上海市民办南模2025-2026学年九年级上学期12月月考物理试题(解析版)

第页，共页2025学年第一学期初三物理学习能力诊断卷（考试时间：90分钟试卷满分：100分）2025.12题号学科基础学科综合总分得分考生注意：1．本场考试时间90分钟，试卷共8页，满分100分。2．作答前，在答题纸指定位置填写学校、班级、姓名、学号。3．所有作答务必填涂或书写在答题纸上与试卷题号对应的区域，不得错位。在试卷上作答一律不得分。4．选择题和作图题用2B铅笔作答，其余题型用黑色字迹钢笔、水笔或圆珠笔作答。5．试卷中未特别标注的选择题，指该题只能选一个选项；标注“多选”的试题，指该题应选两个及以上的选项；标注“不定项选择”的试题，指该题至少有一个选项。一、学科基础（55分）1.南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是﹣25℃，如图所示，一天企鹅妈妈与小企鹅之间发生了一次有趣的对话，他们的部分说法如下，其中正确的是（）A.小企鹅：妈妈，这么冷，我都没温度了B.企鹅妈妈：不对，是没有内能C.小企鹅：冰天雪地的，可能连水蒸气都没有吧D.企鹅妈妈：呵呵，水蒸气倒肯定有，因为冰是可以升华的呀【答案】D【解析】【详解】A．任何物体都有一定的温度，只是温度有高有低而已，故A错误；B．任何物体在任何情况下都具有内能，故B错误；C．固态的冰会升华为气态的水蒸气，故空气中充满了水蒸气，故C错误；D．冰是可以升华为水蒸气的，故D正确。故选D。2.如图所示，是小球在地面弹跳实验拍下的频闪照片，小球弹起的高度逐渐降低，说明小球机械能在_____（选填“增大”“减小”或“不变”）；利用红外线测温仪分别测量实验前小球的初温和实验后小球的末温，则_____（选填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】①.减小②.＜【解析】【详解】[1][2]由图可知，小球在运动过程中弹起的高度越来越小，是因为小球在不断弹起的过程中，要克服与空气的摩擦做功，将部分机械能转化为内能，故机械能减小；由于小球的部分机械能转化为小球的内能，使得小球的温度升高，故。3.某学习小组探究沙子和水吸热升温现象。（1）学习小组设计了如图甲所示装置探究沙子和水的吸热升温现象。在完全相同的两箱子中装入初温和_____相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热相同时间，是为了保证在相同时间内_____。（2）在图甲中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有电子天平和_____。（3）依据实验数据描绘的水和沙子的温度随时间变化的图像，如图乙所示，据图可知，水和沙子相比_____（选填“A.沙子”“B.水”）的比热容较大，这是因为_____。（4）（不定项选择）下列事例中属于应用水的这种特性的是_____。A.给教室洒水，感觉凉 B.用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸C.用水冷却汽车的发动机 D.冰熔化成水需要吸收热量【答案】（1）①.质量②.水和沙子吸热相同（2）秒表（3）①.B②.见解析（4）C【解析】【小问1详解】[1][2]根据控制变量法，探究沙子和水的吸热升温现象，在完全相同两箱子中装入初温和质量相同的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，相同时间内放出的热量相同，由转换法，相同时间内沙子和水吸收的热量相同。【小问2详解】实验需要测量加热时间，因此需用秒表。【小问3详解】[1][2]由图乙可知，在相同时间内，沙子升高的温度比水升高的温度多，说明水的吸热能力强，水的比热容较大。【小问4详解】A．给教室洒水，感觉凉，是因为水蒸发吸热，有致冷作用，故A不符合题意；B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，说明分子做无规则运动，故B不符合题意；C．