10：2024届福建省泉州市高三下学期5月质量检测（二模）物理试题 教师版

北京曲一线图书策划有限公司5年高考3年模拟B版物理届福建省泉州市高三下学期5月质量检测（二模）物理试题1．新修订的《中华人民共和国体育法》明确规定“要保障学生在校期间每天参加不少于一小时体育锻炼”。如图，某学生在锻炼时双手握紧单杠悬垂静止不动，则（）A．单杠对双手的作用力方向竖直向上B．单杠对双手的作用力大于该生的重力C．双手对单杠的作用力大于单杠对双手的作用力D．双手抓单杠越紧，单杠对双手的作用力越大1.【答案】A【解析】学生在锻炼时双手握紧单杠悬垂静止不动，受重力和单杠对双手的作用力，根据力的平衡条件可知，单杠对双手的作用力方向竖直向上，大小与重力相等，故A正确，BD错误；根据牛顿第三定律可知，双手对单杠的作用力等于单杠对双手的作用力，故C错误；故选A。2．德化白瓷享誉世界。如图，向陶瓷茶杯倒入一定量的热水，迅速盖上杯盖后，发现杯盖被顶起又落下发出“哐哐”的声响。下列说法正确的是（）A．杯盖被顶起是杯内气体分子间斥力作用的结果B．杯盖被顶起说明杯内每个气体分子动能都增大C．杯盖不再被顶起后，封闭在杯子内气体的内能一定保持不变D．杯盖不再被顶起后，杯内气体的压强有可能大于杯外大气压强2.【答案】D【解析】杯盖被顶起是杯内气体温度升高，压强增大的结果；气体温度升高，说明气体分子平均动能增大，但不是每个气体分子动能都增大，故AB错误；杯盖不再被顶起后，封闭在杯子内气体的温度可能继续升高，杯子内气体的内能可能增大，故C错误；杯盖不再被顶起后，设杯盖的质量为m，根据受力分析可知pS≤p03．为了研究绳波的规律，设想把绳分成许多小的部分，每一小部分均视为质点，相邻两质点间有相互作用。如图，t=0时，绳上每个质点都处于平衡位置，t=0.1s时，质点1到达波峰，质点4刚要离开平衡位置向上振动，图中箭头表示质点的振动方向，则t=0.5s时，质点10~16间的波形为（）ABCD3.【答案】C【解析】根据题意可知，周期T=0.4s，所以从t4．一竖直轻弹簧下端固定，质量为m的水平木板P与弹簧上端栓接，木板上再放一质量也为m的小物块Q，静止时位置如图所示。现对Q施加一竖直向上、大小为12mg的恒力F，已知重力加速度大小为A．刚施加力F时，Q对P的压力大小为1B．施加力F后，在运动过程中P、Q可能分离C．P运动到最高点时，弹簧的弹力大小为1D．P从开始运动到最高点的过程，弹簧弹性势能减少量等于P重力势能增加量的1.5倍4.【答案】D【解析】刚施加力F时，对P、Q整体进行分析，根据牛顿第二定律有12mg=2ma1，解得a1=14g，对Q进行分析，根据牛顿第二定律有N1+12mg−mg=ma1，根据牛顿第三定律有N2=N1，解得Q对P的压力大小N2=34mg，故A错误；假设P、Q分离，则两者之间弹力为0，对Q进行分析，根据牛顿第二定律有mg−12mg=ma2，解得加速度大小a2=12g，方向竖直向下。施加拉力后，对P、Q整体进行分析，令平衡位置的压缩量为x0，则有12mg+kx0=2mg，令整体相对平衡位置位移为x，则回复力F回=125．（多选）如图为新能源电动汽车的无线充电变压器线圈。已知送电线圈ab、受电线圈cd的匝数比n1:n2=10:1，aA．送电线圈电压有效值为220VB．受电线圈产生的交变电流的频率为5HzC．a、b两端输入的交变电流方向每秒变化100次D．在t=0.01s5.【答案】AC【解析】送电线圈电压有效值U=Um2=220V，故A正确；由题意得ω=100π，交变电流的频率f=ω2π=50Hz，受电线圈产生的交变电流的频率为50Hz，由于正弦式交流电每个周期内电流方向改变两次，所以每秒变化100次，故B错误，C正确；在t=0.01s6．（多选）北斗卫星导航系统中的MEO卫星为中圆轨道卫星，利用引力常量G和下列数据，能计算出地球质量的是（）A．MEO卫星绕地球的轨道半径和线速度B．MEO卫星绕地球的轨道半径和运行周期C．地球表面重力加速度和MEO卫星绕地球的线速度D．地球表面重力加速度和MEO卫星绕地球的轨道半径6.【答案】AB【解析】根据万有引力提供向心力有GMmr2=mv2r=m4π2T2r，所以M=7．（多选）如图甲所示的xOy坐标系中，y轴上固定有两个等量同种点电荷P，与原点O的距离相同，x轴上各点的电势φ随x坐标变化的图像如图乙所示。a、b是x轴上两点，其电势分别为φa和φb，对应φ—x图线上的a′、b′两点，这两点切线斜率的绝对值相等。现将一质量为m、电荷量为q的正点电荷M从A．a、b两点场强不相同B．M从a点运动到b点的过程中电势能先增大后减小C．M从a点运动到b点的过程中加速度大小先减小后增大D．M先后两次经过b点的过程，电场力的冲量大小为27.