2026年中考物理解密之电功率

第85页（共85页）2026年中考物理解密之电功率一．选择题（共15小题）1．（2024秋•武汉月考）如果电冰箱、台式电脑和电热毯上都标有“220V100W”的字样，它们都在额定电压下工作相同时间，则三个用电器产生的热量最多的是（）三个用电器消耗的电能最多的是（）A．电冰箱、一样多 B．电热毯、台式电脑 C．电热毯、电热毯 D．电热毯、一样多2．（2024秋•武汉月考）小红同学在做“探究串联电路电压的规律”的实验时，连好了如图所示的电路，接通开关后发现L1发光，L2不发光，对产生这一现象的原因分析，你认为可能的是（）①灯泡L2发生了断路②灯泡L2发生了短路③由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小④由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小A．②④ B．①③ C．②③ D．①②3．（2024秋•万源市期末）如图所示是探究“电流通过导体产生热的多少与什么有关”的实验装置，两个相同透明容器中密封着等量的空气和电阻丝R1、R2，其中R1＝5Ω，R2＝R3＝10Ω。下列说法正确的是（）A．闭合S1和S2，可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系 B．只闭合S1，可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系 C．闭合S1和S2，左侧U形管内液柱的高度差和右侧的高度差一样 D．闭合S1和S2，将图中R3放入右侧密闭容器里，左侧U形管内液柱的高度差更大4．（2025•翠屏区模拟）为了探究电流产生的热量跟什么因素有关，某同学设计了如图所示的装置。两段阻值不同的电阻丝（R1＜R2）密封在两个完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与相同的气球相连。下列说法正确的是（）A．图中R1的功率大于R2的功率 B．该装置可探究电流产生的热量与电流大小是否有关 C．该实验只用到“转换法” D．相同时间里，B气球比A气球的膨胀程度大5．（2024秋•鲤城区校级期末）下列几种家用电器工作时，主要将电能转化为内能的是（）A．电风扇 B．电视机 C．电饭锅 D．洗衣机6．（2024秋•围场县期末）随着科学技术的发展，越来越多的用电器进入了我们的家庭。下列用电器主要利用电流热效应工作的是（）A．油烟机 B．电熨斗 C．平板电脑 D．CPU上的散热风扇7．（2024秋•魏县期末）假期小明一家出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为0.2kW的冰箱正常工作，其它用电器都已关闭.小明看到家里电能表的示数为2021.6kW•h，过了7天小明回家再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（）A．这段时间冰箱消耗的电能是70kW•h B．冰箱每天平均工作的时间为1h C．冰箱正常工作1h电能表的转盘转过120转 D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，电能表转盘的转速不变8．（2024秋•宿迁期末）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图像，下列说法不正确的是（）A．甲的电阻为20Ω B．甲、乙串联接在电源上，当通过电流为0.2A时，此时电源电压为4V C．甲、乙并联在电压为2V电源上时，电路的总功率为0.6W D．甲、乙串联接在10V以内的电源上，甲产生的热量始终比乙多9．（2024秋•武汉月考）如图甲所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，两电压表示数与电流表示数变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．b曲线表示电压表V2示数与电流表示数变化的关系图像 B．电源电压为8V C．灯泡的额定功率为4.0W D．滑动变阻器接入电路的阻值范围是4～40Ω10．（2024秋•武汉月考）如图所示，是探究电流产生热量跟哪些因素有关的实验装置。两透明容器中密封着等质量的空气，通电t秒后（两容器都不向外放热），下列说法错误的是（）A．甲实验表明，在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多 B．乙实验表明，在电阻、通电时间相同的情况下，通过一个电阻的电流越大，这个电阻产生的热量越多 C．甲实验中左边容器中产生的热量是右边容器中产生的热量的两倍 D．若将乙容器外的5Ω电阻换为10Ω，仍可探究电流产生热量多少与电流的关系，此时左右两侧容器内空气吸收的热量之比为9：411．（2025•宽城区校级模拟）下列单家用电器中，正常单独工作1小时，耗电接近1kW•h是（）A．电视机 B．电冰箱 C．空调 D．台灯12．（2025•格尔木市二模）如图所示的是某液晶彩色电视的铭牌。下列说法中正确的是（）A．正常工作时，该液晶彩色电视比60W的灯消耗电能多 B．1kW•h的电能可供该液晶彩色电视工作40h C．该液晶彩色电视正常工作时，1s内消耗250W电能 D．该液晶彩色电视可以接在230V的电压下使用13．（2024秋•巢湖市期末）额定电压相同的两只小灯泡L1、L2串联在电路中，发现L1比L2亮；下列分析正确的是（）A．L1的额定功率比L2的额定功率大 B．L1的实际功率比L2的实际功率小 C．L1的电阻比L2的电阻小 D．L1两端电压比L2两端电压大14．（2025•长沙模拟）研究发现“220V3W”的LED灯和“220V8W”的节能灯正常工作时亮度相当，当它们并联接入220V的电路时，下列说法正确的是（）A．两种灯的实际功率相同 B．电流通过节能灯做功较快 C．LED灯消耗的电能更多 D．节能灯的发光效率更高15．（2025•淄博）图甲是电阻R1和R2的电流随电压变化的图像，电源电压不变，滑动变阻器R上标有“20Ω2A”字样，将它们接入图乙所示的电路中。只闭合开关S1，滑片P位于a端时，电阻R1的实际功率为1W；同时闭合开关S1和S2，将滑片P移动到b端时，电阻R1的实际功率为9.6W。则（）A．R2的阻值为5Ω B．电源电压为10V C．电路中的最大电流为1.8A D．电路的最大功率为24W二．填空题（共6小题）16．（2025•哈尔滨）图甲中人所戴的是高、低温两挡电加热眼罩，工作时利用了电流的效应；其简化电路如图乙所示，发热电阻R1＝R2，当S1、S2均闭合时，此眼罩为（填“高温”或“低温”）挡。17．（2025秋•枣强县月考）手持小风扇的简化电路如图所示，按钮开关处的电流方向为（选填“从上到下”或“从下到上”）。电动机工作时主要将电能转化为能。18．（2026•上海模拟）家庭电路中，电视机与电灯是的（选填A.串联、B.并联），电灯工作时，消耗的是能，一台电视机的功率为110瓦特，其工作2小时，消耗的电能为度。19．（2025•宝山区模拟）随着快递行业的高速发展，热熔胶封箱机应运而生。如图是一款热熔胶枪，扣动扳机通电后枪中的发热体温度升高是利用电流的效应，用它给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，这是现象；热熔胶被枪挤出能“粘”在物体上，说明分子间存在。20．（2025•邢台模拟）小明家电能表在月初的示数为4293.6kW•h，月末如图所示。若小区的电费为每度电0.6元，则这月小明家应交的电费为元，若如图所示电能表的转盘在5min内转了300转，则这段时间内小林家中用电器的总功率为W。21．（2024秋•武汉月考）2023年我国某企业发布了独立研制的一款5G手机，其各项性能均处于世界领先地位，下表是该手机的部分参数。手机电池的电压3.7V电池容量4800mA•h无线快充功率50W有线超级快充功率66W（1）芯片的核心部件主要是利用（选填“导体”“半导体”“超导体”或“绝缘体”）在导电性能上的特殊性来工作的。（2）在给手机电池充电时，手机电池相当于电路中的（选填“电源”“开关”或“用电器”）。该电池充满电时最多可储存电能W•h，若采用无线快充方式给该手机充电，不考虑能量损失，大约需要h（保留两位小数）就可以将电池从无电状态充至满电状态。三．实验探究题（共2小题）22．（2024秋•任城区期末）如图所示是“探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒子内，盒内封闭一定量的空气，图乙中另取阻值为5Ω的电阻在盒外与盒内电阻并联。