桂林师大附中2025年秋季期中高一物理试卷含答案

6．明亮同学叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为，相互接触。球与地面间的动摩擦因数

广西师范大学附属中学2025年秋季学期期中考试试题均为,则

m

．上方球对下方其中一个球的弹力大于下方一个球对上方球的弹力

μA

高一物理B．下方三个球与水平地面间均没有摩擦力

（全卷满分100分，考试时间75分钟）

C．水平地面对下方三个球的支持力均为

注意事项：

本试卷包含试题卷和答题卡两部分。选择题的所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。非选择题的所mg

D．水平地面对下方三个球的摩擦力均为

有解答必须填写在答题卡的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。

一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项正确，每题4分；第7．如图所示，有一滑雪运动员从点由静止开始μ做m匀g加速直线运动，先后经过、、三点，已知，

8~10题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全得3分，有错或不选得0分），且该运动员经过、两段的时间相等，下列说法不正确的是

OPMNPM=10mMN=

．在物理学的发展过程中，物理学家们提出了许多物理学的研究方法，以下关于物理学的研究方法的叙述中，说法．能求出间的距离

120mAPMMN

正确的是B．不能求出该运动员经过段所用的时间

OP

A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体的方法叫等效替代法C．不能求出该运动员的加速度

OP

D．不能求出该运动员经过、两点的速度之比

B．当极短时，就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的微元法

8．在距离地面高的位置以的初速度竖直向上抛出一小球，小球上升后

PM

Δt回落，最后落至地面。从小球被抛出到落至地面，共经历时间，落地前瞬间小球速

C．加速度的定义式采用的是比值定义法15m10m/s5m

度的大小为。规定竖直向上为正方向。下列说法中正确的是

3s

D．“质点”概念的a引=入是运用了控制变量法A．若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为

20m/s

2．如图所示，有同学将一块物块轻放在塑料直尺的一端，并将该端伸出水平B．从最高点到落地点，小球的位移为

—5m

桌面边缘。现用手将直尺缓慢向外移动，弯曲程度逐渐变大，物块相对直尺C．从抛出点到落地点，小球的平均速度为

—20m

始终保持静止，则在此过程中D．从抛出点到落地点，小球的速度变化量为

5m/s

A．物块对直尺的压力是直尺发生形变而产生的9．如以下四幅图所示，关于下列各图受力情况的叙述中正确的是

—30m/s

B．物块受到的摩擦力在不断减小

C．直尺对物块的作用力大于物块对直尺的作用力

D．直尺对物块的作用力方向始终竖直向上

3．“五米三向折返跑”的成绩反映了人体的灵敏素质。测试时受试者听到口令

起跑，测试员同时开始计时，如图所示，受试者从起点全力跑向距处的

点用手触摸折返线后返回点，然后依次到点、点、点，最终返回点，

AA5m

所用时间即为“五米三向折返跑”的成绩。现测得某受试者成绩为，该受

BACADA

试者在测试全过程中的平均速率、平均速度的大小分别为A．甲图中原木在、两点各受一个弹力，方向不都是竖直向上

7.50s

A．，B．，B．乙图中杆对滑轮的弹力一定由指向

PMN

C．，D．，C．丙图中静止的铁块只受重力和支持力的作用

004m/s0BCBC

4．如图所示是厨房用来悬挂厨具的小吸盘，其原理是排开吸盘与墙壁之间的空气，D．丁图中的弹簧一定处于压缩状态

2m/s030m/s3m/s

依靠大气压紧紧地将吸盘压在厨房的竖直墙壁上，可用来悬挂比较轻的厨具，安装10．、两辆小汽车从同一地点同时出发，沿同一方向做直线运动，它们的

拆卸都很方便。以下说法正确的是速度的平方（）随位置（）的变化规律如图所示，下列判断正确的是

AB

A．墙壁对吸盘的作用力的合力竖直向上．汽车的2加速度大小为

Avx

B．大气压变大，吸盘受到的摩擦力也变大B．汽车、在处的速度2大小为

A18m/s

C．吸盘与墙壁之间只有一对作用力与反作用力C．从开始到汽车停止前，当时、相距最远

ABx=6m6m/s

D．空气对吸盘的压力与墙壁对吸盘的支持力是一对平衡力D．从开始到汽车停止前，当A时、相距最远

Ax=7.5mAB

5．“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。假设某次海二、实验探究、填空题（本大题共A2小题，每空2分，共16分）

Ax=6mAB

事活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时11．（6分）如图甲所示，将弹簧的一端固定在铁架台上，让弹簧自然下垂，用刻度尺测量并记录弹簧的长度，

间上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0（)时刻距离海面的深度应该为在弹簧的挂钩上挂一个钩码，测量弹簧的长度并计算出其伸长的长度x。依次增加钩码，重复上述操作，画出弹力的

vaL0

大小与弹簧的伸长量的关系图像如图乙中的图线所示。再用另一根弹簧重做上述实验，并作出关系图像如

t．B．t0<t．．

A(C2D图乙中的图线所示。

t0

0FxabF—x

vt1—2t

b

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12

（1）将弹簧放置在光滑的水平面上三、计算题（解答要求写出必要的文字说明、方程式及计算步骤，只写出答案的不得分，有数值计算的题，要求写

静止时，测得弹簧的长度为'，则出数值和单位。本题3个小题，共38分）

a

（选填：大于、小0于或等013．（10分）在师大附中一块开阔的安全区域内，现有一钢球由静止开始做自由落体运动，不计空气阻力，落地时的

LL

于）'。速度为v=，取。求：

2

（2）0弹簧在生产、生活中有着广泛（1）该球刚开始下落时距离地面的高度是多少

L30m/sg10m/s

的应用，例如弹簧具有缓冲作用，且（2）该球在前内的平均速度大小是多少

?

