甘肃省嘉峪关市某校2025-2026学年高三年级上册10月月考物理试题（含解析）

甘肃省嘉峪关市嘉峪关市第二中学2025-2026学年高三上学期10

月检测

姓名：班级：__________考号：

一、单选题

1.如图所示，跳高运动员起跳后向上运动，越过横杆后向下运动，则运动员越过横杆前、后在空中

所处的状态分别为（

12

\\b

A.失重、失重B.超重、超重

C.失重、超重D.超重、失重

2.轻质弹簧下端固定在斜面底部，弹簧处于原长时上端在0点。小球将弹簧压缩到A点（未栓接）

由静止释放后，运动到8点速度为零。设阻力恒定，以。点为坐标原点，沿斜面向上为正方向建

立工轴，小球上升过程的速度》，、加速度。、动能以及其机械能E随位置坐标式的变化规律可能正

3.如图所示为一同学在网上发现的一幅新能源汽车的漫画，有关这幅漫画，下列说法正确的是

)

A.磁铁对铁块的作用力大小大于铁块对■磁铁的作用力大小

B.磁铁对铁块的作用力大小等于铁块对磁铁的作用力大小

C.根据牛顿第二定律可知,这种设计能使汽车向前运动

D.只要磁铁的磁性足够强，汽车就可以一直运动下去

4.一定质量的理想气体从状态M经历过程1或者过程2到达状态N,其〃一V图像如图所示。在过

程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化。状态M、

N的温度分别为T廿、TN,在过程1、2中气体对外做功分别为I%、则（）

A.TM=TNB.TM<TNC.M>伙D.WKW2

5.如图，起重机用钢索在竖直方向上吊装重物，在重物减速下降的过程中（不计钢索的重力），钢

索对重物的作用力（）

A.小于重物对钢索的作用力B.小于重物的重力

C.大于重物对钢索的作用力D.大于重物的重力

6.质点沿工轴运动的位置工随时间，的变化图像如图所示，规定x轴正方向为运动的正方向。卜.列大

致反映该质点的速度,，与时间，关系的图像是（）

7.一根粗细均匀的金属导线,两端加电压为〃时，通过导线的电流强度为/.导线中自由电子定向

移动的平均速率为W若导线均匀拉长，使其半径变为原来的;，两端电压仍为U,则（）

A.通过导线的电流强度为和B.通过导线的电流强度为打

C.自由电子定向移动的平均速率为卜D.自由电子定向移动的平均速率为疝

二、多选题

8.某同学设计了•种天平，其装置如图所示.两相同的同轴圆线圈M、N水平固定，圆线圈P与M、

N共轴且平行等距.初始时，线圈M、N通以等大反向的电流后，在线圈。处产生沿半径方向的磁

场，线圈P内无电流且天平平衡.设从上往下看顺时针方向为正向.当左托盘放入重物后，要使线

圈。仍在原位置且天平平衡，可能的办法是（）

A.若P处磁场方向沿半径向外，则在夕中通入正向电流

B.若尸处磁场方向沿半径向外，则在尸中通入负向电流

C.若P处磁场方向沿半径向内，则在尸中通入正向电流

D.若。处磁场方向沿半径向内，则在P中通入负向电流

9.如图所示，螺线管中线圈而数为〃，横截面积为S,总电阻为R,其〃、〃两端与两个定值电阻凡

和&相连，已知R产&=R，匀强磁场沿轴线向上穿过螺线管，其大小随时间变化的关系式为B=Bo+H,

则下列说法正确的有（）

A.〃端电势比〃端电势高B.尸0时，通过螺线管的磁通量为〃&S

C.0〜由内，通过心的电荷量为空手D.0〜h内，D产生的热量为〃"飞s2

三、实验题

10.某同学用如图的装置做“验证动量守恒定律”的实验，操作步骤如下:

（1）先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面先后打上白纸和复写纸，并将该木板竖立于

靠近槽口处,使小球。从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，撞到木板在记录纸上留下压痕0。

⑵将木板向右平移适当距离，再使小球。从原固定点由静止释放，撞到木板在记录纸上留下压痕及

⑶把半径相同的小球。静止放在斜槽轨道水平段的右边缘,让小球。仍从原固定点由静止开始滚下，

与〃球相碰后，两球撞在木板上，并在记录纸上留下压痕4和C。

①本实验必须测量的物理量是。（填序号字母，要求验证方法简洁可行）

A.小球a、力的质量〃电、"小

B.小球a、b的半径广

C.斜槽轨道末端到木板的水平距离工

D.球a的固定释放点到斜槽轨道末端的高度差〃

E.记录纸上。点到A、B、C的距离yi、”