（1）在实验中电流通过电阻时产生热量的多少是通过观察U形管中来比较的，这样做应用的物理科学探究方法是；（2）图甲可探究电流产生的热量与的关系，通电一段时间后，（选填“左”或“右”）侧盒子中的电阻产生的热量多；（3）图乙可探究电流产生的热量与的关系；（4）由公式可知，图乙中左右两侧盒子中的电阻产生的热量之比为。23．（2024秋•武汉月考）某同学在测量标有电压为2.5V的小灯泡电功率的实验中，连接了如图所示的实验电路。（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；（2）小明确认电路连接无误后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电流表有示数，电压表的示数为零，则电路的故障可能是小灯泡；（3）正确连线后，该同学共进行了7次实验，测量的数据如下表所示。数据序号1234567发光情况明亮亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压表示数U/V2.52.11.71.30.90.50.1电流表示数I/A0.290.260.240.210.190.160.05①小灯泡正常发光时的电功率为W。小灯泡亮度不同时电阻不同，原因是灯泡的电阻随温度的升高而。（填“增大”“减小”或“不变”）当第7次实验后断开开关一会，小灯泡的电阻约为Ω；（选填“0”、“1”或“2”）②在从第1次到第2次两次实验中，若滑动变阻器接入电路的电阻增加了ΔR1，小灯泡的电阻减小了ΔR2，则ΔR1（填“大于”“等于”或“小于”）ΔR2；③小明同学测出小灯泡额定功率后，又把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，小灯泡的实际电功率为P1。当小灯泡的实际电流是额定电流一半时，小灯泡的实际电功率为P2，则P1P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。四．计算题（共2小题）24．（2025•长沙模拟）如图甲是一种新型暖手袋，它使用移动电源供热，不仅不用装水更加轻便而且电热转化效率更高。如图乙是它内部加热电路的简化图，已知电源电压恒定，R2的阻值为10Ω。只闭合开关S，电路中的电流为0.6A；同时闭合开关S、S1，干路电流为0.9A。求：（1）电源电压。（2）R1的阻值。（3）先只闭合S工作10min，再闭合S、S1工作20min，整个过程电路产生的热量。25．（2025秋•深圳期中）如图所示的电路中，电源电压为12V，R1标有“50Ω1A”字样，电流表的接的0﹣0.6A的量程，灯泡L标有“8V”，通过灯泡的电流随它两端的电压变化的规律如图所示．（1）灯泡的额定功率是多少？（2）只闭合S1，电流表示数为0.2A时，R2的电阻值为多少欧？（3）S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器的最大功率是多少瓦？

2026年中考物理解密之电功率参考答案与试题解析一．选择题（共15小题）题号1234567891011答案DABDCBCBDCC题号12131415答案DDBD一．选择题（共15小题）1．（2024秋•武汉月考）如果电冰箱、台式电脑和电热毯上都标有“220V100W”的字样，它们都在额定电压下工作相同时间，则三个用电器产生的热量最多的是（）三个用电器消耗的电能最多的是（）A．电冰箱、一样多 B．电热毯、台式电脑 C．电热毯、电热毯 D．电热毯、一样多【考点】电热的大小比较．【专题】电能和电功率；电与热、生活用电；应用能力．【答案】D【分析】分别接入220V的电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据W＝Pt可知消耗的电能相同，通过分析三种用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：由于U＝220V，则三种用电器的实际功率：P＝P额＝200W；因为W＝Pt，所以工作相同的时间三种用电器消耗的电能相同；电冰箱工作时，主要将电能转化为机械能（用于压缩机工作），只有少部分转化为内能；台式电脑工作时，电能主要转化为光能、声能、机械能（风扇等）等，只有少部分转化为内能；电热毯工作时，电能几乎全部转化为内能（热量），所以产生热量最多的是电热毯。故D符合题意，ABC不符合题意。故选：D。【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键。2．（2024秋•武汉月考）小红同学在做“探究串联电路电压的规律”的实验时，连好了如图所示的电路，接通开关后发现L1发光，L2不发光，对产生这一现象的原因分析，你认为可能的是（）①灯泡L2发生了断路②灯泡L2发生了短路③由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小④由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小A．②④ B．①③ C．②③ D．①②【考点】小灯泡实际功率的比较；电路的三种状态．【专题】电流和电路；电能和电功率；应用能力．【答案】A【分析】①灯L1和L2串联，如果L2断路，整个电路将断开，据此分析；②如果L2短路，但电路为通路；③④在串联电路中，处处电流都相等，根据P＝I2R分析。【解答】解：①由图可知，闭合开关后，两灯串联，L1发光，L2不发光，如果L2断路，整个电路将断开，L1和L2都不会发光，故①不符合题意；②如果L2短路，只有L1接入电路，L1会发光，L2不发光，故②符合题意；③在串联电路中，处处电流都相等；根据P＝I2R，电阻较大的灯泡实际功率较大，应该更亮，故③不符合题意；④在串联电路中，处处电流都相等；根据P＝I2R，电阻较小的灯泡实际功率较小，小到不足以让灯泡发光，故④符合题意；综上所述，符合题意的是②和④，故A符合题意，BCD不符合题意。故选：A。【点评】本题做“探究串联电路电压的规律”的实验，考查串联电路的规律及电功率公式的运用。3．（2024秋•万源市期末）如图所示是探究“电流通过导体产生热的多少与什么有关”的实验装置，两个相同透明容器中密封着等量的空气和电阻丝R1、R2，其中R1＝5Ω，R2＝R3＝10Ω。下列说法正确的是（）A．闭合S1和S2，可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系 B．只闭合S1，可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系 C．闭合S1和S2，左侧U形管内液柱的高度差和右侧的高度差一样 D．闭合S1和S2，将图中R3放入右侧密闭容器里，左侧U形管内液柱的高度差更大【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素；电流产生的热量与电阻的关系；电流产生的热量与电流的关系．【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】B【分析】电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，其关系式就是焦耳定律：Q＝I2Rt；研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析。【解答】解：AC、闭合S1和S2，R2和R3并联后，再与R1串联，则通过R1的电流等于R2和R3并联部分的电流之和，则通过R1的电流大于通过R2的电流，通过R1的电流是R2电流的2倍，但由于电阻不同，无法探究电流通过导体产生的热量与电流的关系；根据Q＝I2Rt可知，R1产生的热量越多，所以左侧U形管内液柱的高度差大于右侧的高度差，故AC错误；B、只闭合S1，电阻R1、R2串联，通电时间和电流大小均相等，两电阻的大小不相等，因此，可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故B正确；D、闭合S1和S2后，将图中R3放入右侧密闭容器里，根据并联电路的电阻关系可知，右侧容器内的总电阻为5Ω，通电时间相同，容器内的电阻大小相同，电流相同，则左侧U形管内液柱的高度差和右侧的高度差一样，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查了对焦耳定律的分析与理解，知道电流通过导体产生热量的影响因素，运用好控制变量法和串并联电路的规律，是解答的关键。4．（2025•翠屏区模拟）为了探究电流产生的热量跟什么因素有关，某同学设计了如图所示的装置。两段阻值不同的电阻丝（R1＜R2）密封在两个完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与相同的气球相连。下列说法正确的是（）A．图中R1的功率大于R2的功率 B．