【高中物理】2025版-高三物理临考必背+必练

2．三个共点力平衡，则任意两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，多个共点(2)如图所示，一起做加速运动的材料相同的两个物体，若力是作用于m1上的，则①船头的方向垂直于水流的方向时，小船过河所用时间最短，t。①船头的方向垂直于水流的方向时，所用时间最短，t。竖直位移ygt2①速度偏角与位移偏角的关系为tanβ=2tanα。②末速度反向延长线交于水平位移的中点(好像从中点射出)。(1)v、ω、T、f及半径的关系：Tf，vr＝2πfr=ωr。由G＝{mω2r，得ω=}mr，得T＝,=84.7分钟。(4)重要变换式：GM＝gR2(R为地球半径)，GM星＝g星R星2(R星为星球半径)。(1)“向心力等大反向”——两颗行星做匀速圆周运动的向心力由它们之间的万有引力提供，故F1＝F2，且方向相反，分别作用在两颗行星上，是(3)“半径反比”——圆心在两颗行星的连线上，且r1＋r2＝L(如图所示)，两颗2(L－r1)。在粗糙的水平面上，斜面体的质量为2m。轻绳的一端固定在天花板上，另一端系最大静摩擦力，则斜面体与水平面间的动摩擦因数至少为()解析：对小球受力分析，沿斜面方向由平衡条件得mgsin30°=FTcos30°,解·=mgtan·足FTsin30°=Ff，竖直方向满足FN＋FTcos30°=3mg，当Ff=μFN时，斜面体与水平面间答案：C度大小成正比，则小球从抛出到落回地面的过程中，以下速度与时间的关系图像正确的是214．某同学设想驾驶一辆“陆地—太空”两用近做匀速圆周运动时，周期最小，最小周期Tv＝7.9km/s，R＝6400km，代入解得(3)W=ΔEk(变力或恒力)。(4)W其他=ΔE机(功能原理)。3．机车启动类问题中的“图像”及“特殊点”恒定功率启动恒定加速(2)全程最大速度的临界点为Ff(3)匀加速运动的最后时刻满足Ff＝ma，此时瞬时功率为额定功率，瞬时速度为匀(4)在匀加速过程中的某时刻有Ff＝ma1。(5)在变加速运动过程中的某时刻有Ff＝ma2。(2)能量转化：ΔEk=-ΔEp。WG=-ΔEpW弹=-ΔEp滑动摩擦力与介质阻力做功Ffl相对Ffl相对=ΔE内pWAB=-ΔEpW=ΔE(2)近似守恒：系统所受外力不为零，但内力远远大于外力，如碰撞、(3)某一方向上动量守恒：系统所受外力不为零，且内力也不是远远大于外力，但某一(1)动量守恒：即p1＋p2＝p1′＋p2′。1．(2023·河北邯郸二模)如图所示，半圆形光滑轨道固定在水为(重力加速度大小为g)()答案：C2．(2023·广东广州模拟)在某滑雪场有一段坡道，可看作斜面，一滑雪爱好者从坡道最A．坡道与水平面的夹角θ为45°则坡道与水平面的夹角为θ=30°,选项A错误；-(mgsinθ+μmgcosθ)s＝Ek－Ek0整理得Ek(mgsinθ+μmgcosθ)s＋Ek0\代入数据解得动摩擦因数μ=选项B\-(mgsinθ+μmgcosθ)sm＝0－Ek0上升的最大高度h＝smsinθ=7.5m，选项C错误；-(mgsinθ+μmgcosθ)t＝0-左侧距离A为12cm处放置光滑物块C，C的右侧粘有质量不计的黏性物质，与A碰撞时，D．解除锁定时，B与长木板右侧的距离至少为4cm答案：C密度为ρ。下列说法正确的是()定理有－FΔt＝0-Δm·v，Δm＝vΔtD2ρ,结合牛顿第三定律可得水柱对着火物的冲击力5．如图甲所示，一半圆形光滑轨道与白色水平传送带在N点相连接，水平传送带MN最右端N冲上传送带，经过一段时间二者在传送带上某处发生碰撞，碰撞时间极短，碰后=0.4，g取10m/s2。(1)经过多长时间A和B发生碰撞？(3)物块B从N点冲上传送带到运动至圆形轨道前的时间内小物块A在传送带上留下黑物块B做匀减速运动xB＝v1tat12v2＝v1－at1A做匀加速直线运动xAat12＝at1xA＋xB＝LxA＝2mxB＝4m＝4m/sv2＝2m/s。(2)设A和B碰撞后速度为v，根据动量守恒定律有mAv2,－mBv2＝(mA＋mB)v解得v＝2m/s，方向向右v0＝v＋at2这时x＝vtat22＝4m说明到达N点时，速度与传送带速度相同(3)物块B从N点冲上传送带到运动至圆形轨道前的时间内物块A在传送带上留下黑色痕迹的长度为s＝v0(t1＋t2)－L＝6(4)根据能量守恒定律知，这段时间内转＝v0t1－xA，s2＝v0t1＋xB，s3＝v0t2－x，=（匀强电场）dAB=（匀强电场）dAB＝q(φA-φB)=-ΔEp(与路径无关)。