安徽省淮南市2025-2026学年高二上学期期末物理模拟卷【含答案】

安徽省淮南市2025-2026学年上学期高二期末物理模拟卷考生注意：1、本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2、答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。3、考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4、本卷命题范围：人教版必修三、选择性必修一第一章、选择性必修二第一章。一、选择题（本题共8小题，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图甲所示为某实验小组验证动量守恒定律的实验装置，他们将光滑的长木板固定在桌面上，a、b两小车放在木板上并在小车上安装好位移传感器的发射器，且在两车相对面上涂上黏性物质．现同时给两车一定的初速度，使a、b沿水平面上同一条直线运动，发生碰撞后两车粘在一起；两车的位置x随时间t变化的图象如图乙所示．a、b两车质量(含发射器)分别为1 kg和8 kg，则下列说法正确的是(

)

A.两车碰撞前总动量大于碰撞后总动量 B.碰撞过程中a车损失的动能是149J

C.碰撞后两车的总动能比碰前的总动能小 2.如图所示，三根完全相同的通电直导线a、b、c平行固定，三根导线截面的连线构成一等边三角形，O点为三角形的中心，整个空间有磁感应强度大小为B，方向平行于等边三角形所在平面且垂直bc边指向a的匀强磁场。现在三根导线中通以方向均向里的电流，其中Ib=Ic=I。已知通电长直导线

在某点产生的磁感应强度的大小跟电流成正比，导线b在O点产生的磁感应强度大小为A.若O点的磁感应强度平行ac边，则Ia=(1+33)I

B.若O点的磁感应强度平行ab边，则Ia=(1+33)I

C.3.如图所示，两个可看做点电荷的带电绝缘小球紧靠着塑料圆盘边缘，小球A固定不动(图中未画出)。小球B绕圆盘边缘在平面内从θ=0沿逆时针缓慢移动，测量圆盘中心O处的电场强度，获得沿x方向的电场强度Ex随θ变化的图像(如图乙)和沿y方向的电场强度Ey随θ变化的图像(如图丙)。下列说法正确的是(

)

A.小球A带负电荷，小球B带正电荷

B.小球A、B所带电荷量之比为1:2

C.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度先增大后减小

D.小球B绕圆盘旋转一周过程中，盘中心O处的电场强度最小值为04.两个电荷量相同的负电荷固定在水平面上的A、B两点，O点是两个点电荷连线的中点，C、D两点分别位于点电荷的连线以及中垂线上，如图所示。在C点静止释放一带负电的试探电荷1，在D点静止释放一带正电的试探电荷2，二者仅在A、B电荷电场力的作用下运动，x是各试探电荷发生的位移，v1是电荷1的速度，a2是电荷2的加速度，φ1是电荷1所经过处的电势，Ep2是电荷2的电势能。设无穷远处的电势为零，则下面关于电荷1、2运动过程的图像可能正确的是(

)A.B.

C.D.5.如图所示，某同学用玻璃皿在中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极做“旋转的液体的实验”，若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，磁感应强度为B=0.1T，玻璃皿的横截面的半径为a=0.05m，电源的电动势为E=3V，内阻r=0.2Ω，限流电阻R0=4.8Ω，玻璃皿A.由上往下看，液体做顺时针旋转 B.液体所受的安培力大小为1×10-3N

C.闭合开关后，液体热功率为0.081W6.如图所示，D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器的A、B两极板间有一带电液滴，在P点处于静止状态。若保持极板B不动，当某同学分别从初始状态开始向不同方向稍微平移极板A(移动极板A后P点还在两极板之间)时，下列说法正确的是(

)

A.极板A向上移动过程中，静电计指针张角变小

B.极板A向下移动过程中，静电计指针张角变大

C.极板A向左移动过程中，液滴静止不动

D.极板A向左移动过程中，P点处电势升高7.如图，竖直挡板固定在光滑水平面上，质量为M的光滑半圆形弯槽静止在水平面上并紧靠挡板，质量为m的小球从半圆形弯槽左端静止释放，小球速度的水平分量和弯槽的速度与时间的关系如图所示。下列说法正确的是(

