2024-2025学年广东省东莞市部分学校高二下学期期中考试物理试卷A（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2025学年广东省东莞市部分学校高二（下）期中考试物理试卷A一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.图甲、图乙和图丙是生活中一些常见的现象和常识，则下列说法正确的是（）A.图甲是因为声波在固体中传播的速度大于在空气中传播的速度B.图乙是声波的干涉现象C.声波和电磁波的传播都需要介质D.可见光、射线和射线相比较，射线的波长最长【答案】A【解析】A．结合声波的特点可知，声波在固体中传播的速度大于在空气中传播的速度，A项正确；B．图乙是声波的衍射现象，B项错误；C．声波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，C项错误；D．可见光、射线、射线都是电磁波，其中可见光的波长最长，D项错误。故选A。2.某种风力发电机的原理如图甲所示，发电机线圈固定，磁体在外力驱动下绕线圈对称轴逆时针转动。两磁体间的磁场可视为匀强磁场，从图甲所示位置开始计时，向外输出的电压u随时间t变化的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A.该交流电输出电压的有效值为B.磁体转动的角速度为C.图甲所示位置为感应电动势最大的位置D.图甲所示位置线圈ab边的感应电流方向由a指向b【答案】C【解析】A．该交流电是正弦式交流电，可得输出电压的有效值为，故A错误；B．交流电的周期为，则磁体转动的角速度为故B错误；C．图甲所示位置线圈平面与中性面垂直，此时磁通量为零，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，故C正确；D．根据楞次定律可知，图甲所示位置感应电流的方向由b指向a，故D错误。故选C。3.如图所示为“滤速器”装置示意图，、为水平放置的平行金属板，板接电源正极，板接电源负极，金属板间存在匀强磁场，一电子以速率水平向右从点进入金属板间后沿直线通过“滤速器”，不计电子、质子重力，则下列说法正确的是（）A.金属板间的磁场方向垂直纸面向外B.若电子以速率水平向左从点进入金属板间，仍能沿直线通过“滤速器”C.若仅将电子的速率改为，仍能沿直线通过“滤速器”D.若仅将电子换成质子，仍能沿直线通过“滤速器”【答案】D【解析】A．电子能沿直线通过，对电子进行受力分析可知，电子做匀速直线运动，所受合力为零，则有电场方向向下，电子所受电场力方向向上，洛伦兹力方向向下，根据左手定则可知磁场方向垂直纸面向里，故A错误；B．结合上述，当电子从点进入时，电场力和洛伦兹力方向均向上，所受合力不为零，则电子不能沿直线通过“滤速器”，故B错误；C．当电子速率改为时，结合上述，电场力和洛伦兹力的方向相反，但大小不等，合力不为零，电子不能沿直线通过“滤速器”，故C错误；D．若将电子换成质子，但速率仍为，洛伦兹力大小不变，根据左手定则可知，洛伦兹力方向仍然向下，结合上述可知，所受合力仍为零，即质子仍能沿直线通过“滤速器”，故D正确。故选D。4.如图所示，颠球是足球运动中的一项基本功，若某次颠球中，颠出去的足球竖直向上运动之后又落回到原位置，设整个运动过程中足球所受阻力大小不变。下列说法正确的是（）A.球从颠出到落回的时间内，重力的冲量为零B.球从颠出到落回的时间内，阻力的冲量为零C.球上升阶段与下降阶段合外力的冲量大小相等D.球上升阶段动能的减少量大于下降阶段动能的增加量【答案】D【解析】AB．力和力的作用时间的乘积叫做力的冲量，重力的方向不变，故重力冲量的大小不为零，由于上升阶段足球的加速度较大，下降阶段足球的加速度较小，由运动学规律知上升阶段的时间比下降阶段的时间短，且整个过程中阻力的大小不变，故阻力的冲量也不为0，故AB错误；C．