2025年江苏省南通市崇川区中考物理一模试卷

第36页（共36页）2025年江苏省南通市崇川区中考物理一模试卷第Ⅰ卷（选择题共40分）第Ⅰ卷共10小题，每小题2分，共40分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题。1．（2分）我国减少碳排放保护环境，以下属于限制碳排放的是（）A．火力发电 B．水力发电 C．风力发电 D．光伏发电2．（2分）小亮听歌声就能判断出是低、中、高音，声音的这一特征指的是（）A．响度 B．音调 C．音色 D．声速3．（2分）下列美景与“潭清疑水浅”中的“水浅”形成原理相同的是（）A．波光粼粼的湖面 B．地面上的树影 C．透镜下放大的花 D．倒映在水里的月4．（2分）如图所示，密封的锤形玻璃泡内装有少量碘颗粒，碘的熔点约为114℃。用电吹风热风挡对其加热，温度约为60℃，一段时间后，观察到玻璃泡内弥漫着紫红色的碘蒸气，停止加热，冷却后玻璃泡内又出现碘颗粒。下列分析中正确的是（）A．加热时碘颗粒熔化吸热 B．冷却时碘蒸气凝固放热 C．加热时碘颗粒汽化吸热 D．冷却时碘蒸气凝华放热5．（2分）关于物质结构及相关原理的说法，正确的是（）A．摩擦起电的过程中产生了电荷 B．卢瑟福发现电子说明原子是可分的 C．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 D．原子核由带正电的质子和带负电的电子组成6．（2分）现有橡皮、玻璃球、金属磁铁、盐水、纯水、铜线六种物体，小丽按物质的物理属性将它们分成两类，如下表所示。小丽分类的依据是（）第一类第二类橡皮、玻璃球、纯水盐水、铜线、金属磁铁A．导电性 B．磁性 C．密度 D．硬度7．（2分）如图所示，工人使用定滑轮将质量为20kg的物体6s内匀速吊起1.8m，此过程中该滑轮的机械效率为90%（g取10N/kg），下列符合事实的是（）A．绳子自由端移动了3.6m B．工人用了200N拉力 C．工人做功的功率为60W D．工人做了400J的功8．（2分）如图所示，用充气的气球模拟“喷气火箭”，把封口的夹子松开，球内气体向后喷出，气球向前运动。下列说法正确的是（）A．气球的弹性势能增大 B．喷出的气体内能减小 C．气球内部的温度升高 D．能量转化与汽油机压缩冲程相同9．（2分）如图所示为一彩球“温度计”，其密闭玻璃容器内装有液体，密度随温度的升高而减小。液体中有5个挂有温度标牌的彩球，彩球体积相等且保持恒定。当有彩球悬浮时，其彩球标牌上的温度值就是所测得的当前环境温度。下列说法正确的是（）A．当环境温度升高后，5个彩球可能均漂浮 B．当环境温度降低后，原悬浮的彩球静止后受到的浮力变小 C．漂浮的彩球上的温度值小于沉底的彩球上的温度值 D．要增大该温度计能测得的最高温度，可增加一个体积相等、质量更小的彩球10．（2分）如图甲是兴趣小组设计的“闯红灯违规模拟记录器”，控制电路电源电压为6V，定值电阻R0＝10Ω，电磁继电器线圈电阻不计，R为力敏电阻，其阻值大小随压力F的变化关系如图乙所示。当光控开关接收到绿光时断开，接收到红光时自动闭合，且当力敏电阻受到车的压力增大到一定数值，控制电路中的电流等于或大于0.04A时，电控照相机开始拍照，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．当光控开关闭合时，电磁铁上端为S极 B．当质量为1200kg的车闯红灯时，控制电路消耗的总功率为1.2W C．若使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以适当增大线圈的匝数 D．当控制电路中电流等于0.04A时，力敏电阻受到的压力为2000N二、第Ⅱ卷（非选择题共110分）第II卷共14小题，共110分。第21至25题为化学试题，第26至37题为物理试题。11．（6分）小明和小华利用矿泉水瓶制作3D全息投影屏：（1）小明用剪刀从距矿泉水瓶瓶口5cm左右的位置截取了一段。剪刀刀刃锋利，对矿泉水瓶的较大，属于杠杆；小华用手工刀在火上加热后，也很容易地烫开了矿泉水瓶，这是用的方式增大了塑料瓶的内能，使塑料瓶分子间的作用力变小。（2）将这部分矿泉水瓶折成梯形漏斗形状，投影屏相当于平面镜，如图，将投影屏放在手机屏幕适当位置，用手机播放全息投影的视频，就能在中间看到3D动画。此现象利用了光的射，在较的环境中效果更明显。12．（4分）2024年10月30日，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号运载火箭发射成功。小亮利用3D打印机打印出火箭模型如图甲所示，该模型的长度是cm。正确使用托盘天平测量其质量，天平平衡时，右盘中无砝码，游码位置如图乙，模型的质量为g。将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水2.8g，模型在水中静止后处于状态；放入模型后，水对杯底的压强大小。13．（5分）2024年底，我国首艘076型两栖攻击舰“四川舰”正式服役。（1）“四川舰”满载排水量约为4.8×104吨满载时受到的浮力约为N；舰上双面有源相控阵雷达发出的波可探测400km以上距离。（g取10N/kg）（2）“四川舰”采用燃气轮机和电力推进系统，前行时灵活静音，是从处减弱声音。节（kn）是航海的速度大小的单位，1节的速度为1海里/小时，该舰以20节速度航行6000海里，共航行了小时。（3）“四川舰”是全球首艘配有电磁弹射技术的两栖攻击舰，弹射车处于强磁场中，当弹射车的导体内有强电流通过时，弹射车就受到磁场强大的作用力，与它连接的舰载机就能获得较大的起飞速度，电磁弹射的原理是。14．（3分）在“对家庭用电的调查研究”的综合实践活动中，小轩观察到他家电能表上标有“220V，10（40）A”和“3200imp/（kW•h）”等参数，他还发现电能表指示灯闪烁有快有慢，测得快时2min内闪了27次，慢时2min内闪了3次。检查用电器工作情况，发现除了电冰箱（间断工作）在工作，还有些用电器（如空调、机顶盒等）处于待机状态。小轩家用电器的总功率最大不能超过W，电冰箱工作时的功率是W。根据小轩的发现，给测家用电器实际功率的同学提一条建议：。15．（3分）某小组同学探究“凸透镜成像的规律”，实验时在坐标纸上记录了蜡烛与光屏上像的位置和大小。如图所示，用带箭头的线段表示物或像，A'、B'分别表示蜡烛在A、B处时像的位置，当蜡烛在C位置时，无论在光具座上怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，原因是；一同学将透镜放在蜡烛和透镜之间，移动光屏出现清晰的像，此方法与矫正视眼的方法相同。16．（2分）如图，一束光从水中斜射入空气，请作出它的反射光线和大致的折射光线。17．（2分）如图，O为轻质杠杆的支点，左端挂一重物，杠杆在图示位置平衡，请作出最小动力F1的示意图和阻力的力臂l2。