湖南省新高考教学教研联盟2026届高三上学期12月联考试题（长郡二十校联盟） 物理

新高考教学教研联盟2026届高三年级12月联考物理注意事项:1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.根据​614C放射性强度减小的情况可以推算植物死亡的时间,其衰变方程为​614C→​714 N+X。​614C在大气中的含量相当稳定，活的植物与环境交换碳元素，其体内​16 A.​614C衰变时释放的粒子X B.​714 N比 C.随着全球变暖，614C D.若枯死植物​614C比例为大气中比例的122.电容式麦克风的振动膜是利用超薄金属或镀金的塑料薄膜制成的,其工作原理如图所示,振动膜与基板构成电容器,并与电阻、电池构成闭合回路,声波会导致振动膜振动从而使其与基板间的距离发生改变,下列说法正确的是 A.振动膜带正电 B.当振动膜与基板间的距离增大时,电容器电容增大 C.当振动膜与基板间的距离减小时,电容器带的电荷量增加 D.振动膜振动时，流经电阻的电流方向不变如图所示，两端开口的足够长玻璃管竖直插在水银槽中，管中有一段水银柱将一部分气体封闭，封闭气体看成理想气体，初始时系统静止。保持玻璃管不动，现从上管口缓慢向管中倒入水银，使水银柱长度增加l，在倒入水银的过程中气体温度不变，下列说法正确的是 A.管中气体分子数密度不变 B.管中气体内能增大 C.稳定后,水银槽中的水银在管内、外液面高度差增加量小于l D.管中气体放出热量4.假设地球是一个半径为R、质量分布均匀的球体,已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零。若在地球内部,以地心O为圆心、R2为半径挖一条圆形隧道，如图所示。现使一小球在隧道内做匀速圆周运动，且不与隧道壁接触，小球可视为质点，不考虑隧道宽度与阻力。已知地表重力加速度为g A.12gR B.gR C.gR2 5.最近一段服务员快速摆餐盘的视频火遍全网，服务员把盘子均匀放到餐桌中间的转盘边缘上后,增大转盘转动角速度,餐盘从转盘边缘飞出,落在餐桌上立即停下。已知餐盘和转盘间的动摩擦因数为μ，转盘的半径为r，忽略餐盘的大小，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且认为餐盘飞出前餐盘的切向加速度近似为0,转盘到桌面的高度为h，重力加速度为g，下列说法正确的是 A.餐盘质量越大从转盘边缘飞出时速度越小 B.餐盘落到餐桌上前瞬间的速度大小为μgr C.转盘加速转动过程中，餐盘受到的摩擦力始终指向转盘中心 D.落到餐桌上的餐盘到转盘中心的水平距离为μrh6.如图所示,水平面内ab和cd是两条平行放置的足够长的固定粗糙金属直导轨,MN和M′N′是两根用细线连接的金属杆,其质量分别为2 kg和1 kg,两杆与导轨间的动摩擦因数相同。开始时恒定水平外力F作用在杆MN上，使两杆以大小为4 m/s的速度水平向右匀速运动。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向与导轨所在平面垂直，导轨电阻可忽略。在=0时刻将细线烧断,保持外力F不变,金属杆和导轨始终接触良好,已知在t=t0时刻后杆MN A.细线烧断后,流经MN的电流方向为由M到N B.’N′稳定后的速度大小为 C.0∼t0时间内MN和M′ D.整个过程中系统动能变化量的大小等于整个系统产生的焦耳热二、多选题(本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)7.在学校科技文化周上，有同学展示了自己研制的球形飞行器。通过了解，球形飞行器安装了可提供任意方向推力的矢量发动机，球形飞行器总质量为M，飞行器飞行时受到的空气阻力大小与其速率平方成正比(即f=kv2,k为常量)。当发动机关闭时，飞行器由静止竖直下落，经过一段时间后，其匀速下落的速率为8 m/s；当发动机以最大推力推动飞行器竖直向上运动，经过一段时间后，飞行器匀速向上的速率为4m/s A.