球上升时合力为重力加阻力，下降时合力为重力减阻力，故上升时合外力比下降时合外力大，上升时加速度大于下降时加速度，设上升阶段球的初速度为，末速度为0，则动量的变化量大小下降阶段初速度0，由于上升时加速度比下降时加速度大，根据可知，其末速度则动量的变化量大小，则球上升阶段动量的变化量大小大于下降阶段动量的变化量大小，由动量定理可知，球上升阶段动量的变化量即球上升阶段所受的合外力的冲量，球下降阶段动量的变化量即球下降阶段所受的合外力的冲量，则球上升阶段合外力的冲量大于下降阶段合外力的冲量，故C错误；D．根据C分析，落回时的速度小于上升时的速度，根据动能定理，上升时的动能减少量等于，下降时的动能增加量等于，所以球上升阶段动能的减少量大于下降阶段动能的增加量，故D正确。故选D。5.如图所示为某简谐横波在时刻的波形图，图乙为质点P的振动图像，则下列说法正确的是（）A.该波的波长为B.该波的波速为1.5m/sC.该波沿x轴负方向传播D.0~1s时间内，质点P沿x轴运动了【答案】A【解析】AB．由图甲可知，该波的波长，由图乙可知，该波的周期该波的波速，故A正确，B错误；C．由图乙可知，在时刻，质点P的速度沿y轴正方向，根据上下坡法可知，该波沿x轴正方向传播，故C错误；D．质点P在平衡位置附近上下振动，不会随波迁移，故D错误。6.如图甲所示，圆形线圈置于垂直线圈平面向外的匀强磁场中，阻值为的电阻两端分别与线圈两端、相连，其他电阻忽略不计。磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示，不考虑线圈缺口对感应电动势的影响，下列关于感应电流、通过电阻的电荷量、电阻中产生的热量、线圈的张力随时间变化的图像中可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．由法拉第电磁感应定律和欧姆定律得，感应电动势结合图乙可知感应电动势恒定不变，感应电流恒定不变，故A错误；B．通过电阻的电荷量，则图像为正比例函数，故B错误；C．电阻中产生的热量，则图像为正比例函数，故C正确；D．线圈的张力为线圈的周长，B增大，张力随时间逐渐增大，故D错误。故选C。7.如图所示，将厚度为h和宽度为d的金属板放在匀强磁场中，以金属板的一个顶点为坐标原点建立Oxyz坐标系。当金属板中通有沿z轴正方向的恒定电流I时，金属板的上、下表面之间产生稳定的电压。已知该金属板单位体积内自由电子的个数为n，电子的电荷量为，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向沿x轴负方向，下列说法正确的是（）A.金属板上表面的电势高于下表面的电势B.金属板的上、下表面之间产生的稳定电压的大小为C.金属板内自由电子所受洛伦兹力的大小为D.金属板内载流子定向移动的速率为【答案】B【解析】A．沿z轴正方向通有恒定电流，则电子移动方向沿z轴负方向，磁感应强度方向沿x轴负方向，根据左手定则可知，负电荷向上偏转，故金属板上表面的电势低于下表面的电势，故A错误；B．根据平衡条件得又因为，解得稳定电压的大小故B正确；C．金属板内载流子所受洛伦兹力的大小联立以上解得故C错误；D．由B项分析可得，金属板内载流子定向移动的速率故D错误。故选B。二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.如图所示，在粗糙的水平绝缘桌面上静置着一根形导线，空间内存在平行于桌面向右、磁感应强度大小为的匀强磁场。当导线通以恒定电流时，仍能静止在磁场中。已知导线段的长度为，与磁场方向垂直，段的长度为，与磁场方向平行，则下列说法正确的是（）A.通电后导线所受安培力的大小为B.通电后导线所受安培力的大小为C.与通电前相比，导线通电后受到桌面的摩擦力增大D.与通电前相比，导线通电后受到桌面的支持力增大【答案】AD【解析】AB．