海南省儋州市某校2024-2025学年高一上学期期末模拟物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12024年秋季学期高一年级期末考前模拟物理试题满分：100分考试时间：90分钟一、单选题（本大题有8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项是正确的，选对得3分，多选、错选或不选得0分）1.下列说法正确的是（）A.在力学中，国际单位制规定力、质量、时间为三个基本物理量B.物体若不受任何力作用，则一定处于静止状态C.当火车加速离开车站时，它的惯性越来越大D.物体的运动状态发生了改变，则它的速度一定发生了变化【答案】D【解析】A．在力学中，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，选项A错误；B．物体若不受任何力的作用，则可能处于静止状态，也可能是匀速直线运动状态，选项B错误；C．惯性只与质量有关，与物体的运动状态无关，选项C错误；D．物体的运动状态发生了改变，则它的速度一定发生了变化，选项D正确。故选D。2.下列说法正确的是A.研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员的动作，可以将运动员看作质点B.运动员跑完800m比赛，800m指的是路程大小C.由滑动摩擦因数知，μ与FN成反比D.滑动摩擦力总是阻力，静摩擦力可以是动力【答案】B【解析】A．点没有大小，谈自转无意义；故研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员动作时，运动员不可以简化为点，故A错误；B．运动员跑完800m比赛，轨迹是曲线，故800m指的是路程大小，故B正确；C．动摩擦因数的大小只有两个接触面的材料决定，与正压力无关，选项C错误；D．滑动摩擦力和静摩擦力都可以是动力，也可以是阻力，选项D错误．3.一辆汽车沿平直公路行驶，开始以20m/s的速度行驶了全程的，接着以v的速度行驶了最后的的路程，已知全程的平均速度是16m/s，则v等于()A18m/s B.36m/s C.15m/s D.17.1m/s【答案】C【解析】设全程的位移为4x，则汽车以速度v1=20m/s行驶了前x的位移，以速度v行驶了后3x的位移。

则汽车通过前1/4位移的时间；汽车通过后3/4位移的时间全程平均速度代入解得：v=15m/sA．18m/s，与结论不相符，选项A错误；B．36m/s，与结论不相符，选项B错误；C．15m/s，与结论相符，选项C正确；D．171m/s，与结论不相符，选项D错误；故选C。4.如图所示，能承受最大拉力为10N的细线OA与竖直方向成45°角，能承受最大拉力为5N的细线OB水平，细线OC能承受足够大的拉力，为使OA，OB均不被拉断，OC下端所悬挂物体的最大重力是（）A.15NB.10NC.5ND.【答案】C【解析】以O点对象，根据受力平衡可得可得，可知当所悬挂物体的重力达到时，此时，为使OA，OB均不被拉断，OC下端所悬挂物体的最大重力是。故选C。5.如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，这一现象表明（）A.电梯的加速度方向一定是向上B.乘客处于失重状态C.电梯一定是在下降D.电梯的加速度方向一定是向下【答案】A【解析】AD．由题知乘客发现弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量大了，则说明F弹>mg则加速度方向向上，A正确、D错误；B．因为弹簧的弹力大于铁球的重力，铁球处于超重状态，电梯、乘客也都处于超重状态，B错误；C．由选项AD可知，小球的加速度方向一定向上，而速度方向可能向上、也可能向下，则电梯可能加速上升，也可能减速下降，C错误；故选A。6.A、B两个球用轻弹簧连接，A球质量为2m，B球质量为3m，小球A由轻绳悬挂在天花板上O点，两球处于平衡状态，如图所示。现突然剪断轻绳OA，让小球下落，在剪断轻绳的瞬间，设小球A、B的加速度分别用a1和a2表示，则（）A.a1=g，a2=g B.a1=0，a2=2gC.a1=2.5g，a2=0 D.a1=1.5g，a2=0【答案】C【解析】剪断轻绳之前，对B进行分析，弹簧处于拉伸状态，弹簧拉力大小剪断轻绳的瞬间，分别对A、B进行分析，根据牛顿第二定律有，解得，故选C。7.一辆货车和一辆小轿车以相同的速度在同一条平直公路上运动，货车在小轿车前方处。货车遇紧急情况突然刹车，小轿车司机经1.5s的反应时间开始刹车，两车的图像如图所示。下列说法正确的是（）A.若两车未相撞，则从时刻到停止运动，货车和小轿车的位移大小之比为B.货车和小轿车刹车的加速度大小之比为C.若两车未相撞，则时两车的速度相同D.若两车刚好不相撞，则【答案】A【解析】A．由图像与横轴围成的面积表示位移可得，可得从时刻到停止运动，货车和小轿车的位移大小之比为故A正确；B．根据图像的斜率表示加速度，可知货车的加速度大小小轿车的加速度大小则有故B错误；C．若两车未相撞，设经过时间两车的速度相同，则有解得，故C错误；D．若两车刚好不相撞，即在，两车速度相等时，刚好不相撞，由图像可得故D错误。故选A。8.如图所示，一固定斜面上放有质量为m的物块，通过轻绳绕过光滑定滑轮与质量为M（）的物块相连，绳子在各处均平行于倾角为的斜面，物块m受到外力处于静止状态。