2025-2026学年四川省德阳市第五中学高二（上）开学考试物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年四川省德阳市第五中学高二（上）开学考试物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.由于地球的自转，地球表面上各点均做匀速圆周运动，所以(

)

A.地球表面各处具有相同大小的线速度

B.地球表面各处具有相同大小的角速度

C.地球表面各处具有相同大小的向心加速度

D.地球表面各处的向心加速度方向都指向地球球心2.汽车上坡性能主要取决于发动机功率、传动系统效率、轮胎抓地力以及悬挂系统的性能。这些因素共同决定了汽车在爬坡时的表现。如图所示，汽车在圆形拱形桥上进行相关性能测试，若图中汽车正在减速上坡，则汽车此时所受合力F的画法合理的是(

)A.B.C.D.3.物体在恒定的合力F作用下做直线运动，在时间Δt1内速度由0增大到v，在时间Δt2内速度由v增大到2v.设F在Δt1内做的功是W1，冲量是I1；在ΔA.I1<I2，W1=W2 B.I1<I24.地球同步卫星的发射过程可以简化如下：卫星先在近地圆形轨道Ⅰ上运动，在点A时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的远地点B时，再次点火进入同步轨道Ⅲ绕地球做匀速圆周运动。设卫星质量保持不变，下列说法中正确的是(

)

A.卫星在轨道Ⅱ上运动经过A点时的速率小于7.9km/s

B.卫星在轨道Ⅱ上A点的机械能小于轨道Ⅱ上B点的机械能

C.卫星在轨道Ⅱ上A点的速度大于卫星在轨道Ⅲ上B点的速度

D.卫星在轨道Ⅱ上的运动周期大于在轨道Ⅲ上的运动周期5.如图所示，一物块以一定初速度沿粗糙的固定斜面上滑，运动时间t后，回到原位置，已知运动过程中摩擦力大小恒定，初位置为重力势能零势能点，则下列表示物体运动时间t的过程中，关于物体动能、重力势能、机械能、重力功率随时间变化的关系图中正确的是(

)A.B.C.D.6.贵州首条无人驾驶公交花溪大学城专线于2025年5月4日正式开通。若无人驾驶公交在平直公路上启动后的速度一时间图像如图所示，其中0∼t1段为直线，t1∼t2段为曲线，t2∼t3A.0∼t1过程中机车的牵引力越来越大

B.t1∼t2过程中机车的牵引力保持不变

C.t17.如图所示，排球运动员第一次在a点将排球水平击出，排球击中地面上的b点；第二次在c点将即将落地的排球斜向上击出，排球也击中b点。c点在a点的正下方，第二次排球运动的最高点d与a点等高，排球两次运动轨迹交点恰好为排球网上端点e。不计空气阻力，下列说法正确的是(

)

A.排球两次在空中运动时间相等

B.排球两次落到b点的速度大小相等

C.a、e两点的高度差与e、c两点的高度差之比为1:8

D.a、e两点的水平距离与e、b两点的水平距离之比为2:3二、多选题：本大题共3小题，共12分。8.质量为m的物体，由静止开始下落，下落过程的加速度大小为45g。物体下落ℎ的过程中，下列说法中正确的是(

)A.物体的动能增加了45mgℎ B.物体的机械能减少了45mgℎ

C.物体克服阻力所做的功为19.如图所示，细绳穿过竖直的管子拴住一个小球，用力F拉住细绳，先让小球在A位置所在水平面内做匀速圆周运动，再让小球在B位置所在水平面内做匀速圆周运动。A、B位置在同一竖直线上，不计一切摩擦。则(

)

A.拉力FA>FB B.拉力FA<FB10.如图甲所示，两个完全相同物块A和B(均可视为质点)放在水平圆盘上，它们分居圆心两侧，用不可伸长的轻绳相连，两物块质量均为1 kg，与圆心距离分别为RA和RB，其中RA<RB且RA=1 m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当圆盘以不同角速度ω绕轴OO′匀速转动时，绳中弹力FTA.物块与圆盘间的动摩擦因数μ=0.5

