2026届广东省广州市高三上学期12月调研考试猜题物理试题【附解析】

/2026届广东省广州市高三12月调研考物理猜题卷一、单选题（1~7题单选题，每小题4分，共28分）1．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与沙漏a连接，连接b的一段细绳与斜面平行．在a中的沙子缓慢流出的过程中，a、b、c都处于静止状态，则（）A．c对b的支持力一定减小B．b对c的摩擦力一定减小C．地面对c的摩擦力方向可能向右D．地面对c的摩擦力一定减小2．如图甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置，手机A以O点为平衡位置，在竖直方向上M、N两点之间做简谐运动，手机上加速度传感器记录了手机在竖直方向的振动情况，以向下为正方向，得到手机振动过程中加速度a随时间t变化的曲线如图乙，为余弦曲线。下列说法正确的是（）A．t=1s时，弹簧弹力为0 B．t=2s时，手机处于平衡位置上方C．t=2s至t=3s，手机从N运动到O D．t=1s至t=2s，手机的速度和位移方向相反3．中国首次火星探测任务工程总设计师表示，我国将在2028年实施“天问三号”火星探测与取样返回任务。“天问三号”探测器从地球发射后第一次变轨进入地火转移轨道，逐渐远离地球，成为一颗人造行星，运行轨迹简化如图所示，Ⅰ是地球运行圆轨道，Ⅱ是地火转移椭圆轨道，Ⅲ是火星运行圆轨道，轨道Ⅰ与轨道Ⅱ相切于P点，轨道Ⅱ与轨道Ⅲ相切于Q点。已知火星密度为地球密度的710，火星自身半径为地球自身半径的1A．P点处，“天问三号”在轨道Ⅰ上的加速度小于在轨道Ⅱ上的加速度B．Q点处，“天问三号”在轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅲ需要向前喷气C．“天问三号”在轨道Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ上运动的全过程中，在轨道Ⅱ上P点处运行速度最大D．火星表面的重力加速度大小约为74．如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中B板接地。开关S闭合后，在A、B两板间C点处有一个质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是（）A．若将S断开，再将A板向左移动一小段位移，油滴向下运动B．若将S断开，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变小C．保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势升高D．保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量增大5．生活中人们经常用滑轮提升重物，如图所示，两轻绳分别跨过两个固定光滑定滑轮，两人站在地上竖直向下拉动轻绳，使重物匀速上升，已知悬挂重物的两侧轻绳a和b与竖直方向的夹角始终相等，则在重物上升的过程中（）A．轻绳a和b拉力的合力逐渐变大B．人对地面的压力逐渐减小C．轻绳a拉力对物体做功的瞬时功率变大D．两根轻绳对物体的拉力冲量始终相同6．如图所示，在平面直角坐标系中，正三角形的三个顶点上放置着三根垂直于坐标平面的无限长直导线P、Q、R，导线中的电流大小相等，P和R中的电流方向向里，Q中的电流方向向外。已知无限长直导线在某点形成的磁感应强度大小与该点到导线的距离成反比，R在O点产生的磁感应强度大小为B0。下列说法正确的是（）A．P受到的安培力的方向竖直向上 B．R受到的安培力的方向水平向右C．O点磁感应强度大小为13BD．P、R在Q点产生的磁感应强度方向竖直向下7．