2025-2026学年九年级上学期期末物理模拟练习卷（江苏·淮安）（解析版）

2）B．家用荧光灯的功率一般为40W，正常工作时的电流为（考试用时：80分钟分值：90分）注意事项:接近，故B符合题意；全卷取，水的密度＝。第Ⅰ卷（选择题C．家用挂壁空调功率约为1kW，正常工作1h消耗电能约，故C不符合题意；D．一个鸡蛋重约0.5N，从地上捡起一个鸡蛋缓慢举过头顶举高的高度约2m，人对鸡蛋所做的功约为共分）2故D不符合题意。1．下列家用电器主要利用电流的热效应工作的是（）故选B。A．电饭锅C．电视机答案】AB．电冰箱D．电风扇4．自热小火锅深受大众欢迎，将自热小火锅中的发热包放到水中，会放出大量的热，从而加热食物。下列说法正确的是（）【【A．发热包将温度传递给盒中的水详解】A．电饭锅工作时，主要将电能转化为内能，是利用电流的热效应，故A符合题意；B．被加热的食物吸收热量后自身所含热量增大C．食物温度升高的过程伴随着内能的转移B．电冰箱工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B不符合题意；C．电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故C不符合题意；D．电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故D不符合题意。故选A。D．当加热包和水的温度相同时，它们的内能一定相等答案】C【【详解】A．热量是热传递过程中传递内能的多少，是过程量，是从高温物体传向低温物体或从高温部分传2．下列工具在使用时属于省力杠杆的是（）向低温部分。发热包将热量传递给盒中的水，故A错误；B．热量是过程量，不能说所含热量，故B错误；A．镊子B．钓鱼竿D．羊角锤C．天平C．内能与物体的温度、质量、状态等有关。食物温度升高的过程伴随着内能的转移，故C正确；D．内能与物体的温度、质量、状态等有关，只知道温度高低，不能判断内能的大小，故D错误。故选C。【【答案】D详解】AB．镊子和钓鱼竿的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故AB不符合题意；C．天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故C不符合题意；D．羊角锤的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D符合题意。故选D。5SSA的示数为0.5AA的示数为0.2A1212法正确的是（）3．下列估测最接近实际的是（）A．人骑自行车的功率约B．家用荧光灯正常工作时的电流约C．家用挂壁空调正常工作1h消耗电能约D．从地上捡起一个鸡蛋缓慢举过头顶，人对鸡蛋所做的功约答案】BA．L与L串联B．L、L的电流分别是0.5A、0.2A1212【【C．开关S1只控制L1D．断开S，电流表A示数变为0.3A21详解】A．人骑自行车的功率约，故A不符合题意；【答案】D试题第1页（共8页）试题第2页（共8页）【详解】ACSSS位于干路上，C．若只有③自动断开，可能是插座中接入用电器的总电功率过大121所以开关S1控制整个电路，故AC错误；B，由图可知，电流表A测干路电流，电流表A测通过L的电流。电流表A的示数为0.5A，即干路电流D．若某个空气开关自动断开，排除故障后需更换该空气开关【答案】C1221I＝0.5AA的示数为0.2AL的电流为0.2AL的电【详解】A．若①自动断开，是由于电路中的总电流过大，可能是电路出现了短路，也可能是用电器的总功221率过大，故A错误；流为B．若只有②自动断开，即控制照明灯的开关自动断开，可能是照明灯短路，也可能是照明灯总功率过大，故B错误；故B错误；D，断开开关S时，L支路断开，电流表A测通过L的电流。由于并联电路各支路互不影响，所以通过2211CC正确；D．家中空气开关跳闸断开后，应该排除故障后再将其闭合，不需要更换该空气开关，故D错误。故选C。