)

A.小球释放后，小球与弯槽系统动量守恒 B.t2时刻小球的高度等于释放时的高度

C.由图可知m大于M D.图中阴影面积8.如图所示，一根足够长的光滑绝缘杆MN，与水平面的夹角为37∘，固定在竖直平面内，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场充满杆所在的空间，杆与磁场方向垂直。质量为m的带电小环沿杆下滑到图中的P处时，对杆有垂直杆向下的压力作用，压力大小为0.4mg。已知小环的电荷量为q，重力加速度大小为g，sin37∘=0.6，下列说法正确的是A.小环带正电

B.小环滑到P处时的速度大小vP=6mg5qB

C.当小环的速度大小为v=mgqB二、选择题（本题共2小题，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）9.如图所示，直角三角形abc区域内(不包括三角形边界)存在磁感应强度大小为B、方向垂直三角形所在平面向外的匀强磁场，∠a=30∘，ac=L，C为ac的中点，D为bc的中点，C点处的粒子源可沿平行cb的方向射入速度大小不同的正、负电子(不计电子所受的重力)。电子的比荷为kA.可能有正电子从a点射出磁场

B.负电子在磁场中运动的最长时间为πkB

C.从D点射出磁场的负电子的速度大小为kBL3

D.从ab10.如图所示，半径为R、质量为3m的14圆弧槽AB静止放在光滑水平地面上，圆弧槽底端B点切线水平，距离B点为R处有一质量为3m的小球2，其左侧连有轻弹簧。现将质量为m的小球1(可视为质点)从左侧圆弧槽上端的A点由静止释放，重力加速度为g，不计一切摩擦。则下列说法正确的是(

)

A.两个小球、圆弧槽及轻弹簧组成的系统全程动量守恒

B.小球1第一次滑到B点时，与弹簧左端相距54R

C.弹簧弹性势能的最大值为916mgR

D.三、非选择题（本题共5小题，共计58分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（8分）小马同学家乡盛产柑橘，寒假期间他利用柑橘制作了柑橘电池，并设计了如图甲所示的电路来测量该电池的电动势E和内阻r，以及一未知电阻Rx的阻值，图中电压表内阻极大。实验过程如下：

(1)保持开关S2断开，闭合开关S1，改变电阻箱R的阻值，观察到电压表的读数随R的增大而

(填“增大”或“减小”(2)实验中记录不同阻值对应的电压表示数，并作出对应的1U-1R图线如图乙所示。已知图线的横、纵截距分别为-a和b，则电源电动势E=

，电源内阻r=

((3)闭合开关S1、S2，改变电阻箱R阻值，再次记录不同阻值对应的电压表示数。在图乙中作出对应的1U-1R图线(图中未画出)。已知对应图线的纵截距为c，则电阻Rx=

(用a12.（10分）如图甲所示，用半径相同的两个小球的碰撞验证动量守恒定律。实验时先让质量为m1的A球从斜槽上某一固定位置C由静止释放，A球从轨道末端水平抛出，落到水平地面的复写纸上，在下面的白纸上留下痕迹，重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把质量为m2的B球放在水平轨道末端，将A球仍从位置C由静止释放，A球和B球碰撞后，分别在白纸上留下各自的落点痕迹，重复操作10次，M、P、N为三个落点的平均位置，O(1)下面是本实验部分测量仪器或工具，需要的是_______。A.秒表