②放上被碰小球，两球相碰后，小球。在图中的压痕点为o

③若两球碰撞动最守恒，则应满足的表达式为。（月①中测最的量表示）

④若两球发牛的是弹性碰揄，则还应满足的表达式为：O

11.某实验小组要做测定电流表的内电阻，并把电流表改装成3V的电压表的实验，现有以下器材：

A.电池E（电动势4.0v，内阻很小）

B.待测电流表AI（量程10mA，内阻为40c左右）

C.电流表人2（量程8mA，内阻『2=50。）

D.电压表vi（量程3丫，内阻约2KQ）

E.滑动变阻器A：阻值范围0~10。

F.开关S,导线若干

（1）实验要求，从所给器材中选取适当的实验器材，设计一电路来测量电流表AI的内阻G，要求方法

简捷，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据。在答题卡上虚线（I）的方框中画出你设计的实

验电路图；

（2）若选测量数据中的一组来计算4,其中用%、G分别表示可能选用的电表AI、A2、皿的示数，

则G的表达式为q=;

⑴若实验得到待测电流表&的内阻4二39。，要把该电流表改装为量程3V的电压表，改装的方法

是跟电流表4(选填串或并)联一个阻值为&=Q的定值电阻；

(4)改装电表所用电阻可由新增电阻箱岛(阻值范围0、999.9)提供，请在答题卡上虚线(4)的方框中

画出改装电压表以及与标准电压表进行校准都包括的电路图，要求0〜3V内的所有刻度都能在实验中

进行校对，有些器材可以⑴和⑷重复使用；

(5)在校准时发现，当标准电压表的示数为1.52丫时，电流表AI的示数为5mA，由此可以推则改装的

电压表的量程不及预期值，实验小组的同学们经过检查发现%的计算无误，说明电流表AI的内阻测

量不准确，则电流表内阻的真实值为曾，

四、计算题

12.如图所示,正方形导线框A3。、而cd的电阻均为K,边长均为人质量分别为和〃?，它们

分别系在一跨过两个定滑轮的不可伸长的绝缘轻绳两端，且正方形导线框与定滑轮处于同一竖直平

面内。在两导线框之间有一宽度为，=2九、磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。

初始时，用手托住线框ABCD和他〃使。。边距磁场上边界距离为力，，沿边与磁场下边界重合，右

侧轻绳处于松弛状态。现由静止释放导线框4BC。，当下落力高度时，细线刚好绷直，同时瞬间撤

去手对线框必cd的作用力。已知CO边刚进入磁场的速度与刚出磁场时速度相等。不计所有摩擦和

空气阻力，重力加速度为g,则从释放导线框A3C。到两导线框均离开磁场的过程中。

⑴求时边刚进入磁场时的速度大小；

(2)求线框A8CO从开始进入磁场至完全进入磁场所需的时间。

13.如图所示的宜川平面内，在0WxWd区域存在沿y轴正方向的匀强电场：在“<0区域存在垂直

纸面向外的匀强磁场，在区域存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个磁场的磁感应强度大小均为

从质量为加，电荷量为-q的带电粒子，在£=0时刻从坐标原点。以北=鬻的初速度沿x轴负方

向射入匀强磁场。并从(乙一()点第一次飞出电场，不计粒子的重力，$由37°=0.6,37e=0.8,

OOlliVvJOcos

求带电粒子

y

xXXX

XXXX

XXXX

B

XX

vX

。XXX

XXXX

XXXX

XXXX

(1)第一次进入磁场做圆周运动的半径％和电场的电场强度大小a

(2)第二次离开电场的时刻；

(3)从电场进入磁场时的位置坐标。

14.如图，两工人在安装一园林石牌时，通过绳子对石牌同时施加大小相等、方向与竖直方向成37。

的力。使石牌恰好离开水平地面并保持静止，然后突然一起发力把石牌拉起准备安装到预设位置，

当石牌运动到离地面生=0.25m处时，两条绳子同时断裂，石牌继续上升h2=0-2m后自由下落，已

知石牌质量m=48kg，取重力加速度9=10m/s2,sin370=0.6,cos37°=0.8。忽略空气阻力，求：

(1)7'的大小;