L的电流不变，仍为0.3A，即电流表A的示数变为0.3A，故D正确。11故选D。6．如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向右移动的过程中，电流表示数和电压表示数的变化情况分别是8．如图所示，用甲、乙、丙三种简单机械分别提起同一重物G，已知滑轮重，杠杆（）重（），手的拉力始终沿竖直方向，忽略绳重及摩擦，下列说法错误的是（）A．变大，变大C．变小，变小答案】DB．变大，变小D．变小，变大【【A．甲图：该装置不省力也不省距离R与LRP向右移动，可知，电路中的电流变小，所以电流表示数变小；当滑B．乙图：该装置的机械效率比甲图的低R接入电路的阻值变大，电路总阻值变大，由C．丙图：在匀速拉动物体上升的过程中，拉力逐渐变小片P向右移动，R接入电路的阻值变大，由串联分压原理可知，R两端的电压变大，所以电压表示数变大。D．若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越高故ABC不符合题意，D符合题意。【【答案】C故选D。详解】A．甲图是定滑轮，定滑轮的实质是等臂杠杆，使用定滑轮不省力也不省距离，故A正确，不符合7题意；下列分析正确的是（）B．将同一重物提升相同的高度，即做相同的有用功，忽略绳重及摩擦，则甲装置没有额外功。已知滑轮重20N，则乙克服机械重力所做的额外功比甲大，由A．若①自动断开，可能是由于电路中的总电流过小可知，乙的机械效率比甲图的低，故B正确，不符合题意；B．若只有②自动断开，一定是由于照明灯断路试题第7页（共8页）试题第8页（共8页）C．若始终保持拉力的方向竖直向上，则在杠杆匀速拉动物体上升过程中，动力臂总是阻力臂的2倍，由杠杆平衡条件可知，拉力保持不变，故C错误，符合题意；安全，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是（）D．若提升的物体越重，提升相同的高度，所做的有用功越大，而额外功不变，由可知，机械效率就会越高，故D正确，不符合题意。故选C。A．电路的最大功率是3.6WC．小灯泡的最小功率是0.75W答案】CB．电流表的最小示数是0.15A9、D．滑动变阻器阻值的调节范围是下列描述正确的是（）【【详解】A．由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；由题意可知，小灯泡上标有“4.5V、1.35W”字样，小灯泡正常发光时，通过电路中的电流为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流是0.3A0.3A，电路的最大功率P=UI=6V×0.3A=1.8W故A错误；A．探究电流与电压的关系——控制、间阻值不变B．由串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大时，小灯泡两端的电压最小，而且此时流过小灯泡的电流也最小，即电流表的示数最小；即当电压表的示数为3V时，小灯泡的电功率最小，此时小灯泡两端的电压B．探究电流与电阻关系——改变C．测量定值电阻阻值——改变D．测量小灯泡的电阻——控制答案】C、间电阻大小间电压大小间电压不变、、U=U-U=6V-3V=3V由图乙可知，此时流过小灯泡的最小电流是0.25A，故B错误；L滑【【C．小灯泡的最小功率是详解】A．探究电流与电压的关系，需要改变定值电阻两端电压，因此滑动变阻器的作用是改变、间P=UI=3V×0.25A=0.75W故C正确；LLL电阻两端电压，故A错误；D0.25~0.3A3VL两端的电压U=3V，B．探究电流与电阻关系，需要保持定值电阻两端电压不变，因此滑动变阻器的作用是保持端电压不变，故B错误；、间电阻两由图乙可知，此时电路中的电流I′=I=0.25A；由欧姆定律知，滑动变阻器的最大电阻当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，I=0.3A，滑动变阻器的电压C．