山东省、湖北省部分重点中学高三上学期第一次（月）联考物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精山东、湖北部分重点中学高三调研联考物理试题本试卷分为第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）.考试时间90分钟。一、选择题：(本题共10小题，1-6题每题4分，7—10题每题5分，共44分。在每小题给出的四个选项中，1—6题每小题只有一个选项正确；7-10题每小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.）1.下列描述正确的是A。速度的变化量、加速度、力都是矢量且对应的国际单位制位符号分别为：m/s、m/s2、NB。平抛运动的物体在相等的时间间隔内,速率的改变量相等C.牛顿指出:如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.运动的物体才受滑动摩擦力,且其方向与运动方向一定相反【答案】A【解析】平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速度的改变量相等，而速率的变化是不等，故B错.C是笛卡尔的观点,故C错。滑动摩擦力的条件是发生相对运动，而不一定要运动.故D错.2。一物体自t=0时开始做直线运动，其速度-时间图线如图所示。下列选项正确的是A。0-2s内与6—8s内物体的加速度相同B.前8s内的平均速度为4m/sC。在6-8s内物体的平均速率为0D。0—8s内物体离出发点最远为44【答案】D【解析】0-2s与6—8s加速度大小均为4m/s2,方向不同，A错；前8s的平均速度,B错;6-8s平均速率，C错；第7s时离出发点最远，为44m，故答案选D3.一艘小船要从O点渡过一条两岸平行、宽度为d=80m的河流，已知小船在静水中运动的速度为4m/s，水流速度为5m/s，B点距正对岸的A点x0=60m.（A。小船过河的最短航程为8B。小船过河的最短时间为16sC。若要使小船运动到B点，则小船船头指向与上游河岸成37°角D。小船做曲线运动【答案】C【解析】当船的速度方向垂直河岸时，过河时间最短,最短时间为，故B错,因为，故小船过河轨迹不可能垂直河岸，最短航程大于80m,A错；要使小船运动到B点,其速度方向沿OB方向，故船头指向与上游河岸成37°角,C正确；小船做直线运动，D错。4.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点（如下图所示).卫星在1轨道正常运行时的速度为v1，周期为T1，卫星在2轨道正常运行时经过Q点速度为、P点速度为,周期为T2,卫星在3轨道正常运行时的速度为v3,周期为T3.以下说法正确的是A。卫星在轨道3上的机械能等于在轨道1上的机械能B。T1〈T2〈T3C。v3<<〈v1D.卫星在轨道1上经过Q点的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度【答案】B【解析】变轨过程中由于点火使化学能转化为了机械能，因此变轨过程机械能不守恒，机械能逐渐增大，A错.由万有引力提供向心力可得,再由开普勒第三定律，椭圆在轨道2的半长轴小于轨道3的半径，因此有，B对。从轨道2到轨道3需要加速，有，同理，C错.轨道1上Q点和轨道2上Q点所受万有引力一样，因此加速度一样,D错5。如图所示，倾角为=30的斜面A置于水平面上,滑块B、C叠放在一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，斜面A静止不动,B上表面倾斜。则B、C在斜面上运动时，下列说法正确的是A。B可能受三个力作用B。A、B的动摩擦因素C.A一定受四个力作用D。