(2025年)计算机网络试题详解与答案

(2025年)计算机网络试题详解与答案一、单项选择题（每题2分，共20分）1.在物理层编码中，若某数字信号的码元速率为2400Baud，采用曼彻斯特编码，则其数据传输速率为（）。A.1200b/sB.2400b/sC.4800b/sD.9600b/s答案：C解析：曼彻斯特编码将每个码元分成两个相等的间隔，前一个间隔为高电平后一个为低电平表示“0”，反之为“1”。每个码元需要两个信号变化，因此数据传输速率（比特率）等于码元速率的2倍。本题中码元速率为2400Baud，故数据传输速率为2400×2=4800b/s。2.以下关于CSMA/CD协议的描述中，错误的是（）。A.适用于总线型拓扑结构B.发送前需侦听信道是否空闲C.冲突检测仅在发送过程中进行D.采用二进制指数退避算法确定重传时间答案：C解析：CSMA/CD（载波侦听多路访问/冲突检测）要求节点在发送数据前先侦听信道（“先听后发”），发送过程中持续检测冲突（“边听边发”），若检测到冲突则立即停止发送并发送干扰信号（“冲突停止”），最后等待随机时间重传（“随机退避”）。因此冲突检测不仅在发送过程中进行，发送前的侦听也属于检测的一部分，C选项描述不完整。3.某主机的IP地址为2/20，其所在子网的广播地址是（）。A.55B.55C.55D.55答案：A解析：2是B类地址，子网掩码为/20（即）。将IP地址转换为二进制：172.16.00011001.00001100（前20位为网络位）。网络位的前16位是172.16，第17-20位是“0001”（对应十进制16+0=16？不，20位的网络位中，前16位是B类默认网络位，第17-20位是子网位，即第3字节的前4位）。第3字节的二进制为“00011001”，前4位是“0001”（对应十进制1×16=16），因此子网的网络地址为（网络位全0），广播地址是子网内主机位全1，即第3字节的后4位和第4字节全1：172.16.（00011111）.255→55。4.以下路由协议中，属于链路状态路由协议的是（）。A.RIPB.BGPC.OSPFD.EIGRP答案：C解析：RIP（路由信息协议）基于距离向量算法，BGP（边界网关协议）是外部网关协议，基于路径向量算法，EIGRP（增强内部网关路由协议）是Cisco私有协议，结合了距离向量和链路状态的特点。OSPF（开放最短路径优先）是典型的链路状态路由协议，通过LSA（链路状态广告）交换网络拓扑信息，使用Dijkstra算法计算最短路径。5.TCP连接建立过程中，第二次握手的报文中必然包含的标志位是（）。A.SYNB.ACKC.SYN+ACKD.FIN答案：C解析：TCP三次握手过程为：①客户端发送SYN=1，seq=x（连接请求）；②服务器回复SYN=1，ACK=1，seq=y，ack=x+1（确认请求并发送自己的连接请求）；③客户端发送ACK=1，seq=x+1，ack=y+1（确认服务器的连接请求）。因此第二次握手的报文必须同时包含SYN和ACK标志位。6.若某UDP数据报的总长度为1500字节（含8字节首部），则其数据部分的长度是（）。A.1492字节B.1500字节C.1480字节D.1496字节答案：A解析：UDP数据报的总长度=首部长度+数据长度。UDP首部固定为8字节，因此数据长度=总长度-首部长度=1500-8=1492字节。7.以下HTTP方法中，用于向指定资源添加新文档的是（）。A.GETB.POSTC.PUTD.DELETE答案：B解析：GET用于请求读取资源，POST用于向资源提交数据（如表单提交），PUT用于替换或创建指定资源（需明确资源URL），DELETE用于删除资源。因此向指定资源添加新文档（不明确URL时）通常使用POST。8.某网络的子网掩码为24，该子网最多可划分的主机数是（）。A.30B.32C.62D.64答案：A解析：子网掩码24对应的二进制为11111111.11111111.11111111.11100000，主机位为5位（32-27=5）。可分配的主机数为2^5-2=30（减去网络地址和广播地址）。9.以下关于DNS查询的描述中，正确的是（）。A.递归查询要求本地DNS服务器自行完成所有查询B.迭代查询要求根域名服务器返回最终IP地址C.客户端向本地DNS服务器发起的查询一定是迭代查询D.DNS查询仅支持UDP协议答案：A解析：递归查询中，本地DNS服务器接收客户端请求后，若无法直接解析，会代替客户端向其他DNS服务器查询，最终将结果返回客户端（A正确）。迭代查询中，被查询的服务器返回下一个可能的服务器地址，由客户端或本地服务器继续查询（B错误）。客户端向本地DNS服务器通常发起递归查询（C错误）。DNS查询默认使用UDP（53端口），但当响应超过512字节时使用TCP（D错误）。10.以下网络攻击中，属于中间人攻击的是（）。A.DDoS攻击B.ARP欺骗C.SQL注入D.