弹簧的劲度系数越小缓冲效果越好，（3）该球在最后内下落的高度是多少

2s?

则弹簧比弹簧的缓冲效果

1s?

（选填：好或差）。

ab

（3）分别用、弹簧沿水平方向拉

静止在水平桌面上的木块，木块刚要

ab

滑动时两弹簧的长度相同，则弹簧

的原长（选填：大于、小于或等于）弹簧的原长。

a

12．（10分）师大附中高一全体同学利用如图所示装置来完成“探究小车速度随时间变化的规律”实验。14．（12分）如图所示，熊大用一根轻绳绕过树枝将光头强悬挂起来，树枝此时相当于理想光滑定滑轮。已知此时右

b

侧轻绳与水平地面的夹角,光头强质量为m=，熊大质量为M=，不计轻绳与树枝之间的摩擦。

①

（已知，∘，）求：

θ=3770kg500kg

（1）轻绳对光∘头强的拉力大∘小；2

sin37=0.6cos37=0.8g=10m/s

（2）地面对熊大的支持力大小；

（3）熊大对地面的摩擦力。

（1）实验室提供如图、两种打点计时器，其中是电火花计时器（选填：②或③)。

（2）若实验中使用的是电磁打点计时器，与电源接线正确的是（选填：④或⑤)。

②③

15．（16分）设想在一特定路线上，有一列小火车和一辆小汽车（均可以看做质点）正在沿同一方向做匀变速直线运

动，速度分别为和，时刻，小火车在小汽车前方处，此后、在各个时刻的大小如下表所示。请

根据表格中的数据，通过计算求：

v1v2t=026mv1v2

（3）图是实验中得到的一条纸带，、、、、为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔，则打下（1）两车经过多长时间相距最大？此时最大间距是多少？

点时小车的速度大小（2）经过多长时间两车相遇？（此相遇没有相互碰撞而发生事故）

⑥ABCDET=0.1s

，小车的加速度大小（3）要使该两车可以相遇两次，两车刚开始的位置及之间的距离应该满足什么条件？

BvB=

。（计算结果均保留位有效数

m/sa=

字）2

m/s3

（4）图是实验中得到的另一条纸

带，纸带的左侧有一段空白，请说明

⑦

原因是：

。

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22

从抛出点到落地点，小球的速度变化量为，负号表示速度变化量的方向

广西师范大学附属中学2025年秋季学期期中考试Δv=v1—v0=(—20—10)m/s=—30m/s

向下，故D正确。故选：BD。

高一年级物理试题参考答案9．【答案】AD【解析】A．原木P在M点受到的弹力方向竖直向上，在N点受到的弹力方向垂直于原木间的接触面

斜向上，A正确。B．乙图中BC杆插入墙中，受力分析可得BC杆对滑轮的弹力与两侧绳子拉力的合力平衡，方向不

1．【答案】C【解析】AD、在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化模型法，即一定由B指向C，B错误。C．铁块静止，受力分析可得此时除了受重力和支持力的作用外还受到摩擦力的作用，C错

误。D．丁图中对小球受力平衡分析，应受到斜向上的沿绳子的拉力，竖直向下的重力，可得此时弹簧对小球一定有

“质点”概念的引入是运用了理想化模型法，故错误。、根据速度定义式，当趋于时，就可以表

ADBv=Δt0水平向右的弹力，所以弹簧一定处于压缩状态，D正确。故选：AD。

22

示物体在某时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B错误。C、加速度的大小与速度的变化量无关，在10．【答案】BC【解析】A．根据匀变速直线运动速度位移关系v—v0=2ax可知图象的斜率与物体运动的加速度

222222

定义加速度a=时，采用了比值定义法，故C正确。故选：C。成正比，v0A=144m/s，v0A=12m/s，斜率KA=2aA=—m/s=—18m/s，aA=—9m/s，故A错误。

2．【答案】D【解析】A．物块对直尺的压力是物块发生形变而产生的，故A错误。B．根据受力平衡可得f=mgsinθ,B．由图象知汽车A、B在x=6m处的速度大小为v'，则有v'2—144=2×(—9)×6m，解得v'=6m/s，故B正