18．（2分）如图，请用笔画线代替导线将两孔插座、电灯和开关分别接入电路。19．（6分）某无人驾驶电动汽车的质量为1.6×103kg，性能测试时，汽车在平直的公路上匀速行驶，受到的阻力是重力的0.1倍，测试时电机输出的机械功率为3.2×104W，300s共消耗的电能为1.2×107J，g取10N/kg。求汽车测试时的：（1）重力；（2）电机的效率；（3）速度。20．（7分）如图，电路中电源电压恒定，小灯泡L的额定电压为6V，滑动变阻器R1标有“20Ω，1A”，电流表接“0～0.6A”量程。闭合开关S、S1，当R1的滑片P移至滑动变阻器中点，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数为0.3A。求：（1）灯泡的额定功率；（2）电源电压；（3）只闭合S、S2，滑片P在最右端时，电流表的示数为0.2A。调节滑片P，求此电路的最大总功率。21．（6分）某小组用电水壶探究“水沸腾前后温度变化的特点”，在水壶中装入1.5L的水，如图甲所示，实验数据记录在下表：时间/min00.511.522.53温度/℃889296100100100100（1）判断水是否沸腾的方法是：。实验中观察到图乙的现象，是气泡中的水蒸气在上升过程中发生了所致（填物态变化）。（2）根据实验数据，小晨在丙图中画出了温度随时间的变化图像。归纳得出实验结论：水在沸腾前，温度上升；水在沸腾过程中，温度。（3）小雨发现电热水壶的铭牌上标有“220V，1000W”字样，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），该电水壶的加热效率为。（4）若减少水壶中水的质量，用相同的装置再次完成实验，从88℃开始计时，请在图丙中绘制水的温度随时间变化的大致图像。（5）小华留心观察了家里的电热水壶烧开水的温度，每次都能达到100℃，他对温度显示器的准确性产生了怀疑，试猜想小华怀疑的依据。22．（7分）用图甲所示电路探究“通过导体的电流与电压、电阻的关系”。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个，铭牌上分别标有“5Ω，3A”、“20Ω，2A”、“50Ω，1.5A”字样，电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至（选填“A”或“B”）端。（2）闭合开关后，电流表和电压表示数为零，移动滑片P，两表指针不偏转；将与电压表“﹣”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是。（3）排除故障后，重新开始实验。①探究电流与电压的关系时，正确操作后闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I，画出I﹣U图像，如图乙所示，依据图像，得到的结论是，实验中选用的滑动变阻器的最大电阻为Ω；②在探究电流与电阻的关系时，为了能使用上个实验的某一组数据，他将开关断开，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为A；断开开关，换接上述实验未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为A。（4）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个500Ω左右的定值电阻Rx，下列四个设计方案中，能测出Rx阻值的最合理的方案是。23．（7分）小静观看台球比赛时发现：有时运动的白球去撞击一个静止的球后，白球会立即静止在碰撞时的位置，而被撞的球沿白球原来的运动方向向前，如图甲所示。小静想：白球碰撞后立即静止，被撞的球是以白球撞前相同大小的速度运动出去的吗？小静了解到，只有当体积和质量均相同的两球，而且球心在同一直线上相碰时，原来静止的被撞球才能以撞击球的撞前速度运动，称之为速度“交换”。她用下述实验方案进行验证：将一个两端翘起、中间水平的轨道固定在水平桌面上，取两个相同的台球A、B，A球置于轨道左端斜面上某处，测出该点到水平桌面的高度h1，释放A球，撞击静置于水平部分的B球，如图乙所示，A球静止，B球向前运动并冲上右端斜面，测出B球在斜面上能达到的最大高度h2，通过比较h2与h1的大小关系即可作出判断。（1）A球从斜面滑下的过程中，能转化为动能，B球由静止变为运动是因为B球在碰撞中获得了能，这也说明力能。（2）若h2＝h1，说明B球被撞后开始运动的速度vBvA。（3）在实际实验中，测出的h2＜h1，导致这一现象的主要原因是。那么，你认为小静的设计是否还有价值？，请说出你的理由。24．（10分）阅读短文，回答问题。智能洗碗机智能洗碗机是自动消洗碗、筷、盘、碟等餐具的设备，具有洗涤、烘干、消毒等功能，为生活带来便捷。某家用智能洗碗机安装时，洗碗机进水管的一端与自来水龙头连通；工作时，将水加热至设定的温度，加入洗涤剂，通过洗涤泵将水流经喷淋臂上的喷嘴高压喷出，以冲洗餐具。使用中，可通过光敏电阻调节从喷嘴喷出水的速度来改变冲洗的位置。冲洗完毕后，排水泵启动，将水箱中的废水排出，再由烘干机将餐具烘干。（1）为了安全，该洗碗机应选用图1中（选填“甲”或“乙”）插座；洗碗机的加热功能是利用了电流的。（2）该洗碗机的插头带有漏电保护装置，它的工作原理模拟电路如图2（图中虚线框内安装漏电保护器），当开关S闭合时，通过A、B两处的电流IAIB。（3）下列关于智能洗碗机说法错误的是。A.该洗碗机利用紫外线进行高温消毒B.水压越大喷出的水流速越大C.喷嘴喷出热水冲刷油污对油污做功D.光敏电阻由半导体材料制成（4）该洗碗机的部分参数如表所示，表中流量指单位时间内由喷嘴喷出水的质量。该智能洗碗机工作时，喷嘴以最大流量冲洗餐具1min，喷出水的体积为L；若喷嘴的总横截面积为0.5cm2，则喷嘴喷出水的最大速度可达到m/s；加热器正常工作10min消耗J的电能。额定电压耗水量（经济洗）喷水最大流量烘干机额定功率加热器额定功率220V10L230g/s150W2000W（5）图3是利用光敏电阻控制电路的原理图，其中R1为光敏电阻，R2为电阻箱，电源电压U恒为6V，当物品将光挡住而不能照射到R1上时测得R1两端电压为U1，光从两物体的间隙照射到上R1时，测得R1两端电压为U1′，信号处理系统根据所测电压高低的变换对电路进行控制。①保持R2的阻值不变，R1两端电压随时间变化的关系如图丙所示，可推知光敏电阻R1的阻值随光照强度的增大而（选填“增大”或“减小”）；②将R2的阻值调为2Ω，有光照射时，R1消耗的电功率为4W，则此时R2消耗的电功率为W。