不考虑物块与斜面之间的摩擦，重力加速度为g，当撤掉外力的瞬间，下列说法正确的是（）A.轻绳的拉力等于Mg B.轻绳的拉力等于0.375MgC.m运动加速度大小为0.5g D.若增大M的质量，m运动加速度可能为1.5g【答案】B【解析】ABC．由牛顿第二定律解得对M的物块，根据牛顿第二定律有解得故AC错误，B正确；D．由牛顿第二定律解得当时，a接近于g，无法达到1.5g，故D错误。故选B。二、多选题（本大题有5小题，每小题4分，共20分，每小题都有两个或两个以上选项是正确的，选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不选得0分）9.牛顿是出生在17世纪英国伟大的科学家，而牛顿三大定律更是人类探索自然奥秘的重大发现。关于牛顿三大定律，下列说法中正确的是（）A.牛顿第一定律是在大量实验事实的基础上通过推理而概括出来的结论B.羽毛球可以被快速抽杀，是因为它质量小，惯性小，运动状态容易改变C.甲乙两队进行拔河比赛，甲队获胜，其力学上的根本原因是甲队拉绳的力比乙队拉绳的力大D.任何情况下，速度的方向总与合外力方向相同【答案】AB【解析】A．牛顿第一定律不是实验得出的，是在大量实验事实的基础上通过推理而概况出来的，故A正确；B．质量是惯性大小的量度，质量小，惯性小，运动状态容易改变，则羽毛球可以被快速抽杀，故B正确；C．甲乙两队进行拔河比赛中，甲队对绳子的拉力等于乙队对绳子的拉力，故C错误。D．根据牛顿第二定律可知，任何情况下，加速度的方向总与合外力方向相同，而速度不一定和合外力同向，故D错误；故选AB。10.自动扶梯的应用相当广泛，给生产、生活带来极大的方便。如图所示为一无台阶式扶梯，若一同学站在该扶梯上匀速上楼，下列说法正确的是（）A.该同学所受重力方向垂直扶梯表面向下B.扶梯速度增大，该同学所受重力大小不变C.该同学所受弹力方向垂直扶梯表面向上D.该同学脚所站处扶梯没有发生形变【答案】BC【解析】A．所有物体所受重力方向均为竖直向下，故A错误；B．重力大小与速度大小无关，故B正确；C．接触面上的弹力，方向垂直接触面，指向受力物体，故C正确；D．产生弹力的条件一是直接接触，二是发生弹性形变，故D错误。故选BC。11.如图所示，物体A、B用细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮。物体A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，物体B悬挂着。已知质量mA＝3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，那么下列说法中不正确的是（）A.弹簧的弹力将增大 B.物体A对斜面的压力将增大C.物体A受到的静摩擦力将减小 D.物体A可能被拉动【答案】AD【解析】A．对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到T=mBg则知弹簧的弹力大小不变，故A错误；BCD．原来有3mBgsin45°-mBg=f1后来3mBgsin30°-mBg＜f1可见物体A并未滑动，而且静摩擦变小；物体A对斜面的压力为N=mAgcosθθ减小，N将增大；故BC正确，D错误；

故选AD。12.某高铁站的安全检查仪用于对乘客的行李进行安全检查。其水平传送装置可简化为如图所示模型，紧绷的传送带始终保持的恒定速率向左运行。乘客把可视为质点的行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数，传送带长度即A、B间的距离为2m，g取10m/s2，行李在被传送到B处过程中（）A.行李始终受三个力的作用B.行李先受向左的滑动摩擦力，后不受摩擦力C.行李0.5s时与传送带相对静止D.行李相对传送带发生了0.5m的位移【答案】BC【解析】C．行李无初速度地放在传送带上，行李相对于传送带向右运动，行李所受滑动摩擦力方向向左，行李开始向左做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有其中解得令经历时间，行李与传送带达到相等速度，则有解得此过程行李的位移可知，行李0.5s时与传送带相对静止，故C正确；A．结合上述可知，行李开始向左做匀加速直线运动，此过程受重力、支持力与向左的滑动摩擦力三个力作用，随后行李又以与传送带相等的速度向左做匀速直线运动，此过程行李受重力与支持力二个力作用，该过程行李不受摩擦力作用，故A错误；B．结合上述可知，行李先受向左的滑动摩擦力，后不受摩擦力，故B正确；D．结合上述可知，历时0.5s行李与传送带达到共同速度，此过程传送带匀速运动位移此过程行李相对传送带发生的位移匀速过程没有发生相对运动，即行李相对传送带发生了0.25m的位移，故D错误。故选BC。13.粗糙的水平地面上一物体在水平拉力作用下做直线运动，水平拉力F及物体的运动速度v随时间变化的图像如图甲和图乙所示.取重力加速度则（）A.前2s内物体运动的加速度大小为B.前4s内物体运动的位移的大小为10mC.物体与地面间的动摩擦因数D.物体的质量m为5kg【答案】AD【解析】A．根据速度一时间图像的斜率等于加速度，知前2s内物体的运动加速度故A正确；B．前4s内物体的位移为故B错误；CD．