官能团 B．能与Na2CO3溶液反应C．在空气中可发生氧化反应 D．能和Br2发生取代反应和加成反应【答案】A【解析】A．根据物质结构简式可知：该物质分子中含有酚羟基、醚键、羰基、碳碳双键四种官能团，A错误；B．黄芩素分子中含有酚羟基，由于酚的酸性比NaHCO3强，所以黄芩素能与Na2CO3溶液反应产生NaHCO3，B正确；C．酚羟基不稳定，容易被空气中的氧气氧化，C正确；D．该物质分子中含有酚羟基，由于羟基所连的苯环的邻、对位有H原子，因此可以与浓溴水发生苯环上的取代反应；分子中含有不饱和的碳碳双键，可以与Br2等发生加成反应，D正确；故合理选项是A。考点03有机高分子化合物6．（2025·北京卷）一种生物基可降解高分子P合成路线如下。下列说法正确的是A．反应物A中有手性碳原子 B．反应物A与B的化学计量比是C．反应物D与E生成P的反应类型为加聚反应 D．高分子P可降解的原因是由于键断裂【答案】A〖祥解〗A与B发生加成反应，结合A的分子式以及P的结构简式，可推出A的结构简式为，A与B反应生成D，由P的结构简式可知，反应物A与B的化学计量比是2:1；D与E反应生成高聚物P和水。【解析】A．反应物A中有1个手性碳原子，如图所示，A正确；B．由分析可知，反应物A与B的化学计量比是2:1，B错误；C．反应物D与E反应生成高聚物P和水，有小分子生成，为缩聚反应，C错误；D．由高分子P的结构可知，P中的酰胺基易水解，导致高分子P可降解，即高分子P可降解的原因是由于键断裂，D错误；故选A。7．（2024·北京卷）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。已知：反应①中无其他产物生成。下列说法不正确的是A．与X的化学计量比为B．P完全水解得到的产物的分子式和Y的分子式相同C．P可以利用碳碳双键进一步交联形成网状结构D．Y通过碳碳双键的加聚反应生成的高分子难以降解【答案】B【解析】A．结合已知信息，通过对比X、Y的结构可知与X的化学计量比为，A正确；B．P完全水解得到的产物结构简式为，分子式为，Y的分子式为，二者分子式不相同，B错误；C．P的支链上有碳碳双键，可进一步交联形成网状结构，C正确；D．Y形成的聚酯类高分子主链上含有大量酯基，易水解，而Y通过碳碳双键加聚得到的高分子主链主要为长碳链，与聚酯类高分子相比难以降解，D正确；故选B。8．（2023·北京卷）一种聚合物的结构简式如下，下列说法不正确的是

A．的重复单元中有两种官能团B．可通过单体

缩聚合成C．在碱性条件下可发生降解D．中存在手性碳原子【答案】A【解析】A．的重复单元中只含有酯基一种官能团，A项错误；B．由的结构可知其为聚酯，由单体

缩聚合成，B项正确；C．为聚酯，碱性条件下可发生降解，C项正确；D．的重复单元中只连有1个甲基的碳原子为手性碳原子，D项正确；故选A。9．（2022·北京卷）高分子Y是一种人工合成的多肽，其合成路线如下。下列说法不正确的是A．F中含有2个酰胺基 B．高分子Y水解可得到E和GC．高分子X中存在氢键 D．高分子Y的合成过程中进行了官能团保护【答案】B【解析】A．由结构简式可知，F中含有2个酰胺基，故A正确，B．由结构简式可知，高分子Y一定条件下发生水解反应生成和，故B错误；C．由结构简式可知，高分子X中含有的酰胺基能形成氢键，故C正确；D．由结构简式可知，E分子和高分子Y中都含有氨基，则高分子Y的合成过程中进行了官能团氨基的保护，故D正确；故选B。10．（2021·北京卷）可生物降解的高分子材料聚苯丙生(L)的结构片段如下图。已知：R1COOH+R2COOH+H2O下列有关L的说法不正确的是A．制备L的单体分子中都有两个羧基B．制备L的反应是缩聚反应C．L中的官能团是酯基和醚键D．m、n、p和q的大小对L的降解速率有影响【答案】C【解析】A．合成聚苯丙生的单体为、，每个单体都含有2个羧基，故A正确；B．根据题示信息，合成聚苯丙生的反应过程中发生了羧基间的脱水反应，除了生成聚苯丙生，还生成了水，属于缩聚反应，故B正确；C．聚苯丙生中含有的官能团为：、，不含酯基，故C错误；D．聚合物的分子结构对聚合物的降解有本质的影响，因此m、n、p、q的值影响聚苯丙生的降解速率，故D正确；故选C。1．（2025年朝阳一模）有机物Y是一种药物中间体，其合成路线如下：下列说法不正确的是A．X中含配位键 B．可用溶液实现④C．F水解可得到E D．有机物Y的合成过程中进行了官能团保护【答案】C〖祥解〗E是苯胺，一定条件下与乙酸作用得到乙酰苯胺，乙酰苯胺与乙酸酐在催化剂作用下发生取代反应②，得到F和CH3COOH，F在盐酸作用下酰胺基水解得到X，X在碱性条件下得到Y。【解析】A．X的结构简式为，类似于NH4Cl，存在配位键，N提供孤电子对，H+提供空轨道，A正确；B．反应④由转化为，需要碱性条件下进行，可以用NaOH溶液实现，B正确；C．