测量定值电阻阻值，需要进行多次实验，即改变定值电阻两端电压，因此滑动变阻器的作用是改变、U=U-U=6V-4.5V=1.5V由欧姆定律知，滑动变阻器的最小电阻小L间电压大小，故C正确；滑动变阻器接入的阻值为5~12Ω，故D错误。D．测量小灯泡的电阻，需要改变灯泡两端电压，得到不同电压下灯泡的电阻，因此滑动变阻器的作用是改变、间电压大小，故D错误。故选C。故选C。06VR的规格为“111A”“0~0.6A”．如图所示，炎热的夏天，大明湖公园内明显感觉比其他地方凉爽，主要是因为水的比砂石压表量程选择“0~3V”，小灯泡上标有“4.5V1.35W”I-U图像如图乙所示，闭合开关S和泥土大。针灸是我国古代劳动人民创造的一种独特的医疗方法。针灸之前，用高温蒸气对“复用针”（可多试题第1页（共8页）试题第2页（共8页）次使用的针）消毒时，“复用针”的温度会升高，这是通过的方式改变了针的内能。动力，物体对手的压力为阻力，由图可知，动力臂小于阻力臂，则这是费力杠杆。2]费力杠杆省距离，则此过程中肱二头肌收缩的距离小于手移动的距离。4。为探究灯丝电阻是否随温度[1变化，他将灯珠的玻璃泡摘除后保持原电路连接，如图所示。再次闭合开关后，发现不亮，但比之前更亮，电流表示数为，可得。对灯丝加热，发现变暗，由此可知灯丝温度升高，电阻。依据上述结论，分析不亮的原因是。【【答案】比热容热传递[1]因为水的比热容大于砂石和泥土的比热容，由公式可知，相同质量的水和相同质量的砂石、泥土相比，吸收相同的热量时，水升高的温度更低，所以炎热的夏季，大明湖公园内明显比其他地方凉爽。[2]用高温蒸气对“复用针”消毒时，“复用针”吸收蒸汽的热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递的方式改变针的内能。2．如图，一架执行人工降雨任务的飞机，沿水平方向匀速飞行，并不断向下抛撒“干冰”，在此过程中，飞机的动能逐渐，重力势能逐渐“增大”“减小”或“不变”）【答案】小于变大再次闭合开关后，发现不亮，但比之前更亮，说明电路中的电流变大，故I小于I。温度低，电阻小【[1]小明将灯112[2]对灯丝加热，发现变暗，说明通过灯泡L的电流变小，说明L灯丝的电阻变大，故灯丝温度升高12时，灯丝的电阻变大。[3]没有加热时，此时灯泡不亮，原因是温度比较低，电阻变小，导致分担的电压比较小，灯泡L2的实际功率比较小。15．如图甲所示，是小明家的脉冲式电能表（3200imp【【答案】减小减小详解】[1][2]沿水平方向匀速飞行并不断向下抛撒“干冰”30min，电能表指示灯闪烁640次，该用电器的功率为瓦。为了安全用电，家庭电路中要接入保险飞机质量变小，高度不变，重力势能减小。3．人体中有很多结构可简化为杠杆。如图，手提起物体时，桡骨在肱二头肌的收缩牵引下绕肘关节转动，这是一种杠杆，此过程中肱二头肌收缩的距离（填“大于”“等于”或“小于”）手移动的距离。（虚框内一处接保险丝“”1【【答案】费力小于[1]试题第7页（共8页）试题第8页（共8页）[3]所以能量转化相同。7“打水漂”AB段返回器的动能；BC段返回器的机械能，采用这样方式着陆的目的是【【答案】4001。详解】[1]电能表上“3200imp/(kW⋅h)”表示每消耗1kW⋅h3200640次，消耗的电能用电器工作时间则用电器的功率[2]接保险丝，下方用导线连接，这样能在电流过大时，及时切断火线，保障安全，如图所示：【【答案】减小不变减小飞行器落地时的动能详解】[1]AB段返回器的质量不变，高度变大，重力势能变大，是返回器的动能转化为重力势能和内能，所以返回器的动能变小。[2]BC段没有受到空气的阻力，机械能守恒，所以机械能不变。[3]CD段，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，由于克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，所以返CD段返回器动能增加量小于重力势能的减小量，飞行器落地的动能减小，机械能减小，根据以上分析可知，用类似“打水漂”的方式着陆地球，目的是减小飞行器落地时的动能。