【答案】AD【解析】根据电场强度与电势的关系E=ΔφΔx，可知图线的斜率可以表达电场强度的大小，由题知，a′、b′这两点切线斜率的绝对值相等。说明场强大小相同，但该两点在y轴左右两侧，故场强方向不相同，A正确；若两电荷为等量的正电荷，两电荷的垂直平分线与y轴的交点处的电势最高，而图乙中可知，两电荷的垂直平分线与y轴的交点处的电势最低。则为等量的负电荷；M从a点运动到b点的过程中电场力先做正功后做负功，故电势能先减小后增大，B错误；电荷量为q的正点电荷M从a点由静止释放，由图乙分析知，图线的斜率先增大后减小再增大，故M从a点运动到b点的过程中加速度大小先增大后减小再增大，C错误；M从a经过b点的过程，由动能定理知qUab=12mvb2−0，设初动量为p，a→b为正方向，则p=mvb，解得p=2mqφa−8．（多选）如图为一磁约束装置的简化示意图，内半径为R、外半径为3R的环状区域内存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场。圆心O和内圆边界上S处各有一粒子源，两粒子源均可沿纸面内任意方向射出质量为m、电荷量为q的相同带电粒子。不计粒子的重力及粒子间的相互作用和碰撞，下列说法正确的是（）A．从S点射出的粒子速率只要小于2qBRmB．从S点射出的粒子速率只要大于2qBRmC．从O点射出的粒子速率只要小于4qBR3mD．从O点射出的粒子速率只要大于qBRm8.【答案】BC【解析】假设粒子带负电，从S点射出的粒子最容易从外边界离开磁场的轨迹如图由几何关系可得r=3R−R2=R，根据qvB=mv2r，解得v=qBRm，同理粒子速度向下对应最不容易从大圆射出磁场，与大圆的左边界相切，此时的半径r=3R+R2=2R，对应的速度为v=由几何关系，可得3R−r′2=r′2+R2，根据qv'B=mv'2r'，联立解得v'=9．被称为“火焰发现者”的火灾报警器，其光电管的阴极对室内灯光中的紫外线毫无反应，只有被明火中的紫外线照射时才会产生光电流而引起报警。已知光电管阴极的金属发生光电效应的截止频率为ν0，灯光中紫外线的频率为ν1，明火中紫外线的频率为ν2，则ν1ν29.【答案】<ℎ【解析】由题知，其光电管的阴极对室内灯光中的紫外线毫无反应，说明ν1<ν0，被明火中的紫外线照射时才会产生光电流，说明ν0<ν2，则ν110．生活中可以观察到许多有趣的光学现象。雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是光的（选填“干涉”“衍射”）现象；在炎热的夏天，往前方远处路面看去，路面上好像有一滩水，还映出了前车的倒影，如图所示，其原因是高温使得贴近地面的空气层折射率（选填“大于”“小于”）离地面较高的空气层折射率。10.【答案】干涉小于【解析】雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是光的干涉现象；在炎热的夏天，往前方远处路面看去，路面上好像有一滩水，还映出了前车的倒影，是光的全反射造成的，原因是越靠近地面处折射率越小。11．利用霍尔效应制成的传感器被广泛应用于自动控制等领域。如图，宽为d的金属板置于匀强磁场中，磁场方向与金属板垂直，磁感应强度大小为B。当金属板通入如图所示的电流时，金属板（填“上”“下”）表面聚集电子，产生霍尔电压；若已知电子定向移动速率为v，则金属板上产生的霍尔电压为。11.【答案】上Bdv【解析】根据左手定则可以判断，金属板中电子定向移动时受到指向上表面的洛伦兹力，金属板上表面聚集电子。电子所受静电力与磁场力相等时达到平衡，上、下表面间的霍尔电压保持不变，根据平衡条件得qvB=qUd，解得12．用如图甲所示的装置探究平抛运动的规律。在竖直放置的硬板上先后铺上方格纸和复写纸并用图钉固定，调整斜槽PQ使其末端切线水平，同时在末端Q挂上重锤线。小球沿斜槽轨道滑下后从Q点水平飞出，落在接球槽MN上，在方格纸上留下一个痕迹点。移动接球槽，从同一位置由静止释放小球，多次重复，白纸上将留下一系列痕迹点。已知重力加速度大小为g。(1)对本实验，下列说法正确的是______。A．接球槽MN高度可以不等间距变化B．画轨迹时应把所有痕迹点用线段连接起来C．利用痕迹点描绘轨迹时，应把Q点作为平抛起点(2)某次实验正确操作记录的三个痕迹点A、B、C如图乙所示，图中每个方格的边长为L，可判断点A（选填“是”或“不是”）小球做平抛运动的起点；小球做平抛运动的初速度表达式v0=（用g、12.【答案】(1)A(2)不是3gL【解析】（1）挡板只要能记录下钢球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化，故A正确；为描出钢球的运动轨迹，痕迹点应用平滑的曲线连接，故B错误；利用痕迹点描绘轨迹时，应小球球心位置作为平抛起点，故C错误；故选A。