根据牛顿第二定律得，前2s内后2s内由图得，代入解得故C错误，D正确。故选AD。三、实验题（本题共2小题，每空2分，共20分，把答案写在答题卡中指定的答题处）14.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小明同学利用如图甲所示的实验装置，将一端带滑轮的长木板固定在水平桌面上，小车置于长木板上，并用细绳跨过定滑轮与钩码相连，小车右端连一条纸带，通过电火花打点计时器记录其运动情况。已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz。（1）本实验的器材有钩码、细线、带滑轮的长木板、小车、电火花计时器、纸带、垫块、导线外，还必须使用的器材有______。（填正确选项前的标号）A.刻度尺 B.秒表 C.天平 D.8V的低压交流电源（2）下列做法正确的是______。（填正确选项前的标号）A.作图像应该用折线将所描的点依次连接B.应调节滑轮，使牵引小车的细绳与长木板平行C.实验时，应先释放小车再给打点计时器通电（3）如图乙所示，O、A、B、C、D为计数点，相邻计数点间还有四个点未画出，打纸带上B点时小车的瞬时速度vB=______m/s，小车的加速度a=______m/s2。（结果均保留2位有效数字）（4）小明同学保持小车以及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系时，由于操作不当，得到关系图像如图所示，其中图线不过原点的原因是______________________________________________________。【答案】（1）AC（2）B（3）0.630.88（4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够【解析】【小问1解析】需要用刻度尺测量纸带上计数点间的距离；需要用天平测量小车和钩码的质量；由于通过打点计时器可以知道计数点间的时间间隔，所以不需要秒表；电火花计时器应连接220V的交流电源。故选AC。【小问2解析】A．作图像时，先舍去误差较大的点，用直线将尽可能多的点连接起来，其它点落在直线的两侧，故A错误；B．平衡好摩擦阻力后，为了减小误差，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行，让细绳拉力等于小车受到的合力，故B正确；C．为了充分利用纸带，实验时，应先给打点计时器通电，再释放小车，故C错误。故选B。【小问3解析】相邻计数点间还有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为根据匀变速直线运动中间时刻的时速度等于这段时间的平均速度，则打纸带上B点时小车的瞬时速度为根据逐渐差法，可得加速度的大小为【小问4解析】由图像可知，当达到一定数值时，小车才开始有加速度，所以图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。15.在“探究弹簧弹力与弹簧伸长量的定量关系”实验中，用铁架台、带挂钩的不同弹簧若干、50g的钩码若干、刻度尺等，安装如图甲所示的装置，刻度尺的零刻度线与弹簧上端平齐。实验中得到A、B两弹簧的弹力F的大小与伸长量x之间的关系如图乙所示。（1）未挂钩码时，B弹簧指针对应的刻度放大如图甲所示，可读得原长______cm。（2）由图乙可知劲度系数较小的是______（选填“A”或“B”）弹簧；还可算出A弹簧的劲度系数为______N/m。（3）若某同学做实验时，读取B弹簧的长度为22.00cm，则此时弹簧产生的弹力大小为______N。（4）若要制作一个精确度较高的弹簧测力计，应选______（选填“A”或“B”）弹簧。【答案】（1）7.00（2）B25（3）1.5（4）B【解析】【小问1解析】由图甲刻度尺的分度值为1mm，要估读到分度值的下一位，已知刻度尺的零刻度线与弹簧上端平齐，弹簧长度为【小问2解析】根据胡克定律有可知，图像的斜率表示劲度系数，由图乙可知，A弹簧的劲度系数大于B弹簧的劲度系数，故劲度系数较小的是B。由图乙可得，A弹簧的劲度系数为【小问3解析】由图乙可得，B弹簧的劲度系数为根据胡克定律有【小问4解析】由上述分析可知若把两个弹簧分别制作成弹簧秤，由于弹簧B的劲度系数更小，弹簧B的形变量更明显，即B的灵敏度更高，故若要制作一个精确度较高的弹簧测力计，应选B。四、解答题（第16题9分，第17题11分，第18题16分，共36分）16.2023年7月19日，福冈游泳世锦赛跳水女子10米台的决赛，陈芋汐最终以457.85分夺得这个项目的世锦赛三连冠。在某次跳水时，陈芋汐（可视为质点）从10米高的跳台由静止开始下落，陈芋汐在水中做匀减速直线运动，加速度大小为自由下落时的2倍，整个过程陈芋汐的运动轨迹为直线，不计空气阻力，重力加速度g取。求：（1）陈芋汐刚接触水面时的速度；（2）陈芋汐在水中下潜的最大深度；（3）陈芋汐由静止下落到第一次速度减为零的时间。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1解析】根据自由落体运动公式可得可得陈芋汐刚接触水面时的速度为【小问2解析】陈芋汐在水中做匀减速直线运动，加速度大小为根据运动学公式可得解得陈芋汐在水中下潜的最大深度为【小问3解析】陈芋汐自由落体运动阶段所用时间为陈