F的结构简式为，水解得到，不能得到E，C错误；D．由E到Y的过程，涉及到氨基被保护，D正确；答案选C。2．（2025年朝阳一模）塑料的循环利用有利于环境保护。研究人员利用小分子单体Y合成聚合物P，该聚合物在一定条件下能解聚为原来的小分子单体Y，如下图所示。下列说法不正确的是A．的反应是加聚反应B．聚合物P存在顺式异构体C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键未发生断裂D．Y利用碳碳双键的加成反应可以形成环状结构【答案】C【解析】A．的反应是酯基之间的碳碳双键进行1，4—加聚反应，故A正确；B．聚合物P存在顺式异构体即酯基所连基团在碳碳双键同侧结构，故B正确；C．P解聚为Y时，P中的碳碳双键发生断裂，生成两个碳碳双键，故C错误；D．两分子或多分子Y利用碳碳双键进行加成反应，可以形成环状结构，故D正确；答案选C。3．（2025年朝阳二模）的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如下。下列说法不正确的是A．反应②是缩聚反应B．Y中存在手性碳原子C．高分子P中存在“”D．高分子P完全水解可以得到Y【答案】D【解析】A．由Y在催化剂作用下发生反应(②)生成高分子P，是和上的氢原子发生脱水缩聚，可判定这是通过分子间缩合形成的缩聚反应，A正确；B．Y中存在手性碳原子，位置如图：，B正确；C．Y的结构式中参与反应的和上的氢原子发生脱水缩聚，出现脲键，C正确；D．根据题意，高分子P可降解，产物对环境友好，水解过程中脲键会被破坏，最终并不会得到Y，D错误；故选D。4．（2025年东城区二模）已知：。有机化合物和在一定条件下发生反应生成高分子，的结构如下。下列说法不正确的是A．a中6个在一个平面内B．生成高分子的反应为缩聚反应C．a可以与反应生成网状结构的高分子D．与也能发生类似反应生成高分子【答案】D【解析】A．三聚氰胺的结构类似于三个苯环通过氰基连接形成的平面环状结构。每个苯环中的碳原子用sp2方式，形成平面六边形结构。由于三个环共用原子且排列对称，整个分子呈现高度平面性，A正确；B．生成的高分子存在端基原子和原子团，同时生成小分子，说明该反应为缩聚反应，B正确；C．根据反应原理可知，每个氨基均可与甲醛发生缩聚，从而形成网状结构的高分子，C正确；D．是二甲胺，它与甲醛反应生成的是N，N-二甲基甲醇胺（(CH₃)₂NCH₂OH），这种反应不会形成高分子化合物，D错误；答案选D。5．（2025年东城区二模）甘氨酸亚铁是一种补铁剂的有效成分，其结构简式如下。甘氨酸亚铁可由甘氨酸与反应得到。下列说法正确的是A．甘氨酸亚铁的中心离子的基态价层电子排布式为B．甘氨酸亚铁中含有手性碳原子C．甘氨酸的化学式为D．甘氨酸既可与强酸反应又可与强碱反应【答案】D【解析】A．甘氨酸亚铁的中心离子为Fe2+。基态价层电子排布式为，故A错误；B．手性碳原子是连有四个不同基团的碳原子；甘氨酸亚铁中包括-CH2-和羰基两种碳原子，不含手性碳原子，故B错误；C．甘氨酸结构简式为H2NCH2COOH，化学式为，故C错误；D．甘氨酸含有氨基和羧基，既可与强酸反应又可与强碱反应，故D正确；故答案为D。6．（2025年海淀区二模）苯的硝化反应的部分过程如下图。若用氘代苯（）进行该反应（反应过程不变），反应速率无明显变化。下列说法不正确的是已知：C-D键能大于C-H键能。A．