因导线段与磁场方向平行，则不受安培力，段与磁场方向垂直，则受安培力则该导线受到的安培力大小为，故A正确，B错误；CD．由左手定则可知，导线受到的安培力的方向垂直桌面向下，故导线通电前、后受到桌面的摩擦力均为零，通电后受到桌面的支持力增大，故C错误，D正确。故选AD。9.如图所示，变压器为理想变压器，电流表、电压表均为理想交流电表，为光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小，为定值电阻，为滑动触头。在端输入电压有效值恒定的交变电流，下列说法正确的是（）A.仅增强照射的光照强度，电压表的示数将增大B.仅增强照射的光照强度，电流表的示数将增大C.仅将向下滑动，电压表的示数将增大D.仅将向下滑动，电流表的示数将增大【答案】AB【解析】AB．当不动时，由理想变压器规律可得，结合题意可知副线圈两端的电压不变，根据串联电路分压规律可得，电压表的示数照射的光照强度增强，减小，则增大，增大，电流表的示数也增大，故AB正确；CD．当照射的光照强度不变时，则不变，向下滑动时，减小，由上述分析可知，减小，电压表的示数减小，减小，电流表的示数也减小，故CD错误。10.2022年12月28日我国中核集团全面完成了230MeV超导回旋加速器（图甲）自主研制的任务，突破了国外垄断，实现我国重大疾病诊断和治疗设备的国产化。如图乙所示为回旋加速器的工作原理示意图，其核心部分是两个D形盒接在频率恒定的交流电源上，粒子源置于D形盒的圆心A附近，能不断释放出带电粒子，忽略粒子在电场中运动的时间，且加速过程中忽略相对论效应和重力的影响。现用该回旋加速器对粒子分别进行加速，下列说法正确的是（）A.交流电压越高，粒子离开加速器速度越大B.两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等C.两种粒子离开加速器时的动能不相等D.在条件不改变的情况下，可以用该装置加速质子【答案】BC【解析】A．粒子在磁场中飞出的最大轨道半径为形盒的半径，对应速度也最大，则有解得可知粒子离开的最大速度与加速电压无关，故A错误；C．由A项分析可得，粒子离开加速器时的动能粒子的质量数为2，电荷数为粒子的质量数为4，电荷数为2，可知粒子离开加速器时的动能为粒子的两倍，即两种粒子离开加速器时的动能不相等，故C正确；B．在电场中加速一次，在磁场中回旋半周，设加速的次数为n，则有解得则粒子在回旋加速器中运动的时间其中，又因为，联立解得可知两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等，故B正确；D．由B项分析可得，故氘核与质子在磁场中运动的周期不同，在其他条件都不改变的情况下，不可以用该装置加速质子，故D错误。故选BC。三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.下列是两位同学做实验的部分步骤。（1）在“用单摆测量重力加速度”实验中：①某同学组装单摆时，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线的上端，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图甲所示，这样做的目的是保证___________（填“A”或“B”）。A．摆动过程中摆长不变B．摆球在同一竖直平面内摆动②两位同学用游标卡尺测量小球的直径如图乙、丙所示，测量方法正确的是图___________（填“乙”或“丙”）。