2024-2025学年广东省广州市一一七中九年级（上）期中物理试题含答案

试题试题2024-2025学年广东省广州117中学九年级（上）期中物理试卷及解析一、单选题1．（3分）“好奇号”火星车（如图所示）成功登陆火星标志着人类探索火星的征程取得了重大进展。研究表明，太空中的某种带电粒子会对探测器的计算机系统产生影响，从而导致程序出错。下列粒子中因不带电可以排除的是（）A．原子核 B．电子 C．质子 D．中子2．（3分）如图所示，用力打开夹子过程中，标注的夹子支点、动力、阻力正确的是（）A． B． C． D．3．（3分）下列工具在使用时属于费力杠杆的是（）A．镊子夹物体 B．扳手拧螺丝 C．羊角锤拔钉子 D．钢丝钳剪钢丝4．（3分）为探究动滑轮和定滑轮的特点，分别设计了如图所示两种方式拉升重物，下列关于实验说法正确的是（）A．增加动滑轮的质量可以更省力 B．若用定滑轮拉重物，只有拉力竖直向下时最省力 C．若拉升同一物体匀速上升相同高度，用动滑轮时拉力一定最小 D．用动滑轮提升重物上升高度h，测力计则上升2h5．（3分）下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况。关于对图中①②③④的补充正确的是（）A．①做功冲程②内能转化为机械能③压缩冲程④机械能转化为内能 B．①压缩冲程②内能转化为机械能③做功冲程④机械能转化为内能 C．①压缩冲程②机械能转化为内能③做功冲程④内能转化为机械能 D．①做功冲程②机械能转化为内能③压缩冲程④内能转化为机械能6．（3分）在进行如图所示的实验或有关装置工作时，能量转化情况相同的是（）A．乙和丁 B．甲和丙 C．甲和乙 D．丙和丁7．（3分）关于烹饪，下列说法正确的是（）A．炒锅一般用铁制造，是利用铁的比热容较大的特性 B．肉片能腌制入味是因为物体的分子在不停地做无规则的运动 C．翻炒的过程中食物的内能增加主要是通过做功实现的 D．在翻炒的过程中食物的温度升高，热量增大8．（3分）如图所示，当带电棒接触验电器甲部位的金属球时，丙部位的金属箔片开张开一定的角度。下列说法正确的是（）A．图中甲、乙都是绝缘体 B．若带电体带正电荷，则带电体一定是用丝绸摩擦过的玻璃棒 C．若带电体带正电荷，则接触瞬间电流方向从带电体流向金属箔 D．验电器的工作原理是昇种电荷相互吸引9．（3分）为保障安全，微波炉设置了双重开关——门控开关S1和启动控制开关S2。当微波炉的门打开时，门控开关S1断开，此时即使S2闭合，微波炉也不工作，则在图中符合要求的电路是（）A． B． C． D．10．（3分）下列说法不正确的是（）A．充满电的手机电池具有电能 B．行驶的高速电动列车，把电能转化为机械能 C．0℃的冰块具有内能 D．某种形式的能量减少，一定存在能量的转移或转化二、非选择题（共60分）11．（5分）利用杠杆投掷石球，如图所示，作用在A点的力沿方向时最小，若力沿c的方向时力臂（选填“变长”、“变短”）。已知石球重100N，OA：OB＝1：4，则作用在A点力的最小值为N（不计杠杆自重及摩擦）。12．（6分）（1）如图1是人们锻造铁器的其中几步。加热——将铁料喂入炉灶里，使铁料充分受热，软化。锻打——将高温的铁料夹到铁墩上，不断翻动铁料反复举锤敲打成型。淬火——将锻造好的铁件放入凉水中冷却。这几步中属于热传递改变物体内能的是。A.加热B.锻打C.淬火D.三步都是（2）某品牌汽车燃油机的能量流向比例图如图2所示，该汽油机的效率约为，若汽车行驶过程中消耗燃油4kg（燃油的热值为4.6×107J/kg），对外做的功是J。13．（2分）根据图甲所示的实物电路，在图乙的虚线框中画出它的电路图．14．（3分）画线连接实物图，使小灯泡能够发光并且电流表能够测出流过小灯泡的电流（估计为0.1﹣0.3A）。15．（4分）如图所示的电路中有两只灯泡L1、L2，现要使两只灯泡串联连接，应闭合开关；要使两灯泡并联，应闭合开关。闭合开关，会使电源短路。只闭合S1、S2，断开S3，灯亮。16．（8分）小聪用一根每格等距的匀质杠杆做“探究杠杆平衡条件”实验。（1）将杠杆的中点置于支架上，杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于（选填“平衡”或“非平衡”）状态；接下来他应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡。实验时，在杠杆O点两侧分别挂上钩码后，移动钩码的位置，直到杠杆在水平位置平衡，目的是。（2）实验前，小聪对杠杆平衡条件提出以下的几种猜想：①动力＝阻力②动力×动力臂＝阻力×阻力臂③＝④动力×支点到动力作用点距离＝阻力×支点到阻力作用点距离。