如图一水平传送带上表面放置质量为0.8kg物块，物块A左侧与水平轻弹簧相连，弹簧另一端固定在墙壁上，传送带速度v0不变且与弹簧、竖直墙面不接触，物块A右侧和与竖直方向成θ=37°的不可伸长的轻绳一端相连且保持静止。轻绳张力不为0，弹簧形变量为6cm，物块与传送带的动摩擦因数μ=0.2，弹簧劲度系数为100N/m，g取10m/sA．弹簧弹力大小为6N B．剪断轻绳瞬间物块A所受力的个数少1C．剪断轻绳瞬间物块A加速度大小为5.5m/s2 D．剪断轻绳瞬间A加速度方向水平向左二、多选题（8-10题多选题，每小题6分，共18分）8．如图所示，真空中有一个三棱锥区域O−ABC，三棱锥底面ABC为等腰直角三角形，AB=BC=L，OA=OB=OC=LA．O点的电场强度大小为3B．O点的电场强度大小为5C．若在B点放置一电荷量为q的正点电荷，则其所受电场力的大小为2D．若在B点放置一电荷量为q的正点电荷，则其所受电场力的大小为59．如图甲所示，长2m的木板Q静止在某水平面上，t=0时刻，可视为质点的小物块P以水平向右的某初速度从Q的左端向右滑上木板。P、Q的v−t图像如图乙所示。其中a、b分别是0~1s内P、Q的v−t图像，c是1~2s内P、Q共同的v−t图像。已知A．P、Q系统在相互作用的过程中动量不守恒B．在0∼2s内，摩擦力对QC．P、Q之间的动摩擦因数为0.1D．P相对Q静止的位置在Q木板的右端10．某机械传动组合装置如图，一个水平圆盘以角速度ω匀速转动，固定在圆盘上的小圆柱离圆心距离为R，带动一个T形支架在水平方向左右往复运动。小圆柱在最左端时，在桌面的A点轻放质量为m的小物件P，此时T形支架的右端恰好与P接触但不粘连，圆盘转半圈时物件P恰好运动到O点。不计一切摩擦力。下列说法正确的是（）A．从A点开始运动到与T形架分离的过程中，物件P做匀变速直线运动B．物件P从A点开始运动的过程，T形支架对其做功为1C．小圆柱从最左端开始转动14D．AO的距离为π三、非选择题（11题6分，12题10分，13题11分，14题13分，15题14分，共54分）11．某实验小组利用图1所示的实验装置测量当地的重力加速度。在含有刻度尺的气垫导轨上相隔一定距离安装两个光电门，滑块上固定一遮光条，数字计时器可以记录遮光条通过光电门的时间，用天平测出滑块（含遮光条）的质量为M，钩码的质量为m，由刻度尺读出光电门1和光电门2中心之间的距离L，接通气源后部分操作过程如下：(1)图2中用螺旋测微器测出遮光条宽度d=mm。(2)取下钩码和细线，轻推滑块使其依次通过光电门1和光电门2的时间分别为Δt1、Δt2，如果Δt1<Δt2，说明端较高（选填“A”或“B”），当Δt(3)本实验满足m≪(4)用细线跨过定滑轮连接滑块和钩码，释放滑块，两个光电门记录的时间分别为Δt1、Δt2，滑块运动的加速度表达式为a=（用“d、L、Δt1、Δt2”表示）。当地的重力加速度g的表达式为g=（用“m、M和a”表示）12．某实验小组准备测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：A．多用电表（电压挡量程2.5V，内阻未知）；B．毫安表（量程200mA，内阻为1.20ΩC．定值电阻R1=0.6Ω；D．定值电阻R根据提供的器材，设计电路如图1所示。(1)将毫安表与定值电阻R1(2)为了精确测量，图中多用电表的右边表笔P应接到（选填“B”或“C”）处；(3)闭合电键，调节滑动变阻器滑片，多次记录多用电表的示数U、毫安表的示数I。其中一次测量时多用电表示数如图2所示，其读数为V。(4)作U−I图线如图3所示，该干电池电动势E=13．如图所示，两可视为质点的小球A、B分别套在光滑直角型轻杆的水平杆PO和竖直杆OQ上，球A与轻弹簧拴接，弹簧的另一端固定在P点，球A、B间用一根不可伸长的细线相连，装置可绕OQ在水平面内转动。水平杆转动的角速度ω1=1.0rad/s时，细线与杆OQ的夹角为α=37°。