2025年江苏省南通市崇川区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一．选择题（共10小题）题号12345678910答案ABCDCADBDC第Ⅰ卷（选择题共40分）第Ⅰ卷共10小题，每小题2分，共40分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题。1．（2分）我国减少碳排放保护环境，以下属于限制碳排放的是（）A．火力发电 B．水力发电 C．风力发电 D．光伏发电【分析】可再生资源是指能够通过自然力以某一增长率保持或增加蕴藏量的自然资源。太阳能、水能、风能、地热能、生物资源都是可再生资源，没有碳排放；火力发电燃烧煤等物质，有碳排放限制。【解答】解：水能、风能、光伏发电都是可再生资源，没有碳排放，火力发电燃烧煤等物质，有碳排放，属于限制碳排放的是火力发电，故A符合题意。故选：A。【点评】明确能源的利用以及对环境的危害，难度不大。2．（2分）小亮听歌声就能判断出是低、中、高音，声音的这一特征指的是（）A．响度 B．音调 C．音色 D．声速【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。【解答】解：歌声中的“低”、“中”、“高”音是指声音的高低，即音调。故选：B。【点评】本题考查了声音的特征，解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。3．（2分）下列美景与“潭清疑水浅”中的“水浅”形成原理相同的是（）A．波光粼粼的湖面 B．地面上的树影 C．透镜下放大的花 D．倒映在水里的月【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。（4）“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象。【解答】解：“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象；A、阳光下波光粼粼的湖面是由于光的镜面反射引起的，故A错误；B、地面上的树影由于光的直线传播在光不能到达的区域形成的影子，故B错误；C、透镜下放大的花属于透镜成像，是由于光的折射形成的现象，故C正确；D、倒映在水里的月属于平面镜成像，是光的反射现象，故D错误。故选：C。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。4．（2分）如图所示，密封的锤形玻璃泡内装有少量碘颗粒，碘的熔点约为114℃。用电吹风热风挡对其加热，温度约为60℃，一段时间后，观察到玻璃泡内弥漫着紫红色的碘蒸气，停止加热，冷却后玻璃泡内又出现碘颗粒。下列分析中正确的是（）A．加热时碘颗粒熔化吸热 B．冷却时碘蒸气凝固放热 C．加热时碘颗粒汽化吸热 D．冷却时碘蒸气凝华放热【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。【解答】解：A、碘的熔点约为114℃，用电吹风热风挡加热，温度约为60℃，低于碘的熔点，碘不会熔化，故A错误。B、冷却时，碘蒸气直接变成碘颗粒，是从气态直接变为固态，属于凝华现象，而不是凝固，故B错误。C、汽化是指物质从液态变为气态的过程，碘是从固态直接变为气态，属于升华现象，不是汽化，故C错误。D、冷却时，碘蒸气直接变成碘颗粒，是凝华现象，凝华过程需要放热，故D正确。故选：D。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。5．（2分）关于物质结构及相关原理的说法，正确的是（）A．摩擦起电的过程中产生了电荷 B．卢瑟福发现电子说明原子是可分的 C．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 D．原子核由带正电的质子和带负电的电子组成【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移；（2）原子由原子核和核外电子组成；（3）验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥；（4）原子核由带正电的质子和不带电的中子组成。【解答】解：A、摩擦起电的过程中转移了电荷，故A错误；B、汤姆生发现电子说明原子是可分的，故B错误；C、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故C正确；D、原子核由带正电的质子和不带电的中子组成，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了原子及验电器的工作原理，属于基础题。6．（2分）现有橡皮、玻璃球、金属磁铁、盐水、纯水、铜线六种物体，小丽按物质的物理属性将它们分成两类，如下表所示。小丽分类的依据是（）第一类第二类橡皮、玻璃球、纯水盐水、铜线、金属磁铁A．导电性 B．磁性 C．密度 D．硬度【分析】物质的物理属性：物质与物质之间总是有一些区别的，一种物质与其他物质的明显不同之处称为物质的属性．如果这种区别是物理的，我们就称之为物质的物理属性．物质的物理属性包含：密度、比热容、硬度、透明度、导电性、导热性、弹性、磁性等等。【解答】解：橡皮、玻璃球、纯水都属于不容易导电的绝缘体；盐水、铜线、金属磁铁都属于容易导电的导体，所以小丽分类的依据是导电性，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了物质的物理特征，物理特征的不同决定了它们各有各的用途，本题体现了物理和生活、生产的紧密联系性，这就要求我们学习物理要联系生活。7．（2分）如图所示，工人使用定滑轮将质量为20kg的物体6s内匀速吊起1.8m，此过程中该滑轮的机械效率为90%（g取10N/kg），下列符合事实的是（）A．绳子自由端移动了3.6m B．工人用了200N拉力 C．工人做功的功率为60W D．工人做了400J的功【分析】（1）定滑轮绳子股数为1，据此求出绳子自由端移动的距离；（2）根据W有＝Gh＝mgh求出工人克服重力做的功，利用η=W有W总求出工人做的功，根据W总＝Fs【解答】解：A、定滑轮绳子股数为1，则绳子自由端移动的距离为s＝h＝1.8m，故A错误；D、工人克服重力做的功为：W有＝Gh＝mgh＝20kg×10N/kg×1.8m＝360J，工人做的功为：W总=W有η=B、工人的拉力为：F=W总s=C、工人做功的功率为：P=W总t=故选：D。【点评】本题考查了使用定滑轮时有用功、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。8．（2分）如图所示，用充气的气球模拟“喷气火箭”，把封口的夹子松开，球内气体向后喷出，气球向前运动。下列说法正确的是（）A．气球的弹性势能增大 B．喷出的气体内能减小 C．气球内部的温度升高 D．能量转化与汽油机压缩冲程相同【分析】气球内气体喷出，气球体积减小，弹性形变程度变小，所以气球的弹性势能减小。