发动机的最大推力为1.5 B.发动机的最大推力为1.25 C.飞行器由静止开始下落的过程是加速度逐渐变小的加速运动 D.飞行器由静止开始下落的过程是加速度逐渐变大的加速运动8.如图所示，A0,0、B8,0、C0,6在xy平面内，两波源分别置于A、B两点。t=0时,两波源从平衡位置起振，起振方向相反且垂直于xy平面，频率均为 A.两横波的波长均为8 B.C点是振动减弱点 C.t=0.4 s时,C D.t=0.2 s时,C9.如图所示是磁吸基座无线充电器,当送电线圈通入u=2202sin100πt(V)的交流电源后,手机上的受电线圈产生感应电流。手机即进入“无线超充模式”。“超充模式”下手机的充电电压为20V,充电电流为5 A,充电基座送电线圈接有理想电流表,受电线圈接有电阻R A.“超充模式”下电流表读数为0.5 B.若此手机的电池容量为5000mA⋅h，则超充模式下的充电时间为75 C.若不计两个线圈的电阻，则要保证“超充模式”正常运作，R的大小应为0.4 D.若两个线圈的电阻大小均为r=0.1Ω,则要保证“超充模式”正常运作，R10.如图所示，纸面为竖直面，MN为竖直线段，MN之间的距离为h，空间存在平行于纸面的足够宽广的匀强电场，其大小和方向均未知(图中未画出)。一带电量为q(q>0),质量为m的小球从M点在纸面内以v0=2gh的速度水平向左开始运动,以后恰好以大小为v=2v0的速度通过N点。已知重力加速度为g B.小球经过N点时速度方向一定与水平向右的方向成60 C.电场强度方向有可能斜向右上 D.小球在运动过程中的最小速度为21三、非选择题(本题共5小题,共56分)11.(8分)小明同学利用如图甲所示的实验装置验证碰撞过程中的动量守恒。竖直平面内的一段固定的圆弧轨道下端与水平桌面相切于O点，以切点O为坐标原点，水平向右为正方向建立一维坐标系,在足够远的地方放置了位移传感器,当小滑块A经过O点时,位移传感器开始工作。已知小滑块A(质量为m1，包含A上的传感器)和B(质量为m2①先将小滑块A从圆弧轨道上某一点由静止释放，测出小滑块在水平桌面上滑行的x−t图像如图乙中的a图线所示，记录小滑块A停止的时刻为t②然后将左侧贴有双面胶(不计双面胶的质量)的小滑块B放在圆弧轨道的最低点O处，再将小滑块 A从圆弧轨道上由静止释放,小滑块A与B碰撞(时间极短)后结合为一个整体,测出小滑块A、B整体在水平桌面上滑行的x−t图像如图乙中的b图线所示,记录小滑块A、B整体停止的时刻为(1)本实验中小滑块A从圆弧轨道上由静止释放的位置_____(填“需要”或“不需要”)相同。(2)小滑块A、B发生碰撞后结合为一个整体,当满足表达式m1m1+m2=_____(用t1和t2(3)撕掉胶布将小滑块B放在圆弧轨道的最低点O处，再将小滑块A从圆弧轨道上同一点由静止释放，若小滑块A与B发生弹性碰撞，为了保证小滑块A不反弹且速度不为0，应满足的条件是m1_____(填“>”“<”或“=”)m2，此后小滑块B的x A.a线上方 B.ab之间 C.b线下方12.(8分)某实验小组设计了如图甲所示的实验电路，来测量电源的电动势和内阻，实验器材有:待测电源,阻值为R0的定值电阻,内阻可忽略的电流表,总阻值为R0且阻值均匀的四分之一圆形变阻器，变阻器上有可指示滑片转过角度θ(1)闭合开关，滑片在顺时针转动的过程中，电流表示数_____(填“变大”或“变小”)，电路消耗的总功率_____(填“变大”或“变小”)。(2)在实验中转动滑片，改变角度θ(弧度制)，测量通过定值电阻R0的电流I，以1I为纵坐标，1θ为横坐标，作出图像如图乙所示，已知图像的斜率为k，纵截距为b，则电源的电动势为E =_____。(用(3)若θ=π4时变阻器消耗的功率最大，则k和b应满足的关系式为13.(10分)如图为一透明材质的长方体纵截面，一束平行光以60∘的入射角照射在上表面，AB为一长为L的不透光装饰长条(厚度不计)，在长方体的左侧壁形成的影子CD长为3L。