可用质谱法区分苯和氘代苯B．硝基苯的核磁共振氢谱中有3组峰C．用氘代苯进行反应时，ⅰ中有C-D键的断裂与形成D．图示过程的反应速率主要由ⅰ决定【答案】C【解析】A．苯和氘代苯相对分子质量不同，可用质谱法区分，A正确；B．硝基苯有三种等效氢，核磁共振氢谱中有3组峰，B正确；C．用氘代苯进行反应时，ⅰ中无C-D键的断裂与形成，C错误；D．C-D键能大于C-H键能，而反应速率无明显变化，说明ⅰⅰ不是决速步骤，故过程的反应速率主要由ⅰ决定，D正确；故选C。7．（2025年海淀区一模）由化合物K、L和P合成药物中间体Q，转化关系如下图。已知：生成时，与中均有键断裂。下列说法不正确的是A．K不存在顺反异构B．L的化学式为C．和的过程中，均涉及上的加成反应D．若中的全部原子用标记，生成的的结构简式应为【答案】D【解析】A．K中碳碳双键左侧的碳原子连了两个相同的基团(-CN)，故没有顺反异构，故A正确；B．K的分子式为C5H4N2O，甲醇分子式为CH4O，M的分子式为C4H4N4，根据原子守恒可知L的化学式为，故B正确；C．有-NH2对-CN加成，中，断开N-H键对M中-CN发生加成反应，故C正确；D．由已知：生成时，与中均有键断裂，则Q中-NH2上的N应为15N，故D错误；答案选D。8．（2025年海淀区一模）丙酮酸是生物体代谢的重要中间产物，其结构如图所示。下列关于丙酮酸的说法不正确的是A．能形成分子间氢键 B．能发生加成和取代反应C．水中的溶解度：丙酮酸<丙酮酸乙酯 D．受位羰基影响，其酸性强于丙酸【答案】C【解析】A．丙酮酸分子内含羰基、羧基，能形成分子间氢键，A不符合题意；B．丙酮酸分子内含羧基，可以发生取代反应，含酮羰基，能与氢气等发生加成反应，B不符合题意；C．丙酮酸分子内含羰基和羧基，均能与水形成分子间氢键，丙酮酸乙酯中有羰基和酯基，羧基是亲水基团，酯基是憎水基团，则水中的溶解度：丙酮酸＞丙酮酸乙酯，C符合题意；D．乙基是斥电子基团，使羧基内羟基的极性减弱，羰基是吸电子基团，增强了羧基内羟基的极性，则受位羰基影响，丙酮酸的酸性强于丙酸，D不符合题意；故选C。9．（2025年头沟区一模）某课题组研制了一种具有较高玻璃化转变温度的聚合物，其合成路线如下，下列说法正确的是已知：A．的核磁共振氢谱有三个峰，峰面积比为B．在一定条件下完全水解生成醇与羧酸盐的物质的量比为C．通过碳碳三键的加聚反应生成的高分子容易降解为小分子D．制备聚合物的过程中还可能生成一种环状化合物【答案】D【解析】A．结合已知，推测的结构式为，核磁共振氢谱有三个峰，峰面积比为，故A错误；B．结合已知，推测的结构式为，在一定条件下完全水解生成醇与羧酸盐的物质的量比为，故B错误；C．结合已知，推测的结构式为，通过碳碳三键的加聚反应生成的高分子看碳碳双键是否存在，所以不一定容易降解，故C错误；D．结合已知，一分子和一分子首尾结合可以生成，故D正确；答案选D。10．（2025年平谷区一模）以丙烯腈为原料合成高分子树脂X的合成路线如图所示。下列说法正确的是A．丙烯腈分子存在顺反异构 B．甲分子中的碳原子均为杂化C．反应①属于加成反应 D．高分子X水解可得到乙【答案】B〖祥解〗与H2O、H+在加热条件下反应生成的甲为CH2=CHCOOH，由乙的分子式和可知，反应①为2个与HCHO反应生成，CH2=CHCOOH与发生加聚反应生成高分子X。【解析】A．丙烯腈分子中有一个双键碳原子连了两个氢原子，不存在顺反异构，故A错误；