16热量的42%被4.6kg水吸收，则水温上升或“不同”[q=4.6×107J/kg，c=4.2×103J/(kg·℃)]0.05kg℃。图乙中能量转化和图甲中的情况（填“相同”18240N20N135N的拉力将物体匀速提升了2m10s中拉力匀速提升物体的功率是W，动滑轮的机械效率是（结果精确到0.1%做的功为J。【【答案】压缩50相同详解】[1]由甲图可知，汽油机的进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程。[2]0.05kg汽油完全燃烧放出的热量为Q=mq=0.05kg×4.6×107J/kg=2.3×106J【答案】5488.9%40这些汽油完全燃烧放出热量的42%被水吸收，则水吸收的热量为Q=ηQ=42%×2.3×106J=9.66×105J【详解】[1]如图为动滑轮，则拉力匀速提升物体的功率是吸放4.6kg水吸收这些热量，升高的温度为[2]动滑轮的机械效率是试题第1页（共8页）试题第2页（共8页）想使杠杆水平平衡，应将右端的平衡螺母向调（填“左”或“右”；（2A点挂2B点挂4[3]克服动滑轮重所做的功为接着他将A点和B点下方的钩码同时向支点O靠近一格，杠杆此时会（选填“左端下沉”“右端下沉”或“保持平衡”19．某型号的电热毯有高温和低温两个挡，其内部电路原理图如图所示，当开关S闭合时，电热毯处于（3）为寻找规律，小华用弹簧测力计按丙图所示：第一次弹簧测力计倾斜拉，其读数为F，第二次弹簧测（高温/220VR的阻值恒为400ΩP为44W，11FF1F（填“＜”“＝”或家庭电路的电压U为220V。当电热毯正常工作时，高温挡的功率P1为W，定值电阻R2的阻值“＞”答案】下沉1）[1][2][3]如图甲所示的杠杆是静止的杠杆，杠杆处于平衡状态；由于杠杆左端下沉，为了使它为。【平衡右一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度左端＞【在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；使杠杆平衡的目的有两个：一是避免杠杆重力对杠杆转动的影响；二是便于测量力臂的长度。【【答案】高121700（2）[4]若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧详解】[1][2]SRR可知，21右侧因为电热毯功率较大，处于高温挡；当开关S断开时，两电阻串联，电路中总电阻较大，根据，电热毯功率较小，处于低温挡；高温挡的功率杠杆不能平衡，左端下沉。[3]低温挡的总电阻为（3）[5]如图丙所示，小红设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F，第二种弹簧测力FBF倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大，在同等条件下，两次弹簧测力计读数。定值电阻R2的阻值217分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温RR-R总1也相同。共206分）小华探究杠杆平衡条件时，所用的杠杆上相邻刻线间的距离相等。（1）比较不同燃料的热值，可以选择两个装置；然后通过观察（选填“加热时间”（1（选填“平衡”或“非平衡”或“物质升高的温度”）来比较两种燃料热值大小；试题第7页（共8页）试题第8页（共8页）（（2两个装置进行实验，不同物质吸收热量的多少是通过故熔化成的水吸热为选填“加热时间”或“物质升高的温度”如图丁所示：所以①②（由图可以看出，液体的比热容较大；，则a液体的比热容是如果已知b液体的比热容是；228）小华同学做“测量小灯泡电阻”的实验，电路连接如图甲所示。3）我们知道固体熔化时虽然温度保持不变，但仍需吸热。