（2）在“验证楞次定律”的实验中：先将灵敏电流计G连接在图丁所示的电路中，调节滑动变阻器后闭合开关，灵敏电流计的指针如图丁所示，在图戊实验中，将螺线管置于电子秤上，在条形磁铁的N极从螺线管快速拔出时发现指针___________（填“向左”“向右”或“不”）偏转，电子秤的示数会___________（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】（1）丙（2）向右变小【解析】（1）①[1]用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，从而保证摆动过程中摆长不变，上述做法并不能保证摆球在同一竖直平面内摆动，A正确，B错误。②[2]游标卡尺应该用两外测量爪对齐的地方测量，正确的是图丙。（2）[1]由图丁可知，电流由“-”接线柱流入时灵敏电流计的指针向左偏转，电流由“+”接线柱流入时指针向右偏转；将条形磁铁的N极从螺线管拔出时，由楞次定律“增反减同”可知，螺线管中感应电流沿顺时针方向，即电流由“+”接线柱流入灵敏电流计，则指针向右偏转；[2]根据楞次定律“来拒去留”的结论可知，电子秤的示数会变小。12.如图甲所示为验证碰撞中的动量守恒的实验装置，其中AB是斜槽，BC是水平槽，斜槽与水平槽平滑相接，实验操作如下：①利用重垂线，记录水平槽末端在白纸上投影点O；②取小球1，使小球1从斜槽上某一位置由静止释放，落在垫有复写纸的白纸上留下痕迹，重复本操作多次；③把小球2放在水平槽的末端，小球1从原位置由静止释放，与小球2碰撞后，落在白纸上留下各自的落点痕迹，重复本操作多次；④在白纸上确定平均落点的位置M、N、P。（1）实验中小球1的质量为，半径为，小球2的质量为，半径为，则两小球的质量和半径关系需满足（）（填正确答案标号）。A.， B.，C.， D.，（2）已知刻度尺的零刻度线与O点对齐，由图乙读得______cm。（3）图甲中M点为碰撞后小球______（填“1”或“2”）的落点平均位置，正确操作实验后，测量出各落点距O点的水平距离OM、ON、OP，则在实验误差允许的范围内本实验中用来验证动量守恒定律的表达式为______（用、、OM、OP、ON表示，、较小，可忽略不计）。（4）如图甲所示，若实验小组在记录投影点O后，由于失误将白纸水平向右移动了一段距离，再进行上述②③④步骤，则计算得到的碰撞前系统的总动量______（填“大于”“等于”或“小于”）碰撞后的总动量。【答案】（1）C（2）45.00（3）1（4）大于【解析】（1）为使两小球发生正碰且碰撞后不发生反弹，小球1的质量应大于小球2的质量，且半径相同，即，，C项符合题意。故选C。（2）刻度尺最小分度值为0.1cm，读数保留到百分位，故该刻度尺的读数规则可得（3）[1][2]M点的水平位移最小，是碰撞后小球1平均落点的位置，根据动量守恒定律可得可得（4）如图甲所示，若实验小组在记录投影点O后，由于失误将白纸水平向右移动了一段距离，则测量的小球的水平位移都变小，设白纸水平向右移动的距离为x，则碰撞前系统的总动量减小碰撞后系统的总动量减小则可知，所以计算得到的碰撞前系统的总动量大于碰撞后的总动量。四、计算题：本大题共3小题，共30分。13.如图所示为玻璃砖的横截面ABCD，其中边长，。某同学用激光笔以角度射向玻璃砖AD边的中点O。已知玻璃砖对该激光的折射率为，激光在空气中传播的速度为c。（1）求激光进入玻璃砖的折射角的大小；（2）试计算分析激光能否从玻璃砖的AB边射出；（3）求激光在玻璃砖中传播的最短时间t。【答案】（1）（2）否（3）【解析】（1）由折射定律可得代入数据解得（2）激光在玻璃砖中的光路图如图所示。由几何关系知激光在AB边的入射角玻璃砖发生全反射的临界角满足由于故，激光会在玻璃砖AB边发生全反射，不能从AB边射出。（3）由几何关系可得激光在玻璃砖中传播的最短路程激光在玻璃砖中传播时间又，联立解得激光在玻璃砖中传播的最短时间14.如图所示，在平面直角坐标系的第一象限内存在着垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为，一带电粒子从轴上的点以速度射入第一象限内，速度方向与轴正方向成角，并恰好垂直于轴射出第一象限。