已知光在真空中的传播速度为c(1)透明材料的折射率；(2)求照射到D点和到C点的光在长方体中传播的时间差，并判断随着入射角变大，这个时间差如何变化?14.(14分)如图所示，平行金属板C、D间存在匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，半径为R的圆形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，矩形PQMN区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，三处磁场的磁感应强度大小均为B。金属板D的延长线过圆形区域的圆心O，金属板C的延长线、两金属板右边缘连线均与圆形区域相切，PN边与圆形区域在PN边的中点A处相切。一束宽度与平行金属板间距相等、比荷均为k的带负电粒子流(不计重力)从金属板左侧以水平向右的速度射入金属板间,恰能在金属板间做直线运动,进入圆形区域经磁场偏转后均过点A。已知PN=12(1)平行金属板 C、D间的电压U；(2)沿金属板C、D中轴线运动的粒子在圆形磁场中运动的时间t；(3)QM边上有粒子穿出的长度与MN边上有粒子穿出的长度。15.(16分)如图所示，静置在光滑的水平地面上的A、B为两个完全相同的14光滑圆弧槽,圆弧槽的半径为R,两槽的最低点均与水平面相切,初始时两槽的最低点均位于P点但互不相连。现将质量为m的小球C(可视为质点)从 A槽上端点M的正上方32R处由静止释放,小球C从M点落入 段时间后从P点滑上B槽,槽的质量均为4m,重力加速度大小为g,不计一切摩擦,忽略空气阻力。(1)小球 C第一次从 A槽最低点滑出时，求 C的水平位移大小；(2)求小球C第二次和第三次到达地面时的速度大小；(3)若小球第二次到 B槽时离P点的水平距离为d，求小球第一次在B槽上运动的时间。

新高考教学教研联盟2026届高三年级12月联考物理参考答案题号12345678910答案 D C D A B C B C A C A C D A B D一、单项选择题(本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1. D【解析】根据质量数与电荷数守恒有14−14=0,6−7=−1,可知X是​−10e,故A错误;衰变反应释放能量,生成核比反应核更加稳定,原子核越稳定,比结合能越大,可知​714N比​614C的比结合能大,故 B错误;半衰期是原子核的固有属性,由核内部结构决定,与温度、压强等外界条件无关,故 C错误;根据半衰期公式,剩余质量满足m余=2. C【解析】由图可知,电源负极连接振动膜,振动膜带负电,故 A错误;振动膜与基板间的距离增大,电容器两极板间的距离增大,根据C=εrS4πkd可知,电容减小,故B错误;电容器两极板间的距离减小,根据C=εrS4πkd可知,电容增加,电容器充电，所带的电荷量增加，故 C3. D【解析】管中气体被压缩，体积减小，则管中气体分子数密度增大，故 A错误；由于在倒入水银的过程中气体温度不变，则管中气体内能不变，故 B错误；稳定时，上方水银的高度和水银槽中水银内、外液面的高度差始终相同，故 C错误；根据热力学第一定律，ΔU=Q+W，其中ΔU=0，W>0，则Q4.A【解析】由题意可得,质量为m小球在地球内部半径为R2的隧道运动时受到的万有引力为F′=Gρ43πR23mR225.B【解析】餐盘从转盘边缘飞出时,满足μmg=mv2r=mrω2,故飞出时速度为v=μgr,与质量无关,故A错误;答盘飞出后做平抛运动,有h=12gt2,x=vt,vy=gt6.C【解析】由右手定则知流经MN的电流方向为由N到M,故 A错误;MN和M′N′组成的系统动量守恒,故M′N′稳定后的速度大小为2m/s；故B错误；烧断线后，MN加速M′N′减速，两者的速度差变大，故两杆所受的安培力均变大,则MN做加速度变小的加速运动,位移x1=vt0>4.5t0,M′N′做加速度变小的减速运动,位移二、多选题(本题共4小题,每小题5分,共20分。