地面对A的支持力小于A、B、C三者重力之和【答案】C【解析】B受重力,A对B的支持力和摩擦力，C对B的压力和摩擦力共5个力，A错,将B和C作为整体，匀速下滑时有，B错.将A、B、C视为一个整体，整体只受支持力和重力，D错。再对A作受力分析：A受重力，地面对A的支持力，B对A的压力和摩擦力共四个力,C正确6。如图所示，用轻杆AO(可绕A点自由转动)和轻绳BO吊着一个重物M，保持AO与水平方向的夹角不变。下列说法正确的是A。当BO逆时针由水平转到竖直,绳子的拉力一直减小B.当BO逆时针由水平转到竖直,轻杆的拉力先减小后增大C.当增大M的重力G时，AO、BO的拉力均增大D。若增大,保持OB水平，仍使重物M处于平衡,则AO、BO的拉力均增大【答案】C【解析】由平行四边形定则或三角形法则可知，当BO逆时针由水平转到竖直，绳子的拉力先减小后增大，轻杆的拉力一直减小，AB均错；增大M的重力时，AO、BO的拉力均增大,C正确；若增大,保持OB水平，AO、BO的拉力均减小，D错。7。已知引力常量为G以及卫星绕火星做匀速圆周运动,不考虑火星的自转的影响。则下列各组数据能算出火星的质量是A。卫星的速度和角速度B。火星的半径及表面的重力加速度C.火星绕太阳做圆周运动的角速度及轨道半径D。卫星的质量和轨道半径【答案】AB【解析】设卫星速度为,角速度为，半径为由及可求得,A正确；得，B正确；C、D无法算出火星的质量。8.如图所示，水平传送带AB的长度L=1。8m，皮带轮的半径R=0.4m，皮带轮以角速度ω=5rad/s顺时针匀速转动(皮带不打滑），现将一质量m=3kg的煤块（视为质点）轻放在传送带上的A点,与传送带之间的动摩擦因数为=0.25,g=10m/sA。煤块从A端运动到B点所用的时间为1。3sB.煤块到达B端时对滑轮的压力为mgC。煤块在传送带上留下痕迹长度是0。D.若使煤块从A运动到B所用的时间最短，则传送带的角速度ω至少为7.5rad/s【答案】ACD【解析】对煤块进行受力分析知，初始时加速度，传送带的速度，煤块加速到与传送带速度相等时,所需时间，位移,后到达B点所需时间，所需总时间，A正确,传送带运动距离，煤块留下痕迹长度，C正确；煤块到达B端时，煤块做圆周运动，对滑轮的压力大于其重力，B错；要使煤块到达B点时间最短，则要煤块一直加速,由，D正确。9.如图所示，一同学做飞镖游戏,悬挂在竖直墙面上半径R=0.4m的圆盘绕垂直圆盘过圆心的水平轴匀速转动。当A点转动到圆周的最高点时，一飞镖(看作质点）对着A点正上方以初速度v0水平抛出。飞镖抛出点距圆盘的水平距离为L=1。5m，与圆盘上边缘高度差h=0.45m。若飞镖击中圆盘直径上的A点则该同学取得游戏的胜利，要取得游戏的胜利。（g=10m/s2)下列关系式正确的是A。初速度为v0=3m/s或5mB。圆盘匀速转运的角速度为w=rad/s（n=1、2、3……)C.飞镖击中圆盘的速度方向(为速度与竖直方向的夹角）D。飞镖击中A点时的速率v=m/s【答案】ACD【解析】飞镖可以在两个位置击中A点，故初速度有两个可能值,圆盘的角速度也有两种可能，故选AC，由平抛运动的规律在最上端和最下端击中A点时，、，t=0。3s或t=0.5s,L=v0t,v0=3m/s或5m/s。由vy=gt得，vy=5m/s或3m/s，则速率均为，D选项正确10.汽车A和汽车B（均可视为质点）在平直的公路上沿两平行车道同向行驶，A车在后（如图甲所示）。以某时刻作为计时起点，此时两车相距x=12m。汽车A运动的x—t图象如图乙所示,汽车B运动的v-t图象如图丙所示（速度减为零后静止不动）。则下列说法正确的是A。在t=3s时，两车相距最远，且最远距离d=20mB.B车在0-6s内的位移x=23mC.在t=8s时，两车相遇D.