已知，不计粒子重力。求：（1）判断粒子的电性；（2）粒子的比荷；（3）粒子从点运动到点时间。【答案】（1）粒子带负电（2）（3）【解析】（1）根据左手定则可知，粒子带负电。（2）粒子做匀速圆周运动，作出轨迹如图所示设粒子质量为，电荷量为，运动轨迹的半径为，根据几何知识有解得根据牛顿第二定律可得解得（3）粒子做匀速圆周运动的周期为结合上述解得由几何知识可得则有解得15.如图甲所示，在水平绝缘桌面上固定间距为L、足够长的光滑金属导轨。导轨所在空间存在着垂直桌面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量为m、阻值为R、长度为L的导体棒M静止放置在导轨上，阻值为0.5R、长度为L的导体棒N被锁定在导轨上。现给导体棒M施加水平向右的恒力F，经时间t2撤掉力F，同时导体棒N解除锁定，导体棒M的速度随时间变化的关系图像如图乙所示（图中v0大小未知），其中t1~t2时间内和t3时刻后导体棒M均匀速运动。已知导轨电阻不计，空气阻力不计，两导体棒与导轨始终垂直且接触良好。求：（1）导体棒M在t2时刻的速度大小v0；（2）导体棒N的质量mN；（3）t2~t3时间内，导体棒M产生的焦耳热QM和通过导体棒M的电荷量q。【答案】（1）（2）（3），【解析】（1）由题意可知，在t1时刻导体棒M达到平衡状态，由，，，联立解得（2）在t2时刻撤掉力F，同时导体棒N解除锁定，以导体棒M、N为系统，合外力为零，二者动量守恒取向右为正方向，且两导体棒最终速度相等，有解得（3）由能量守恒定律可得，在t2~t3时间内回路产生的总焦耳热所以导体棒Q产生的焦耳热解得取向右为正方向，由动量定理可知，在t2~t3时间内对导体棒N有通过导体棒M的电荷量解得2024-2025学年广东省东莞市部分学校高二（下）期中考试物理试卷A一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.图甲、图乙和图丙是生活中一些常见的现象和常识，则下列说法正确的是（）A.图甲是因为声波在固体中传播的速度大于在空气中传播的速度B.图乙是声波的干涉现象C.声波和电磁波的传播都需要介质D.可见光、射线和射线相比较，射线的波长最长【答案】A【解析】A．结合声波的特点可知，声波在固体中传播的速度大于在空气中传播的速度，A项正确；B．图乙是声波的衍射现象，B项错误；C．声波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，C项错误；D．可见光、射线、射线都是电磁波，其中可见光的波长最长，D项错误。故选A。2.某种风力发电机的原理如图甲所示，发电机线圈固定，磁体在外力驱动下绕线圈对称轴逆时针转动。两磁体间的磁场可视为匀强磁场，从图甲所示位置开始计时，向外输出的电压u随时间t变化的关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A.该交流电输出电压的有效值为B.磁体转动的角速度为C.图甲所示位置为感应电动势最大的位置D.图甲所示位置线圈ab边的感应电流方向由a指向b【答案】C【解析】A．该交流电是正弦式交流电，可得输出电压的有效值为，故A错误；B．交流电的周期为，则磁体转动的角速度为故B错误；C．图甲所示位置线圈平面与中性面垂直，此时磁通量为零，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，故C正确；D．根据楞次定律可知，图甲所示位置感应电流的方向由b指向a，故D错误。故选C。3.如图所示为“滤速器”装置示意图，、为水平放置的平行金属板，板接电源正极，板接电源负极，金属板间存在匀强磁场，一电子以速率水平向右从点进入金属板间后沿直线通过“滤速器”，不计电子、质子重力，则下列说法正确的是（）A.