该装置可探究电流产生的热量与电流大小是否有关 C．该实验只用到“转换法” D．相同时间里，B气球比A气球的膨胀程度大【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素．【专题】电能和电功率；理解能力．【答案】D【分析】（1）电阻丝串联，电流和通电时间相同，由P＝I2R两电阻功率的大小；（2）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；（3）甲中两电阻丝串联，乙中两电阻丝并联，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，判断通过甲图R1的电流与通过乙图R1的电流大小关系，结合控制变量法分析；（3）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；本题中电流产生的热量的多少不能直接观察到，通过气球膨胀的大小来比较，这种方法是转换法；（4）根据Q＝I2Rt比较甲图中两个电阻丝产生热量的大小关系，结合转换法回答。【解答】解：A．电阻丝串联，电流和通电时间相同，由P＝I2R可知，图中R1的功率小于R2的功率，故A错误；B．串联电路电流相同，所以该装置不可探究电流产生的热量与电流大小是否有关，但可用于探究电流产生的热量与电阻大小是否有关，故B错误；C．电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变；实验中控制电流和通电时间相同，所以还采用了控制变量法，故C错误；D．电阻丝串联，电流和通电时间相同，由Q＝I2Rt可知，R2产生的热量更多，气体受热膨胀的程度更大，所以B气泡比A气球的膨胀程度大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查电流产生热量大小与哪些因素有关，主要考查控制变量法和转换法、串联及并联电路的规律和焦耳定律的应用，综合性较强。5．（2024秋•鲤城区校级期末）下列几种家用电器工作时，主要将电能转化为内能的是（）A．电风扇 B．电视机 C．电饭锅 D．洗衣机【考点】电功的实质．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】分别分析出各用电器工作时的能量转化情况，然后据此选择合适选项。【解答】解：A．电风扇，消耗电能而转动工作，将电能转化为机械能，故A错误；B．电视机，消耗电能而发出声音和光亮，将电能转化为声能和光能，故B错误；C．电饭锅，消耗电能而产热，将电能转化为内能，故C正确；D．洗衣机，消耗电能而转动，将电能转化为机械能，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了电能的转化，属基础题目。6．（2024秋•围场县期末）随着科学技术的发展，越来越多的用电器进入了我们的家庭。下列用电器主要利用电流热效应工作的是（）A．油烟机 B．电熨斗 C．平板电脑 D．CPU上的散热风扇【考点】电流的热效应．【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】B【分析】电热器是利用电流的热效应来工作的，它工作时将电能转化为内能。【解答】解：A、油烟机的电动机工作时主要把电能转化为机械能，故A不符合题意；B、电熨斗是电热器，工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应来工作的，故B符合题意；C、电脑工作时消耗电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应来工作的，是接收和传递信息的，故C不符合题意；D、CPU上的散热风扇主要将电能转化为机械能，故D不符合题意。故选：B。【点评】知道电热器是利用电流的热效应来工作的。7．（2024秋•魏县期末）假期小明一家出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为0.2kW的冰箱正常工作，其它用电器都已关闭.小明看到家里电能表的示数为2021.6kW•h，过了7天小明回家再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（）A．这段时间冰箱消耗的电能是70kW•h B．冰箱每天平均工作的时间为1h C．冰箱正常工作1h电能表的转盘转过120转 D．再有其它家电和冰箱一同正常工作时，电能表转盘的转速不变【考点】电能表的计算；电能表的读数．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；②根据消耗的电能和电冰箱的电功率求出电冰箱工作的时间，然后求出每天工作的时间；③根据电冰箱的电功率和工作时间求出电冰箱消耗的电能，然后求出表盘转过的数目；④根据W＝Pt分析。【解答】解：A、由图知，小明回到家时电能表的读数为2028.6kW•h，而离开家时电能表的示数为2021.6kW•h，则在这7天内所消耗的电能W＝2028.6kW•h﹣2021.6kW•h＝7kW•h，故A错误；B、冰箱的电功率为：P＝200W＝0.2kW，由W＝Pt可得t=WP=7kW⋅h0.2kW=35hC、冰箱正常工作1h消耗的电能为：W'＝Pt'＝0.2kW×1h＝0.2kW•h，电能表的转盘转过0.2kW•h×600r/kW•h＝120转，故C正确；D、再有其它家电和冰箱一同正常工作时，总功率增加，则电能表转盘的转速增大，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电能表的读数，电能的计算，有一定的难度，关键是掌握电能表标识的含义，才能正确做题。8．（2024秋•宿迁期末）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图像，下列说法不正确的是（）A．甲的电阻为20Ω B．甲、乙串联接在电源上，当通过电流为0.2A时，此时电源电压为4V C．甲、乙并联在电压为2V电源上时，电路的总功率为0.6W D．甲、乙串联接在10V以内的电源上，甲产生的热量始终比乙多【考点】结合图像计算电功率；电热的大小比较；串联电路中的电压规律；欧姆定律的应用．【专题】电能和电功率；理解能力．【答案】B【分析】（1）由图象读出甲两端电压和对应的电流，根据欧姆定律求出甲电阻的阻值；（2）甲、乙串联在电源上时，通过它们的电流相等，由图象读出甲和乙对应的电压，根据串联电路的电压规律可求得电源电压；（3）由并联电路电压规律知两电阻并联时电压相等，由图象读出此时通过甲和乙的电流，由并联电路电流规律可得干路电流，根据P＝UI可求总功率；（4）根据Q＝W＝UIt分析产生的热量。【解答】解：A、由图象知，甲的U﹣I图象是正比例图象，故甲的电阻是定值，当U甲＝4V时，通过它的电流I甲＝0.2A，由欧姆定律可得，甲的电阻R甲=U甲I甲=B、由串联电路中电流规律知，甲、乙串联在电源上时，通过它们的电流都为0.2A，由图象知，此时U甲＝4V，U乙＝2V，由串联电路的电压规律可得，电源电压U＝U甲+U乙＝4V+2V＝6V，故B错误；C、由并联电路电压规律知，甲并联在电压为2V的电源上时，甲和乙两端电压都为2V，由图象知，通过两电阻的电流I甲＝0.1A，I乙＝0.2A，由并联电路的电流规律知，干路电流I＝I甲+I乙＝0.1A+0.2A＝0.3A，所以电路的总功率P＝UI＝2V×0.3A＝0.6W，故C正确；D、甲、乙串联在电路中，电流处处相等，从图中可知当甲、乙两端的电压均为5V时，电源电压等于10V，甲、乙两端的电压均小于5V时，电源电压小于10V，且甲两端的电压均大于乙两端的电压，根据Q＝W＝UIt可知甲、乙串联接在10V以内的电源上，甲产生的热量始终比乙多，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了串并联电路的电流、电压规律的应用、欧姆定律、电功率和电热计算公式的灵活应用，要能从图象中获取有用信息。9．（2024秋•武汉月考）如图甲所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，两电压表示数与电流表示数变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．b曲线表示电压表V2示数与电流表示数变化的关系图像 B．电源电压为8V C．灯泡的额定功率为4.0W D．滑动变阻器接入电路的阻值范围是4～40Ω【考点】额定功率；欧姆定律求范围值．【专题】计算题；应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】（1）由图甲可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测灯泡两端的电压。