如图乙所示，小聪正确调节杠杆水平平衡后，记录了实验数据的如表，实验次数动力F1/NOA长度/m阻力F1/NOB长度/m110.10.50.2表中的数据，可推翻上述猜想中的（选填上述猜想的对应序号）；根据这些数据（选填“能”或“不能”）得出探究结论，理由是；（3）若在图乙的杠杆左侧钩码下再增加两个相同的钩码，那么只需将（选填字母），杠杆就会重新平衡；A.右侧钩码向左移动1格B.右侧钩码下再增加一个相同的钩码C.平衡螺母向右适当调节（4）完成图乙的实验后，小聪没有调节杠杆的平衡螺母，继续用这支杠杆完成如图丙所示的探究（弹簧测力计已调零），得出的数据与杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是。17．（8分）小聪在老师指导下，在标准大气压下用如图甲所示的同一个实验装置分别加热100g的A、B两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度﹣时间图像如图乙。已知：相同时间内A与B吸收的热量相等，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。（1）酒精的燃烧过程把能转化为能。（2）由图乙可知，液体是水（选填“A”、“B”）。（3）小聪分析后认为cB＜cA。你觉得小聪的想法正确吗？，请写出你的判断依据。（4）0﹣8min，B吸收的热量是。18．（15分）小聪合理利用滑轮组提升物体，如图所示（滑轮组的绕绳未画出），他用200N的力F向下拉动绕在滑轮组的绳子的一端，将物体M在2s内匀速提升了1m，测得此过程中滑轮组的机械效率为40%。（1）在图中画出滑轮组绳子的绕法。与直接提升物体相比，使用该滑轮组有没有改变动力的方向？答：。（2）则该过程中，总功是多少？（3）有用功是多少？物体M重多少？（4）小聪做功的功率是多少？19．（9分）在“用电流表测电流”的实验中。（1）小明拿到电流表时发现指针指到“0”刻度线的左边，这时他需要对电流表进行；（2）连接电路时，开关应处于状态，在不能事先估计电流大小的情况下，应连接电流表的量程（选填“大”、“小”），再迅速闭合和断开开关进行，以正确选择电流表的量程。（3）小明连接完电路闭合开关后，发现电流表指针又指到“0”刻度线的左边，这是因为。为了正确测出电流大小，这时小明应该怎么操作？。（4）小丽同学连接的电路如图甲所示，电流表测的是灯的电流。闭合开关后，电流表示数如图乙所示，则通过该灯的电流是A。（5）另一位同学也连接了电路，但是闭合开关S后，他发现两灯都发光，一时无法确定电路是串联还是并联，请你帮他想出一种简单可行的操作方法。

2024-2025学年广东省广州117中学九年级（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题1．（3分）“好奇号”火星车（如图所示）成功登陆火星标志着人类探索火星的征程取得了重大进展。研究表明，太空中的某种带电粒子会对探测器的计算机系统产生影响，从而导致程序出错。下列粒子中因不带电可以排除的是（）A．原子核 B．电子 C．质子 D．中子【答案】D【分析】原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电，核外电子带负电。【解答】解：在原子中，质子带正电，电子带负电，而中子不带电；原子核是由质子和中子组成，所以原子核带正电；由此可知，粒子中因不带电可以排除的是中子。故选：D。2．（3分）如图所示，用力打开夹子过程中，标注的夹子支点、动力、阻力正确的是（）A． B． C． D．【答案】A【分析】动力F1使杠杆绕固定点转动，阻力F2阻碍杠杆转动，杠杆绕着固定转动的点为支点。【解答】解：A、阻力的方向应为垂直于杠杆向下，动力方向以及作用点、支点位置正确，故A正确；B、阻力的方向应该向下，故B错误；CD、阻力作用点不对，故CD错误。故选：A。3．（3分）下列工具在使用时属于费力杠杆的是（）A．镊子夹物体 B．扳手拧螺丝 C．羊角锤拔钉子 D．钢丝钳剪钢丝【答案】A【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确。BCD、扳手、羊角锤、钢丝钳，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故BCD错误；故选：A。4．（3分）为探究动滑轮和定滑轮的特点，分别设计了如图所示两种方式拉升重物，下列关于实验说法正确的是（）A．增加动滑轮的质量可以更省力 B．若用定滑轮拉重物，只有拉力竖直向下时最省力 C．若拉升同一物体匀速上升相同高度，用动滑轮时拉力一定最小 D．