金属板间的磁场方向垂直纸面向外B.若电子以速率水平向左从点进入金属板间，仍能沿直线通过“滤速器”C.若仅将电子的速率改为，仍能沿直线通过“滤速器”D.若仅将电子换成质子，仍能沿直线通过“滤速器”【答案】D【解析】A．电子能沿直线通过，对电子进行受力分析可知，电子做匀速直线运动，所受合力为零，则有电场方向向下，电子所受电场力方向向上，洛伦兹力方向向下，根据左手定则可知磁场方向垂直纸面向里，故A错误；B．结合上述，当电子从点进入时，电场力和洛伦兹力方向均向上，所受合力不为零，则电子不能沿直线通过“滤速器”，故B错误；C．当电子速率改为时，结合上述，电场力和洛伦兹力的方向相反，但大小不等，合力不为零，电子不能沿直线通过“滤速器”，故C错误；D．若将电子换成质子，但速率仍为，洛伦兹力大小不变，根据左手定则可知，洛伦兹力方向仍然向下，结合上述可知，所受合力仍为零，即质子仍能沿直线通过“滤速器”，故D正确。故选D。4.如图所示，颠球是足球运动中的一项基本功，若某次颠球中，颠出去的足球竖直向上运动之后又落回到原位置，设整个运动过程中足球所受阻力大小不变。下列说法正确的是（）A.球从颠出到落回的时间内，重力的冲量为零B.球从颠出到落回的时间内，阻力的冲量为零C.球上升阶段与下降阶段合外力的冲量大小相等D.球上升阶段动能的减少量大于下降阶段动能的增加量【答案】D【解析】AB．力和力的作用时间的乘积叫做力的冲量，重力的方向不变，故重力冲量的大小不为零，由于上升阶段足球的加速度较大，下降阶段足球的加速度较小，由运动学规律知上升阶段的时间比下降阶段的时间短，且整个过程中阻力的大小不变，故阻力的冲量也不为0，故AB错误；C．球上升时合力为重力加阻力，下降时合力为重力减阻力，故上升时合外力比下降时合外力大，上升时加速度大于下降时加速度，设上升阶段球的初速度为，末速度为0，则动量的变化量大小下降阶段初速度0，由于上升时加速度比下降时加速度大，根据可知，其末速度则动量的变化量大小，则球上升阶段动量的变化量大小大于下降阶段动量的变化量大小，由动量定理可知，球上升阶段动量的变化量即球上升阶段所受的合外力的冲量，球下降阶段动量的变化量即球下降阶段所受的合外力的冲量，则球上升阶段合外力的冲量大于下降阶段合外力的冲量，故C错误；D．根据C分析，落回时的速度小于上升时的速度，根据动能定理，上升时的动能减少量等于，下降时的动能增加量等于，所以球上升阶段动能的减少量大于下降阶段动能的增加量，故D正确。故选D。5.如图所示为某简谐横波在时刻的波形图，图乙为质点P的振动图像，则下列说法正确的是（）A.该波的波长为B.该波的波速为1.5m/sC.该波沿x轴负方向传播D.0~1s时间内，质点P沿x轴运动了【答案】A【解析】AB．由图甲可知，该波的波长，由图乙可知，该波的周期该波的波速，故A正确，B错误；C．由图乙可知，在时刻，质点P的速度沿y轴正方向，根据上下坡法可知，该波沿x轴正方向传播，故C错误；D．质点P在平衡位置附近上下振动，不会随波迁移，故D错误。6.如图甲所示，圆形线圈置于垂直线圈平面向外的匀强磁场中，阻值为的电阻两端分别与线圈两端、相连，其他电阻忽略不计。磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示，不考虑线圈缺口对感应电动势的影响，下列关于感应电流、通过电阻的电荷量、电阻中产生的热量、线圈的张力随时间变化的图像中可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】A．由法拉第电磁感应定律和欧姆定律得，感应电动势结合图乙可知感应电动势恒定不变，感应电流恒定不变，故A错误；B．通过电阻的电荷量，则图像为正比例函数，故B错误；C．电阻中产生的热量，则图像为正比例函数，故C正确；D．线圈的张力为线圈的周长，B增大，张力随时间逐渐增大，故D错误。故选C。7.