天津市益中学校2025-2026学年高二上学期11月期中考试物理试卷

益中学校2025-2026-1高二年级阶段性学情调研物理试卷本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟.考生务必将答案涂写规定的位置上，答在试卷上的无效.第Ⅰ卷一、单选题1.水平地面上放条形磁铁，磁铁极上方吊着导线与磁铁垂直，导线中通入向纸内的电流（如图所示），且磁铁始终保持静止。则下列结论正确的是（）A.弹簧的弹力变小B.地面受到磁铁的压力不受影响C.地面受到磁铁的压力变小D.条形磁铁受到桌面的摩擦力向左【答案】C【解析】【详解】A．对通电导线受力分析，受重力、弹力和安培力，导线所在位置的磁场方向斜向右上方，由左手定则可知，安培力方向斜向右下，可知弹簧被拉伸增大，则弹力变大，A错误；BC．由牛顿第三定律可知，通电导线对条形磁铁有斜向左上方的作用力，因此地面对条形磁铁的支持力变小，由牛顿第三定律可知，地面受到磁铁的压力变小，B错误，C正确；D．通电导线对条形磁铁有斜向左上方的作用力，该力对条形磁铁有水平向左的分力，条形磁铁相对地面有向左的运动趋势，因此条形磁铁受到桌面的摩擦力水平向右，D错误。故选C。2.如图所示的图像中，直线a表示某电源路端电压与电流的关系图线，图线b为电阻R的图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，以下说法正确的是（）A.此状态下R的阻值为 B.该电源电动势为，内阻为C.此状态下R的功率为 D.此状态下电源的总功率为【答案】A【解析】【详解】A．此状态下R的阻值为，A正确；B．根据电源的U-I图像，结合U=E-Ir可知该电源电动势为，内阻为，B错误；C．此状态下R的功率为，C错误；D．此状态下电源的总功率为，D错误。故选A。3.如图所示，电源电动势内阻r=1Ω，电灯电阻保持不变，定值电阻R=2Ω。开关闭合后，电动机恰好以额定功率正常工作，已知电动机的额定电压电动机线圈的电阻下列说法正确的是（）A.通过电动机的电流为1.5AB.电动机的输入功率为72WC.电源的输出功率为12WD.电源的效率约为75%【答案】A【解析】【详解】．根据串联分压，定值电阻和内阻两端电压之和，干路电流电动机正常工作，电动机两端电压，电动机与灯泡并联，两端电压相等，则通过灯泡电流通过电动机电流A正确；B．电动机输入功率B错误；C．电源输出功率C错误；D．电源效率D错误。故选A。4.如图所示，竖直放置的光滑绝缘斜面处于方向垂直竖直平面（纸面）向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，一带电荷量为的滑块自a点由静止沿斜面滑下，下降高度为h时到达b点，滑块恰好对斜面无压力。关于滑块自a点运动到b点的过程，下列说法正确的是（）（重力加速度为g）A.滑块在a点受重力、支持力和洛伦兹力作用 B.滑块在b点受到的洛伦兹力大小为C.洛伦兹力做正功 D.滑块的机械能增大【答案】B【解析】【详解】A．滑块自a点由静止沿斜面滑下，在a点不受洛伦兹力作用，故A错误；BCD．滑块自a点运动到b点的过程中，洛伦兹力不做功，支持力不做功，滑块机械能守恒得故滑块在b点受到的洛伦兹力为故B正确，C错误，D错误。故选B。5.如图所示，A、B是水平放置的平行板电容器的两块极板，下极板B接地，直流电源电动势E恒定，内阻不计将开关S闭合，电路稳定后，一带电油滴位于两板中央的M点且恰好处于静止状态，现将A板向上平移一小段距离，则（）A.电容器的带电量将增大B.在A板上移过程中，电阻R中有向左的电流C.带电油滴将沿竖直方向向上运动D.M点电势将降低【答案】D【解析】【详解】AB．将A板向上平移一小段距离，板间距离d增大。由可知电容器的电容变小，又电压U不变。因此电容器带电量减小，电容器放电，回路中有顺时针方向的电流电阻R中有向右的电流。选项AB错误；C．根据电容器内部电场强度可知，d增大，场强减小，油滴受到向上的电场力减小，将向下运动，选项C错误；D．A、B两板间的电场强度E减小，由可知，M点电势降低。选项D正确。故选D。二、多选题6.在图所示的并联电路中，保持通过干路的电流I不变。若增大的阻值，则有（）A.和两端的电压U都增大B.通过的电流增大C.并联电路上消耗的总功率增大D.上功率减小，上功率增大【答案】AC【解析】【详解】A．