用动滑轮提升重物上升高度h，测力计则上升2h【答案】D【分析】（1）根据F＝（G+G动）分析；（2）定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；（3）和使用定滑轮相比，使用动滑轮时需要克服动滑轮重；（4）使用动滑轮可以省一半力，但费一倍的距离。【解答】解：A、增加动滑轮的质量，根据G＝mg可知，动滑轮的重力变大，由F＝（G+G动）可知，拉力F将变大，故A错误；B、定滑轮的实质是一个等臂杠杆，不计绳重和摩擦时，用定滑轮拉重物，各个方向的拉力都等于物重，故B错误；C、拉升同一物体匀速上升相同高度，如果动滑轮的重力大于物体的重力，根据F＝（G+G动）可知，F＞G，故C错误；D、使用动滑轮时，拉力端移动的距离等于提升物体升高高度的2倍，所以用动滑轮提升重物上升h高度，测力计上升2h高度，故D正确。故选：D。5．（3分）下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况。关于对图中①②③④的补充正确的是（）A．①做功冲程②内能转化为机械能③压缩冲程④机械能转化为内能 B．①压缩冲程②内能转化为机械能③做功冲程④机械能转化为内能 C．①压缩冲程②机械能转化为内能③做功冲程④内能转化为机械能 D．①做功冲程②机械能转化为内能③压缩冲程④内能转化为机械能【答案】C【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能。【解答】解：热机的四个冲程，吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中，活塞上升压缩气缸内的气体，使气体内能增大，即机械能转化为内能；做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能。故选：C。6．（3分）在进行如图所示的实验或有关装置工作时，能量转化情况相同的是（）A．乙和丁 B．甲和丙 C．甲和乙 D．丙和丁【答案】A【分析】分析各实验装置中的能量变化可知能量的转化情况，则找出转化情况相同的即可。【解答】解：甲是将机械能转化内能；乙为做功冲程，则为内能转化为动能的过程；丙消耗电能转化为内能，为电能转化为内能的过程；丁通过加热使活塞飞出，为内能转化为动能的过程；故能量转化相同的为乙与丁；故选：A。7．（3分）关于烹饪，下列说法正确的是（）A．炒锅一般用铁制造，是利用铁的比热容较大的特性 B．肉片能腌制入味是因为物体的分子在不停地做无规则的运动 C．翻炒的过程中食物的内能增加主要是通过做功实现的 D．在翻炒的过程中食物的温度升高，热量增大【答案】B【分析】（1）铁的导热性好，是制作煎锅的主要原因；（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则的运动；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式是等效的；（4）热量是热传递过程中传递能量的多少。【解答】解：A、炒锅一般用铁制造，主要是利用了铁的导热性好的特点，故A错误；B、肉片能腌制入味是因为物体的分子在不停地做无规则的运动，故B正确；C、在翻炒的过程中，肉片内能增加主要通过热传递实现的，故C错误；D、热量是热传递过程中传递能量的多少，不能说物体的热量，在翻炒的过程中食物的温度升高，内能增大，故D错误。故选：B。8．（3分）如图所示，当带电棒接触验电器甲部位的金属球时，丙部位的金属箔片开张开一定的角度。下列说法正确的是（）A．图中甲、乙都是绝缘体 B．若带电体带正电荷，则带电体一定是用丝绸摩擦过的玻璃棒 C．若带电体带正电荷，则接触瞬间电流方向从带电体流向金属箔 D．验电器的工作原理是昇种电荷相互吸引【答案】C【分析】（1）容易导电的物体时导体，不容易导电的物体是绝缘体；（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）正电荷定向移动的方向规定为电流的方向。【解答】解：A、图中甲是金属球，容易导电，是导体；金属杆与验电器的外框时绝缘的，所以乙是绝缘体，故A错误；B、若带电体带正电荷，则带电体不一定是用丝绸摩擦过的玻璃棒，也可能是其它摩擦产生正电的物体，故B错误；C、若带电体带正电荷，则接触瞬间，金属箔上的电子转移到带电体上，电子定向移动的方向是从金属箔到带电体，所以电流方向从带电体流向金属箔，故C正确；D、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D错误。故选：C。9．（3分）为保障安全，微波炉设置了双重开关——门控开关S1和启动控制开关S2。当微波炉的门打开时，门控开关S1断开，此时即使S2闭合，微波炉也不工作，则在图中符合要求的电路是（）A． B． C． D．