气体喷出时，对外做功，内能转化为机械能，喷出的气体内能减小。气体对外做功，内能减小，温度降低。汽油机压缩冲程是机械能转化为内能。【解答】解；A、把封口的夹子松开，气球内气体喷出，气球体积减小，弹性形变程度变小，所以气球的弹性势能减小，故A错误。B、气体喷出时，对外做功，内能转化为机械能，喷出的气体内能减小，故B正确。C、由于气体对外做功，内能减小，而气球内气体的内能主要与温度有关，所以气球内部的温度降低，故C错误。D、此过程中是内能转化为机械能，而汽油机压缩冲程是机械能转化为内能，能量转化不同，故D错误。故选：B。【点评】本题考查四冲程能量的转化及弹性势能大小的因素，做功改变物体的内能。9．（2分）如图所示为一彩球“温度计”，其密闭玻璃容器内装有液体，密度随温度的升高而减小。液体中有5个挂有温度标牌的彩球，彩球体积相等且保持恒定。当有彩球悬浮时，其彩球标牌上的温度值就是所测得的当前环境温度。下列说法正确的是（）A．当环境温度升高后，5个彩球可能均漂浮 B．当环境温度降低后，原悬浮的彩球静止后受到的浮力变小 C．漂浮的彩球上的温度值小于沉底的彩球上的温度值 D．要增大该温度计能测得的最高温度，可增加一个体积相等、质量更小的彩球【分析】（1）液体的密度随着温度升高会减小，结合阿基米德原理分析解答；（2）根据物体的浮沉条件分析解答。【解答】解：A．由题意知，液体的温度升高时，密度变小，原来悬浮的小球因液体的温度升高而下沉，当环境温度升高后，5个彩球可能均沉底，故A错误；B．当环境温度降低后，液体的密度变大，原悬浮的彩球浮力等于重力，由于液体密度变大而上浮，最后静止后漂浮，浮力等于重力，故受到的浮力不变，故B错误；C．由题意知，液体的温度升高时，密度变小，原来悬浮的小球因液体的温度升高而下沉，漂浮的彩球上的温度值大于悬浮的彩球，而悬浮大于沉底的彩球上的温度值，故C错误；D．要增大该温度计能测得的最高温度，即液体的密度更小，则悬浮的小球的密度更小，而体积相等，质量更小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查物体浮沉条件的应用，认真审题，灵活利用好物体浮沉与密度的关系是关键。10．（2分）如图甲是兴趣小组设计的“闯红灯违规模拟记录器”，控制电路电源电压为6V，定值电阻R0＝10Ω，电磁继电器线圈电阻不计，R为力敏电阻，其阻值大小随压力F的变化关系如图乙所示。当光控开关接收到绿光时断开，接收到红光时自动闭合，且当力敏电阻受到车的压力增大到一定数值，控制电路中的电流等于或大于0.04A时，电控照相机开始拍照，g取10N/kg。下列说法正确的是（）A．当光控开关闭合时，电磁铁上端为S极 B．当质量为1200kg的车闯红灯时，控制电路消耗的总功率为1.2W C．若使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以适当增大线圈的匝数 D．当控制电路中电流等于0.04A时，力敏电阻受到的压力为2000N【分析】（1）安培定则：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向是N极；（2）先计算重力的大小，再根据图乙找到对应的R值，求出控制电路中的总电阻，利用P＝UI=U（3）电磁铁磁性的强弱与电流大小和线圈的匝数有关；（4）根据电流的大小先计算R的大小，再根据乙图找到对应的力。【解答】解：A.根据安培定则可知，开关闭合时，电磁铁上端为N极，故A错误；B.车的重力G＝mg＝1200kg×10N/kg＝12000N，由乙图可知，R＝30Ω。由于R和R0串联，R总＝R0+R＝10Ω+30Ω＝40Ω，控制电路消耗的总功率P＝UI=U2R总C.若使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以适当增大线圈的匝数，增强电磁铁的磁性，故C正确；D.由于R和R0串联，则当控制电路中电流等于0.04A时，R′总=UI'=6V0.04A=150Ω，R′＝150Ω﹣10Ω＝140Ω，由乙图可知当故选：C。【点评】此题主要考查安培定则、影响电磁铁磁性强弱的因素、重力的计算、电功率和欧姆定律公式的应用，属于综合题。二、第Ⅱ卷（非选择题共110分）第II卷共14小题，共110分。第21至25题为化学试题，第26至37题为物理试题。11．（6分）小明和小华利用矿泉水瓶制作3D全息投影屏：（1）小明用剪刀从距矿泉水瓶瓶口5cm左右的位置截取了一段。剪刀刀刃锋利，对矿泉水瓶的压强较大，属于省力杠杆；小华用手工刀在火上加热后，也很容易地烫开了矿泉水瓶，这是用热传递的方式增大了塑料瓶的内能，使塑料瓶分子间的作用力变小。（2）将这部分矿泉水瓶折成梯形漏斗形状，投影屏相当于平面镜，如图甲，将投影屏放在手机屏幕适当位置，用手机播放全息投影的视频，就能在中间看到3D动画。此现象利用了光的反射，在较暗的环境中效果更明显。【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）；费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）；等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）；改变内能的方式包括做功和热传递；（2）全息投影利用的是光的反射，据此分析。【解答】解：（1）剪刀的刀刃很锋利，这是为了减小受力面积，从而增大对纸的压强；剪刀在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；加热后的手工刀很容易地烫开了矿泉水瓶，通过热传递的方式增大了塑料瓶的内能；（2）看到3D动画是因为光照射到梯形漏斗形状的矿泉水瓶上发生了反射，反射光进入人眼，人眼逆着反射光的方向看去形成的像，所以此现象利用了光的反射，应按甲图将投影屏放在手机屏幕适当位置；在较暗的环境中，周围环境的光线较弱，手机屏幕发出的光经反射形成的像相对更清晰，效果更明显。如果环境光线很强，会干扰看到的3D动画效果。故答案为：（1）压强；省力；热传递；（2）甲；反；暗。【点评】本题考查了减小压强的方法、杠杆的分类、改变物体内能的方式、光的反射，属于综合题。12．（4分）2024年10月30日，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号运载火箭发射成功。小亮利用3D打印机打印出火箭模型如图甲所示，该模型的长度是3.40cm。正确使用托盘天平测量其质量，天平平衡时，右盘中无砝码，游码位置如图乙，模型的质量为3.4g。将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水2.8g，模型在水中静止后处于沉底状态；放入模型后，水对杯底的压强大小不变。