用水冷却汽车的发动机，是因为水的比热容大，与质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，吸收的热量较多，故C符合题意；D．冰熔化成水需要吸收热量，与水的比热容大无关，故D不符合题意。故选C。4.厨房烹饪探秘：（1）在烹饪之前，需要处理食材。包括清洗食材、切片、腌制等，其中冷冻食材需提前解冻，为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，这样能有效降低冰的_____点。（2）如图1所示，铁锅中盛有水，水上浮有一层沸点比水高的食用花生油。如果对锅底部加热，加热过程中锅内一直有水。则下列说法正确的是_____。A.水先沸腾，然后油沸腾 B.油先沸腾，然后水沸腾C.水未沸腾前，只有油蒸发 D.水未沸腾前，水和油同时蒸发（3）根据实验数据，作出了水的温度随时间变化的图像，见图2。由图可知，当时条件下的大气压_____1标准大气压（选填“A高于”“B低于”“C等于”）。【答案】（1）熔点（2）C（3）B【解析】【小问1详解】在肉上撒盐，盐能降低冰的熔点，让肉表面的冰更快熔化，就像北方冬天路上撒盐化雪一样。【小问2详解】由于液体在任何温度下都能蒸发，所以在水未沸腾前，上层的油会发生蒸发现象，同时由于油膜的覆盖，使得油下面的水无法蒸发，由于水的沸点低于油的沸点，且锅内一直有水，水会先达到沸点沸腾，而油的沸点高，在水未完全汽化完之前，油不会沸腾，直到水全部汽化完后，油的温度才能升高，即当温度升到油的沸点时，再加热，油才可以沸腾；由此可知，加热过程中容器内一直有水时，水会沸腾，而油不会沸腾，只有油蒸发，故C正确，ABD错误。故选C。【小问3详解】一个标准大气压下，水的沸点是100℃，气压越低，沸点越低。根据图2可知，水的沸点是98℃，沸点低于100℃，则当时条件下的大气压低于1标准大气压。5.图（a）是我国月球探测车使用机械臂采集月壤样本时的情景，可将机械臂简化为图（b）中绕点转动的杠杆，不计机械臂自重，，当采集约为的月壤时，在A点施加的拉力至少为________，应沿图中的________方向施力。（填“”“”“”或“”），机械臂这样设计的好处是________________（填“省力”“省距离”“既省力又省距离”）【答案】①.11.2②.F4③.省距离【解析】【详解】[1][2][3]阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，阻力方向向下，使杠杆逆时针转动，A点杠杆受力应使杠杆顺时针转动，故沿图中的竖直向上方向施力，动力臂最大，动力最小，由杠杆平衡条件可知G×OB=F4×OA即G×4OA=F4×OA得到F4=4G=4×2.8N=11.2N机械臂这样设计费力，但省距离。6.用规格相同的电加热器分别给甲、乙两种液体（比热容c甲＝2c乙）加热，如图所示，两种液体单位时间吸收的热量相同，这两种液体的温度与加热时间的图线如图所示，下面选项正确的是（）A.同时加热120s，甲升高的温度大于乙B.同时加热120s，甲吸收的热量比乙多C.甲、乙两种液体的质量之比是3∶2D.甲的吸热能力小于乙的吸热能力【答案】C【解析】【详解】A．由图知同时加热120s，甲的温度变化量乙的温度变化量所以甲升高的温度小于乙升高的温度，故A错误；B．题干中有“两种液体每秒吸收的热量相同”，所以在相同的时间内甲液体和乙液体吸收的热量相同，故B错误；C．在0~120s时间内，相同的时间，甲、乙吸收相同的热量，即Q甲＝Q乙，因为c甲＝2c乙，根据可得则甲液体的质量为乙液体的质量为所以故C正确；D．比热容是表示物质吸热能力的物理量，甲的比热容大，说明甲的吸热能力强，故D错误。故选C。7.某汽车在平直路面上以的速度匀速行驶的过程中，消耗了汽油。汽油热值近似取，假设汽油在气缸内完全燃烧。（1）如图所示时刻，四冲程汽油机处于_____冲程；若该汽油机每分钟完成7200个冲程，则它每秒钟完成_____个工作循环。（2）若上述过程中汽油燃烧释放能量的30%用来驱动汽车行驶，求汽车所受的阻力。