通过查阅资料知道：人们把单位质量的某种物5kg冰由-10℃全部熔化成0℃的水所需的热量是，则冰的熔解热为J/kg【其中冰的比热容【答案】1[1][2]乙两图进行实验，实验时要观察温度计的示数（液体升高的温度）比较两种燃料的热值大小。2[3][4]物质吸收的热量相同，通过加热时间来反映两种物质吸热多少，故选择甲、丙两图装置。[5]由图示图像可知，a和b升高相同的温度，如温度都升80℃，a需要的是时间是10min，b需要的时间甲、乙物质升高的温度甲、丙加热时间b(1)伏安法测电阻的实验原理是；【实验次数电压表示数/V电流表示数/A小灯泡亮度暗1231.32.54.50.160.250正常发光熄灭（①(2)1组数据，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω；小灯泡的额定功率为(3)继续移动滑片，到某一位置时发现小灯泡突然熄灭，记录第3组数据，则电源电压为(4)完成实验分析可知，灯丝的电阻随温度的升高而(5)流表示数如图乙、丙所示，该定值电阻的阻值为Ω；(6)滑片移动过程中，滑动变阻器和定值电阻两端的电压变化量分别记为ΔU、ΔU，则ΔU是20minbbab液体的比热2；容较大。V；②[6]根据可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化和比热容成反比。我们用相同的燃料1加；热时间10min，a和b吸收的热量就是相同的，a的温度变化值为b的温度20min变化，10min变化值为，据得，a液体吸收的热ΔU；121量：，b液体吸收的热量：，由于a和b吸收的热量就是相同的，则(7)在完成上述实验后，小华还想要利用该电路准确测量一个阻值约为3kΩ的定值电阻。同小组的同学都认为现有的实验器材无法完成实验，理由是答案】(1)。所以a的比热容为【(2)100.625W(3)4.5(4)增大(5)8（3）[7]冰由全部变成的冰吸热为试题第1页（共8页）试题第2页（共8页）(6)＝(7)见解析【（1）伏安法测电阻的实验需要测量电阻两端的电压和通过的电流来计算电阻，因此实验原理是。2）[1][2]由表格可知灯泡正常发光时的电压为2.5V，电流为0.25A，所以小灯泡正常发光时的电阻为【【答案】电阻4:1不一定2Ω1[1]小灯泡的额定功率为3）小灯泡突然熄灭，是因电压过高，造成小灯泡断路，整个电路处于断路状态，电压表测电源的电压，电压表示数等于电源电压，则电源电压为4.5V。4）第一次实验时灯泡的电阻为为了探究电流产生的热量与电阻的大小的关系，通电一段时间后，由于右侧的电阻大，根据侧容器产生的热量更多。知，右（（2）[2]乙容器外部的电阻的作用是为了使左右容器内导体的电流不相等，因为左右容器内两导体的阻值相（等，必须让两电阻的电流不同才能探究电流产生的热量与电流的关系。由于容器内外的电阻相同，根据并联温度的升高而增大。电流之比等于电阻倒数之比，两个电阻的电流相等，都等于通过R1的电流的一半，根据知，R1和R2两根电阻丝在相等的时间内产生的热量之比为（50.1V2.4V0.02A，读数为0.3A，该定值电阻的阻值为6）因电源电压不变，串联电路总电压等于各电阻两端电压之和，所以滑片移动过程中，滑动变阻器和定值电阻两端的电压变化量相等，即7）利用该电路准确测量一个阻值约为3kΩ的定值电阻，电路中电流最大为[3]电阻（R的作用主要是使电阻R和RR与R的阻值不一31223定相同。4]为了使左右两个U形管内液面高度差差异更大，应使得。[R3分去的电流更大，根据并联电流之比等于电阻（倒数之比，选用较小的电阻，故选用2Ω。245R0一个、未知电阻小于电流表的最小分度值，无法准确读出电流值，所以无法准确测量。34“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置图局部，两个透明容器中密封着初温、质量相同的空气。R一个，导线若干。请利用这些器材设计方案测出未知电阻R的阻值：xx2(1)在右边方框内画出实验的电路图；(2)简要写出实验步骤：（1）图甲装置是为了探究电流产生的热量与的关系。