如图所示，将厚度为h和宽度为d的金属板放在匀强磁场中，以金属板的一个顶点为坐标原点建立Oxyz坐标系。当金属板中通有沿z轴正方向的恒定电流I时，金属板的上、下表面之间产生稳定的电压。已知该金属板单位体积内自由电子的个数为n，电子的电荷量为，匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向沿x轴负方向，下列说法正确的是（）A.金属板上表面的电势高于下表面的电势B.金属板的上、下表面之间产生的稳定电压的大小为C.金属板内自由电子所受洛伦兹力的大小为D.金属板内载流子定向移动的速率为【答案】B【解析】A．沿z轴正方向通有恒定电流，则电子移动方向沿z轴负方向，磁感应强度方向沿x轴负方向，根据左手定则可知，负电荷向上偏转，故金属板上表面的电势低于下表面的电势，故A错误；B．根据平衡条件得又因为，解得稳定电压的大小故B正确；C．金属板内载流子所受洛伦兹力的大小联立以上解得故C错误；D．由B项分析可得，金属板内载流子定向移动的速率故D错误。故选B。二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.如图所示，在粗糙的水平绝缘桌面上静置着一根形导线，空间内存在平行于桌面向右、磁感应强度大小为的匀强磁场。当导线通以恒定电流时，仍能静止在磁场中。已知导线段的长度为，与磁场方向垂直，段的长度为，与磁场方向平行，则下列说法正确的是（）A.通电后导线所受安培力的大小为B.通电后导线所受安培力的大小为C.与通电前相比，导线通电后受到桌面的摩擦力增大D.与通电前相比，导线通电后受到桌面的支持力增大【答案】AD【解析】AB．因导线段与磁场方向平行，则不受安培力，段与磁场方向垂直，则受安培力则该导线受到的安培力大小为，故A正确，B错误；CD．由左手定则可知，导线受到的安培力的方向垂直桌面向下，故导线通电前、后受到桌面的摩擦力均为零，通电后受到桌面的支持力增大，故C错误，D正确。故选AD。9.如图所示，变压器为理想变压器，电流表、电压表均为理想交流电表，为光敏电阻，其阻值随光照强度的增强而减小，为定值电阻，为滑动触头。在端输入电压有效值恒定的交变电流，下列说法正确的是（）A.仅增强照射的光照强度，电压表的示数将增大B.仅增强照射的光照强度，电流表的示数将增大C.仅将向下滑动，电压表的示数将增大D.仅将向下滑动，电流表的示数将增大【答案】AB【解析】AB．当不动时，由理想变压器规律可得，结合题意可知副线圈两端的电压不变，根据串联电路分压规律可得，电压表的示数照射的光照强度增强，减小，则增大，增大，电流表的示数也增大，故AB正确；CD．当照射的光照强度不变时，则不变，向下滑动时，减小，由上述分析可知，减小，电压表的示数减小，减小，电流表的示数也减小，故CD错误。10.2022年12月28日我国中核集团全面完成了230MeV超导回旋加速器（图甲）自主研制的任务，突破了国外垄断，实现我国重大疾病诊断和治疗设备的国产化。如图乙所示为回旋加速器的工作原理示意图，其核心部分是两个D形盒接在频率恒定的交流电源上，粒子源置于D形盒的圆心A附近，能不断释放出带电粒子，忽略粒子在电场中运动的时间，且加速过程中忽略相对论效应和重力的影响。现用该回旋加速器对粒子分别进行加速，下列说法正确的是（）A.交流电压越高，粒子离开加速器速度越大B.两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等C.两种粒子离开加速器时的动能不相等D.在条件不改变的情况下，可以用该装置加速质子【答案】BC【解析】A．粒子在磁场中飞出的最大轨道半径为形盒的半径，对应速度也最大，则有解得可知粒子离开的最大速度与加速电压无关，故A错误；C．由A项分析可得，粒子离开加速器时的动能粒子的质量数为2，电荷数为粒子的质量数为4，电荷数为2，可知粒子离开加速器时的动能为粒子的两倍，即两种粒子离开加速器时的动能不相等，故C正确；B．