【答案】D【分析】由题意可知，门控开关S1断开时，即使S2闭合，微波炉也不会工作，说明两开关不能独立工作即为串联，据此进行解答。【解答】解：经分析可知，控制开关S2和门控开关S1串联共同控制微波炉。A．由电路图可知，只启动控制开关S2或门控开关S1时，微波炉都能工作，故A错误；B．由电路图可知，启动控制开关S2时，会造成电源短路，故B错误；C．由电路图可知，启动控制开关S2和门控开关S1时，会造成电源短路，故C错误；D．由电路图可知，只有同时启动控制开关S2和门控开关S1时，微波炉才能工作，否则不工作，故D正确。故选：D。10．（3分）下列说法不正确的是（）A．充满电的手机电池具有电能 B．行驶的高速电动列车，把电能转化为机械能 C．0℃的冰块具有内能 D．某种形式的能量减少，一定存在能量的转移或转化【答案】A【分析】（1）手机电池充电时相当于是用电器，主要是将电能转化为化学能；放电时将化学能转化为电能。（2）高速电动列车行驶时消耗电能，转化为车子前进的机械能。（3）内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。（4）能量既不会创生，也不会消灭，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变，这就是能量守恒定律。【解答】解：A、充满电的手机电池具有化学能，放电时将化学能转化为电能，故A错误。B、高速电动列车行驶时消耗电能，转化为车子前进的机械能，故B正确。C、一切物体在任何温度下都有内能，故0℃的冰块也具有内能，故C正确。D、在自然界中能量的总量是守恒的，因此，某种形式的能减少，一定存在能量的转移或转化，故D正确。故选：A。二、非选择题（共60分）11．（5分）利用杠杆投掷石球，如图所示，作用在A点的力沿b方向时最小，若力沿c的方向时力臂变短（选填“变长”、“变短”）。已知石球重100N，OA：OB＝1：4，则作用在A点力的最小值为400N（不计杠杆自重及摩擦）。【答案】b；变短；400。【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点A是动力作用点，因为阻力（G）和阻力臂（OB）一定，只需找出最长动力臂即可得出最省力的动力方向，可根据这个思路进行求解。【解答】解：（1）由图知，在A端施力F，当F的方向与杠杆垂直时动力臂最大，此时最省力，即作用在A点的力沿b时最小，若力沿c的方向时力臂变短，力变大；（2）根据杠杆的平衡条件知：F×LOA＝G×LOB，其中：LOA：LOB＝1：4，G＝100N，所以，F＝4G＝4×100N＝400N。故答案为：b；变短；400。12．（6分）（1）如图1是人们锻造铁器的其中几步。加热——将铁料喂入炉灶里，使铁料充分受热，软化。锻打——将高温的铁料夹到铁墩上，不断翻动铁料反复举锤敲打成型。淬火——将锻造好的铁件放入凉水中冷却。这几步中属于热传递改变物体内能的是AC。A.加热B.锻打C.淬火D.三步都是（2）某品牌汽车燃油机的能量流向比例图如图2所示，该汽油机的效率约为30%，若汽车行驶过程中消耗燃油4kg（燃油的热值为4.6×107J/kg），对外做的功是5.52×107J。【答案】（1）AC；（2）30%；5.52×107。【分析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能量的转移。（2）燃料完全燃烧产生的能量减去废气、冷却水及摩擦与辐射所消耗的能量，即为该热机的效率；据Q放＝qm燃油得出热机在这一过程中消耗的总能量，根据W有用＝Q放η得出牵引力做的功。【解答】解：（1）用铁锤锻打工件，工件会发热，属于做功改变物体内能；用火对铁器加热，铁器从火中吸收热量，把铁器放在水中淬火，铁器向水中放热，所以加热和淬火属于热传递改变物体内能，故AC正确、BD错误。（2）从图中可知，该热机的效率η＝100%﹣23%﹣6%﹣4%﹣37%＝30%；热机在这一过程中消耗的总能量：Q放＝qm燃油＝4.6×107J/kg×4kg＝1.84×108J；则牵引力做的功：W有用＝Q放η＝1.84×108J×30%＝5.52×107J；故答案为：（1）AC；（2）30%；5.52×107。13．（2分）根据图甲所示的实物电路，在图乙的虚线框中画出它的电路图．【答案】【分析】根据实物图判定电路的连接方式和开关的作用，然后画出电路图。【解答】解：根据甲图可知，电流的路径有两条，为并联电路；开关S1接在干路中控制整个电路，开关S2控制灯泡L1；电路图如下所示：14．（3分）画线连接实物图，使小灯泡能够发光并且电流表能够测出流过小灯泡的电流（估计为0.1﹣0.3A）。