【分析】（1）根据刻度尺上每小格的长度确定刻度尺的分度值；刻度尺读数时要估读到分度值的后一位，据此得出小车模型长度；（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；（3）根据G＝mg求出模型的重力；利用阿基米德原理计算物体受到的浮力，根据物体的浮沉条件分析模型在水中静止时的状态；（4）根据水面的变化，利用p＝ρgh分析水对杯底压强的变化。【解答】解：（1）由图示可知，课程的分度值为0.1cm，模型的长度L＝3.40cm﹣0.00cm＝3.40cm；（2）由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，模型的质量为m＝3.4g；（3）模型的重力为：G模型＝m模型g＝3.4×10﹣3kg×10N/kg＝0.034N；将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水2.8g，根据阿基米德原理可知，模型受到的浮力为：F浮＝G排＝m排g＝2.8×10﹣3kg×10N/kg＝0.028N由于F浮＜G，所以模型放入水中静止时处于沉底状态；（4）放入模型后，溢水杯中水面高度不变，水的密度不变，根据p＝ρgh可知，水对杯底的压强不变。故答案为：3.40；3.4；沉底；不变。【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用、液体内部压强计算公式的应用、长度的读数，难度不大。13．（5分）2024年底，我国首艘076型两栖攻击舰“四川舰”正式服役。（1）“四川舰”满载排水量约为4.8×104吨满载时受到的浮力约为4.8×108N；舰上双面有源相控阵雷达发出的电磁波可探测400km以上距离。（g取10N/kg）（2）“四川舰”采用燃气轮机和电力推进系统，前行时灵活静音，是从声源处减弱声音。节（kn）是航海的速度大小的单位，1节的速度为1海里/小时，该舰以20节速度航行6000海里，共航行了300小时。（3）“四川舰”是全球首艘配有电磁弹射技术的两栖攻击舰，弹射车处于强磁场中，当弹射车的导体内有强电流通过时，弹射车就受到磁场强大的作用力，与它连接的舰载机就能获得较大的起飞速度，电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。【分析】（1）根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于它排开液体的重力。广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。（2）“四川舰”采用燃气轮机和电力推进系统，前行时灵活静音，是从声源处减弱声音。公式的变形：s＝vt（求路程）；t=s（3）电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：（1）根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于它排开液体的重力。“四川舰”满载排水量约为m＝4.8×104×103千克＝4.8×107千克，则满载时受到的浮力F浮＝G排＝mg＝4.8×107kg×10N/kg＝4.8×108N。舰上双面有源相控阵雷达发出的电磁波可探测40km以上距离。（2）“四川舰”采用燃气轮机和电力推进系统，前行时灵活静音，是从声源处减弱声音。因为燃气轮机和电力推进系统相比传统的动力系统，在运行时产生的噪声更小，从声音产生的源头减少了噪声的产生。已知该舰速度v＝20节，路程s＝6000海里，可得航行时间t=sv（3）电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用。当弹射车的导体内有强电流通过时，处于强磁场中的弹射车会受到磁场力的作用而加速运动，从而使与它连接的舰载机获得较大的起飞速度。故答案为：（1）4.8×108；电磁；（2）声源；300；（3）通电导体在磁场中受到力的作用。【点评】本题考查了浮力的计算，电磁波的应用，速度的计算，以及电磁弹射的原理。14．（3分）在“对家庭用电的调查研究”的综合实践活动中，小轩观察到他家电能表上标有“220V，10（40）A”和“3200imp/（kW•h）”等参数，他还发现电能表指示灯闪烁有快有慢，测得快时2min内闪了27次，慢时2min内闪了3次。检查用电器工作情况，发现除了电冰箱（间断工作）在工作，还有些用电器（如空调、机顶盒等）处于待机状态。小轩家用电器的总功率最大不能超过8800W，电冰箱工作时的功率是225W。根据小轩的发现，给测家用电器实际功率的同学提一条建议：在测量某家用电器实际功率时，关闭其它用电器。【分析】（1）“220V，10（40）A”中，220V是指电能表的工作电压，40A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P＝UI计算小轩家用电器的最大总电功率；（2）3200imp/（kW•h），是指电路中每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁了3200次。由题知，指示灯闪得快时2min内闪了27次，闪得慢时2min内闪了3次，则电冰箱单独工作时，2min指示灯闪烁24次，结合“3200imp/（kW•h）”计算2min内电冰箱消耗的电能，再利用P=W（3）在利用电能表和秒表测量某家用电器实际功率时，要先关闭其它用电器，只让该用电器工作。【解答】解：（1）“220V，10（40）A”中，220V是指电能表的工作电压，40A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，小轩家用电器的最大总电功率：P最大＝UI最大＝220V×40A＝8800W；（2）3200imp/（kW•h），是指电路中每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁了3200次，指示灯闪得快时2min内闪了27次，闪得慢时2min内闪了3次，则电冰箱单独工作时，2min指示灯闪烁24次，消耗的电能：W=243200kW•h=3400电冰箱的实际功率：P=Wt=3（3）小轩发现，在电冰箱不工作时，电能表的指示灯仍在闪烁，说明有其它用电器在工作。建议：在测量某家用电器实际功率时，关闭其它用电器。故答案为：8800；225；在测量某家用电器实际功率时，关闭其它用电器。【点评】本题考查消耗电能、电功率的计算，关键是对电能表各个参数物理意义的正确理解。15．（3分）某小组同学探究“凸透镜成像的规律”，实验时在坐标纸上记录了蜡烛与光屏上像的位置和大小。如图所示，用带箭头的线段表示物或像，A'、B'分别表示蜡烛在A、B处时像的位置，当蜡烛在C位置时，无论在光具座上怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，原因是像距太大；一同学将凸透镜放在蜡烛和透镜之间，移动光屏出现清晰的像，此方法与矫正远视眼的方法相同。