每小题有多项符合题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)7.BC【解析】飞行器关闭发动机,以v1=8 m/s匀速下落时,则有Mg=kv12,飞行器以v2=4 m/s向上匀速运动时,设最大推力为Fm,则有Fm=Mg+kv22,联立可得Fm=1.25Mg,故 A错误,8.AC【解析】波长λ=vf=405 m=8 m, A正确；由题意AC=6 m,BC=8−02+0−62m=10 m,波程差Δx =BC−AC=10−6m=4 m，由于两波源起振方向相反，初始相位差为π，波程差引起的相位差δ1=2πΔxλ= 2π×48=π,总相位差δ=初始相位差+波程差引起的相位差=π+π=2π,这相当于同相位,所以C点是振动加强点,B错误;波从A到C的时间tAC=ACv=640 s=0.15 s,波从B到C的时间tBC=BCv=1040 s=0.25 s,在t=0.2 s时,波A已到达C9.ACD【解析】由匝数比可知原线圈电流应为I1=n2I2n1=0.5 A,故A正确;由容量单位可知,手机充电时间为电池容量与充电电流的比值,即t=QI=5000×10−35 h=1 h=60 min,故 B错误;根据原、副线圈的电压与匝数的关系可得U1U2=U1U0+I210.ABD【解析】小球从M到N的运动过程中,根据动能定理有qUMN+mgh=12mv2− 12mv02,解得UMN=2mghq, A正确;小球在水平方向的运动具有对称性,故到达N点时,水平速度大小为v0,故vy=6gh>2gh,则电场强度一定有竖直向下的分量,故B正确、 C错误;三、非选择题(本题共5小题,共56分)计算题评分的原则:1.答案正确，有过程且没有原则性错误的给满分，如果答案错误再对照采分点找分，如果只有答案没有任何过程的(或者过程错误的)不给分;2.连等式和综合式有任何错误的整个式子计0分;3.纯数字表达式或数字字母混合式,数字不带单位的该式计0分;4.已知量是字母的,结果不用题中字母表达的,扣结果分;表达式中不用题中字母表达的,如果不产生歧义、物理意义没有问题，不扣式子分，如果容易产生歧义或物理意义有问题的，该式计0分。5.有多种解法的,比照答案解法给分。11.(8分,每空2分)(1)需要(2)t2t1(3)>A【解析】(1)为使滑块A到达O点时的速度相同，应使滑块A由静止释放的位置相同。(2)滑块A在水平桌面上的运动过程，由动量定理有−碰撞前动量p两滑块共同运动时,有−碰撞后动量p要验证碰撞过程中的动量守恒,即要验证μ可得m(3)根据小滑块A与B发生弹性碰撞，可知m解得v为了保证小滑块A不反弹,则v可知m根据v可得v两滑块做减速运动的加速度均为a根据t故小滑块B运动的时间t位移大于小滑块A的位移,碰撞后小滑块B的x−t,故选 A。12.(8分，每空2分)(1)变小变大(答案唯一，填“小”、“大”不给分)(2)πR0bπ−(3)4πk或【解析】(1)滑片顺时针转动，变阻器接入电路的阻值变小，外电阻变小，路端电压变小，电流表示数变小。因为外电阻减小,可知电路总电阻减小,故干路电流变大,电路消耗的总功率P=EI,可知电路消耗的总功率P(2)由闭合电路欧姆定律可知E可推导出1可知k解得E(3)将电源与R0支路等效为一个新电源,当等效内阻等于θ=π4对应的电阻R02时,变阻器消耗的功率最大,故r13.(10分)【解析】(1)作出光路图如图所示入射角i=60∘,折射角为r,过C作左侧壁的垂线交BD于E则DE=CD2+C根据几何关系可知,∠可得透明材料的折射率n=sin所以n=3(2)光在透明材料中的速度v=c照射到D点比到C点的光在长方体中传播多用的时间Δt=解得Δt=若入射角i变大,则折射角r变大,则DE变小,故时间差变小(1分)14.(14分)【解析】(1)因为粒子进入圆形区域经磁场偏转后均过点A，则粒子在圆形磁场中运动的半径与磁场的半径相等，根据牛顿第二定律可得qvB=m可得v粒子在金属板间做直线运动,所以电场力等于洛伦兹力,则qUR【或Eq=qvBE=U解得U=k(2)沿金属板C、D中轴线运动的粒子从射出金属板到运动至A点的轨迹如图