（需写出计算过程）（3）假设汽油燃烧释放能量的一部分随废气通过热电转换装置，如图所示，请推测蓄电池中发生的能量转化过程：_____（选填“A.电能转化为化学能”“B.化学能转化为电能”）。【答案】（1）①.排气②.30（2）（3）A【解析】【小问1详解】[1]由图可知，进气口关闭，排气口打开，活塞向上运动，属于排气冲程。[2]该汽油机每分钟完成7200个冲程，故每秒完成120个冲程，由于汽油机完成一个工作循环，要经过4个冲程，所以该汽油机每秒完成30个工作循环。【小问2详解】汽油完全燃烧释放的热量有用功汽车在平直路面上以75km/h的速度匀速行驶1h的过程中，通过的路程汽车的牵引力汽车匀速直线行驶时，受到的阻力和牵引力是平衡力，汽车受到的阻力等于牵引力，汽车所受的阻力【小问3详解】热电转换装置向蓄电池充电时，消耗电能，产生化学能，将电能转化为化学能。8.物理知识与日常生活和技术密切相关。在图（a）中，用密度更小的材料来制作书包，是为了能减小书包对肩部的______，书包带做得比较宽大，是为了能减小______；在图（b）中，“自动喂水器”利用的是______原理，使得两容器中的水面相平。【答案】①.压力②.压强③.连通器【解析】【详解】[1]图（a）中，用密度更小的材料来制作书包，根据质量和密度的关系，相同体积的书包，密度小的质量小，受到的重力小，书包对人的压力小，从而减小书包对肩部的压力。[2]图（a）中，书包带做得比较宽大，是为了增大受力面积，从而减小压强。[3]图（b）中，“自动喂水器”上端开口，下端连通，它利用的是连通器原理，使得两容器中的水面相平。9.小明学习了电学相关的知识后，开始思考下列问题：（1）如图是加油站里常见的“静电释放器”（与大地相连），司机或工人提油枪加油前，必须用手触摸静电释放器清除身体上的静电，静电释放器可由_____（选填“A.金属”“B.陶瓷”）制成，因此，“除电”时，人体、静电释放器和大地连通构成回路。带有负电荷的人用手接触静电释放器时，电流方向是_____（选填“A.从静电释放器流向大地”“B.从大地流向静电释放器”）。（2）如图甲为某可调亮度台灯，乙为其用于调光的电位器结构图。abc是它的三个接线柱，ac分别与弧形电阻丝的两端相连，b与金属滑片相连。转动旋钮，滑片在弧形电阻丝上滑动即可调节灯泡亮度。下列分析正确的是_____。A.电位器与灯泡并联B.电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的C.若只将接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变亮D.若只将接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变暗（3）如图是用充电宝给三部手机同时充电的情景，则这三部手机是_____（选填“A.串联”或“B.并联”）的。若拔掉其中一部手机则通过充电器的电流将_____（选填“A.变大”“B.变小”或“C.不变”）。（4）家用电热水壶有“烧水”、“保温”两种功能，电路如图所示，电热水壶工作电压为，，保温功率为。[水的比热容为]①闭合开关_____时为保温状态；②求电热水壶“烧水”功率______（写出计算过程）；③把初温为20℃的水，加热升温了70℃，求水吸收的热量_____。④在图中虚线框内增加一个“保温”工作指示灯，该指示灯的电阻尽可能_____（选填“A大”或“B小”）些。【答案】（1）①.A②.B（2）B（3）①.B②.B（4）①.S1②.880W③.5.88×105④.大【解析】【小问1详解】[1]为了将人体的静电释放掉，则静电释放器应该是导体，金属是导体，而陶瓷是绝缘体。[2]电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，带有负电荷的人用手接触静电释放器时，负电荷从静电释放器流向大地，电流方向是从大地流向静电释放器。【小问2详解】A．电位器串联在电路中能改变电路中电流的大小，所以图中电位器应与灯泡串联，故A错误；B．