【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，若光屏上没有像，可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；有可能光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度上，像无法成在光屏上；有可能物体在焦点上，不能成像。（2）远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需配戴凸透镜。【解答】解：（1）C点在一倍和二倍焦距之间，无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，可能是此时像距太大（或超出了光具座的长度范围）；（2）根据（1），将透镜放在蜡烛与凸透镜之间，移动光屏在光屏上成像，说明该透镜为凸透镜，远视眼看不清近处的物体，可以用凸透镜的镜片进行矫正。故答案为：像距太大；凸；远。【点评】关于凸透镜成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系；②成像的性质；③像距与焦距的关系；④具体的应用。一般情况下，只要告诉其中的一条，就可以确定另外三方面的内容。16．（2分）如图，一束光从水中斜射入空气，请作出它的反射光线和大致的折射光线。【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出准确的反射光线；根据光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，作出大致的折射光线。【解答】解：过界面的入射点垂直界面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧水中作出反射光线；在空气介质中法线的左边大致作出折射光线，且使折射角大于入射角。如下图所示：【点评】本题考查根据光的反射和折射规律作图，关键是正确理解反射角、折射角与入射角的关系。17．（2分）如图，O为轻质杠杆的支点，左端挂一重物，杠杆在图示位置平衡，请作出最小动力F1的示意图和阻力的力臂l2。【分析】（1）重物对杠杆的拉力为阻力F2，从支点O作力F2作用线的垂线，支点到力作用线的距离为阻力臂；（2）支点为O，杠杆上距离支点O最远的点为杠杆右端A点，OA为最长的动力臂，从A点垂直OA向下画出带箭头的线段可得动力F1的示意图。【解答】解：重物对杠杆的拉力为阻力F2，从支点O作力F2作用线的垂线，可得阻力臂l2；由图可知，支点为O，杠杆上距离支点O最远的点为杠杆右端A点，OA为最长的动力臂，从A点垂直OA向下画出带箭头的线段可得动力F1的示意图，如图所示；。【点评】本题考查了作最小力示意图及作力臂问题，熟练应用杠杆平衡条件、由图示确定最大力臂是正确解题的关键。18．（2分）如图，请用笔画线代替导线将两孔插座、电灯和开关分别接入电路。【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线，如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。19．（6分）某无人驾驶电动汽车的质量为1.6×103kg，性能测试时，汽车在平直的公路上匀速行驶，受到的阻力是重力的0.1倍，测试时电机输出的机械功率为3.2×104W，300s共消耗的电能为1.2×107J，g取10N/kg。求汽车测试时的：（1）重力；（2）电机的效率；（3）速度。【分析】（1）利用G＝mg求汽车的重力；（2）利用W＝Pt求汽车做的机械功（有用功），汽车的效率等于汽车做的机械功与消耗的电能之比；（3）汽车在平直的公路上匀速行驶，受到的阻力是重力的0.1倍求牵引力，利用P＝Fv可求速度。【解答】解：（1）汽车的重力：G＝mg＝1.6×103kg×10N/kg＝1.6×104N；（2）汽车做的机械功：W机＝Pt＝3.2×104W×300s＝9.6×106J，汽车的效率：η=W机W电×100%（3）汽车在平直的公路上匀速行驶，受到的阻力是重力的0.1倍求牵引力：F＝0.1G＝0.1×1.6×104N＝1.6×103N利用P＝Fv可得汽车的速度：v=PF答：（1）汽车的重力为1.6×104N；（2）汽车电机的效率为80%；（3）汽车的速度是20m/s。【点评】本题考查了重力公式、功率公式、效率公式、速度公式以及二力平衡条件的应用，属于基础题目。20．（7分）如图，电路中电源电压恒定，小灯泡L的额定电压为6V，滑动变阻器R1标有“20Ω，1A”，电流表接“0～0.6A”量程。闭合开关S、S1，当R1的滑片P移至滑动变阻器中点，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数为0.3A。求：（1）灯泡的额定功率；（2）电源电压；（3）只闭合S、S2，滑片P在最右端时，电流表的示数为0.2A。调节滑片P，求此电路的最大总功率。【分析】（1）由图可知，闭合开关S、S1，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流；根据P＝UI求出灯泡的额定功率；（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器R1两端的电压，根据串联电路的特点求出电源电压；（3）由图可知，只闭合S、S2，R1、R2串联，滑片P在最右端时，变阻器接入电路的阻值为20Ω，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值；调节滑片P，当变阻器接入电路的阻值最小时，电路中的电流最大，电路的总功率最大，由欧姆定律求出电路中的最大电流，并与电流表的量程进行比较，最后根据P＝UI求出此电路的最大总功率。【解答】解：（1）由图可知，闭合开关S、S1，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流；当R1的滑片P移至滑动变阻器中点，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数为0.3A，则灯泡的额定功率：PL＝ULIL＝6V×0.3A＝1.8W；（2）闭合开关S、S1，当R1的滑片P移至滑动变阻器中点时，变阻器接入电路的阻值：R1=12×20Ω＝由欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压：U1＝IR1＝0.3A×10Ω＝3V，根据串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U1+UL＝3V+6V＝9V；（3）由图可知，只闭合S、S2，R1、R2串联，滑片P在最右端时，变阻器接入电路的阻值为20Ω，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R=UI'根据串联电路的特点可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1大＝45Ω﹣20Ω＝25Ω；调节滑片P，当变阻器接入电路的阻值为0Ω时，电路的总电阻最小，电流最大，此时电路的总功率最大，则最大电流为：I大=UR2=此电路的最大总功率：P大＝UI大＝9V×0.36A＝3.24W。