(1)电场力的方向——正电荷的受力方向和电场线方向相同，负电荷的受力方向和电场(2)电场强度的大小(定性)——电场线的疏密可定性反映电场强度(3)电势的高低与电势降低的快慢——沿电场线的方向电势逐步降低，电场强度的方向(4)等势面的疏密——电场越强的地方，等差等势面越密集；电场越弱的地方，等差等①平行板电容器充电后保持两极板与电源相连通——U不变②平行板电容器充电后两极板与电源断开—(3)安培力的大小：磁场和电流垂直时F＝BIL；磁场和电流平行时F＝0。(1)洛伦兹力充当向心力：qvB＝mrω2＝mmrma。②在圆形磁场区域内，沿径向射入的粒子，必沿径向射出，如图乙所示。N方向相反，底边所受安培力竖直向上，设绳子拉力为T，流过线在A点。若把带电粒子N从A点沿过A点的竖直面向上移动到无穷远处，电场力做功的大可以判定()D．带电粒子N的电势能将先增大后减小解析：固定的每个正点电荷对带电粒子N的库仑力大小为对带电粒子N，由平衡条件有3Fcosθ=mg解得qN的电子占所有射入磁场电子的比例为() 答案：C5．(多选)将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小、电容和极板所带B.保持E不变，将d变为原来的一半，上某点沿垂直PQ边界方向射出磁场区域，则下列说法正确的是()轨迹所对的圆心角为θ=60°,则粒子在c点时速度方向与水平方向间的夹角也为θ=60°,点释放，到最终从f出磁场，所用的时间t总＝3ta1b＋2tbc＋tcd＋tef，其中ta1b (1)定义式：I2．欧姆定律的表达式：I3．电阻①I只适用于纯电阻电路)。①负载R增大→I减小→U内减小→U外增大。外电路断路时(R为无穷大)，I＝0，U外=E。①当电路断路即I＝0时，纵坐标的截距为电动势。(1)电源的总功率：P总＝EI。此时η=50%。(2)阻碍相对运动——“来拒去留”。(3)使线圈面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”。(4)阻碍原电流的变化(自感现象)——“增反减同”。Bl2(2)瞬时值：正弦式交变电流有效值和最(3)有效值：电表的读数及计算电热、电功、电功率及保险丝的熔(2)功率关系为P出＝P入(多个输出线圈时为(3)电流关系为多个输出线圈时为n1I1＝n2I(4)频率关系为f出＝f入。输电电流I输电导线损失的电功率P损＝P2－P3＝I21．(多选)某偏僻山区靠小型发电机供电照明，供电电路如图甲所示，通过电灯的电流B．穿过线圈的磁通量的最大值为Wb2．(2023·四川成都二诊)摩托车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯、电车灯功率P灯＝U灯I1＝50Wr＝(12－15×0.4)V＝6V答案：C4．(2023·河南洛阳二模)如图所示，理想变压器原线圈接入电压有效值恒定的正弦交流流表和电压表均为理想电表，在滑动变阻器滑片从a端向b端缓慢滑动的过程中(25．(多选)如图所示为远距离输电的简易图，M和N为理想升压变压器和理想降压变压器，已知变压器M的原、副线圈匝数比为k，变压器N的原、副线圈匝数比为，变压器M电厂输出电压恒定，输电线的总电阻为r，则下列说法正确的是(B．流过变压器M原线圈的电流等于流过变压器N副解析：由变压器的原理可知设输电线上损失的电压为ΔU，有U2=ΔU＋U3，则有U1>U4，故A项错误；设通过变压器M原、副线圈的电流为I1、I2，通过变压器N原、副线圈的电流为I2、I3，则由变压器原理有k，解得I1=②光电子的最大初动能与入射光的强度无关，只随入射光的频率增大而增大。④当入射光的频率大于极限频率时，饱和光(2)光子说：爱因斯坦认为光是不连续的，一份一份的，每一份就是一个光子，对应光①爱因斯坦光电效应方程：Ek＝hν-W0。(3)玻尔理论：玻尔提出了三条假设：定态假设、跃迁假设、轨道量子化假设，成功地(4)氢原子能级示意图如图所示(在玻尔模型中，原子的可能状态是不连续的，即原子处②原子跃迁时，所吸收或释放的光子能量只能等于两能级的能量差。②公式：N余＝N原M余＝M原A.X粒子为中子反应中的质量亏损Δm＝m1＋m