转动旋钮滑片，电位器接入电路中的电阻发生了变化，从而能改变电路中的电流，所以电位器和滑动变阻器的工作原理是相同的，电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的，故B正确；C．若只将a、b接入电路，滑片左边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，灯泡变暗，故C错误；D．若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，故D错误。故选B。【小问3详解】[1]如图所示是小明用三合一充电宝给三部手机同时充电的情景，这三部手机的连接方式是并联，因为它们之间互不影响。[2]若拔掉其中一部手机，则通过充电器的总电流将变小，因为少了一个支路，总电流变小。【小问4详解】①[1]由图可知，当只闭合开关S1时，两电阻串联，电路的总电阻最大，由可知电路的总功率最小，此时电路处于保温状态。②[2]当再闭合开关S2时，R2被短路，只有R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，由可知电路的总功率最大，即处于“烧水”状态，此时的电功率③[3]把2kg初温为20℃的水，加热升温了70℃，吸收的热量为④[4]指示灯与R2并联时，并联后的总电阻比并联的任意一个分电阻都小，即比最小的电阻还小，若指示灯的电阻比R2大，总电阻只比R2小，所以选择阻值比R2更大的指示灯，总电阻的变化较小，这样对保温功率的影响较小，故指示灯的电阻应该尽可能大些。10.小明按照图甲电路图连接电路，探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。电源电压为恒定不变。根据实际所测数据，在图乙中依次描点画出、、的图像。则的阻值为_____Ω；单独分析图乙中每条图像，可知，_____，实验中滑动变阻器的最大阻值为_____，为了探究电流与电阻的关系，分别将三个电阻接入电路，需要保持电阻两端电压不变，则该电压的最小值为_____V。【答案】①.5②.见解析③.25④.1.3【解析】【详解】[1]由图乙可知，当电阻Ra两端电压为3.0V时，通过电阻Ra的电流为0.6A，则Ra的阻值为[2]由图乙可知，三个电阻的图线的延长线均过原点，即三个电阻的I-U图像为过原点的斜线，故可得出结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。[3]每次实验时，将变阻器的滑片P移至阻值最大端，则闭合开关时电路中的电流最小；由图乙中a图线可知，当电阻Ra两端电压为0.5V时，通过电阻Ra的电流为0.1A，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为即实验中滑动变阻器的最大阻值为25Ω。[4]由图乙中b图线可知，当电阻Rb两端电压为3.0V时，通过电阻Rb的电流为0.3A，则Rb的阻值为由图乙中c图线可知，当电阻Rc两端电压为3.0V时，通过电阻Rc的电流为0.15A，则Rc的阻值为则研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压根据分压原理有即①因电压表示数UV为定值，由①式可知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，则当定值电阻取最大值时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，此时电压表的示数最小，由①式得解得电压表的示数，即为完成实验，控制不变的最小电压为1.3V。11.某小组同学设计了相关的测量方案来测量大气压强的值，实验步骤如下所示。实验步骤①记录注射器内管的横截面积S，然后将注射器活塞推到0毫升处，用橡胶帽把注射器出液口密封；②将注射器倒立（出液口向上）竖直固定，用一段轻绳把一个水桶吊在活塞上（桶的重力约6牛左右，桶容积约3升）；③将水缓慢注入水桶，当发现活塞在水桶拉动下开始缓慢向下移动时马上停止注水；④测量水桶和水的总重力G并做记录，计算并记录总重力G与横截面积S的比值；⑤重复以上步骤三次，计算并记录三次结果的平均值。