(2)从绳断裂到石牌恰好接触地面的时间。

甘肃省嘉峪关市嘉峪关市笫二中学2025-2026学年高三上学期10

月检测

姓名：班级：__________考号：

一、单选题

1.【答案】A

【解析】运动员越过横杆前、后在空中只受重力，加速度向下，都是失重。

2【答案】R

【解析】设。点速度为u小球由。到8的过程中由动能定理可知一mg%sine-/7x=0—：nu;2,解

得I=J2mgXsin8+2F”,图像中过。点后应为曲线，故A错误；设滑块的质量为〃?，弹簧的劲

度系数为上滑块与水平面间的摩擦力为/，当滑块在。点左侧位置坐标为工时，弹簧压缩量为，

由牛顿第二定律，有一kx-F)-mgsinB=ma,得Q=-巴丫一立一gsin。，当滑块在。点右侧时，

Jmm

有一f-mgsinO=ma,得Q=-5一gsin。，Q-3图像为两段直线，若平衡位置在。点左侧，则两

段直线的转折点在0点左侧，故B正确；设A点的弹性势能为瑶小小球在恢复原长过程中由能量

22

守恒定律可知EPA=FfX+mgxsin。+1mv+'(%()-x),整理可得以=^PA~^ngxsinO-

2

\k{xQ-x)-Ffx,可知在0点前图像应为开口向下的抛物线，由。到B的过程中动能定理可知

2

-mgxsin0-Ffx=O-^mv,图像为直线，故C错误；设A点的弹性势能为琮…小球在恢复原

22

长过程中由能量守恒定律可知EPA=mgxsinG+^mv+^k(x0-x)+Ffxt整理可得E=EPA-

：k(xo-x)2-年x,图像为开口向下的抛物线，故D错误。

3.【答案】B

【解析】磁铁对铁块的作用力和铁块对磁铁的作用力是一对相互作用力，大小相等，故A错误,B正

确：磁铁和铁块都是汽车的一部分，两者之间的作用力是汽车的内部作用，根据牛顿第二定律可知，

没有合力也就没有加速度,汽车不能前进，故C、D错误。

4.【答案】C

【解析】在过程1中，从M到N,体积变大，外界对气体做负功，由于与外界无热交换，由热力学

第一定律可知内能减小，温度降低，即Tw>7；v,A、B错误；根据W=〃AV可知气体对外做的功等

于P-V图像与坐标轴围成的面积大小，由图像可知1%>死，C正确，D错误。

5.【答案】D

【解析】根据牛顿第三定律可知，钢索对重物的作用力与重物对钢索的作用力是一对相互作用力，

大小相等，方向相反，故AC错误；根据题意可知，重物减速下降，则加速度方向向上，重物处于

超重状态，则钢索对重物的作用力大于重物的重力，故B错误，D正确。故选D。

6.【答案】B

【解析】在》-£图像中，直线的斜率为速度，在O's内斜率不变，速度不变，方向与规定的正方向

相反，在1〜2s内直线的斜率不变，速度不变，方向与规定的正方向相同，在2~3s内直线的斜率不变

且小丁前2s内的斜率，速度大小不变且小丁前2s内的速度大小，故ACD错误，B正确；故选B。

7【答案】A

【解析】将导线均匀拉长，使其半径变为原来的｝,横截面积变为原来的彳，导线长度将变为原来的

9倍，金属导线电阻率不变，由电阻定律/?=夕当可知，导线电阻变为原来的81倍，电压U不变，

由欧姆定律/=今可知，电流变为原来的白，故A正确，B错误；电流/变为原来的白，横截面积变

为原来的上单位体积中自由移动的电子数〃不变，每个电子所带的电荷量e不变，由电流的微观表

达式/=〃/£可知，电子定向移动的速率变为原来的热故C、D错误。

二、多选题

8.【答案】BC

【解析】当左托盘放入重物后，要使线圈P仍在原位置且天平平衡，则需要线圈P受到竖直向下的

安培力，若P处磁场方向沿半径向外，由左手定则可知，可在尸中通入负向电流，故A错误，B正

确;若户处磁场方向沿半径向内，由左手定则可知，可在尸中通入正向电流，故C正确，D错误.