【答案】【分析】电流表应串联接入电路中，据此画图。【解答】解：电流表能够测出流过小灯泡的电流，则电流表与灯泡串联接入电路中，估计为0.1﹣0.3A，因此电流表的量程用0～0.6A，电流从正接线柱流入、负接线柱流出。如图所示：15．（4分）如图所示的电路中有两只灯泡L1、L2，现要使两只灯泡串联连接，应闭合开关S2；要使两灯泡并联，应闭合开关S1、S3。闭合开关S1、S2、S3，会使电源短路。只闭合S1、S2，断开S3，灯L1亮。【答案】S2；S1、S3；S1、S2、S3；L1【分析】把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联。把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，就是并联，电源短路是指电源两极不经过用电器直接连通的电路。【解答】解：（1）若闭合开关S2时，则电流从电源正极出发后先后依次经过两盏灯泡，所以它们是串联的；（2）若闭合开关S1、S3时，断开开关S2时，则电流从电源正极出发分别流经两盏灯泡，又汇合在一起共同回到电源的负极，所以它们是并联的；（3）闭合开关S1、S2、S3，电源的两端被导线相连，会使电源短路；（4）只闭合S1、S2，断开S3，L2被短路，不发光，只有灯L1会亮。故答案为：S2；S1、S3；S1、S2、S3；L1。16．（8分）小聪用一根每格等距的匀质杠杆做“探究杠杆平衡条件”实验。（1）将杠杆的中点置于支架上，杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于平衡（选填“平衡”或“非平衡”）状态；接下来他应将平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡。实验时，在杠杆O点两侧分别挂上钩码后，移动钩码的位置，直到杠杆在水平位置平衡，目的是消除杠杆自重对实验的影响，便于测量力臂。（2）实验前，小聪对杠杆平衡条件提出以下的几种猜想：①动力＝阻力②动力×动力臂＝阻力×阻力臂③＝④动力×支点到动力作用点距离＝阻力×支点到阻力作用点距离。如图乙所示，小聪正确调节杠杆水平平衡后，记录了实验数据的如表，实验次数动力F1/NOA长度/m阻力F1/NOB长度/m110.10.50.2表中的数据，可推翻上述猜想中的①③（选填上述猜想的对应序号）；根据这些数据不能（选填“能”或“不能”）得出探究结论，理由是一次实验得出的结论具有偶然性；（3）若在图乙的杠杆左侧钩码下再增加两个相同的钩码，那么只需将B（选填字母），杠杆就会重新平衡；A.右侧钩码向左移动1格B.右侧钩码下再增加一个相同的钩码C.平衡螺母向右适当调节（4）完成图乙的实验后，小聪没有调节杠杆的平衡螺母，继续用这支杠杆完成如图丙所示的探究（弹簧测力计已调零），得出的数据与杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是杠杆自重影响杠杆的平衡。【答案】（1）平衡；右；消除杠杆自重对实验的影响，便于测量力臂；（2）①③；不能；一次实验得出的结论具有偶然性；（3）B；（4）杠杆自重影响杠杆的平衡。【分析】（1）杠杆静止或匀速转动时杠杆就处于平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；调节杠杆在水平位置平衡的目的是使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；（2）杠杆平衡条件：F1L1＝F2L2，是力和力臂的乘积相等，不同单位的物理量不能相加；动力与阻力的大小关系取决于动力臂与阻力臂间的关系；实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律；（3）设每个钩码重为G，杠杆每格长为L，根据杠杆平衡条件进行分析；（4）图丙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。【解答】解：（1）实验前，杠杆静止杠杆处于平衡状态。如图杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的应将平衡螺母向右端移动；调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；（2）由表中的数据可知：1N×0.1m＝0.5N×0.2m，同时因为杠杆处于水平平衡，即力臂等于支点到力的作用点距离，所以可以推翻①③猜想；小聪的结论不合理，只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性；（3）A、右侧钩码向左移动1格，则有：4G×2L＞G×3L，故A不符合题意；B、右侧钩码下再增加一个相同的钩码，则有：4G×2L＝2G×4L，故B符合题意；C、在实验中不能调节平衡螺母，故C不符合题意，故选：B；（4）如图丙，弹簧测力计竖直向上提升三个钩码至水平位置时，记录数据，此杠杆属于省力杠杆；若用图丙所示装置进行探究，杠杆的重力的作用线没有通过支点，杠杆的自身重力会对杠杆平衡有影响；因此用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。