B.交流电流表

C.刻度尺

(2)为了完成本实验，下列必须要求的实验条件是，入射小球A的质量______被碰小球B的质量，入射小球A的半径

被碰小球B的半径。(均选填“大于”、“小于”或“等于”)(3)实验中，OM=d1，OP=d2，(4)某实验小组设计如图丙所示的装置来研究碰撞前后动能的变化，把白纸和复写纸贴在竖直墙上，使小球从斜槽轨道滚下打在正对的竖直墙上，记录小球的落点。仍然使用A球和B球进行实验，重复验证动量守恒时的其他操作步骤。M'、P'、N'为竖直记录纸上三个落点的平均位置，小球静止于水平轨道末端时球心在竖直记录纸上的水平投影点为O'，测得O'M'=y1、O四、计算题：本大题共3小题，共30分。13.（12分）如图所示，半径为R的光滑竖直半圆管道固定在光滑水平面上，圆管的内径可忽略，圆管与水平面相切于B点，D点为圆管最高点，整个空间存在水平向左的匀强电场，电荷量为+q、质量为m、直径略小于圆管内径的小球由水平面上的A点静止释放，当AB=R时小球运动到B点时的速度大小为v0=(1)电场强度大小及小球对圆管的最大压力大小;(2)判断小球能否运动到D点，若能，求小球在D点的速度;若不能，求小球的最高点到水平面的高度;(3)若释放点A到B点的距离为6.5R，求小球离开D点后的最小动能以及小球第一次落到水平面的点与释放点A间的电势差。14.（12分）如图甲所示，在光滑水平面上有A、B、C三个小球，A、B两球分别用水平轻杆通过光滑铰链与C球连接，两球间夹有劲度系数足够大、长度可忽略的压缩轻弹簧，弹簧与球不相连．固定住C球，释放弹簧，球与弹簧分离瞬间杆中弹力大小F=10 N.已知A、B两球的质量均为m1=0.2 kg，(1)求弹簧释放的弹性势能Ep(2)若C球不固定，求释放弹簧后C球的最大速度v；(3)若C球不固定，求释放弹簧后两杆间夹角第一次为θ=120°时(如图乙)，A球绕C球转动的角速度ω15.（16分）在粒子物理学的研究中，经常用电场和磁场来控制或者改变粒子的运动。如图所示为一控制粒子运动装置的模型。在平面直角坐标系xOy的第二象限内，一半径为r的圆形区域内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场Ⅰ，磁场Ⅰ的边界圆刚好与两坐标轴相切，与x轴的切点为P，在第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，在x轴下方区域有垂直于坐标平面向外的匀强磁场Ⅱ，磁场Ⅱ中有一垂直于y轴的足够长的接收屏。P点处有一粒子源，在与x轴正方向成45∘到与x轴负方向成45∘范围内，粒子源在坐标平面内均匀地向磁场内的各个方向射出质量为m、电荷量为q的带正电粒子，粒子射出的初速度大小相同。已知沿与x轴负方向成45∘射出的粒子恰好能沿x轴正方向射出磁场Ⅰ，该粒子经电场偏转后以与x轴正方向成45∘的方向进入磁场Ⅱ，并恰好能垂直打在接收屏上。磁场(1)求粒子从P点射出的速度大小v0(2)求匀强电场的电场强度大小E；(3)将接收屏沿y轴负方向平移，直至仅有一半的粒子经磁场Ⅱ偏转后能直接打到屏上，求接收屏沿y轴负方向移动的距离L。

答案和解析1.【答案】C

【解析】根据x-t图象表示速度，分别求出碰撞前后两车的速度，再分析两车碰撞前后总动量关系。根据能量守恒定律求碰撞过程中损失的动能，从而确定出碰撞的类型。

解决本题的关键要掌握碰撞的基本动量守恒，要知道碰撞过程中机械能不守恒的碰撞是非弹性碰撞。碰撞过程中机械能守恒的碰撞是弹性碰撞。

A、设a、b两车碰撞前的速度大小为v1、v2，碰后的速度大小为v3，根据x-t图象表示速度，结合题图乙得v1=2

m/s，v2=1

m/s，v3=23

m/s，以向右为正方向，碰前总动量p1=-mav1+mbv2=6

kg⋅m/s，碰后总动量p2=(ma+mb)v3=6

kg⋅m/s，则两车碰撞前总动量等于碰撞后总动量，故A错误；2.【答案】A

【解析】三根通电直导线a、b、c的电流反向均向里，则三根导线在O点形成的磁场方向如图所示，且三根导线在O点形成的磁感应强度方向互成120°，Bb=Bc=B，由平行四边形定则可知，Bb与Bc的矢量和的大小为B，方向与Ba相反。