(3)写出求Rx阻值的表达式：（2）图乙装置R和R两根电阻丝在相等的时间内产生的热量之比Q:Q=实验时电阻R3与R21212（选填“一定”或“不一定”）相同。为了使左右两个U形管内液面高度差更明显，R3应的阻值选用（选填2Ω、5Ω或10Ω试题第7页（共8页）试题第8页（共8页）(2)灯L正常工作2min消耗的电能；(3)若某酒店厨房的电能表标有“220V5A（10A”字样，请通过计算说明，3台这样的消毒柜能不能同时在这【答案】(1)【答案】(1)2A(2)①按电路图，连接好电路；②只闭合开关S，读出电压表示数U；③闭合开关S、S，读出电压表示数(2)6000J1112U；④断开开关，整理好实验器材；⑤计算待测电阻的阻值(3)能同时在这个厨房长时间使用【1）由图知，两开关都闭合时，L与R并联，由并联电路特点知U=U=U=220V(3)LR所以通过R的电流【1）只用电压表测未知电阻的阻值时，可利用电压表和串联电路中电压规律测出电源、定值电阻和待测电阻两端的电压，再利用串联电路中电流相等，求得未知电阻的阻值，据此设计电路如图所示：（2）灯L正常工作2min消耗的电能W=Pt=50W×2×60s=6000J（3）R的电功率P=UI=220V×2A=440WRRR一台消毒柜的电功率P=P+P=50W+440W=490WLR3台这样的消毒柜总功率P′=3P=3×490W=1470W由电能表参数知，这个电能表允许通过的最大电流为10A，允许接用电器的最大功率P=UI=220V×0A=2200W>1470W1（2）实验步骤如下：①按电路图，连接好电路；②只闭合开关S，读出电压表示数U，即为电源电压；③11所以能同时在这个厨房长时间使用。闭合开关S、S，读出电压表示数U，即为R两端电压；④断开开关，整理好实验器材；⑤根据测量得到122X的电压值，计算出待测电阻的阻值。3SSUS和SR的电压，五、综合题（共6分）（12112x26“双电表”0~3V为U，则电阻R的电压为U=U-U22001表量程为0~0.6A，定值电阻R0的阻值为10Ω；MN是长为30cm、阻值为30Ω的电阻丝R，其阻值与长度成正比，硬质弹簧下端和金属滑片P固定在一起，P与电阻丝R接触且摩擦不计，弹簧电阻忽略不计，其受到的拉力F与伸长量xP恰停至M0.15A加某个拉力时，电压表示数为2V。串联电路中电流处处相等，即I=I，由欧姆定律可得x0解之可得四、计算题（5分）25．某消毒柜简化电路如图所示。电阻R，紫外灯L规格为“220V50W”，闭合开关S和S，消毒柜12正常工作，求：F/N0.150.2100.3150.4200.5250.630x/cm(1)通过R的电流；(1)电路中的接线柱“C”应与电阻丝R的（选填“A”或“B”）接线柱连接；试题第1页（共8页）试题第2页（共8页）(2)该装置中的电源电压(3)当电压表的示数为2V时，电路消耗的总功率为(4)为了让该装置在弹簧允许的最大范围内“双电表”置处串联一个至少为Ω的电阻。答案】(1)BV；此时电路的总电阻W，此时拉力大小为N；所以，需要增加的电阻大小为（选填“D”或“E”由于电压表的示数已经是最大值，增加的电阻放在D点会超出量程，故放在E点位置处串联一个至少10Ω的电阻。【（7分）(2)6(3)27．随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭。扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自1.20.21050%(4)E铭牌上的部分参数，请回答下列有关问题：【1P恰停至M0.15AR两端的电压U=IR=0.15A0000×10Ω=1.5V即电压表示数为1.5V，由题知，当施加某个拉力时，电压表示数为2V。所以可知，施加拉力后，电压表的R0阻器接入电路的电阻减小，故C点与B点相连接，故连B点。2RRR（00(1)该扫地机器人铭牌上的部分内容如表所示，则机器人充满电后，电池所储存的电能是正常工作的电流