故答案为：（1）平衡；右；消除杠杆自重对实验的影响，便于测量力臂；（2）①③；不能；一次实验得出的结论具有偶然性；（3）B；（4）杠杆自重影响杠杆的平衡。17．（8分）小聪在老师指导下，在标准大气压下用如图甲所示的同一个实验装置分别加热100g的A、B两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度﹣时间图像如图乙。已知：相同时间内A与B吸收的热量相等，c水＝4.2×103J/（kg•℃）。（1）酒精的燃烧过程把化学能转化为内能。（2）由图乙可知，A液体是水（选填“A”、“B”）。（3）小聪分析后认为cB＜cA。你觉得小聪的想法正确吗？正确，请写出你的判断依据质量相同的液体，使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，升温低的比热容大。（4）0﹣8min，B吸收的热量是3.36×104J。【答案】（1）化学；内；（2）A；（3）正确；质量相同的液体，使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，升温低的比热容大；（4）3.36×104J。【分析】（1）燃料燃烧时，化学能转化为内能；（2）（3）使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，通过温度的变化来判断不同液体的吸热能力；（4）用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的；【解答】解：（1）酒精燃烧时，将酒精的化学能转化为内能；（2）（3）质量相同的液体，使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，升温低的比热容大；故加热相同一段时间后，液体B升温多，由此可知：液体B的比热容较小，A的比热容较大是水；（4）实验中用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则在0﹣8min内A吸收的热量QA吸＝QB吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×104J。故答案为：（1）化学；内；（2）A；（3）正确；质量相同的液体，使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，升温低的比热容大；（4）3.36×104J。18．（15分）小聪合理利用滑轮组提升物体，如图所示（滑轮组的绕绳未画出），他用200N的力F向下拉动绕在滑轮组的绳子的一端，将物体M在2s内匀速提升了1m，测得此过程中滑轮组的机械效率为40%。（1）在图中画出滑轮组绳子的绕法。与直接提升物体相比，使用该滑轮组有没有改变动力的方向？答：改变了动力方向。（2）则该过程中，总功是多少？（3）有用功是多少？物体M重多少？（4）小聪做功的功率是多少？【答案】（1）见解答图；改变了动力方向；（2）则该过程中，总功是400J；（3）有用功是160J；物体M重为160N；（4）小聪做功的功率是200W。【分析】（1）根据小聪用力的方向确定滑轮组的绕法；比较拉力方向与直接提升时物体运动方向分析回答；（2）根据（1）滑轮组绳子的绕法确定绳子股数，利用W总＝Fs＝Fnh求出拉力做的总功；（3）根据η＝求出拉力做的有用功，利用W有＝Gh求出物体M重；（4）根据P＝求出小聪做功的功率。【解答】解：（1）由题知，小聪向下施加力，从小聪的手（绳子自由端）向上，由外向里，绕过上面的定滑轮、下面的动滑轮，最后固定在定滑轮的下挂钩上，如下图所示：；与直接提升物体相比，拉力的方向向下，使用该滑轮组改变了动力的方向；（2）由（1）滑轮组绳子的绕法可知，n＝2，拉力做的总功为：W总＝Fs＝Fnh＝200N×2×1m＝400J；（3）根据η＝可知，拉力做的有用功为：W有＝ηW总＝40%×400J＝160J；物体M重为：G＝＝＝160N；（4）小聪做功的功率为：P＝＝＝200W。答：（1）见解答图；改变了动力方向；（2）则该过程