若t=1s时,A车紧急制动（视为匀变速），要使A车追不上B车,则A车的加速度至少为m/s2【答案】CD【解析】由图像可知A车做匀速直线运动，速度为，t=3s时两车速度相等相距最远，由位移关系得最远距离14m，A错.B在0—6s内的位移和0-5s内相等，为20m,B错。0-8s内A车的位移为32m，B车的位移为20m,位移之差12m，A恰好追上B，C正确。t=1s时两车相距16m，当B车停下来时A追上B,此时A的加速度有最小值，由速度位移关系的加速度的最小值为m/s2二、本题共5小题，共51分。按题目要求作答,解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.11。(6分）高三（22）班学生在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，选用轻质弹簧，装置如图1所示.某小组同学在弹簧下端分别挂1个、2个、3个、4个相同钩码，钩码的质量为50g，测量数据如下表。其中挂3个钩码时测量如图2所示,指针示数为____cm。则弹簧的劲度系数K=___N/m（保留三位有效数字）。若考虑弹簧自身重力的影响，则测量值与真实值比____（选填“偏大"、“偏小”、“不变”）。(g=10m/s2)【答案】16。85（16。83-16.87）;25.0（25。0-25。2）;不变【解析】注意弹簧测力计读数精度，读数16。85cm;由胡克定律；有得到k=25.0N/m，注意三位有效数字;考虑弹簧自重影响弹簧初始状态长度,与实验过程中弹簧的伸长量无关，故测量值与真实值比不变。12.(8分）如图为验证牛顿第二定律的实验装置示意图，图中打点计时器的频率为50Hz.某小组同学保持木块质量不变，探究加速度a与合外力F的关系。某次实验的纸带如图所示，每5个点取一个计数点。则打下“B”的速度为v=________物体的加速度a=_______.但该组同学由于疏忽没有平衡摩擦f（带滑轮的长木板水平），得到a—F图像如图所示。则滑块与木板间的动摩擦因数=_______,图象后段出现弯曲的原因_______。(g=10m/s2，保留二位小数）【答案】0。44m/s;0.43m/s2;0。10;不再满足【解析】依题意纸带相邻两计数点的时间间隔是T=0.1s，有公式得v=0。4435m/s；由匀变速直线运动规律逐差法得a=0。425m/s2；据图像和牛顿第二定律公式可得；后来不再满足m〈<M，图像发生弯曲。13.（8分）如图所示，有一个倾角为的斜面AB与一光滑的水平轨道BC平滑连接(从AB滑上BC无能量损失），水平轨道BC右侧与一光滑的半圆弧轨道CD相切，整个轨道在同一竖直平面内且固定不动。圆弧轨道的半径为R=1。2m，一个小物块m=2kg（可视为质点)从斜面上某一点P由静止下滑，恰好能滑到圆轨道最高点D,从D点飞出垂直打到斜面上的某点M（图中未画出）。重力加速度g=10m/s2。求：水平轨道BC的长度L解：在D点由牛顿第二定律有mg=EQ\o\ac(○，1)落到M点时竖直速度EQ\o\ac（○，2)由运动学公式下降的高度EQ\o\ac(○，3）EQ\o\ac（○,4)平抛的水平位移EQ\o\ac(○,5）由几何知识有EQ\o\ac（○，6）联立EQ\o\ac(○，1)、EQ\o\ac（○，4）、EQ\o\ac(○,5)、EQ\o\ac（○,6）、EQ\o\ac(○，7)、EQ\o\ac（○,8)有EQ\o\ac（○,1)、EQ\o\ac（○，2)、EQ\o\ac（○,3）、EQ\o\ac(○,4）、EQ\o\ac(○,5)、EQ\o\ac(○，6)式各1分，结果2分。14。(13分)如图所示，一质量m=7kg的小物块M，恰好能静止在斜面上.现给其施加一水平拉力F,物体沿斜面向上做匀速直线运动。已知斜面的倾角,最大静摩擦等于滑动摩擦。重力加速度g=10m/s2（）.