将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，变阻器接入电路的阻值不断变小，电路中的电流不断变大，根据串联电路的分压原理可知变阻器两端的电压变化，由图乙可知两个电压表示数与电流表示数变化的关系图像；（2）由图乙可知当电流为0.2A时，两个电压表的示数，根据串联电路的电压规律可得电源电压的大小；（3）由图乙数据，结合串联电路的电压规律求灯泡的额定电压，根据P＝UI求灯泡的额定功率；（4）由图乙数据，结合欧姆定律求滑动变阻器接入电路的最大和最小阻值，即其接入电路的阻值范围。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测量滑动变阻器两端电压，电压表V2测量灯泡两端电压。A．将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，滑动变阻器连入电路的阻值变小，电源电压不变，由I=UR可知，电路中电流变大，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，即V1示数变小，灯泡两端的电压变大，即V2示数变大，由图乙可知，b曲线表示电压表V1示数与电流表示数变化的关系图像，a曲线表示电压表V2示数与电流表示数变化的关系图像，故B．由图乙可知，当电流为0.2A时，灯两端的电压为1V，滑动变阻器两端的电压为8V，串联电路的电压规律：串联电路电源电压等于各用电器电压之和，所以电源电压为9V，故B错误；C．灯正常发光时，电路中电流为0.5A，滑动变阻器两端电压为2V，根据串联电路的电压规律可得，灯两端的电压为：U额＝U﹣Umin＝9V﹣2V＝7V，灯额定功率为P额＝U额I额＝7V×0.5A＝3.5W，故C错误；D．当电流为0.2A，滑动变阻器两端电压为8V时，接入电路的阻值最大，由I=URmax当电流为0.5A，滑动变阻器两端电压为2V时，连入电路的阻值最小，由I=URmin所以滑动变阻器连入电路的阻值范围为4～40Ω，故D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、公式P＝UI的应用，关键是正确判断各表示数的关系图像。10．（2024秋•武汉月考）如图所示，是探究电流产生热量跟哪些因素有关的实验装置。两透明容器中密封着等质量的空气，通电t秒后（两容器都不向外放热），下列说法错误的是（）A．甲实验表明，在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多 B．乙实验表明，在电阻、通电时间相同的情况下，通过一个电阻的电流越大，这个电阻产生的热量越多 C．甲实验中左边容器中产生的热量是右边容器中产生的热量的两倍 D．若将乙容器外的5Ω电阻换为10Ω，仍可探究电流产生热量多少与电流的关系，此时左右两侧容器内空气吸收的热量之比为9：4【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素；电阻产生热量多少的表现；电流产生的热量与电阻的关系；电流产生的热量与电流的关系．【专题】应用题；实验题；创新题型；欧姆定律；电与热、生活用电；实验基本能力．【答案】C【分析】AC．分析甲装置电路的连接，结合串联电路电流的规律Q＝I2Rt分析；B．根据欧姆定律、并联电路电压的规律及串联、并联电路电流的规律得出通过左右两容器中电流的大小关系，根据Q＝I2Rt分析；D．若将乙容器外的5Ω电阻换为10Ω，根据分流原理得出此时通过两个电阻的电流之比；根据串联电路的电流特点得出两容器内通过电阻的电流之比，根据Q＝I2Rt分析。【解答】解：AC．在甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，根据焦耳定律Q＝I2Rt可知相同时间内，电流通过左、右容器中电阻丝产生的热量之比为1：2；右侧的电阻较大，产生的热量较多，故A正确，不符合题意，C错误，符合题意；B．装置乙中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I左＝I右＝I1+I2两电阻阻值相等，则支路中电流相等I1＝I2所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，左右两边的电阻大小相同，根据Q＝I2Rt可知，在电阻和通电时间不变的条件下，产生热量与电流的平方成正比，通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是4：1，左侧电流较大，产生热量较多，故B正确，不符合题意；D．若将乙容器外的5Ω电阻换为10Ω，由分流原理，此时通过两个电阻的电流之比为I根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等I右＝I左所以两容器内通过电阻的电流之比为I左：I1＝3：2根据Q＝I2Rt可得，在电阻和通电时间不变的条件下，产生热量与电流的平方成正比，故此时左右两侧容器内空气吸收的热量之比为9：4，故D正确，不符合题意。故选：C。【点评】本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。11．（2025•宽城区校级模拟）下列单家用电器中，正常单独工作1小时，耗电接近1kW•h是（）A．电视机 B．电冰箱 C．空调 D．台灯【考点】电功与电能的计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】根据P=W【解答】解：家用电器的电功率P=Wt=1kW⋅h电视机的电功率约为200W；电冰箱的电功率约为150W，而且电冰箱有间隙性工作的特点；空调的电功率约为1000W；台灯的电功率约为20W；故ABD不符合题意、C符合题意。故选：C。【点评】对各种物理量的估算：需要凭借生活经验、需要简单的计算；物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一。12．（2025•格尔木市二模）如图所示的是某液晶彩色电视的铭牌。下列说法中正确的是（）A．正常工作时，该液晶彩色电视比60W的灯消耗电能多 B．1kW•h的电能可供该液晶彩色电视工作40h C．该液晶彩色电视正常工作时，1s内消耗250W电能 D．该液晶彩色电视可以接在230V的电压下使用【考点】电功率P＝W/t的简单计算；W＝Pt求电能的大小；电功率的概念；额定电压．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】D【分析】（1）结合W＝Pt分析；（2）根据W＝Pt可知1kW•h的电能可供该液晶彩色电视正常工作的时间；（3）彩电正常工作时，根据W＝Pt得出1s消耗的电能；（4）由彩电铭牌知其额定电压（正常工作电压）为220V～240V。【解答】解：A．液晶彩色电视的额定功率为250W，与60W的灯相比，在正常工作时功率大，消耗电能快，由W＝Pt可知，时间未知，正常工作时，该液晶彩色电视不一定比60W的灯消耗电能多，故A错误；B．1kW•h的电能可供该液晶彩色电视工作t=WP=C．该液晶彩色电视正常工作时，1s内消耗的电能W1＝Pt1＝250W×1s＝250J，故C错误；D．液晶彩色电视工作电压为220V～240V，可以接在230V的电压下使用，故D正确。故选：D。【点评】本题考查电能的计算，是一道综合题。13．（2024秋•巢湖市期末）额定电压相同的两只小灯泡L1、L2串联在电路中，发现L1比L2亮；下列分析正确的是（）A．L1的额定功率比L2的额定功率大 B．L1的实际功率比L2的实际功率小 C．L1的电阻比L2的电阻小 D．L1两端电压比L2两端电压大【考点】实际功率．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】D【分析】（1）灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；（2）串联电路的电流处处相等；根据P＝I2R可知两个灯泡的电阻关系；（3）根据P=U（4）根据P＝UI可知两个灯泡两端的实际电压关系。【解答】解：B、开关闭合后，L1比L2亮，则说明L1的实际功率大于L2的实际功率，故B错误；C、由于两灯串联在电路中，则通过L1、L2的电流相等，由P＝I2R知，电流相同时，阻值越小，功率越小，因此灯L1的阻值要大于灯L2的阻值，故C错误；A、根据题意可知，L1、L2的额定电压相等，而灯L1的阻值要大于灯L2的阻值，由P=U2R可知，L1的额定功率比L2D、由于通过L1、L2的电流相等，由P＝UI可知，L1两端的电压比L2两端的电压大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查串联电路的特点、实际功率与额定功率的关系以及电功率公式的灵活运用，是一道综合题，有一定的难度。