9.【答案】AD

【解析】由于螺线管中匀强磁场沿轴线向上，且随时间逐渐增大，则线圈中的磁通量逐渐增加，由

楞次定律可得感应磁场沿螺线管轴线向下，则感应电流由。点流入电阻，即。端的电势比力端的电

势高，故A正确；在右0时刻，磁感应强度为胡，则此时通过螺线管的磁通量为G=BoS,与线圈匝

数无关，故B错误；由法拉第电磁感应定律知，感应电动势为E=R=喏S=〃kS,感应电流为楼弯,

则流过电阻凡的电流为人W/=黑，所以。〜m内，通过R的电荷量为4,而二警，故C错误；由焦

Z3R3/?

耳定律可知，在o〜而时间内，电阻心产生的热量为。=//用m也芷，故D正确。

9R

三、实验题

10.【答案】⑶①A、E②C③居=疆+关④,=詈+詈

【解析】（3）①设小球，单独滚下经过斜槽轨道末端的速度为丹，两球碰撞后a、b的速度分别为i，J

和力。若两球碰撞动量守恒，则〃2“1%=〃〃为'-\-mhVh；

根据平抛运动规律得H尸李=1痣，

4=%既;"='既；

联立得：应满足的表达式为圾=居+居

所以本实验必须测展的物理昂是小球〃、〃的质最〃小〃如记录纸上O点到A、B、。的距离产、"、

户：所以A、F.正确.

②放上.被碰小球，两球相碰后，小球。平抛运动的速度减小，运动时间变长，根据产知，竖直

下降的高度增大，所以在图中的压痕点为C.

③由上可知，若两球碰撞动量守恒，则应满足的表达式为策=居+弱。

④若两球发生的是弹性碰撞，动能也守恒，

即｝"J=3/儿也/2-\r\mbVb'2

将Va=X很，”=4您，力=八层代入得得=詈+鲁

II.【答案】⑴见解析⑵詈⑶串261n(4)见解析⑸43c

【解析】(1)为了尽量提高测量精度以及多测几组数据，滑动变阻器采用分压式接法；又因为A2的

内阻以及且与未知内阻的电流表最程接近，所以采用审电流表并联的方式，电路图如下

(2)根据实验原理图，根据并联电路电压相等以及欧姆定律，可得■的表达式为勺=詈

(3)根据电表的改装原理，可知改装成电压表需要串联一个电阻，根据串联电路的电流特点，有(/=

IgG+R)=3=0.01x(39+R)解得需要串联的电阻阻值为R=261。

(4)为了校对改装的电压表，需要与被校对的电压表并联一个标准电压表，而且校对过程需要从0

开始，所以选用滑动变阻器的分压式接法，电路图如下

r~Ro

____+

R

(5)根据并联电路电压相同，根据标准电压表的读数为并联电路的电压1.52=0.005(ri+261)nq=

43。即电流表内阻的真实值为43。。

四、计算题

12.【答案】（呜师⑵富-后

【解析】（1）正方形导线框48CQ到达磁场上边界时，根据机械能守恒可知

2mgh=：x2相孙2绳子绷直瞬间，对两导线框系统由动量守恒可得2m%=3m%

代入数据可得%=:商）1

（2）设线框A8CZ）完全进入磁场瞬间的速度为艺，绳子中拉力为7,两线框在进入磁场的过程中受到

的安培力大小都等于广安，取向下为正方向，对两导线框系统进入磁场的过程，由动量定理分别有

2mgM-安Ac=2mv2-2mvv

刀安At+mg^t-XTAt=-mv2-m（一%）两式联立得mgXt-=mgU-£28/hA£=

3mv2-3m%

当两个导线框完全处于磁场中时做匀加速直线运动过程，因为C。边刚进入磁场的速度与刚出磁场

2

时速度相等，由能量守恒定律可知2mgh-mgh=1x1x3mv2

又因为q=/At=£At=.=驻

RRR

联立解得△£二驾-户

mgRyjg

13.【答案】⑴?=[,£1=弊；（2）察+£鬻；⑶故当〃为偶数时,坐标为（0,-i（3n2+4n）d）,

4iifrio

当〃为奇数时，坐标为（d,-i（3n2+4n）d）

o

【解析】（1）依题意，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定

律则有8q%=退

ro

解得力=;

带也粒子第一次进入匀强电场做类平抛运动，由牛顿笫一定律可知运动加速度大小为Q=-m

y

沿y方向做匀变速直线运动，有蓝一2-0=：砒2

联立解得E=皿

64m

⑵粒子在电场中运动的时间£1=患