（1）水平拉力F的大小(2）若改变拉力F的大小和方向，仍使物体沿斜面向上做匀速直线运动,求拉力F的最小值解（1）由平衡知识有EQ\o\ac(○,1）EQ\o\ac（○,2)KS5UKS5U]EQ\o\ac（○,3)联立EQ\o\ac（○，1）、EQ\o\ac（○,2）、EQ\o\ac(○，3)有F=240N设F与斜面成角斜向上EQ\o\ac(○，4）［KS5UKS5U]EQ\o\ac(○,5)EQ\o\ac(○,6）联立EQ\o\ac（○,4）、EQ\o\ac(○,5)、EQ\o\ac（○,6）有EQ\o\ac（○,7)所以F的最小值FminFmin=67.2N第一问5分，EQ\o\ac(○，1）、EQ\o\ac（○,2）、EQ\o\ac(○，3)式各1分,结果2分。第二问8分,EQ\o\ac(○,4)、EQ\o\ac（○，5)、EQ\o\ac(○，6)式各2分,EQ\o\ac（○,7)式1分，结果1分。15.（16分）一质量为M的长木板在粗糙水平地面上运动。在t=0时刻,木板速度为v0=10m/s，此时将一质量为m的小物块（可视为质点）无初速度的放在木板的右端。二者在0-2s内运动的v—t图象如图所示。已知,(g=10m/s2）。求：木块与木板的动摩擦因素以及木板与地面间的动摩擦因素（2)木块最终停在距木板右端多远处(3）若在t=2s时，使木块的速度突然反向（大小不变)。则木块恰好停在木板的左端，求木板的长度L解（1）以木块为研究对象，由牛顿第二定律有EQ\o\ac(○,1)以木板为研究对象，由牛顿第二定律有EQ\o\ac(○,2）由图象可知：m/s2,m/s2EQ\o\ac(○,3)联立EQ\o\ac(○,1)、EQ\o\ac（○，2)、EQ\o\ac(○,3）有速度相同后，假设二者一起做匀减速，对整体由牛顿第二定律有EQ\o\ac（○,4）对木板由牛顿第二定律有EQ\o\ac（○,5)由EQ\o\ac（○，4)、EQ\o\ac（○,5）可知，所以假设不成立，二者存在相对运动。木块的加速度依然为m/s2。EQ\o\ac(○，6)以木板为研究对象，由牛顿第二定律有[KS5UKS5U］EQ\o\ac(○，7）EQ\o\ac(○,8）EQ\o\ac(○,9)距右端的距离d=EQ\o\ac（○，10)联立EQ\o\ac(○，6）、EQ\o\ac（○，7)、EQ\o\ac（○，8）、EQ\o\ac(○,9）、EQ\o\ac（○，10)有d=8。75m(3)速度反向后,木板依然以m/s2,木块的加速度依然为m/s2。EQ\o\ac（○，11)L=EQ\o\ac（○,12)联立EQ\o\ac（○,9)、EQ\o\ac（○，11）、EQ\o\ac（○，12)有L=12.5m第一问5分，EQ\o\ac（○，1）、EQ\o\ac(○,2）、EQ\o\ac(○,3)式各1分,结果2分。第二问8分，EQ\o\ac（○,4)、EQ\o\ac(○，5）、EQ\o\ac(○,6）、EQ\o\ac(○,7）、EQ\o\ac（○，8)、EQ\o\ac（○，9)、=10\＊GB3⑩式各1分，结果1分.第三问3分，EQ\o\ac（○，11)、EQ\o\ac(○，12）式各1分,结果1分。三、选做题(15分）：请考生在16、17两道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑。16。（1）下列说法正确的是(填正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）.A.根据热力学定律，热机的效率不可能达到100％B.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变C。一定质量的理想气体，经过一等容变化压强增大，则单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D。