14．（2025•长沙模拟）研究发现“220V3W”的LED灯和“220V8W”的节能灯正常工作时亮度相当，当它们并联接入220V的电路时，下列说法正确的是（）A．两种灯的实际功率相同 B．电流通过节能灯做功较快 C．LED灯消耗的电能更多 D．节能灯的发光效率更高【考点】额定功率与实际功率之间的关系；W＝Pt求电能的大小；能量的利用效率；电功率的概念．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】（1）当3W的LED灯与8W的节能灯均正常工作时，实际功率均等于额定功率；（2）功率表示电流做功的快慢；（3）LED灯的实际功率较小，但未说明工作时间，故不能判断消耗电能多少；（4）LED灯比节能灯把电能转化为光能的效率更高。【解答】解：A、当3W的LED灯与8W的节能灯均正常工作时，实际功率均等于额定功率，节能灯的实际功率较大，故A错误；B、功率表示电流做功的快慢，节能灯实际功率大于LED灯实际功率，电流通过节能灯做功较快，故B正确；C、LED灯的实际功率较小，但未说明工作时间，故LED灯不一定比节能灯消耗的电能更多，故C错误；D、LED灯的发光效率显著优于节能灯，在相同亮度下功耗更低、长期使用更经济，且寿命更长，故D错误。故选：B。【点评】本题考查额定功率和实际功率的有关知识，是一道基础题。15．（2025•淄博）图甲是电阻R1和R2的电流随电压变化的图像，电源电压不变，滑动变阻器R上标有“20Ω2A”字样，将它们接入图乙所示的电路中。只闭合开关S1，滑片P位于a端时，电阻R1的实际功率为1W；同时闭合开关S1和S2，将滑片P移动到b端时，电阻R1的实际功率为9.6W。则（）A．R2的阻值为5Ω B．电源电压为10V C．电路中的最大电流为1.8A D．电路的最大功率为24W【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】（2）当只闭合开关S1，滑片P位于a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出R1的实际功率为1W时的电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（3）读出一组R2的电流和电压值，根据欧姆定律求出R2的阻值；当把滑片P移到b端，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和P＝UI求出通过R1的电流，再根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出最大干路电流，由P＝UI算出电路的最大电功率。【解答】解：B、当只闭合开关S1，滑片P位于a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，由图象可知，当U1＝2V，通过的电流I1＝0.5A时，R1的实际功率P1＝U1I1＝2V×0.5A＝1W，因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器两端的电压：UR＝I1R＝0.5A×20Ω＝10V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U＝UR+U1＝10V+2V＝12V，故B错误；A、由图象可知，当R2两端的电压U2＝2V时，通过的电流I2＝0.2A，由I=UR可得，RR2=U2I2=CD、当把滑片P移到b端，同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，此时电路的总电阻最小，总电流最大；因并联电路中各支路两端的电压相等，且电阻R1的实际功率为9.6W，所以，由P＝UI可得，通过R1的电流：I1′=P1通过R2的电流：I2′=UR因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的最大电流为：I＝I1′+I1′＝0.8A+1.2A＝2A，故C错误；电路的最大功率为：P大＝UI＝12V×2A＝24W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。二．填空题（共6小题）16．（2025•哈尔滨）图甲中人所戴的是高、低温两挡电加热眼罩，工作时利用了电流的热效应；其简化电路如图乙所示，发热电阻R1＝R2，当S1、S2均闭合时，此眼罩为高温（填“高温”或“低温”）挡。【考点】电功率多档位问题；电流的热效应．【专题】定性思想；电能和电功率；应用能力．【答案】热；高温。【分析】（1）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；（2）由P＝UI=U2R知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合并联电路电阻规律和P＝UI【解答】解：（1）加热眼罩工作时将电能转化为内能，因此电暖器是利用电流的热效应工作的；（2）当S1闭合，S2断开时，电路为R1接在电源两端的简单电路；当S1、S2闭合时，R1、R2并联；因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，所以由P＝UI=U2R知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，加热眼罩为高温挡；电路为R1接在电源两端的简单电路时，电路中的电阻最大，电功率最小，加热眼罩为低温挡；因此当开关S1、故答案为：热；高温。【点评】本题考查电流的热效应、并联电路的特点和电功率公式的应用，正确的判断不同挡位时电路的连接方式是关键。17．（2025秋•枣强县月考）手持小风扇的简化电路如图所示，按钮开关处的电流方向为从上到下（选填“从上到下”或“从下到上”）。电动机工作时主要将电能转化为机械能。【考点】电功的实质；电流的方向．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】从上到下；机械。【分析】物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，根据电路图分析回答；电动机将电能转化为机械能，同时也会产生少量内能。【解答】解：物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以如图所示，按钮开关处的电流方向为从上到下，电动机能够将电能大部分转化为机械能，但也会产生一少部分内能。故答案为：从上到下；机械。【点评】本题考查电流的方向和电能的转化，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。18．（2026•上海模拟）家庭电路中，电视机与电灯是B的（选填A.串联、B.并联），电灯工作时，消耗的是电能，一台电视机的功率为110瓦特，其工作2小时，消耗的电能为0.22度。【考点】电功与电能的计算；电功的实质；串联和并联的概念与辨析．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】B；电；0.22。【分析】（1）串联电路中各用电器之间相互影响，不能独立工作；并联电路中的各用电器之间互不影响，可以独立；（2）用电器工作过程中，把电能转化为其它形式的能；（3）根据W＝Pt求出电视机消耗的电能。【解答】解：家庭电路中，电视机与电灯工作时，互不影响，可以单独工作，所以它们是并联的；电灯工作时，消耗电能，将电能转化为光能；电视机消耗的电能：W＝Pt＝110×10﹣3kW×2h＝0.22kW•h＝0.22度。故答案为：B；电；0.22。【点评】本题考查串并联电路的特点、用电器工作过程中的能量转化以及电能的计算，是一道基础题。19．（2025•宝山区模拟）随着快递行业的高速发展，热熔胶封箱机应运而生。如图是一款热熔胶枪，扣动扳机通电后枪中的发热体温度升高是利用电流的热效应，用它给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，这是扩散现象；热熔胶被枪挤出能“粘”在物体上，说明分子间存在引力。【考点】电流的热效应；扩散现象；分子间作用力的现象．【专题】分子热运动、内能；电与热、生活用电；应用能力．【答案】热；扩散；引力。【分析】（1）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；（2）扩散现象是分子无规则运动的结果；（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。