B.物块B与圆心距离RB=2 m

C.A受到的静摩擦力方向始终指向圆心

D.当角速度为2

三、实验题：本大题共2小题，共18分。11.根据公式F向=mυ2r和F向=mω2r，某同学设计如下实验来感受向心力.如图甲所示，用一根细绳(可视为轻绳)一端拴一个小物体，绳上离小物体30cm图乙所示)抡动细绳，使小物体做匀速圆周运动，请另一位同学帮助用秒表计时．操作一：手握A点，使小物体在光滑水平桌面上每秒运动一周，体会此时绳子拉力的大小F操作二：手握B点，使小物体在光滑水平桌面上每秒运动一周，体会此时绳子拉力的大小F2．

(1)小物体做匀速圆周运动的向心力由

提供;(2)操作二使小物体每秒运动周数与操作一相同，是为了控制小物体运动的

相同;(3)如果在上述操作中突然松手，小物体将做

运动．(4)在上述操作中采用的研究方法是

．12.在“验证动量守恒定律”的实验中，先让质量为m1的A球从斜槽轨道上某一固定位置S由静止开始滚下，从轨道末端水平抛出，落到位于水平地面的复写纸上，在复写纸下面的白纸上留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把质量为m2的B球放在斜槽轨道末端，让A球仍从位置S由静止滚下，与B球碰撞后，在复写纸下面的白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次。M、P、N为三个落点的平均位置，O点是轨道末端在白纸上的竖直投影点，如图甲所示，并测出M、P、N三点与O点间距离分别是LM、LP(1)实验中，通过测量

间接地测定小球A、B碰撞前后的速度(填选项前的字母)；A.小球开始释放的高度ℎB.小球抛出点距地面的高度HC.小球做平抛运动的水平距离(2)下列要求，正确的是

(填选项前的字母)；A.必须测量小球A开始释放的高度ℎB.斜槽轨道末端的切线必须水平C.天平、刻度尺、停表都是本实验必须使用的器材(3)为了尽量减小实验误差，两个小球的质量应满足m1>m2，若关系式

成立，则可以认为两小球碰撞前后总动量守恒；若关系式

同时成立，则可以认为两球的碰撞为弹性碰撞(4)实验时，若斜槽轨道光滑，两小球发生弹性碰撞，且m1<m2<3m1，图乙中的C、D、E是小球三个落点的平均位置，并测出C、D、E三点与O点间距离分别是LC、L

四、计算题：本大题共3小题，共30分。13.滑板运动由冲浪运动演变而来，已被列为奥运会正式比赛项目。如图所示，某滑板爱好者从斜坡上距平台H=2.5m高处由静止开始下滑，水平离开A点后越过壕沟落在水平地面的B点，A、B两点高度差ℎ=1.8m，水平距离x=3.6m。已知人与滑板的总质量m=60kg，取重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力，求：

(1)人与滑板从A点离开时的速度大小；(2)人与滑板从A点运动到B点重力做功的平均功率；(3)人与滑板从斜坡下滑到A点过程克服阻力做的功。14.如图所示，桌面上固定有一半径为R的水平光滑圆轨道，M、N为轨道上的两点，且位于同一直径上，P为MN段的中点。在P点处有一加速器(大小可忽略)，小球每次经过P点后，其速度大小都增加ν0。质量为m的小球1从N处以初速度ν0沿轨道逆时针运动，与静止在M处的小球2发生第一次弹性碰撞，碰后瞬间两球速度大小相等。忽略每次碰撞时间。求：

(1)球1第一次经过P点后瞬间向心力的大小；

(2)球2的质量；

(3)两球从第一次碰撞到第二次碰撞所用时间。15.如图所示，L=2m的长木板C静置于光滑水平地面上，光滑斜面PQ固定在水平地面上，C的右端与斜面PQ平滑连接。可视为质点的小滑块A、B静止在长木板的中点位置，两滑块之间有弹性势能为E=3J的微型压缩轻弹簧，弹簧左端固定在A上，右端与B接触但不拴接。瞬间释放弹簧，滑块B到达斜面最高点Q时速度恰好为零(滑块B从右侧离开斜面)。已知滑块A下表面光滑，质量mA=2kg；滑块B与长木板C质量均为m=1kg，二者间的动摩擦因数μ=0.1，重力加速度g取10m/(1)求释放弹簧瞬间，滑块A、B速度大小；(2)求P、Q两点的竖直高度差ℎ；(3)若改变两滑块的初始位置，使初始位置与长木板C右端的距离为kL(0<k<1)，求释放弹簧后，滑块B运动过程中克服摩擦力做的功(B不会再次与A碰撞)。