一定质量的理想气体从外界吸收热量，其内能一定增加E。在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关【答案】ACE【解析】由热力学第二定律可知A正确。晶体熔化吸收热量，内能增加，故B错.一定质量的理想气体,经过一等容变化压强增大，则温度升高,平均速率增大,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，故C正确。根据热力学第一定律,它可能对外做功,内能可能不变,甚至减少，故D错。毛细现象是由浸润或不浸润现象和表面张力共同作用的结果，故E正确.（2)如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，左侧上端封闭，右侧上侧与大气相通，管内用水银将一段气体封闭在管中。当温度为室温(T=300K)时，左边水银柱比右侧高h=9cm，当温度升高到400K时，左端水银面下降2cm。已知大气压强Po=75cmHg(1）左侧封闭空气柱的长度L（2）封闭气体的温度重新回到室温后，为使使左、右两侧的水银达到同一高度，需向开口端注入的水银柱长度为多少解：(2)由气体的状态方程EQ\o\ac（○,1）P1=P0-hEQ\o\ac(○,2）V1=SLEQ\o\ac（○,3)[KS5UKS5UKS5U］EQ\o\ac（○，4）EQ\o\ac(○,5）联立EQ\o\ac（○,1)、EQ\o\ac（○,2）、EQ\o\ac（○,3)、EQ\o\ac(○，4)、EQ\o\ac（○,5）有L=7.8cm由玻意耳定律有EQ\o\ac(○,6）加入的水银的长度为EQ\o\ac(○,7)l=11cm第一问6分，EQ\o\ac(○,1）、EQ\o\ac（○，2）、EQ\o\ac（○,3）、EQ\o\ac(○，4)、EQ\o\ac（○,5）式各1分，结果1分。第二问4分，EQ\o\ac(○,6）式2分，EQ\o\ac(○,7）式1分，结果1分.17.（1）如图，一束光沿半径方向射向一块半圆形玻璃砖,O点为圆心，OO′与直径MN垂直,入射角为θ，经折射后射出a、b两束光线，且a与直径MN的夹角小些,则下列说法正确的是_____（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每选错1个扣3分，最低得分为0分).A.在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度B。分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距C。分别用a、b光在同一个单缝做衍射实验,b光的中央条纹宽D。若改变光束的入射方向使θ角逐渐变大,则折射光线b首先消失E。a光光子能量大于b光光子能量【答案】ACE【解析】由题意知,a光的折射率大于b光折射率，则a光的频率大于a光的频率，a光的波长小于b光的波长.由知，a光的速度小于b光的速度,故A对。条纹间距，a光的条纹间距小于b光的条纹间距，故B错.在同一单缝做衍射实验中,波长越大中央条纹越宽。故C对。a光的折射率大于b光折射率,则a光的临界角小些，先消失，故D错。光子的能量，则频率小的能量低，故E正确。［KS5UKS5U]（2）一简谐横波在均匀介质中沿x轴传播,a、b为x轴正方向上的两个点（且a更靠近坐标原点）,t=0时刻开始计时,a、b两点的振动图象如图所示，a与b间的距离为5m。求（1）从t=0开始到平衡位置在b处的质点第三次处于波峰位置时，a振动过程中通过路程波长为多少，波速v为多少(1)由题意知a点振动了,则a通过的路程为（2）若向x轴正方向传播有EQ\o\ac(○,1）EQ\o\ac（○，2)联立EQ\o\ac(○,1）、EQ\o\ac(○,2)有若向x轴负方向传播有EQ\o\ac(○,3)EQ\o\ac(○,4)联立EQ\o\ac（○,3）、EQ\o\ac(○,4)有第一问2分.