答：（1）灯泡的额定功率为1.8W；（2）电源电压为9V；（3）此电路的最大总功率为3.24W。【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的灵活运用，能正确分析电路连接是解题的关键。21．（6分）某小组用电水壶探究“水沸腾前后温度变化的特点”，在水壶中装入1.5L的水，如图甲所示，实验数据记录在下表：时间/min00.511.522.53温度/℃889296100100100100（1）判断水是否沸腾的方法是：观察水中是否有大量气泡产生，且气泡在上升过程中逐渐变大，同时水温保持不变。实验中观察到图乙的现象，是气泡中的水蒸气在上升过程中发生了液化所致（填物态变化）。（2）根据实验数据，小晨在丙图中画出了温度随时间的变化图像。归纳得出实验结论：水在沸腾前，温度上升；水在沸腾过程中，温度保持不变。（3）小雨发现电热水壶的铭牌上标有“220V，1000W”字样，已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），该电水壶的加热效率为84%。（4）若减少水壶中水的质量，用相同的装置再次完成实验，从88℃开始计时，请在图丙中绘制水的温度随时间变化的大致图像。（5）小华留心观察了家里的电热水壶烧开水的温度，每次都能达到100℃，他对温度显示器的准确性产生了怀疑，试猜想小华怀疑的依据水的沸点与气压有关，在标准大气压下，水的沸点是100℃，但实际生活中，当地的气压不一定是标准大气压，所以水的沸点不一定是100℃。如果电热水壶每次显示的温度都是100℃，就可能存在温度显示器不准确的情况。【分析】（1）判断水是否沸腾的方法是：观察水中是否有大量气泡产生，且气泡在上升过程中逐渐变大，同时水温保持不变。实验中观察到图乙的现象，是气泡中的水蒸气在上升过程中发生了液化所致。（2）根据实验数据进行分析得出结论。（3）由m＝ρV计算水的质量，由Q吸＝cmΔt计算吸收的热量，由W＝Pt计算电水壶消耗的电能，再由η=Q（4）减少水壶中水的质量，用相同的装置加热，水的比热容不变，从88℃开始加热，由于水的质量变小，根据Q＝cmΔt可知，升高相同的温度，水吸收的热量减少，所以加热时间会缩短。水的沸点不变，仍是100℃。（5）水的沸点与气压有关，在标准大气压下，水的沸点是100℃，但实际生活中，当地的气压不一定是标准大气压，所以水的沸点不一定是100℃。【解答】解：（1）判断水是否沸腾的方法是：观察水中是否有大量气泡产生，且气泡在上升过程中逐渐变大，同时水温保持不变。实验中观察到图乙的现象，是气泡中的水蒸气在上升过程中发生了液化所致。因为图乙中气泡在上升过程中变小，说明气泡中的水蒸气遇冷液化成了小水滴。（2）根据实验数据，水在沸腾前，温度上升较快；水在沸腾过程中，温度保持不变。（3）水的质量m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3＝1.5kg。水从88℃升高到100℃吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣88℃）＝7.56×104J。电水壶工作时间t＝1.5min＝90s，电水壶消耗的电能W＝Pt＝1000W×90s＝9×104J。则电水壶的加热效率：η=Q吸（4）减少水壶中水的质量，用相同的装置加热，水的比热容不变，从88℃开始加热，由于水的质量变小，根据Q＝cmΔt可知，升高相同的温度，水吸收的热量减少，所以加热时间会缩短。水的沸点不变，仍是100℃。图像大致是一条上升的曲线，上升速度比原来快，达到100℃后变为水平直线，且达到100℃的时间比原来短。如图所示：（5）小华怀疑的依据可能是：水的沸点与气压有关，在标准大气压下，水的沸点是100℃，但实际生活中，当地的气压不一定是标准大气压，所以水的沸点不一定是100℃。如果电热水壶每次显示的温度都是100℃，就可能存在温度显示器不准确的情况。故答案为：（1）观察水中是否有大量气泡产生，且气泡在上升过程中逐渐变大，同时水温保持不变；液化；（2）保持不变；（3）84%；（4）见解析；（5）水的沸点与气压有关，在标准大气压下，水的沸点是100℃，但实际生活中，当地的气压不一定是标准大气压，所以水的沸点不一定是100℃。如果电热水壶每次显示的温度都是100℃，就可能存在温度显示器不准确的情况。【点评】此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，以及效率的计算，难度不大。22．（7分）用图甲所示电路探究“通过导体的电流与电压、电阻的关系”。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个，铭牌上分别标有“5Ω，3A”、“20Ω，2A”、“50Ω，1.5A”字样，电流表、电压表、开关各一个，阻值为5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至B（选填“A”或“B”）端。（2）闭合开关后，电流表和电压表示数为零，移动滑片P，两表指针不偏转；将与电压表“﹣”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，若电路中只有一处故障，则可能是BC断路。（3）排除故障后，重新开始实验。①探究电流与电压的关系时，正确操作后闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，逐步增大R两端电压，记录电压表的示数U和对应的电流表的示数I，画出I﹣U图像，如图乙所示，依据图像，得到的结论是当导体的电阻不变时，导体中的电流与导体两端电压成正比，实验中选用的滑动变阻器的最大电阻为50Ω；②在探究电流与电阻的关系时，为了能使用上个实验的某一组数据，他将开关断开，将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为0.4A；断开开关，换接上述实验未使用过的一个电阻，正确操作后，电流表示数应为0.1A。（4）实验结束后，老师又给小组一个阻值范围为0～9999Ω的电阻箱，还有一个500Ω左右的定值电阻Rx，下列四个设计方案中，能测出Rx阻值的最合理的方案是C。