答案解析1.【答案】B

【解析】AB.地球在自转时，地球表面上各点的角速度相同，而线速度v=ωr，v与r成正比，赤道上各点线速度最大，故A错误，B正确；

C.根据向心加速度公式an=ω2r，可知向心加速度与半径成正比，赤道上向心加速度最大。故C错误；

D.地球表面各处的向心加速度方向指向地轴方向，只有赤道上指向地心，故D2.【答案】C

【解析】AD.物体做曲线运动时，合外力及加速度指向运动轨迹凹的一侧，，故AD错误；

BC.汽车做减速曲线运动，合力与速度夹角为钝角，故C正确，B错误。

故选C。3.【答案】D

【解析】【分析】

根据动能定理研究功的关系，根据动量定理研究冲量的关系．

根据动能定理求合力做的功、根据动量定理求合力的冲量是这两大定理基本的应用．

【解答】

根据动能定理得：W1=12mv2，W2=12m(2v)2−12mv2=34.【答案】C

【解析】A.7.9km/s是第一宇宙速度，是近地卫星的环绕速度，也是卫星绕地球做圆周运动的最大速度。卫星在轨道Ⅰ上运动时速度约为7.9km/s，从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，在A点需要点火加速，所以卫星在轨道Ⅱ上经过A点时的速率大于7.9km/s，故A错误；B.卫星在椭圆轨道Ⅱ上运动时，只有万有引力做功，机械能守恒，所以卫星在轨道Ⅱ上

A

点的机械能等于轨道Ⅱ上B点的机械能，故B错误；C.根据

GMmr2=mv2r，解得

v=GMr，可知

vIA>vIIIB，又因为卫星在Ⅰ轨道A点需要加速才能到Ⅱ轨道，故有

vIIA>D.根据开普勒第三定律，轨道半长轴越大，周期越长。轨道Ⅱ的半长轴小于轨道Ⅲ的半径，所以卫星在轨道Ⅱ上的运动周期小于在轨道Ⅲ上的运动周期，故D错误。故选C。5.【答案】D

【解析】根据牛顿第二定律可知，物体以加速度a1=gsinθ+fm向上做匀减速运动，v1=v−a1t；以加速度a2=gsinθ−fm向下做匀加速运动，v2=a2t

，

A.动能Ek=12mv2显然与时间不是线性变化，故A6.【答案】D

【解析】A.由题可知，

0∼t1

段为直线，说明机车的加速度不变，根据牛顿第二定律

F−f=ma，可知此阶段机车的牵引力大小不变，故B.由题可知，

t1∼t2

阶段机车以恒定功率运行，根据

P=FvC.由题可知，

t1∼t2

阶段机车的牵引力减小，

t2∼t3D.根据上述分析可知，

0∼t1

过程中，机车匀加速启动，此时机车受到的牵引力为

F=ma+f，t2∼t3

阶段，机车匀速行驶。此阶段机车的牵引力

F′故选D。7.【答案】C

【解析】A.第二次排球运动的最高点d与a点等高，故比较第一次排球从a到b的过程和第二次排球从d到b的过程，这两个过程都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，下落高度一样，运动时间一样，根据运动的对称性可知，第二次从c到d的运动时间也等于第一次从a到b的运动时间，因此两次排球在空中运动时间不相等，故A错误；