现缓慢增大转速至ω2，使细线与杆OQ的夹角增大为β=53°，此时弹簧的形变量与转速为ω1时的形变量相同。已知细线的长度l=0.5m，球A、B的质量分别为mA(1)角速度为ω1时，杆OQ对球B的弹力大小F(2)角速度ω2(3)装置从角速度ω1增大到ω2的过程中，外力对装置做的功14．如图所示，在竖直平面的直角坐标系中，第一象限内存在两个区域，在0≤x≤3d的Ⅰ区域中存在垂直xOy平面向里的匀强磁场B1和水平向右的匀强电场E1；在3d≤x≤33+3d的Ⅱ区域中存在方向垂直xOy平面向外的匀强磁场B2和方向竖直向上、大小为mgq的匀强电场E2；一质量为(1)求Ⅰ区域中的匀强磁场B1的大小及电场强度E(2)为了使该带电粒子能够回到Ⅰ区域，求Ⅱ区域的匀强磁场的最小磁感应强度Bmin15．一游戏装置竖直截面如图所示。固定在水平直轨道AB的弹射器、长L=2m的传送带BC、水平直轨道CD组成一个高台。高台下方有一小车静止在水平光滑平面上，质量M=1kg的小车，其上表面是以O为圆心，圆心角θ=143°的弧形槽，O与G等高，F为圆弧最低点。某次游戏时，弹射器弹簧的弹性势能Ep=8J，质量m=1kg的小物块被静止弹出，经D点水平飞出后恰好从E点无碰撞进入小车，经过最低点时小车对小物块的弹力(1)经过A点时的速度大小v1(2)通过传送带摩擦所产生的热量Q；(3)运动到圆弧最低点时的速度大小v2、小车的速度大小v3和弧形槽半径参考答案1．D【详解】A．由小物块b垂直斜面方向受力平衡可知，c对b的支持力一直等于b的重力垂直斜面向下的分力，因b的质量不变，所以c对b的支持力不变，故A错误；B．细绳上的拉力大小等于a的重力，若初始状态细绳上的拉力大于b的重力沿斜面向下的分力，则根据小物块b沿斜面方向受力平衡得m即F所以随着a中的沙子缓慢流出Ff减小，根据牛顿第三定律，b对c的摩擦力也减小；若初始状态细绳上的拉力小于b的重力沿斜面向下的分力，则根据小物块b沿斜面方向受力平衡得即F所以随着a中的沙子缓慢流出Ff增大，根据牛顿第三定律，b对cCD．将小物块b和斜面体c看作整体，由水平方向受力平衡可知，地面对c的摩擦力与细绳拉力的水平分力等大反向，所以地面对c的摩擦力方向向左，又由于随着a中的沙子缓慢流出细绳上的拉力逐渐减小，所以地面对c的摩擦力一定减小，故C错误，D正确。故选D。2．C【详解】A．由图乙可知，t=1s时，手机的加速度为0，此时手机所受合力为0，弹簧弹力与重力平衡，故A错误；BC．由图乙可知，t=2s时，手机的加速度为−4m/s2，此时加速度方向向上，则手机处于平衡位置下方最低点N处；t=3s时，手机的加速度为0，手机处于平衡位置，则t=2s至t=3s，手机从D．t=1s至t=2s，手机从O运动到N，手机的速度和位移方向相同，均向下，故D错误。故选C。3．C【详解】A.

根据GMmr2=maB.“天问三号”在轨道II上的Q点做近心运动，需加速才能进入轨道III做圆周运动，需要向后喷气，故B错误；C.根据开普勒第二定律可知，在近日点的速度大于远日点的速度，可知“天问三号”在轨道II上Q点速度小于P点速度，“天问三号”在轨道I上的P点做圆周运动，需加速才能进入轨道II做离心运动，可知“天问三号”在轨道I上P点速度小于在轨道II上P点速度，“天问三号”在轨道I和轨道III上均绕太阳做圆周运动，其线速度满足GMm解得v=GMD．忽略天体自转，天体表面的重力加速度g=GMR2又M=故选C。4．B【详解】A．若将S断开，则电容器所带电荷量Q不变，根据E可知，再将A板向左移动一小段位移，正对面积减小，板间场强增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，故A错误；B．根据A选项可知E因此若将S断开，则Q不变，板间场强不变。根据场强与电势差间的关系可知U又因为B板接地，则φB=0，则dCB变大，UC．保持S闭合，则电容器两极板间电势差U不变，根据E=U可知E减小、dCB不变，则φC减小，D．