【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；（3）①根据图乙分析得出结论；根据图甲确定电源电压大约值，闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律讨论滑动变阻器最大阻值；②根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U＝IR求出定值电阻两端电压；根据图乙结合欧姆定律求出定值电阻的阻值，然后确定未使用过的电阻，最后根据控制变量法结合欧姆定律求出电流表示数。（4）测量电阻的原理：R=U【解答】解：（1）闭合开关前，为了保护电路，应将滑动变阻器的阻值滑到最大处，即滑片P移至B端；（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；将与电压表“﹣”接线柱相连的导线从D端拆下，试触C点，电压表指针不偏转，试触B点，电压表指针偏转，说明此时电压表与电源连通，电压表并联的电路断路，若电路中只有一处故障，则可能是导线BC断路；（3）①由图乙可知，当导体电阻阻值固定时，改变其两端电压大小得到的I﹣U图象是一条过原点的直线，则可得出结论：当导体的电阻不变时，导体中的电流与导体两端电压成正比；由题意可知，滑动变阻器与定值电阻R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中的电流，电路中最小电流为0.07A时，此时定值电阻两端电压为0.7V，则由欧姆定律以及串联电路的电压规律可得电源电压的表达式为：U＝UR+U滑＝0.7V+0.07A×R滑，因为电源由三节干电池组成且每节电压略小于1.5V，所以可知电源电压大小接近4.5V，滑动变阻器分得的电压为：U滑＝U﹣UR＝4.5V﹣0.7V＝3.8V，此时滑动变阻器的值：R滑=U滑I由题意可知，每节电池的电压略小于1.5V，滑动变阻器分得的电压小于3.8V，滑动变阻器的值应小于54.3Ω，故滑动变阻器应选50Ω；②将R换成5Ω，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为：UV＝I2R2＝0.4A×5Ω＝2V；由图乙可知，在探究电流与电压的关系实验中，定值电阻的阻值为：R1=U1I10.7V在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端电压不变，故换接20Ω的电阻，正确操作后，电流表示数应为：I′=U（4）A．由电路图可知，被测电阻和滑动变阻器串联，电压表测量未知电阻两端电压，电流表测量通过电路的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流约为I=U电流表的示数无法准确读数，所以无法测出Rx的阻值，故A不合理；B．由电路图可知，电压表可以测量被测电阻两端电压，但无法得到通过被测电阻的电流，故B不合理；C．由电路图可知，当开关S1和S2都闭合时，变阻箱被短路，电压表测量电源电压U；只闭合开关S1时，电压表测量Rx两端电压Ux，根据串联电路特点可知电阻箱两端电压U0＝U﹣Ux，根据分压原理得出待测电阻的大小，故C合理，D．由电路图可知，闭合S和S1时，电路为Rx的简单电路，电流表测通过Rx电流，此时电流表的示数为0.006A，示数太小，无法准确读数，所以无法测出Rx的阻值，故D不合理。故选：C。故答案为：（1）B；（2）导线BC断路；（3）当导体的电阻不变时，导体中的电流与导体两端电压成正比；50；0.4；0.1；（4）C。【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、操作过程、控制变量法、数据分析、串联电路的规律和对实验方案的评估。23．（7分）小静观看台球比赛时发现：有时运动的白球去撞击一个静止的球后，白球会立即静止在碰撞时的位置，而被撞的球沿白球原来的运动方向向前，如图甲所示。小静想：白球碰撞后立即静止，被撞的球是以白球撞前相同大小的速度运动出去的吗？小静了解到，只有当体积和质量均相同的两球，而且球心在同一直线上相碰时，原来静止的被撞球才能以撞击球的撞前速度运动，称之为速度“交换”。她用下述实验方案进行验证：将一个两端翘起、中间水平的轨道固定在水平桌面上，取两个相同的台球A、B，A球置于轨道左端斜面上某处，测出该点到水平桌面的高度h1，释放A球，撞击静置于水平部分的B球，如图乙所示，A球静止，B球向前运动并冲上右端斜面，测出B球在斜面上能达到的最大高度h2，通过比较h2与h1的大小关系即可作出判断。（1）A球从斜面滑下的过程中，重力势能转化为动能，B球由静止变为运动是因为B球在碰撞中获得了动能，这也说明力能改变物体的运动状态。（2）若h2＝h1，说明B球被撞后开始运动的速度vB＝vA。（3）在实际实验中，测出的h2＜h1，导致这一现象的主要原因是存在摩擦力等阻力，部分机械能转化为内能，造成机械能损失。那么，你认为小静的设计是否还有价值？有，请说出你的理由该设计思路清晰合理，通过比较两球的高度来间接比较速度，能直观地验证速度“交换”理论。虽然存在实际因素的干扰，但可以通过改进实验条件，如减小轨道摩擦、优化测量方法等，来提高实验的准确性，且这种探究方法有助于深入理解碰撞过程中的能量和动量守恒等物理概念。【分析】物理学中对于多因素或多变量的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。【解答】解：（1）A球从斜面滑下的过程中，重力势能转化为动能，B球由静止变为运动是因为B球在碰撞中获得了动能，这也说明力能改变物体的运动状态。（2）若h2＝h1，根据机械能守恒定律，重力势能mgh与动能12mv2相互转化，说明B球被撞后开始运动的速度vB＝vA（3）在实际实验中，测出的h2＜h1，导致这一现象的主要原因是存在摩擦力等阻力，部分机械能转化为内能，造成机械能损失。小静的设计是有价值的，理由是该设计思路清晰合理，通过比较两球的高度来间接比较速度，能直观地验证速度“交换”理论。虽然存在实际因素的干扰，但可以通过改进实验条件，如减小轨道摩擦、优化测量方法等，来提高实验的准确性，且这种探究方法有助于深入理解碰撞过程中的能量和动量守恒等物理概念。故答案为：（1）重力势；动；改变物体的运动状态；（2）＝；（3）存在摩擦力等阻力，部分机械能转化为内能，造成机械能损失；有；该设计思路清晰合理，通过比较两球的高度来间接比较速度，能直观地验证速度“交换”理论。虽然存在实际因素的干扰，但可以通过改进实验条件，如减小轨道摩擦、优化测量方法等，来提高实验的准确性，且这种探究方法有助于深入理解碰撞过程中的能量和动量守恒等物理概念。【点评】控制变量法能排除干扰，直接显露单一因素对被研究对象变化的影响情况。24．（10分）阅读短文，回答问题。