B.设a到b的高度差为H，根据平抛运动规律可知，水平方向xab=vat，xdb=vdt，

由题可知xab=2xdb，

解得va=2vd，

竖直方向根据vy2=2gH，

解得vy=2gH，

则第一次排球到达b点的速度为vb=va2+vy2=4vd2+2gH，

第二次排球到达b点的速度为vb′=vd2+vy2=vd2+2gH，

可得vb>vb′，

故B错误；

C.由题可知，过e点作出与bc水平的平行线，交点如图所示

排球从a到f的时间和从d到g的时间相等，设为t′，根据上述分析可知va=2vd，则有xae=2xde，

根据平抛运动的规律可知，从8.【答案】AC

【解析】A.物体的合力做正功为45mgℎ，则物体的动能增量为45mgℎ，故A正确；

BC.物体下落过程中，受到阻力为15mg，物体克服阻力所做的功15mgℎ，机械能减小量等于阻力所做的功；故机械能减小了15mgℎ，故B错误，C正确；

D.物体下落ℎ高度，重力做功为9.【答案】BC

【解析】CD.先让小球在A位置所在水平面内做匀速圆周运动，再让小球在B位置所在水平面内做匀速圆周运动，设绳子与竖直方向夹角为θ，绳子长度为l，小球所在平面距离顶点的竖直高度为ℎ，对小球分析有F向=mgtanθ=mω2lsinθ，

解得角速度ω=glcosθ，

其中cosθ=ℎl，

联立有ω=gℎ，

由题意可知，小球从A处到达B处，ℎ减小，则ωA<ωB，故C正确，D错误；

AB.设绳子与竖直方向夹角为θ，小球质量为m，对小球分析，根据竖直方向受力平衡有F=mgcos10.【答案】BD

【解析】本题主要考查圆盘上物体的圆周运动，解决本题的关键是知道B先达最大静摩擦力，细绳出现张力后A受的静摩擦力先减小到零再反向增大，根据细绳拉力和摩擦力的合力提供向心力列式求解。

A.当ω较小时，两物块均由静摩擦力充当向心力，ω增大，由F=mω2r可知，它们受到的静摩擦力也增大，而B的半径大于A的半径，所以B受到的静摩擦力先达到最大，由图知当ω2=0.5rad/s2时，B达最大静摩擦力，之后细绳拉力和摩擦力的合力提供B的向心力，即有FT+μmg=mω2RB，得FT=mω2RB−μmg。由图像纵轴的截距，可知B受最大静摩擦力为1N，即μmg=1N，解得μ=0.1，故A错误；

B.当ω2=0.5rad/s2时，根据μmg=mω2RB，解得：RB=2m，故B正确；

C.当绳子出现拉力后，对A有：FT+fA=mω2RA，从而可得μmg−11.【答案】绳子拉力周期(或角速度、转速)匀速直线控制变量法

【解析】(1)小物体竖直方向受到重力和支持力而平衡，水平方向只受到一个绳子拉力，小物体做匀速圆周运动的向心力由绳子拉力提供;(2)操作二使小物体每秒运动周数与操作一相同，是为了控制小物体运动的周期(或角速度、转速)相同;

(3)如果在上述操作中突然松手，水平方向不受力的小物体将做匀速直线运动．(4)在上述操作中采用的研究方法是控制变量法。12.【答案】CBmmm

【解析】(1)由于平抛运动的高度H相同，根据ℎ=12 gt2得小球在空中运动时间t相同，根据平抛运动规律可知平抛运动初速度：v0=xt，即可通过小球平抛运动的水平位移大小x间接表示速度的大小，故AB错误，C正确。

故选：C；

(2)A、为了保证小球到达斜槽末端时的速度相同，需要保证小球从同一高度ℎ静止释放，但不需要测量ℎ，故A错误；

B、斜槽轨道末端切线必须水平，保证小球能做平抛运动，故B正确；

C、不需要停表，因为平抛运动时间由高度决定，高度相同，时间相同，用天平测质量、刻度尺测距离即可，故C错误。

故选：B；

(3)分析可知未放B球前，A球落点为P，放上B球发生碰撞后，A球、B球落地分别为M、N，规定向右为正方向，

根据动量守恒定律有：m1LPt=m1LMt+m2LNt，整理得：m1LP=m1LM+m2LN，

若为弹性碰撞，即碰撞前A13.【答案】(1)设人与滑板从A点到B点所用的时间为t

平抛水平位移：x=vAt

平抛竖直位移：ℎ=12gt2

解得：t=0.6s

vA=6m/s

(2)重力做功：WG=mgℎ

平均功率：P=WGt

解得：P=1.8×103W

(3)人与滑板从斜坡下滑过程中

由动能定理：mgH+Wf=12mvA2−0

解得：Wf【解析