由电阻并联特点可知，R1增大，则电路的总电阻R增大，电流I不变，电压增大，选项A正确；B．因电压U增大，由得I2增大减小，选项B错误；C．因电压U增大，由得总功率P增大，选项C正确；D．因电压U增大，由得上功率P2增大。上功率则有因不知道R1与R2的数值关系，因此不能确定P1的变化趋势，选项D错误。故选AC。7.在如图所示电路中，当变阻器的滑片P向a端移动时（）A.电压表示数变小，电流表示数变小 B.电压表示数变大，电流表示数变大C.上消耗功率变大 D.电源内部消耗的热功率变大【答案】BC【解析】【详解】AB．当变阻器的滑片P3向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路外电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知电路总电流减小，则路端电压增大，所以电压表示数变大，根据可知并联部分的两端电压增大，由可知电流表示数变大，故A错误；B正确；C．根据，可知R2上消耗的功率变大，故C正确；D．根据，可知电源内部消耗热功率变小，故D错误。故选BC。8.如图甲是多用电表内部结构示意图，图乙是刻度盘，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是（）A.A是黑表笔、B是红表笔B.作为电流表时选择开关连1比连2量程大，作为电压表时选择开关连6比连5量程小C.用多用电表的欧姆挡测电阻时，若指针偏转角度很小，则应换倍率更大的挡进行测量D.指针位置如图乙所示，若选择“×10Ω”挡，示数为180Ω；若选择直流电压“10V”挡，读数为4.4V【答案】CD【解析】【详解】A．内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以A为红表笔，B为黑表笔，故A错误；B．当选择开关与1、2相连时，多用电表是电流表，接1时并联电阻较小，电流表的量程较大；当选择开关与5、6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大，故B错误；C．当选择开关与3、4相连时，多用电表是欧姆表，测量电阻之前需进行欧姆调零，C正确；D．指针位置如题图乙所示，若选择“×10Ω”挡，示数为180Ω；若选择直流电压“10V”挡，最小分度为0.2V，根据读数规则可知，指针示数为4.4V，故D正确。故选CD。第Ⅱ卷9.某同学对一阻值约为的金属丝的电阻率进行了测定，先利用刻度尺测量金属丝的长度，再用螺旋测微器测量金属丝直径，然后用伏安法测出金属丝的电阻，最后根据电阻定律计算出该金属丝的电阻率。（1）利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量圆柱体工件的长度和直径，测量结果如图甲、乙所示，该工件长度为_______，直径为______。（2）实验室提供的器材有：A电压表（量程，内阻约）B.电流表（量程，内阻约）C.电流表（量程，内阻约）D.滑动变阻器（）E.电源（输出电压恒为）、开关和导线若干实验时电流表应选______填器材前字母序号。（3）为使通过待测金属丝的电流能从开始变化，实验电路应选用下图中的______。A. B.C. D.（4）实验中测得金属丝电阻为，长度为，直径的平均值为，则该金属材料电阻率的表达式为______用、、等字母表示。（5）若已知电压表的读数为，内阻为，电流表的读数为，内阻为，根据第（3）问中所选电路，写出真实值的计算表达式：______用本题中所给物理量表示。【答案】（1）①.10.220②.5.900##5.899##5.901（2）B（3）A（4）（5）【解析】【小问1详解】[1]该工件长度为[2]直径为【小问2详解】由于金属丝电阻为，电源输出电压为，则电路最大电流

，则电流表选。故选B。【小问3详解】因为，所以电流表采用外接法，金属丝的电流能从开始变化，则滑动变阻器采用分压式接法，故A选项符合题意。故选A。【小问4详解】根据电阻定律，整理得。【小问5详解】由题意可知通过金属丝的真实电流为