直尺缓慢向外移动，弯曲程度变大，即θ越来越大，则物块受到的摩擦力在不断增大，故B错误。C．根据牛顿第三22222

确。CD.由图知B的初速度为0，由v—v0=2ax，直线B的斜率KB=2aB=m/s=6m/s，aB=3m/s；汽车A

定律可知，直尺对物块的作用力等于物块对直尺的作用力，故C错误。D．物块相对直尺始终保持静止，根据受力

2

平衡可知，直尺对物块的作用力与重力平衡，则方向始终竖直向上，故D正确。故选：D。的初速度为v0A=12m/s，加速度为：aA=—9m/s，当两者速度相等时，两车的距离最远，由v0A+aAt=aBt，得t=1s，

此时的位移为2，故正确，错误。故选：。

3．【答案】B【解析】路程等于运动轨迹的长度，所以受试者的路程x=5+5×3m=30m，平均速率v=AxA=(12×1—×9×1)m=7.5mCDBC

=m/s=4m/s；位移为0，平均速度等于位移与时间的比值，则平均速度为0，选项B正确，ACD错误。11．【答案】大于；差；大于。

【解析】（1）将a弹簧悬挂在铁架台上，由于重力的作用，弹簧会伸长一些，因此L0大于L0'。

4．【答案】D【解析】A．墙壁对吸盘的作用力有竖直向上的摩擦力和水平方向的支持力，合力方向不是竖直向上，（2）题图乙中图线的斜率表示弹簧的劲度系数，可知a弹簧比b弹簧的劲度系数大，a弹簧的缓冲效果差。

故A错误。B．在竖直方向，吸盘的重力等于摩擦力，而重力不变，所以摩擦力不变，故B错误。C．吸盘对墙壁压（3）分别用a、b弹簧沿水平方向拉静止在水平桌面上的木块，木块刚要滑动时，两弹簧的弹力大小相等，由胡克

力与墙壁对吸盘的支持力是一对相互作用力，吸盘对墙壁的摩擦力与墙壁对吸盘的摩擦力为一对相互作用，故C错定律F=kx可知，a弹簧的伸长量小，故a弹簧的原长大于b弹簧的原长。

误。．空气对吸盘的压力与墙壁对吸盘的支持力是一对平衡力，故正确。

DD12．【答案】③;④；0.295；1.79（1.78，1.80也得分）；先释放小车，后打开电源（或释放小车时，小车距

打点计时器较远）。

5．【答案】D【解析】“蛟龙号”上浮的加速度大小a=，“蛟龙号”从t时刻到浮至海面的运动，可看成逆向的

0【解析】（1）图②带有永久磁铁，是电磁打点计时器；图③有墨粉纸盒，是电火花打点计时器，故填③。

22

初速度为零的匀加速直线运动，则x1=a(t—t0)=(t—t0)，故选：D。（2）电磁打点计时器使用低压交流电源，故填④。

2

（3）根据匀变速直线运动中间时刻速度等于平均速度可得vB==0.295m/S，根据逐差法，a==1.79m/s。

6．【答案】C【解析】A、上方球对下方其中一个球的弹力与下方一个球对上方球的弹力为作用力与反作用力，大

小相等，A错误。B、下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，所以下方球有运动的趋势，故下方球受静摩擦力作用，（4）纸带上左侧有一段空白，即没有打点，原因是先释放小车，后打开电源（或释放小车时，小车距打点计时器较

远）。

故B错误。C、对四个球的整体分析，整体受重力和地面的支持力而处于平衡，所以三个小球受支持力大小为4mg，

13．解：（1）根据速度位移关系公式，有：v2=2gh（2分）

每个小球受支持力为mg，故C正确。D、三个下方小球受到的是静摩擦力，故不能根据滑动摩擦力公式进行计算，

解得：h=45m（1分）

故D错误。故选：C。

22

（2）前2s的位移：h1=gt1=×10×2m=20m（2分）

2

7．【答案】D【解析】ABC.设物体通过PM、MN所用时间分别为T，则M点的速度为：vM==，根据△x=aT

前2s内的平均速度大小：v==m/s=10m/s（2分）

得：a==，则：vP=vM—aT=—=，则：xOP==1.25m，但不能求出运动员经过OP段所用的

（3）下落的时间t==s=3s（1分）

时间和运动员的加速度大小，故ABC正确。D．vM=，vP=所以运动员经过P、M两点的速度之比为=，故

则它在最后1s内下落的高度是总高度减去前2s的位移：h2=h—h1=45m—20m=25m（2分）

D错误。本题选错误的，故选：D。

14．解：（1）由平衡条件，轻绳对光头强的拉力大小为：F=G，G=mg（2分）

8．【答案】BD【解析】A．规定竖直向上为正方向，若以抛出点为坐标原点，则小球在最高点的坐标为+5m，故A得：F=700N（1分）

（）对熊大根据平衡条件得：。（分）

错误。B．从最高点到落地点，小球的位移为Δx=(—15—5)m=—20m，故B正确。C．从抛出点到落地点，小球2FN+Fsin37=Mg2

代入数据解得：FN=4580N（2分）

的平均速度为v==m/s=—5m/s，负号表示平均速度的方向向下，故C错误。D．规定竖直向上为正方向，

。

（3）对熊大根据平衡条件：Ff=Fcos37（2分）

得：F=560N（1分）

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'

根据牛顿第三定律得：，