B．甲为CH2=CHCOOH，分子中的碳原子均形成双键，均为杂化，故B正确；C．反应①为2个与HCHO反应生成，据反应前后原子守恒可知，还有水生成，不属于加成反应，故C错误；

D．CH2=CHCOOH与发生加聚反应生成高分子X，不是由缩聚反应生成的高分子X，所以X水解不能得到乙，故D错误；故答案为：B。11．（2025年石景山区一模）研究发现：叶黄素具有缓解眼视疲劳的保健作用，其分子结构如下图所示。下列说法不正确的是A．分子中C原子有两种杂化方式 B．分子中含有1个手性碳原子C．该物质属于脂环化合物 D．该物质可发生氧化反应、取代反应、加成反应【答案】B【解析】A．分子中形成4个共价单键的C原子是杂化，形成一个共价双键的C原子是杂化，A正确；B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，该分子中与羟基相连的C原子是手性碳原子，共有2个手性碳原子，B错误；C．该分子中含有碳环，没有苯环，属于脂环化合物，C正确；D．分子中含有羟基，可以发生氧化反应、取代反应，含有碳碳双键，可以发生加成反应，D正确；故选B。12．（2025年顺义区一模）热塑性聚氨酯是具有高弹性、耐腐蚀能力的聚合物。一种基于二硫键（）的自修复热塑性聚氨酯材料的结构如下：该聚合物由X（）和Y（）聚合而成，下列说法不正确的是A．X中碳氮双键比碳氧双键活性强 B．生成该聚合物的反应属于加聚反应C．该聚合物完全水解可以得到X和Y D．该聚合物可以进一步交联形成网状结构【答案】C【解析】A．由图可知，生成热塑性聚氨酯时，X断裂碳氮双键，与Y中羟基发生加聚，所以X中碳氮双键比碳氧双键活性强，故A正确；B．由图可知，生成热塑性聚氨酯的反应属于加聚反应，故B正确；C．由结构简式可知，热塑性聚氨酯分子中含有的酰胺基能发生水解反应生成碳酸、和，反应所得产物共有3种，故C错误；D．由结构简式可知，热塑性聚氨酯分子可以通过交联剂的添加或辐射交联等方式进一步交联形成网状结构，故D正确；故选C。13．（2025年顺义区一模）有机化合物M是一种重要化工中间体，可由如下反应制得。已知：下列说法不正确的是A．K能发生缩聚反应生成高分子 B．L的分子式为C．M含1个手性碳原子 D．生成M的过程包含加成反应和消去反应【答案】C〖祥解〗根据信息可知，K和L反应历程：，L为；【解析】A．K中含氨基和醛基，根据信息，一个K分子的氨基和另一个K分子的醛基能反应，故能发生缩聚反应生成高分子，A正确；

B．结合分析可知L的分子式为，B正确；C．连有4个不同原子或基团的饱和碳原子为手性碳原子，则M没有手性碳原子，C不正确；

D．据分析，生成M的过程包含加成反应和消去反应，D正确；答案选C。14．（2025年西城区二模）某碳酸酯Q可形成聚合物P。下列说法不正确的是A．Q中存在手性碳原子B．反应生成P，同时生成C．D．若控制条件使减小，则P中的醚键在官能团中的比例升高【答案】C【解析】A．已知同时连有4个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故Q中连接甲基的碳原子为手性碳原子，A正确；B．根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，则xmolQ反应生成P，同时生成nmolCO2，B正确；C．根据图知，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)OOC—，1个Q分子生成1个—OCH2CH(CH3)-和1个CO2分子，所以x=m+n，C错误；D．m：n越小，则P中—O