（见示意图，图中注射器与水桶的大小比例关系不对应真实比例关系）（1）在该实验中，实验原理是______，实验中多次测量是为了______；（2）若已知当地的大气压强的值在1×105帕左右，现有两个内管横截面积不同的注射器可供选择，该实验选择______（选填“A”或“B”）比较合适，理由是______；A．内管横截面积0.4厘米2的注射器B．内管横截面积3厘米2的注射器（3）若考虑活塞、绳子所受重力，且用橡胶帽封闭出液口后注射器中还有少量气体存留，测出的大气压强值应______（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）①.②.减小实验误差（2）①.B②.对A活塞向上大气压力约为4牛，小于桶的重力，所以选择A无法用添水法测出大气压力的，只能选择B（3）偏小【解析】【小问1详解】[1]利用二力平衡测量出当地的大气压力，注射器内管的横截面积S，根据可知当地的大气压强，故该实验原理是。[2]该实验是一个测量型实验，且测量的当地大气压强值是个定值，多次测量的目的是取平均值减小误差。【小问2详解】[1][2]桶的重力约为6N，若选用内管横截面积0.4厘米2的注射器，大气压约为，根据计算可知对A活塞向上的大气压力约为4牛，小于桶的重力，所以选择A无法用添水法测出大气压力的，只能选择B。【小问3详解】若还有少量气体残留，测得的大气压力偏小，受力面积没有问题，根据可知测出的大气压强值应偏小。二、学科综合（45分）12.在图所示的电路中，电源电压保持不变。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或灯L上。（1）小王同学只观察了小灯的亮暗情况之后，直接排除了一种故障：______，然后他又根据此时电流表的示数情况排除了第二种故障：______；（2）小王同学排除了两种故障后，闭合开关S，根据闭合开关后的现象最终确定了故障情况，请写出闭合开关后灯L的发光情况、电表的示数变化情况及其对应的故障：______。【答案】（1）①.电阻R短路②.灯L短路（2）灯L不发光，电流表示数不变（为0），则L断路；灯L发光，电流表示数变大，则R断路【解析】【小问1详解】[1]由图可知，闭合开关前，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，此时，若灯泡L发光，说明电路故障为定值电阻R短路，若灯泡L不发光，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路或灯泡L短路，小王同学只观察了小灯的亮暗情况之后，直接排除了一种故障，说明此时灯泡L不发光，排除的故障为定值电阻R短路。[2]灯泡L不发光，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路或灯泡L短路，若电流表有示数，说明电路故障为灯泡L短路，若电流表无示数，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路，小王同学根据此时电流表的示数情况排除了第二种故障，说明此时电流表无示数，排除的故障为灯泡L短路。【小问2详解】灯泡L不发光、电流表无示数，说明电路故障为定值电阻R断路或灯泡L断路，闭合开关S，若灯泡L不发光，电流表仍然没有示数，说明电路故障为灯泡L断路；闭合开关S，若灯泡L发光，电流表示数变大，说明电路故障为定值电阻R断路。13.图中玻璃瓶是一个“伽利略彩球温度计”，可以粗略地测量环境温度。玻璃瓶中装有某种液体，浸有7个体积相同的彩球（分别标有15℃、18℃、21℃、24℃、27℃、30℃、33℃字样），彩球体积不随温度变化而变化。当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。（1）当环境温度为10℃时，______彩球浮在液面上（选填“所有”“没有”或“部分”）；（2）当环境温度升高时，液体密度______（选填“变大”“变小”或“不变”），说出理由：______。【答案】（1）所有（2）①.变小②.