【解答】解：（1）扣动扳机通电后热熔胶枪中的发热体能够发热是利用了电流做功，即电流的热效应，将电能转化为内能。（2）分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，是因为熔胶的分子运动到人的鼻子里，这是扩散现象。（3）分子间存在相互作用的引力和斥力，热熔胶被枪挤出能“粘”在物体上，说明分子间存在引力。故答案为：热；扩散；引力。【点评】此题结合实际考查了电流的热效应、扩散现象和分子间的作用力，体现了物理来源于生活的特点。20．（2025•邢台模拟）小明家电能表在月初的示数为4293.6kW•h，月末如图所示。若小区的电费为每度电0.6元，则这月小明家应交的电费为36元，若如图所示电能表的转盘在5min内转了300转，则这段时间内小林家中用电器的总功率为1200W。【考点】电能表的计算；电能表的参数；电能表的读数．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】36；1200。【分析】用电能表本月末的示数减去本月初的示数，可得出用电度数，进而求出应交电费；再根据电能表转盘转动圈数求出5min内消耗的电能，最后根据功率公式求出用电器的总功率。【解答】解：（1）本月小明家用的电能为W用电＝W末﹣W初＝4353.6kW•h﹣4293.6kW•h＝60kW•h，这月小明家应交的电费为电费＝60kW•h×0.6元/kW•h＝36元。（2）3000r/（kW•h）：表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表上的转盘转过3000圈，若如图所示电能表的转盘在5min内转了300转，则这段时间内小林家中用电器消耗的电能为W=300r这段时间内小林家中用电器的总功率为P=W故答案为：36；1200。【点评】本题主要考查电能表的相关计算，涉及电能表的读数、消耗电能的计算以及功率的计算。解题的关键是理解电能表参数的含义，准确运用公式进行计算。21．（2024秋•武汉月考）2023年我国某企业发布了独立研制的一款5G手机，其各项性能均处于世界领先地位，下表是该手机的部分参数。手机电池的电压3.7V电池容量4800mA•h无线快充功率50W有线超级快充功率66W（1）芯片的核心部件主要是利用半导体（选填“导体”“半导体”“超导体”或“绝缘体”）在导电性能上的特殊性来工作的。（2）在给手机电池充电时，手机电池相当于电路中的用电器（选填“电源”“开关”或“用电器”）。该电池充满电时最多可储存电能17.76W•h，若采用无线快充方式给该手机充电，不考虑能量损失，大约需要0.36h（保留两位小数）就可以将电池从无电状态充至满电状态。【考点】电功率P＝W/t的简单计算；电路的组成部分；半导体的特点；电功与电能的计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】（1）半导体；（2）用电器；17.76；0.36。【分析】（1）芯片的核心部件主要是利用半导体在导电性能上的特殊性来工作的；（2）在给手机电池充电时，手机电池消耗电能，所以此时它相当于电路中的用电器；该电池充满电时最多可储存电能W＝UIt；已知手机充电时的充电功率和储存电能，由公式t'【解答】解：（1）芯片的核心部件主要是利用半导体在导电性能上的特殊性来工作的，半导体的导电性能在导体和绝缘体之间；（2）①在给手机电池充电时，手机电池消耗电能，把电能转化为化学能储存起来，所以此时它相当于电路中的用电器；②该电池充满电时最多可储存电能为：W＝UIt＝3.7V×4800mA•h＝3.7V×4.8A×1h＝17.76W•h③由表格数据可知，采用无线快充方式给该手机充电时的充电功率P＝50W，充电需要的时间为：t'故答案为：（1）半导体；（2）用电器；17.76；0.36。【点评】本题考查电功率的简单计算，难度不大。三．实验探究题（共2小题）22．（2024秋•任城区期末）如图所示是“探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，将四段电阻丝a、b、c、d分别密封在完全相同的盒子内，盒内封闭一定量的空气，图乙中另取阻值为5Ω的电阻在盒外与盒内电阻并联。（1）在实验中电流通过电阻时产生热量的多少是通过观察U形管中液面的高度差来比较的，这样做应用的物理科学探究方法是转换法；（2）图甲可探究电流产生的热量与电阻大小的关系，通电一段时间后，右（选填“左”或“右”）侧盒子中的电阻产生的热量多；（3）图乙可探究电流产生的热量与电流的关系；（4）由公式可知，图乙中左右两侧盒子中的电阻产生的热量之比为4：1。【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素；电阻产生热量多少的表现；电流产生的热量与电阻的关系；电流产生的热量与电流的关系．【专题】欧姆定律；电与热、生活用电；实验基本能力．【答案】（1）液面的高度差；转换法；（2）电阻大小；右；（3）电流；4：1。【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，电阻丝产生热量越多，气体膨胀程度越大，故可通过U形管液面的高度差来反映电阻丝产生的热量多少，采用了转换法；（2）由控制变量法分析，根据Q＝I2Rt分析；（3）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律分析；（4）由欧姆定律结合串联、并联电路的规律及焦耳定律的表达式为Q＝I2Rt分析。【解答】解：（1）在实验中电流通过电阻时产生热量的多少是通过观察U形管中液面的高度差来比较的，应用的物理科学探究方法是转换法。（2）甲装置中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系；通电一段时间后，根据Q＝I2Rt，因右侧容器中电阻大，故产生的热量多，由转换法，右”侧盒子中的电阻产生的热量多。（3）乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，图乙装置右侧容器的外部并联一个5Ω的电阻是为了分流。（4）根据并联电路电压的规律及欧姆定律可知，通过乙中两电阻的电流相同，由串联和并联电路电流的规律，可知通过容器内两电阻的电流为2：1，根据Q＝I2Rt可知，在电阻和通电时间不变时，产生热量与电流的平方成正比，故图乙中左右两侧盒子中的电阻产生的热量之比为4：1。故答案为：（1）液面的高度差；转换法；（2）电阻大小；右；（3）电流；4：1。【点评】本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。23．（2024秋•武汉月考）某同学在测量标有电压为2.5V的小灯泡电功率的实验中，连接了如图所示的实验电路。（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线；（2）小明确认电路连接无误后闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电流表有示数，电压表的示数为零，则电路的故障可能是小灯泡短路；（3）正确连线后，该同学共进行了7次实验，测量的数据如下表所示。数据序号1234567发光情况明亮亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压表示数U/V2.52.11.71.30.90.50.1电流表示数I/A0.290.260.240.210.190.160.05①小灯泡正常发光时的电功率为0.725W。小灯泡亮度不同时电阻不同，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大。（填“增大”“减小”或“不变”）当第7次实验后断开开关一会，小灯泡的电阻约为1Ω；（选填“0”、“1”或“2”）②在从第1次到第2次两次实验中，若滑动变阻器接入电路的电阻增加了ΔR1，小灯泡的电阻减小了ΔR2，则ΔR1大于（填“大于”“等于”或“小于”）ΔR2；③小明同学测出小灯泡额定功率后，又把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，小灯泡的实际电功率为P1。当小灯泡的实际电流是额定电流一半时，小灯泡的实际电功率为P2，则P1大于P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．【专题】应用题；实验题；欧姆定律；电能和电功率；应用能力；实验基本能力．【答案】（1）；（2）短路；（3）0.725；增大；1；大于；大于。