（2）假设A点为抛出点，则竖直方向初速度为零，物体在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，A、B、C相邻两点间的竖直位移之比应为1∶3，而题图中位移之比为2∶5，所以A点不是抛出点。根据Δx=gT2可知竖直方向满足5L−2L=gT2，解得T=3Lg13．某同学用多用电表的欧姆挡粗测J0408型电压表“0~3V”挡的内阻，同时估测多用电表内电池的电动势。（1）将多用电表挡位旋钮调到电阻“×1”挡。（2）将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零。（3）如图甲，将多用电表的红表笔和（填“-”或“3V”）接线柱相连，黑表笔连接另一接线柱。拍照记录多用电表和电压表的示数。（4）依次将多用电表挡位旋钮调到电阻“×10”“×100”挡，重复（2）（3）操作，拍照记录的图片如图乙所示。图①②③为电压表指针偏转情况，图（a）（b）（c）为多用电表指针偏转情况，图片正确的对应关系是。A．①（a），②（b），③（c）

B．①（b），②（c），③（a）C．①（c），②（b），③（a）

D．①（a），②（c），③（b）（5）由乙图可以直接读出电压表“0~3V”挡的内阻约为Ω，多用电表“×100”挡内部电源的电动势约为V。（6）多用电表使用较长时间后，选用“×1k”挡测量该电压表“0~15V”挡的内阻，将红、黑表笔短接后进行欧姆调零，发现指针无法指到0Ω刻度线。若此时仍进行测量操作，则测得的阻值与真实值相比（填“偏大”“相等”或“偏小”）。13.【答案】（3）-（4）A（5）29001.6（6）偏大【解析】（3）多用电表的电流由红表笔流入，则红表笔接电压表的“-”接线柱相连；（4）多用电表挡位旋钮调到电阻“×1”挡，多用电表内阻较小，此时多用电表几乎不偏转，根据串联电路电压与电阻的关系可知电压表对应③；多用电表挡位旋钮调到电阻“×100”挡，多用电表内阻较大，此时多用电表测量电压表电阻，对应（a），根据串联电路电压与电阻的关系可知电压表对应①；故选A。（5）多用电表挡位旋钮调到电阻“×100”挡，可知电压表内阻为2900Ω，结合电压表读数可知，多用电表“×100”挡内部电源的电动势约为E=1.05V+（6）将红、黑表笔短接后进行欧姆调零，发现指针无法指到0Ω刻度线，则测量过程中指针相对真实值向左偏，即测量值偏大。14．电磁缓速器是提高车辆运行安全性的辅助制动装置。如图，遥控小车在水平地面上以大小为v的速度向右运动，小车底部安装了一个匝数为N、边长为L的水平正方形线圈abcd，线圈总电阻为R，小车和线圈的总质量为m。前方地面正方形区域内存在方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场。ab边刚进入磁场时立即关闭小车动力，cd边刚进入磁场时小车速度恰好为零。已知小车受到地面阻力大小恒为f。求：（1）ab边刚进入磁场时线圈中的电流；（2）线圈进入磁场过程通过导线某一横截面的电荷量；（3）线圈进入磁场过程产生的焦耳热。14.【答案】（1）NBLvR（2）NBL【解析】（1）ab边刚进入磁场时的感应电动势E=NBLv线圈中的电流I=解得I=NBLv（2）根据法拉第电磁感应定律有E线圈中的平均电流I通过导线某一横截面的电荷量q=解得q=NB（3）根据能量守恒定律可得，线圈进入磁场过程产生的焦耳热Q=115．如图，水平面上固定一倾角θ=37°的斜面轨道AB，底端通过水平轨道BC与一半径R=0.1m的竖直圆轨道平滑连接，右侧放置一半径r=0.4m的水平细圆管，在圆管中静置小滑块b，初始时水平圆管K处开口，K与E之间用一水平轨道连接。现将小滑块a从斜面上离水平面高h处由静止释放，a运动到圆轨道最高点D时，轨道对它的弹力大小为a重力的11倍。已知a的质量m1=0.3kg，b的质量m2=0.1kg，a与斜面轨道之间的动摩擦因数（1）求a沿斜面向下运动时的加速度大小a；（2）求h的值；（3）若a从开口K进入圆管后，立即撤去轨道EK，并将缺口补完整成为闭合圆管，a、b发生弹性碰撞，水平圆管始终保持静止。从a、b碰后至少经过多长时间，水平面对圆管的摩擦力最小？最小值为多少？15.【答案】（1）2m/s2（2）2.4m【解析】（1）a在斜面上运动时，由牛顿第二定律有m解得a=2m/s（2）设a过D点时的速度大小为v，由牛顿第二定律得11设a运动到C点时的速度大小为vv从C到运动至D点的过程中，由机械能守恒定律得1解得ℎ=2.4m（3）设a、b第一