见详解【解析】【小问1详解】当外界温度在15℃-33℃范围内变化时，会有彩球随之上浮或下沉，当所有彩球静止后，浮在上面的彩球中，标示温度值最低的那个彩球所标示的温度即此时环境的大致温度。现在环境温度为10℃，比最小的标示温度值还小，可知，所有彩球都浮在液面上。【小问2详解】[1][2]彩球体积相同，均浸没液体中时所受浮力相同；低温彩球最后上浮，说明其重力最大；彩球能上浮，说明温度降低后，其受到浮力变大；彩球体积不随温度变化而变化，由F浮=ρ液gV排可知，ρ液变大；所以温度降低，液体密度变大，反之，温度升高，液体密度变小。14.超载存在安全隐患，交通部门常用地磅秤检测车辆是否超载。地磅秤的工作原理可以看作是由电源、定值电阻R1、力敏电阻R2、一个电流表（或电压表）以及开关、导线组成的电路。（1）力敏电阻R2的阻值会随其上方所受压力F大小而发生变化，其关系如下表所示。压力F/N020406075力敏电阻R2/Ω30221460分析比较表中的数据，可得出的初步结论是：___________；（2）（a）根据上述信息，尝试画出能反映该地磅秤工作原理的电路图，并在电路图旁边注明地磅秤的示数是由哪个电路元件反映的；（电路图中的力敏电阻用）（b）若该电路中，电源电压为12V，定值电阻R1的阻值为10Ω，根据你所画的电路图及相关信息，求出当地磅秤上显示的示数为60N时对应的电表示数。【答案】（1）力敏电阻的阻值随压力的增大而减小（2）①.②.4.5V【解析】【小问1详解】由表可知，当压力增大时，力敏电阻的阻值减小，故可得出结论：力敏电阻的阻值随压力的增大而减小。【小问2详解】（a）根据题意，可以将两电阻串联，然后将电压表并联在力敏电阻两端，根据电压表的示数判断地磅的示数，如图所示：（b）当地磅秤上显示的示数为60N时，由表可知，力敏电阻的阻值为6Ω，此时电路中的电流为电压表的示数为U2＝IR2＝075A×6Ω＝4.5V15.在图（a）所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“1安”字样，电压表表盘如图（b）所示。（1）若电阻两端的电压为6伏，通过的电流为0.4安，求通电10秒钟电流通过电阻所做的功；（2）若的阻值为10欧，移动变阻器的滑片，发现电路中最小的电流为0.3安，求变阻器允许接入电路的最大电阻；（3）在保证电路安全工作的前提下，移动变阻器的滑片时，发现滑片不能移到变阻器的任意一端，电压表示数的最大变化量为12伏，求的阻值。【答案】（1）24J（2）50Ω（3）15Ω【解析】【小问1详解】由图可知，R1、R2串联，电压表测R2两端的电压，通电10秒钟电流通过电阻R1所做的功为【小问2详解】当电路中最小的电流为0.3A，电路的总电阻为变阻器R2允许接入电路的最大电阻为R2max=R总-R1=60Ω-10Ω=50Ω【小问3详解】因为滑动变阻器的滑片不能移到滑动变阻器最大阻值一端，所以电压表的最大示数为U2大=15V电压表示数的最大变化量为12V，则电压表的最小示数为则R1两端的最大电压为因为滑动变阻器的滑片也不能移到最小端，所以电路中的最大电流为滑动变阻器允许通过的最大电流，即电路中的最大电流为I大=1A，则的阻值为16.如图所示，轻质薄壁圆柱形容器置于水平地面，容器中盛有质量为5千克的水。（1）求水的体积V水；（2）求0.2米深处水的压强p水；（3）现有两个相同物体，质量均为3千克。先把一个物体竖着插入容器，插入前后地面受到的压强的变化量为980帕，然后把另一个物体平放垫在容器下方，物体与地面的接触面积为容器底面积的2倍，垫入前后地面受到的压强的变化量也为980帕。请根据以上信息，通过计算判断将物体放入容器后是否有水溢出，若有水溢出请求出溢出水的重力G溢，若无水溢出请说明理由。【答案】（1）（2）1960Pa（3）有水溢出，溢出水的重力为9.8N【解析】【小问1详解】根据得水的体积为小问2详解】根据得0.2米深处水的压强为【小问3详解】若无水溢出，根据题意得，因为，即得到，与题目中物体与地面的接触面积为容器底面积的2倍相矛盾，则假设不成立；有水溢出，根据题意有即即所以溢出水的重力为9.8N。17.小明想用伏