A、若B0//ac，则tan60°=BBa-B，解得：Ba=(1+33)B，又电流与磁感应强度存在正比关系，可知：Ia=(1+33)I，故A正确；

B、若B0//ab，则tan60°3.【答案】B

【解析】A.由乙、丙两图可知，当θ=π2时，小球B在O点正上方，此时Ex=0，Ey=-6V/m，则说明小球A一定在y轴上固定；当

θ=0时，Ex=-4V/m，小球B在O点正右侧，而水平方向场强方向为x轴负向，则说明小球B为正电荷，此时EB.由于两小球都紧靠在塑料圆盘的边缘，所以到O点的距离r相同，当θ=0时，

Ex=-4V/m

，

EC.盘中心O处的电场强度为小球A和小球B在O点产生的场强的矢量和，随着小球B从θ=0转到2π的过程中，EA和EB大小都不变，EA和EB的夹角在增大的过程中，当θ=π2时，O处的合场强最大；当θ=3π2时，OD.小球B绕圆盘旋转一周过程中，当θ=3π2时，O处的合场强最小，其值大小为E故选B。4.【答案】D

【解析】C点处的负电荷会做往复的周期运动，在O点处速度最大，场强为0，故加速度应当也为0，A错误(尽管并非v-t图，但速度峰值处同样斜率应为0);

在连线上电势分布O点最高，两侧变低，但O点电势并不为0，C错误;

D点处的电荷同样会做关于O点对称的往复运动，但根据其初始点的位置有两种可能性：到O点前场强不断变小，到O点前场强先变大后变小，结合EP-x图象斜率表示电场力(即场强)可知，D选项对应的是第二种情况，D5.【答案】B

【解析】A.由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形的电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；玻璃皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的安培力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故A错误；

B.电压表的示数为2V，则根据闭合电路欧姆定律有：E= U+IR0+ Ir，所以电路中的电流

I=E-UR0+r=3-24.8+0.2A=0.2A，液体所受的安培力大小：F=BIL=BIa=0.1×0.2×0.05 N=16.【答案】D

【解析】B、电容器极板A带正电，极板A向下移动过程中，根据电容器的决定式C=εrs4πkd

可知，电容器的电容增大，根据Q=CU

可知，电容器所带电荷量将变大，电容器充电，上下极板间电势差不变，静电计指针张角不变，故B错误；

A、由图可知，电容器极板A带正电，极板A向上移动过程中，根据电容器的决定式C=εrs4πkd

可知，电容器的电容减小，根据Q=CU

可知，电容器所带电荷量将变小，电容器放电，但理想二极管D阻止电容器放电，所以电容器所带电荷量Q不变，则上下极板间电势差U变大，静电计指针张角变大，故A错误；

CD、极板A向左移动过程中，根据电容器的决定式C=εrs4πkd

可知，电容器的电容减小，根据Q=CU

可知，电容器所带电荷量将变小，电容器放电，但理想二极管D阻止电容器放电，

所以电容器所带电荷量Q不变，则上下极板间电势差U变大，

根据E=U7.【答案】D

【解析】A.系统在竖直方向上动量不守恒，故A错误；

B.t1时小球与弯槽在水平方向第一次共速，即小球到达弯槽右侧，t2时再次共速则到达弯槽左侧，根据能量守恒，初始时小球的重力势能转化一部分到动能，故小球此时不可能到达释放时的高度，故B错误；

