大学（电气工程及其自动化）电机与拖动基础2026年阶段测试题及答案

大学（电气工程及其自动化）电机与拖动基础2026年阶段测试题及答案

（考试时间：90分钟满分100分）班级______姓名______一、选择题（总共10题，每题3分，每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请将正确答案的序号填在括号内）1.直流电动机的电磁转矩是驱动性质的转矩，它的方向与（）方向相反。A.电枢电流B.励磁电流C.转速D.电动势2.变压器的变比是指（）之比。A.一、二次侧绕组匝数B.一、二次侧电压有效值C.一、二次侧电流有效值D.一、二次侧功率3.异步电动机的转差率s的表达式为（）。A.(n0-n)/n0B.(n-n0)/nC.n0/nD.n/n04.一台三相异步电动机，其额定转速nN=975r/min，则其极对数p为（）。A.1B.2C.3D.45.直流发电机电枢绕组产生的电动势是（）。A.直流电动势B.交变电动势C.脉动电动势D.非正弦电动势6.变压器的空载损耗主要是（）。A.铁耗B.铜耗C.磁滞损耗D.涡流损耗7.异步电动机的最大转矩与（）无关。A.电源电压B.转子电阻C.定子电阻D.转子电抗8.直流电动机的调速方法中，能实现无级调速的是（）。A.改变电枢回路电阻调速B.改变励磁磁通调速C.改变电源电压调速D.串级调速9.变压器的效率最高时，其负载系数β为（）。A.0.5B.0.6C.0.8D.110.一台三相异步电动机，额定功率PN=10kW，额定电压UN=380V，额定功率因数cosφN=0.85，则其额定电流IN为（）。A.19.9AB.29.9AC.39.9AD.49.9A二、多项选择题（总共5题，每题5分，每题给出的五个选项中，有多项符合题目要求，请将正确答案的序号填在括号内，少选、多选、错选均不得分）1.直流电动机的调速方法有（）。A.改变电枢回路电阻调速B.改变励磁磁通调速C.改变电源电压调速D.串级调速E.变频调速2.变压器的损耗包括（）。A.铁耗B.铜耗C.磁滞损耗D.涡流损耗E.介质损耗3.异步电动机的调速方法有（）。A.改变磁极对数调速B.改变转差率调速C.变频调速D.串级调速E.变极调速4.直流发电机的励磁方式有（）。A.他励B.并励C.串励D.复励E.自励5.变压器的并联运行条件有（）。A.变比相等B.连接组别相同C.短路阻抗标幺值相等D.容量相等E.额定电压相等三、判断题（总共10题，每题2分，请判断下列各题的说法是否正确，正确的打“√”，错误的打“×”）1.直流电动机的电枢电动势与电枢电流方向相反。（）2.变压器的变比等于一、二次侧电压有效值之比，也等于一、二次侧绕组匝数之比。（）3.异步电动机的转差率s越大，其转速越高。（）4.直流发电机的电磁转矩是制动性质转矩。（）5.变压器的空载电流主要是用来建立磁场的，其大小与电源电压和频率有关。（）6.异步电动机的最大转矩与电源电压成正比关系。（）7.直流电动机的调速方法中，改变电枢回路电阻调速属于恒转矩调速。（）8.变压器的效率与负载大小有关，负载越大，效率越高。（）9.异步电动机的转子电阻越大，其启动转矩越大。（）10.直流发电机的输出电压与负载大小有关，负载越大，输出电压越低。（）四、简答题（总共3题，每题10分，请简要回答下列问题）1.简述直流电动机的调速方法及其特点。2.说明变压器的工作原理及主要作用。3.分析异步电动机的启动性能指标有哪些，并说明如何改善异步电动机的启动性能。五、计算题（总共2题，每题15分，请写出详细的计算过程及答案）1.一台三相异步电动机，额定功率PN=7.5kW，额定电压UN=380V，额定功率因数cosφN=0.88，额定效率ηN=0.85。求该电动机的额定电流IN。2.一台他励直流电动机，额定数据如下：PN=10kW，UN=220V，IN=53.8A，nN=1500r/min，Ra=0.4Ω。求：（1）电动机的额定电磁转矩TN；（2）电动机的理想空载转速n0；（3）电动机的转速降Δn。答案：一、1.C2.A3.A4.B5.B6.A7.C8.C9.C10.B二、1.ABCE答案：2.AB3.ABCDE答案：4.ABCD5.ABC三、1.×答案：2.√3.×4.√5.√6.√7.√8.×9.×10.×四、1.直流电动机调速方法有：改变电枢回路电阻调速，特点是简单但效率低、调速范围小；改变励磁磁通调速，可实现平滑调速但机械特性变软；改变电源电压调速，能无级调速但设备成本高。2.变压器工作原理基于电磁感应定律，原边绕组通交变电流产生交变磁通，在副边绕组感应出电动势。主要作用是变换电压、变换电流、变换阻抗、隔离等。3.异步电动机启动性能指标有启动电流、启动转矩。改善启动性能方法有：采用降压启动，降低启动电流；增加转子电阻，提高启动转矩；采用绕线式异步电动机，通过转子串电阻启动。五、1.解：\(P_{1N}=\frac{P_{N}}{\eta_{N}}=\frac{7.5\times10^{3}}{0.85}=8823.53W\)，\(I_{N}=\frac{P_{1N}}{\sqrt{3}U_{N}\cos\varphi_{N}}=\frac{8823.53}{\sqrt{3}\times380\times0.88}=15.49A\)。2.解：（1）\(T_{N}=9.55\frac{P_{N}}{n_{N}}=9.55\times\frac{10\times10^{3}}{1500}=63.67N\cdotm\)；（2）\(E_{aN}=U_{N}-I_{N}R_{a}=220-53.8\times0.4=198.48V\)，\(C_{e}\varPhi=\frac{E_{aN}}{n_{N}}=\frac{198