【分析】解：（1）图中电压表串联在电路中，滑动变阻器上面两个接线柱连入电路中是错误的，变阻器要按一上一下连入电路中与灯串联接入电路中，需要将电压表和灯泡并联；（2）电流表有示数，说明电路是通路，根据小灯泡不发光且电压表示数为零分析；（3）①根据表中数据可在小灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI可得功率大小；由欧姆定律得出不同电压下电阻大小，据此分析；当第7次实验后断开开关一会，小灯泡温度降低，电阻减小，据此分析；②当滑动变阻器电阻变大时，小灯泡变暗，灯丝的温度降低，电阻变小，电流表示数变小，由欧姆定律确凿电路的总电阻变化；根据串联电阻的规律分析；③当电压为额定电压的12时，由于灯泡电阻随电压的减小而减小，根据P=当电流为额定电流的一半时，由于灯泡电阻随电流减小而减小，根据P＝I2R分析，得出最终结果。【解答】解：（1）本实验中，变阻器要按一上一下连入电路中与灯串联，电压表和灯泡并联；改正后如下图所示：（2）电流表有示数，说明电路是通路；小灯泡不发光且电压表示数为零，故障可能是小灯泡短路。（3）①小灯泡正常发光时电压U＝2.5V，电流I＝0.29A，根据P＝UI，可得功率P＝UI＝2.5V×0.29A＝0.725W由R=UR1亮时R2较亮时R3较暗时R4微光时R5熄灭R6熄灭R7可以看出灯泡的电阻随温度的升高而增大。当第7次实验后断开开关一会，小灯泡温度降低，电阻减小，会比第7次实验时小一些，约为1Ω。②当滑动变阻器电阻变大时，小灯泡变暗，灯丝的温度降低，电阻变小，电流表示数变小，由欧姆定律知电路的总电阻变大；电路的总电阻R＝R滑+R灯，所以滑动变阻器接入电阻增加量ΔR1大于灯泡电阻减小量ΔR2，总电阻才能变大。③设额定电压为U额，额定电流为I额，额定功率P额＝U额I额。当电压为额定电压的12时，即UP=U2R当电流为额定电流的一半时，即I2=I额2，由于灯泡电阻随电流减小而减小，根据P＝所以P1＞P2。故答案为：（1）；（2）短路；（3）0.725；增大；1；大于；大于。【点评】本题测量小灯泡电功率，考查电路连接、故障和数据分析及影响电阻大小的因素。四．计算题（共2小题）24．（2025•长沙模拟）如图甲是一种新型暖手袋，它使用移动电源供热，不仅不用装水更加轻便而且电热转化效率更高。如图乙是它内部加热电路的简化图，已知电源电压恒定，R2的阻值为10Ω。只闭合开关S，电路中的电流为0.6A；同时闭合开关S、S1，干路电流为0.9A。求：（1）电源电压。（2）R1的阻值。（3）先只闭合S工作10min，再闭合S、S1工作20min，整个过程电路产生的热量。【考点】焦耳定律的简单计算；欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】（1）电源电压为6V。（2）R1的阻值为20Ω。（3）整个过程电路产生的热量为8640J。【分析】（1）由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R2的简单电路。根据欧姆定律求电源电压；（2）同时闭合开关S、S1，R1与R2并联。根据并联电路的电流规律可得通过R1的电流，根据并联电路的电压规律可知R1两端的电压，根据欧姆定律求R1的阻值；（3）根据Q＝I2R＝UIt求整个过程电路产生的热量。【解答】解：（1）由图乙可知，只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，根据欧姆定律可得，电源电压：U＝U2＝I2R2＝0.6A×10Ω＝6V；（2）同时闭合开关S、S1，R1与R2并联。并联电路各支路互不影响，所以通过R2的电流不变，仍为0.6A，根据并联电路的电流规律可知，通过R1的电流：I1＝I﹣I2＝0.9A﹣0.6A＝0.3A，并联电路各支路两端的电压相等，即：U1＝U＝6V，根据欧姆定律可得，R1的阻值：R1（3）根据Q＝I2R＝UIt可得，先只闭合S工作10min时，该过程电路产生的热量：Q1＝UI2t1＝6V×0.6A×10×60s＝2160J，再闭合S、S1工作20min，该过程电路产生的热量：Q2＝UIt2＝6V×0.9A×20×60s＝6480J，整个过程电路产生的热量：Q＝Q1+Q2＝2160J+6480J＝8640J。答：（1）电源电压为6V。（2）R1的阻值为20Ω。（3）整个过程电路产生的热量为8640J。【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，难度一般。25．（2025秋•深圳期中）如图所示的电路中，电源电压为12V，R1标有“50Ω1A”字样，电流表的接的0﹣0.6A的量程，灯泡L标有“8V”，通过灯泡的电流随它两端的电压变化的规律如图所示．（1）灯泡的额定功率是多少？（2）只闭合S1，电流表示数为0.2A时，R2的电阻值为多少欧？（3）S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器的最大功率是多少瓦？【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的多状态计算．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】（1）灯泡的额定功率是3.2W；（2）只闭合S1，电流表示数为0.2A时，R2的电阻值为50Ω；（3）S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器的最大功率是4.32W。【分析】（1）由图象得UL＝8V时，IL＝0.4A，根据P＝UI可求得灯泡的额定功率；（2）只闭合S1，灯泡与R2串联，电流表示数为0.2A，串联电路中电流处处相等，根据图2可知此时灯泡两端电压，然后可求R2两端电压，利用I=UR变形可求得R（3）S、S1、S2都闭合时，灯泡被短路，R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，最大值为0.6A，根据欧姆定律求出定值电阻R2中的电流，根据并联电路的电流特点求出滑动变阻器的最大电流，利用P＝UI求出滑动变阻器的最大功率。【解答】解：（1）已知灯泡L标有“8V”，则灯泡的额定电压为8V，由图象得UL＝8V时，IL＝0.4A，灯泡的额定功率为：P＝ULIL＝8V×0.4A＝3.2W；（2）只闭合S1，灯泡与R2串联，电流表示数为0.2A，串联电路中电流处处相等，即I＝0.2A，由如图可知，当电流为0.2A时，灯泡两端电压UL′＝2V，则R2两端电压为：U2＝U﹣UL′＝12V﹣2V＝10V，由欧姆定律可得，R2的电阻值：R2=U2I（3）当S、S1、S2都闭合时，R2与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，R2中的电流为：I2=UR电流表的最大值为0.6A，所以滑动变阻器中的最大电流：I1大＝I大﹣I2＝0.6A﹣0.24A＝0.36A，滑动变阻器的最大功率：P＝UI1大＝12V×0.36A＝4.32W。答：（1）灯泡的额定功率是3.2W；（2）只闭合S1，电流表示数为0.2A时，R2的电阻值为50Ω；（3）S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器的最大功率是4.32W。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是开关的闭合、断开时电路连接方式的判断和根据图象得出相关的信息。

考点卡片1．扩散现象【知识点的认识】（1）扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象．进入鲜花店时，香气扑鼻而来，长时间堆放煤的墙角，墙皮内部会变黑，把冰糖放入水中，过段时间水会变甜等现象都是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地运动着．气体、液体、固体之间均能发生扩散现象．（2）扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显．在两个相同的烧杯中，分别装半杯凉水和半杯热水，用滴管分别在两个杯底注入一滴红墨水，结果热水中的红墨水扩散得快，这是因为装热水的杯子中水温高，分子运动快，所以水先变红，这实际上说明了分子的运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈．【命题方向】理解生活中常见的扩散现象，用扩散知识解释常见现象的成因。例：爆炒辣椒时，周围的人很快就察觉有辣味，这是扩散现象，起锅冷却后闻到的辣味就变淡了很多，说明这种现象的剧烈程度随温度的降低而减弱。分析：不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。