C.小球通过弯槽最低点后，系统水平动量守恒，以水平向右的方向为正方向，则有mv1=Mv3-mv2，移项得

m(v1+v2)=Mv3，若m大于M，则v1+v8.【答案】D

【解析】A.小环的重力在垂直杆方向上的分力：G1=mgcos37∘=0.8mg，根据题意知，带电小环沿杆下滑到图中的P处时，小环对杆的压力为0.4mg，压力小于0.8mg，根据牛顿第三定律可知杆对小环的支持力垂直杆向上，大小为0.4mg，所以小环受到的洛伦兹力方向应垂直杆斜向上。由左手定则可知，小环带负电，故A错误；

B.设小环滑到P处的速度为vP，在P处小环的受力如图所示：

，

在垂直杆的方向上，对环根据平衡条件有：qvPB+FN=mgcos37∘，其中FN=0.4mg，解得vP=2mg5qB，故B错误；

C.当小环的速度大小为v=mgqB时，可得其受的洛伦兹力为：F=qvB=9.【答案】BCD

【解析】A.若有正电子从a射出磁场，则该正电子途中必然从ab边射出磁场，故A错误；

B.当电子从ac边射出磁场时，电子在磁场中运动的时间最长，且最长时间为半个周期，设电子的质量为m，电荷量为e，有em=k，可得最长时间t1=12⋅2πmeB=πkB，故B正确；

C.设从D点射出磁场的负电子在磁场中做圆周运动的半径为r，根据几何关系有r2=(L2-r)2+(L2tan30∘)2，设该负电子的速度大小为v10.【答案】BC

【解析】A.小球1在圆弧槽上运动时，系统只在水平方向上动量守恒，故A错误；B.小球1从圆弧槽的A点到B点的过程中，设小球1滑到B点时小球1的速度为v0，圆弧槽的速度为v，取水平向右为正方向，小球1与圆弧槽在水平方向动量守恒有

mv0=3mv，由能量守恒定律有

mgR=12mv02+12⋅3mv2，解得

v0=3v=3gR2，设小球1到B点时，小球1水平向右移动的距离为C.小球1与小球2共速时，弹簧弹性势能有最大值，从小球1刚与弹簧接触到两球共速，由动量守恒有

mv0=(m+3m)v共D.从小球1刚与弹簧接触到两球分开，由动量守恒定律有

mv0=mv1+3mv2，由能量守恒定律有

111.【答案】(1)增大(2)1b1a（3【解析】(1)当保持开关S2断开，闭合开关S1时，电路中R与电源内阻r串联，根据闭合电路欧姆定律I=ER+r，电压表测量的是R两端的电压U=IR=ERR+r=E1+rR，当R增大时，rR减小，1+rR减小，E1+rR增大，所以电压表的读数随R的增大而增大。

(2)根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，I=UR，则E=U+UrR，变形可得1U=rE·1R+1E，此式为1U-1R的一次函数关系，在1U-1R图象中，斜率k=rE，纵截距b=1E，则E=1b，又因为横截距为-a，当12.【答案】(1)C

；(2)大于；

等于；(3)

m1d2=m1【解析】(1)因为小球离开水平轨道后做平抛运动，则小球在空中运动时间相等，小球的水平位移与初速度成正比，所以本实验可以用水平位移代替小球初速度，故需要测出小球落地的水平位移，即需要用到的仪器是刻度尺。故ABD错误，C正确；

故选：C。

(2)为了防止入射小球碰后被反弹，应让入射小球A的质量大于被碰小球B的质量，且要使两者发生对心碰撞，应使入射小球A的半径等于被碰小球B的半径；

(3)想要验证两球碰撞前后的总动量守恒，需验证m1v0=m1v1+m2v2；

其中

v0=OPt=d2tv1=OMt=d1tv2=ON13.【解析】(1)小球由A到B的过程中，由动能定理得qER=12mv02又v0=2gR，解得E=mgq，

由以上分析可知qE=mg，当小球运动到等效