第二问8分，EQ\o\ac（○,1）、EQ\o\ac(○，2)、EQ\o\ac(○,3）、EQ\o\ac(○,4)式各1分，每个结果各1分。[KS5UKS5U]山东、湖北部分重点中学高三第一次调研联考物理试题参考答案一、选择题:(本题共10小题，1—6题每题4分，7—10题每题5分，共44分.在每小题给出的四个选项中，1-6题每小题只有一个选项正确;7—10题每小题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分,有选错的得0分。）1.【答案】A【解析】平抛运动的物体在相等的时间间隔内，速度的改变量相等，而速率的变化是不等，故B错。C是笛卡尔的观点,故C错。滑动摩擦力的条件是发生相对运动，而不一定要运动。故D错。2.【答案】D【解析】0—2s与6—8s加速度大小均为4m/s2，方向不同，A错；前8s的平均速度，B错；6-8s平均速率,C错;第7s时离出发点最远,为44m，故答案选D3.【答案】C【解析】当船的速度方向垂直河岸时，过河时间最短,最短时间为,故B错，因为，故小船过河轨迹不可能垂直河岸，最短航程大于80m，A错；要使小船运动到B点，其速度方向沿OB方向，故船头指向与上游河岸成37°角，C正确；小船做直线运动，D错。4。【答案】B【解析】变轨过程中由于点火使化学能转化为了机械能，因此变轨过程机械能不守恒，机械能逐渐增大，A错。由万有引力提供向心力可得，再由开普勒第三定律,椭圆在轨道2的半长轴小于轨道3的半径，因此有,B对。从轨道2到轨道3需要加速，有,同理，C错。轨道1上Q点和轨道2上Q点所受万有引力一样,因此加速度一样，D错［KS5UKS5UKS5U]5。【答案】C【解析】B受重力，A对B的支持力和摩擦力，C对B的压力和摩擦力共5个力，A错，将B和C作为整体，匀速下滑时有，B错。将A、B、C视为一个整体,整体只受支持力和重力，D错。再对A作受力分析:A受重力，地面对A的支持力,B对A的压力和摩擦力共四个力，C正确6.【答案】C【解析】由平行四边形定则或三角形法则可知，当BO逆时针由水平转到竖直，绳子的拉力先减小后增大,轻杆的拉力一直减小,AB均错；增大M的重力时，AO、BO的拉力均增大,C正确；若增大,保持OB水平，AO、BO的拉力均减小，D错。7.【答案】AB【解析】设卫星速度为,角速度为,半径为由及可求得，A正确；得，B正确；C、D无法算出火星的质量.8.【答案】ACD【解析】对煤块进行受力分析知，初始时加速度，传送带的速度，煤块加速到与传送带速度相等时,所需时间，位移,后到达B点所需时间，所需总时间，A正确,传送带运动距离，煤块留下痕迹长度，C正确；煤块到达B端时，煤块做圆周运动，对滑轮的压力大于其重力,B错；要使煤块到达B点时间最短，则要煤块一直加速，由,D正确。9。【答案】ACD【解析】飞镖可以在两个位置击中A点，故初速度有两个可能值，圆盘的角速度也有两种可能，故选AC，由平抛运动的规律在最上端和最下端击中A点时，、，t=0.3s或t=0。5s，L=v0t,v0=3m/s或5m/s。由vy=gt得,vy=5m/s或3m/s，则速率均为10.【答案】CD【解析】由图像可知A车做匀速直线运动,速度为，t=3s时两车速度相等相距最远，由位移关系得最远距离14m，A错。B在0—6s内的位移和0—5s内相等,为20m，B错.0-8s内A车的位移为32m,B车的位移为20m，位移之差12m，A恰好追上B，C正确。t=1s时两车相距16m,当B车停下来时A追上B，此时A的加速度有最小值，由速度位移关系的加速度的最小值为m/s2二、本题共5小题，共51分。