在电场中加速一次，在磁场中回旋半周，设加速的次数为n，则有解得则粒子在回旋加速器中运动的时间其中，又因为，联立解得可知两种粒子在回旋加速器中运动的时间相等，故B正确；D．由B项分析可得，故氘核与质子在磁场中运动的周期不同，在其他条件都不改变的情况下，不可以用该装置加速质子，故D错误。故选BC。三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.下列是两位同学做实验的部分步骤。（1）在“用单摆测量重力加速度”实验中：①某同学组装单摆时，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线的上端，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图甲所示，这样做的目的是保证___________（填“A”或“B”）。A．摆动过程中摆长不变B．摆球在同一竖直平面内摆动②两位同学用游标卡尺测量小球的直径如图乙、丙所示，测量方法正确的是图___________（填“乙”或“丙”）。（2）在“验证楞次定律”的实验中：先将灵敏电流计G连接在图丁所示的电路中，调节滑动变阻器后闭合开关，灵敏电流计的指针如图丁所示，在图戊实验中，将螺线管置于电子秤上，在条形磁铁的N极从螺线管快速拔出时发现指针___________（填“向左”“向右”或“不”）偏转，电子秤的示数会___________（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】（1）丙（2）向右变小【解析】（1）①[1]用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，从而保证摆动过程中摆长不变，上述做法并不能保证摆球在同一竖直平面内摆动，A正确，B错误。②[2]游标卡尺应该用两外测量爪对齐的地方测量，正确的是图丙。（2）[1]由图丁可知，电流由“-”接线柱流入时灵敏电流计的指针向左偏转，电流由“+”接线柱流入时指针向右偏转；将条形磁铁的N极从螺线管拔出时，由楞次定律“增反减同”可知，螺线管中感应电流沿顺时针方向，即电流由“+”接线柱流入灵敏电流计，则指针向右偏转；[2]根据楞次定律“来拒去留”的结论可知，电子秤的示数会变小。12.如图甲所示为验证碰撞中的动量守恒的实验装置，其中AB是斜槽，BC是水平槽，斜槽与水平槽平滑相接，实验操作如下：①利用重垂线，记录水平槽末端在白纸上投影点O；②取小球1，使小球1从斜槽上某一位置由静止释放，落在垫有复写纸的白纸上留下痕迹，重复本操作多次；③把小球2放在水平槽的末端，小球1从原位置由静止释放，与小球2碰撞后，落在白纸上留下各自的落点痕迹，重复本操作多次；④在白纸上确定平均落点的位置M、N、P。（1）实验中小球1的质量为，半径为，小球2的质量为，半径为，则两小球的质量和半径关系需满足（）（填正确答案标号）。A.， B.，C.， D.，（2）已知刻度尺的零刻度线与O点对齐，由图乙读得______cm。（3）图甲中M点为碰撞后小球______（填“1”或“2”）的落点平均位置，正确操作实验后，测量出各落点距O点的水平距离OM、ON、OP，则在实验误差允许的范围内本实验中用来验证动量守恒定律的表达式为______（用、、OM、OP、ON表示，、较小，可忽略不计）。（4）如图甲所示，若实验小组在记录投影点O后，由于失误将白纸水平向右移动了一段距离，再进行上述②③④步骤，则计算得到的碰撞前系统的总动量______（填“大于”“等于”或“小于”）碰撞后的总动量。【答案】（1）C（2）45.00（3）1（4）大于【解析】（1）为使两小球发生正碰且碰撞后不发生反弹，小球1的质量应大于小球2的质量，且半径相同，即，，C项符合题意。故选C。（2）刻度