解析：解：爆炒辣椒时，周围的人很快就能闻到辣椒的香味，这是扩散现象，扩散现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。起锅后，辣椒的温度降低了，周围的人闻到的辣味就变淡了很多，说明辣椒分子的无规则运动与温度有关，温度越高辣椒分子的无规则运动越剧烈，温度降低后辣椒分子的无规则运动的剧烈程度减弱。故答案为：扩散；减弱。点评：此题考查了分子动理论在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。【解题方法点拨】（1）对扩散现象要这样理解，扩散现象只能发生在不同的物质之间，同种物质之间是不能发生扩散现象的，不同物质只有相互接触时，才能发生扩散现象，没有相互接触的物质，是不会发生扩散现象的，扩散现象是两种物质的分子彼此进入对方的现象，而不是单一的一种物质的分子进入另一种物质．气体、液体和固体之间都可以发生扩散，而且不同状态的物质之间也可以发生扩散．（2）易错点：扩散现象是指分子的运动，但注意将扩散现象与物体颗粒的运动相区分，如在阳光下看到的灰尘飞扬，是固态颗粒运动，而不是分子的无规则运动，故这个现象不是扩散现象．2．分子间作用力的现象【知识点的认识】（1）铅块粘合现象：‌当两个大小不同的铅块表面被锉平、‌刮净后，‌挤压在一起，‌即使手离开后，‌大铅块仍然紧紧粘在小铅块上而不脱落。‌说明分子间存在引力。（2）利用针筒抽取半筒水，将针筒内空气挤出，堵住筒嘴，然后用力推活塞。‌水不容易被压缩，说明分子间存在斥力。【命题方向】考查测量平均速度的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：如图所示，将两个表面光滑的铅块互相紧压，它们会粘在一起，很难被拉开，这说明分子之间存在引力，用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水不容易（选填“容易”或“不容易”）被压缩，说明分子间存在斥力。分析：分子间存在相互作用的引力和斥力，当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距离小于平衡距离时，表现为斥力。解析：解：表面干净的铅压紧，两块铅表面分子的距离大于平衡距离，表现为引力；用针筒抽取半筒水，用手指抵住针筒口，然后用力推入活塞，发现水不容易被压缩，此时，水分子间的距离小于平衡距离，表现为斥力。故答案为：引力；不容易；斥力。点评：本题考查了分子间的作用力，属于基础题。【解题方法点拨】分子之间作用力，引力斥力分彼此。引力斥力同存在，和谐相处皆欢喜。3．能量的利用效率【知识点的认识】有用能量和总能量的比例为能量效率．举例，手机电池要充电，用时放电，比如充电充入10焦耳能量，在手机上用完电放出了8焦耳能量，能量效率是80%，损失2焦耳（电阻发热等消耗）．【命题方向】中考时一般以计算题中的某一问来出现：求电动机的效率、热量的利用等．例：湖南路路面改造的过程中使用了如图所示的一款双轮压路机。它的发动机是柴油机。为确保发动机正常工作，该压路机配有冷却水箱，水箱容纳水的质量为20kg，在一次压路作业中，水箱加满水后，压路机在水平路面上匀速行驶了2000m，消耗柴油0.3kg。若行驶过程中压路机受到的平均阻力是1800N，水箱内的水从20℃上升到80℃[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），柴油的热值取4×107J/kg]。求：（1）压路机在这次压路作业中做的功是多少？（2）水箱内的水吸收的热量是多少？（不考虑水的质量变化）（3）柴油完全燃烧释放出的热量是多少？（4）压路机此次作业的效率是多少？分析：（1）根据速度公式求出压路机行驶的距离；压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W＝Fs求出压路机做的功；（2）根据密度公式求出水的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（3）根据公式Q放＝mq求出柴油完全燃烧释放出的热量；（4）利用热机效率的计算公式求得压路机此次作业的效率。解析：解：（1）压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，即F牵＝f＝1800N，压路机做的功：W＝F牵s＝1800N×2000m＝3.6×106J；（2）水吸收的热量为：Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（80℃﹣20℃）＝5.04×106J；（3）柴油完全燃烧释放出的热量：Q放＝m柴油q＝0.3kg×4×107J/kg＝1.2×107J；（4）压路机此次作业的效率η=WQ答：（1）压路机在这次压路作业中做的功是3.6×106J；（2）水箱内的水吸收的热量是5.04×106J；（3）柴油完全燃烧释放出的热量是1.2×107J；（4）压路机此次作业的效率是30%。点评：本题考查了做功公式、燃料完全燃烧释放热公式和吸热公式、机械效率计算公式的应用，涉及到的知识点较多，难度适中。【解题方法点拨】解题是找到有用的能力、总的能力、消耗的能力是关键，利用有用能量和总能量的比例为能量效率解题．4．电流的方向【知识点的认识】电流的方向：物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。【命题方向】根据电子运动的方向，判断电流的方向，或者根据电流的方向，判断电子运动的方向。例：如图所示，两个相同的验电器A和B，A带正电，B不带电，用一根带绝缘柄的铜棒把两个验电器的金属球连接起来的瞬间，电流方向是从A到B。（填：“A到B”或“B到A”）分析：由电流方向的规定可以判定。规定电流方向与正电荷定向移动的方向相同。A带正电，B不带电，用一根带绝缘柄的铜棒把两个验电器的金属球连接起来的瞬间，A的正电荷传向B。解析：解：A带正电，B不带电，用一根带绝缘柄的铜棒把两个验电器的金属球连接起来，B验电器上自由电子向验电器A转移；电子带负电，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反，所以电流方向是从A到B。故答案为：A到B。点评：本题考查正电荷定向移动的方向规定为电流方向。【解题方法点拨】电流方向有规定，正电移动当为正，金属导电靠电子，电流方向恰相反。5．电路的组成部分【知识点的认识】（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作．（2）电路各部分的作用电源：提供电能的装置，它保证电路中有持续电流，工作时将其他形式的能转化为电能用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能．开关：用来接通或断开电路，起控制电路的作用导线：导线将电源、用电器、开关连接起来，形成让电荷移动的通路．【命题方向】通常以各元件在电路中的作用出题，电路中必须包含电源、用电器、开关和导线。例：图中的电路正确的是（）A.B.C.D.分析：一个最基本的电路是由电源、用电器、开关、导线组成的。解析：解：A、电路少电源，故A错误；B、电路中各元件齐全，电流不经用电器直接回负极，发生短路，会烧坏电源，故B错误；C、电路中少开关，故B错误；D、电路中各元件齐全，且闭合开关，灯泡能正常工作，故D正确。故选：D。点评：本题考查了电路的基本连接方式的判断，属电学的最基础的知识，是我们应熟练掌握的。【解题方法点拨】知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用是解题的关键．6．电路的三种状态【知识点的认识】（1）通路：正常连接的电路，即用电器能够工作的电路．通路特征：电路中有电流，用电器正常工作．（2）断路（开路）：断开的电路．断路特征：电路中无电流，用电器不工作．原因有开关没闭合，接线处松动，导线断了，用电器损坏等（3）短路：不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路．短路特征：用电器不工作，电路有很大电流，会损坏电源甚至烧坏导线的绝缘皮，引起火灾【命题方向】电路三种状态的理解，电路图的连接分析都是中考的命题方向．例：如图所示，把两个小灯泡串联起来，闭合开关，两个小灯泡都发光。若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则下列说法中正确的是（）A.L2烧毁，断路B.L2短接，熄灭C.L1短接，变亮D.L1断路，熄灭分析：用电器中有电流通过且不超出其额定电压的情况下，用电器能够工作；将用电器两端用导线直接连接，会造成用电器短路，用电器不能工作。解析：解：由图知，闭合开关，两只灯泡串联，都发光。若把一根导线接在小灯泡L2的两端，则L2被短路不能发光，但L1仍然有电流通过，照常发光，故B正