按题目要求作答,解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。11.【答案】16.85(16。83-16。87）;25.0（25.0-25。2);不变（每空2分）【解析】注意弹簧测力计读数精度，读数16.85cm；由胡克定律；有得到k=25.0N/m，注意三位有效数字；考虑弹簧自重影响弹簧初始状态长度，与实验过程中弹簧的伸长量无关，故测量值与真实值比不变.12。【答案】0.44m/s;0。43m/s2;0。10;不再满足（每空2分）【解析】依题意纸带相邻两计数点的时间间隔是T=0.1s，有公式得v=0。4435m/s;由匀变速直线运动规律逐差法得a=0。425m/s2;据图像和牛顿第二定律公式可得；后来不再满足m<〈M,图像发生弯曲.13解:在D点由牛顿第二定律有mg=EQ\o\ac(○，1）落到M点时竖直速度EQ\o\ac(○,2）由运动学公式下降的高度EQ\o\ac(○，3)EQ\o\ac（○，4)平抛的水平位移EQ\o\ac（○,5)由几何知识有EQ\o\ac（○，6)联立EQ\o\ac（○,1)、EQ\o\ac（○，4)、EQ\o\ac(○，5）、EQ\o\ac(○，6）、EQ\o\ac（○，7）、EQ\o\ac（○,8）有［KS5UKS5U]EQ\o\ac(○,1）、EQ\o\ac(○,2)、EQ\o\ac(○，3）、EQ\o\ac（○，4）、EQ\o\ac（○,5）、EQ\o\ac（○，6）式各1分,结果2分。14.解（1)由平衡知识有EQ\o\ac（○，1）EQ\o\ac（○，2)EQ\o\ac(○,3)联立EQ\o\ac(○,1)、EQ\o\ac(○，2)、EQ\o\ac(○,3）有F=240N设F与斜面成角斜向上EQ\o\ac（○，4)EQ\o\ac(○,5）EQ\o\ac（○,6）联立EQ\o\ac(○,4）、EQ\o\ac(○,5)、EQ\o\ac（○，6)有EQ\o\ac（○，7)所以F的最小值FminFmin=67。2N第一问5分，EQ\o\ac(○,1）、EQ\o\ac(○,2)、EQ\o\ac(○，3）式各1分，结果2分。第二问8分，EQ\o\ac(○，4）、EQ\o\ac(○,5)、EQ\o\ac(○，6)式各2分，EQ\o\ac（○，7）式1分，结果1分。15.解（1)以木块为研究对象，由牛顿第二定律有EQ\o\ac（○，1)以木板为研究对象，由牛顿第二定律有EQ\o\ac(○，2）由图象可知：m/s2,m/s2EQ\o\ac(○，3)联立EQ\o\ac（○，1)、EQ\o\ac(○,2)、EQ\o\ac（○，3）有速度相同后,假设二者一起做匀减速，对整体由牛顿第二定律有EQ\o\ac(○，4)对木板由牛顿第二定律有EQ\o\ac（○,5)由EQ\o\ac(○，4)、EQ\o\ac（○,5）可知，所以假设不成立，二者存在相对运动。木块的加速度依然为m/s2。EQ\o\ac(○，6）以木板为研究对象，由牛顿第二定律有EQ\o\ac（○,7）EQ\o\ac（○，8）EQ\o\ac(○，9)距右端的距离d=EQ\o\ac(○，10)联立EQ\o\ac（○,6）、EQ\o\ac(○，7)、EQ\o\ac(○,8)、EQ\o\ac(○,9）、EQ\o\ac(○,10)有d=8.75m（3）速度反向后，木板依然以m/s2，木块的加速度依然为m/s2。[KS5UKS5UKS5U]EQ\o\ac(○,11)L=EQ\o\ac（○,12）联立EQ\o\ac(○,9)、EQ\o\ac(○,11)、EQ\o\ac（○，12)有L=12.5m第一问5分，EQ\o\ac(○,1)、EQ\o\ac(○，2)、EQ\o\ac(○，3）式各1分，结果2分.第二问8分，EQ\o\ac（○，4）、EQ\o\ac（○，5）、EQ\o\ac（○，6)、EQ\o\ac（○