将B板向左移动一小段位移，根据C=εS4πkd可知，正对面积减小，电容器电容变小。保持S闭合，则电容器两极板间电势差5．B【详解】A．根据平衡条件可知轻绳a和b拉力的合力与重物的重力等大反向，保持不变，故A错误；B．设轻绳a和b与竖直方向的夹角为θ，重物的质量为m，则有2由于θ逐渐增大，所以绳子拉力逐渐增大；设人的质量为M，以人为对象，根据平衡条件可得T可知地面对人的支持力逐渐减小，则人对地面的压力逐渐减小，故B正确；C．轻绳a拉力对物体做功的瞬时功率为P可知轻绳a拉力对物体做功的瞬时功率不变，故C错误；D．根据对称性可知，两根轻绳对物体的拉力冲量大小相等，但方向不同，故D错误。故选B。6．C【详解】ABD．三根导线中的电流大小相等，根据安培定则可得，在P、R、Q、O四点的磁感应强度方向如图所示根据左手定则可得，P、R导线所受安培力方向如图所示，故ABD错误；C．已知R在O点产生的磁感应强度大小为B0，无限长直导线在某点形成的磁感应强度大小与该点到导线的距离成反比，P、Q在O点产生的磁感应强度大小均为B1，由ROPO=B1B7．B【详解】A．由于弹簧处于弹性限度，弹力大小满足胡克定理，即F故A正确，不符合题意；B．物块A所受重力8N与弹簧弹力6N合力大小为10N，由于物块处于静止状态，此时弹簧只可能被拉长，重力与弹簧弹力二者合力方向与竖直夹角m满足tanθ=即就在绳反向延长线上。假定物块受到支持力和滑动摩擦力，则二者合力的方向与竖直方向的夹角必然小于37°CD．剪断轻绳瞬间，弹簧弹力不可突变，此时物块A在竖直方向上平衡，水平方向F方向水平向左，此时瞬时加速度大小为a故CD正确，不符合题意。故选B。8．BD【详解】AB．由几何知识可知，三角形OAC为等腰直角三角形，AO⊥CO，A点的点电荷在OC点的点电荷在O点产生的电场强度大小EC=2kq故A错误，B正确；CD．同理可知，B点的合电场强度大小E则电荷量为q的正点电荷在B点受到的电场力大小为F=9．BC【详解】A．P与Q组成的系统在速度相等以后做匀速运动，说明地面摩擦力为零，故相互作用的过程系统所受的外力之和为零，系统动量守恒，故A错误；B．从图象可知，0∼2s内对Q，先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，在1∼2s内无摩擦力，根据动量定理，摩擦力的冲量等于动量的变化，所以C．P从速度为2m/s减为1m又a=μmgmD．在t=1s时，P、Q相对静止，一起做匀速直线运动，在0∼1Q的位移x2=可知P与Q相对静止时不在木板的右端，故D错误。故选BC。10．BCD【详解】A．T形支架的速度等于小圆柱的水平方向的分速度，小圆柱的线速度大小为v将小圆柱的速度分解如图所示水平方向上的分速度为v所以物件P从A点开始运动到与T形架分离的过程中，做变加速直线运动，故A错误；BC．当水平圆盘转过14圈时，小圆柱的速度在沿AO方向的分量最大，则P速度达到最大值v，且之后小圆柱在沿AO方向的分量开始减小，所以此时物件P将与T形支架分离，此后以v做匀速直线运动，物件P从A点开始运动的过程，由动能定理得，T形支架对其做的功为故BC正确；D．支架与物件P分离之后P做匀速直线运动在圆盘转动14周期时间到达O点，此时间内P运动的位移为AO间的距离为d故D正确。故选BCD。11．(1)2.700(2)A=(3)不需要(4)d【详解】（1）遮光条宽度d（2）[1]通过光电门1和光电门2的速度分别为v1=根据题意Δt1<Δt2[2]当Δt1=Δt2时，则v1（3）本实验不需要满足m≪（4）[1]根据运动学公式得v22−v12[2]根据牛顿第二定律得mg=m12．(1)0~0.6(2)B(3)1.15(4)1.451.56【详解】（1）毫安表的满偏电压为U0=所以，改装后的量程为0~0.6A（2）由于改装后的电流表的内阻已知，为了精确测量，图中多用电表代替的电压表应为电源的“