，故10.实验小组同学利用电流表和电压表测定由一节干电池的电动势和内阻，实验电路如图甲所示。现有开关和导线若干，以及如下器材：A.电流表：量程0-0.6A，内阻约为0.125ΩB.电压表：量程0-3V，内阻约为3kΩC.滑动变阻器0-50ΩD.滑动变阻器0-500Ω（1）为了操作方便，尽量减小实验误差，滑动变阻器应选用___________填器材前的字母。（2）根据所画图线可得出干电池的电动势___________V，内电阻___________Ω（结果均保留到小数点后两位。（3）用该电路测得的电源电动势___________真实值。填大于、等于或小于【答案】（1）C（2）①.1.50##1.49##1.51②.1.00##1.01##1.02##0.99##0.98（3）小于【解析】【小问1详解】[1]本题测量的是电源电动势，内阻比较小，为了使电流表有明显偏转调节方便，减小实验误差，所以选择电阻值较小的滑动变阻器【小问2详解】[2]图像与纵轴交点代表干电池的电动势图像的斜率的绝对值代表了电源的内阻【小问3详解】[3]本接法中采用相对电源的电流表外接法，因为电压表的分流作用，使电流表测量结果偏小，可知实际图像虚线所示和测量图像应如图所示；由图可知，用该电路测得的电源电动势小于真实值，内阻小于真实值。11.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.25m，金属导轨所在的平面与水平面的夹角θ=30°，金属导轨的一端接有电动势E=12V、内阻r=0.50Ω的直流电源。现把一个质量m=0.2kg的导体棒ab放在金属导轨上，它与导轨间的动摩擦因数，整个装置放在磁感应强度大小B=0.8T、垂直导轨平面向上的匀强磁场中，导体棒静止。导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=3.5Ω，金属导轨电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2。求：（1）导体棒两端的电压；（2）导体棒受到的安培力及摩擦力的大小和方向；（3）若磁感应强度的方向不变而大小可以变化，要使导体棒能静止，求磁感应强度大小B的取值范围。【答案】（1）（2），方向沿斜面向上；，方向沿斜面向上（3）【解析】【小问1详解】回路电流为导体棒两端的电压为【小问2详解】安培力大小为由电路电流方向及左手定则可知，安培力方向沿斜面向上。根据平衡条件可得解得摩擦力方向沿斜面向上。【小问3详解】最大静摩擦力为当最大静摩擦力沿斜面向上时，由解得当最大静摩擦力沿斜面向下时，由解得则磁感应强度大小的取值范围为12.如图所示，M和N为平行金属板，质量为m，电荷量为q的带电粒子从M由静止开始被两板间的电场加速后，从N上的小孔穿出，以速度v由C点射入圆形匀强磁场区域，经D点穿出磁场，CD为圆形区域的直径。已知磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向外，粒子速度方向与磁场方向垂直，重力略不计。（1）判断粒子的电性，并求M、N间的电压U；（2）求粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径r；（3）若粒子的轨道半径与磁场区域的直径相等，求粒子在磁场中运动的时间t。【答案】（1）正电，；（2）；（3）【解析】【详解】（1）带电粒子在磁场中运动，根据左手定则可知粒子带正电。粒子在电场中运动由动能定理可知解得（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，所受洛伦兹力提供向心力，有解得（3）设粒子运动轨道圆弧对应的圆心角为，如图依题意粒子的轨道半径与磁场区域的直径相等，由几何关系，得设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，有带电粒子在磁场中运动的时间联立各式解得13.如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第三、四象限内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场。从y轴上坐标为的P点沿x轴正方向，以初速度v0射出一个质量为m、电荷量为q的带正的电粒子，粒子经电场偏转后从坐标为的Q点第一次经过x轴进入磁场，经过磁场一次偏转后恰好能再次回到P点。不计粒子的重力，求：（1）粒子第一次进入磁场时的速度大小；（2）粒子从磁场边界射出点的位置坐标；（3）粒子从P点出发到再次回