暴力破解答案：B解析：DDoS（分布式拒绝服务）通过大量流量淹没目标；ARP欺骗通过伪造ARP响应，使主机误将攻击者的MAC地址视为网关MAC地址，从而截获通信（中间人攻击）；SQL注入利用应用程序漏洞执行恶意SQL语句；暴力破解通过猜测密码攻击认证系统。二、填空题（每空2分，共20分）1.在OSI参考模型中，负责将上层数据封装为帧的是________层。答案：数据链路2.某主机的MAC地址为00-1A-2B-3C-4D-5E，其前24位是________。答案：厂商标识符（OUI）3.TCP协议中，若接收方通告的窗口大小为0，发送方将启动________机制。答案：持续计时器（坚持计时器）4.路由器转发分组时，根据________表查找目的网络的下一跳地址。答案：路由5.802.11无线局域网中，CSMA/CA协议的“CA”指________。答案：冲突避免6.在HTTP/1.1中，默认启用的连接方式是________。答案：持久连接（长连接）7.网络层提供的两种服务中，________服务需要提前建立逻辑连接。答案：虚电路8.某IPv4数据报的总长度字段为0x03E8（十六进制），则其总长度为________字节。答案：1000（0x03E8=3×16²+14×16+8=1000）9.传输层的主要功能是为________之间的通信提供逻辑连接。答案：应用进程（端到端）10.对称加密算法中，AES的密钥长度可以是128位、192位或________位。答案：256三、简答题（每题8分，共32分）1.简述TCP三次握手的过程，并说明为什么需要三次握手而非两次。答案：三次握手过程：①客户端发送SYN=1，seq=x（初始序列号），请求建立连接（第一次握手）。②服务器收到后，发送SYN=1，ACK=1，seq=y，ack=x+1（确认客户端序列号并发送自己的序列号）（第二次握手）。③客户端发送ACK=1，seq=x+1，ack=y+1（确认服务器序列号）（第三次握手）。需要三次握手的原因：防止“已失效的连接请求报文”被服务器错误接收。若客户端发送的第一个连接请求在网络中延迟，客户端超时后重发第二个请求并建立连接，随后第一个请求到达服务器。若仅两次握手，服务器收到第一个请求后直接建立连接，导致客户端无此连接需求，造成资源浪费。三次握手通过客户端的最终确认，确保双方均确认连接的有效性。2.比较CSMA/CD与CSMA/CA的异同。答案：相同点：均为介质访问控制协议，用于解决多个节点竞争共享信道的问题；核心思想均为“先听后发”。不同点：①应用场景：CSMA/CD适用于有线局域网（如以太网），CSMA/CA适用于无线局域网（如802.11）。②冲突检测方式：CSMA/CD通过检测信号电压变化检测冲突；CSMA/CA因无线信号衰减和隐藏终端问题，无法有效检测冲突，采用“冲突避免”（如随机退避、RTS/CTS机制）。③退避机制：CSMA/CD采用二进制指数退避；CSMA/CA的退避时间与网络负载相关，且发送数据前需等待DIFS（分布式协调帧间间隔）。④确认机制：CSMA/CD无显式确认（依赖高层协议）；CSMA/CA要求接收方发送ACK帧确认，避免因冲突导致的数据丢失。3.说明DHCP的工作过程，并列举DHCP报文的四种类型。答案：DHCP（动态主机配置协议）工作过程分为四个阶段：①发现（DHCPDiscover）：客户端广播DHCPDiscover报文，寻找DHCP服务器。②提供（DHCPOffer）：DHCP服务器广播DHCPOffer报文，向客户端提供IP地址及配置参数。③请求（DHCPRequest）：客户端广播DHCPRequest报文，选择某服务器的配置。④确认（DHCPACK）：服务器发送DHCPACK报文，确认配置生效；若IP不可用则发送DHCPNAK。DHCP报文类型：Discover、Offer、Request、ACK（或NAK、Release等）。4.分析网络拥塞的原因及常用解决方法。答案：拥塞原因：①链路容量不足：多条链路的总流量超过其带宽。②路由器缓存溢出：分组到达速率超过路由器处理能力，导致缓存队列溢出。③TCP重传机制：因分组丢失触发重传，进一步增加网络负载。④路由算法缺陷：路由震荡或环路导致分组重复传输。解决方法：①流量控制：通过滑动窗口（如TCP的接收窗口）限制发送方速率。②拥塞控制：TCP的慢开始、拥塞避免、快速重传、快速恢复算法。③资源预留：使用RSVP（资源预留协议）提前分配带宽。④队列管理：采用主动队列管理（AQM）如RED（随机早期检测），在队列满前丢弃分组以通知发送方降低速率。⑤升级网络设备：增加链路带宽、使用高性能路由器提高处理能力。四、综合题（共28分）题目1（14分）：某公司申请到一个C类IP地址块/24，需要划分6个子网，每个子网至少容纳25台主机。（1）计算所需的子网掩码。（2）列出前3个子网的网络地址、广播地址和可用IP范围。答案：（1）子网划分分析：C类地址默认子网掩码为（/24），主机位8位。需划分6个子网，需满足2^n≥6（n为子网位数），故n=3（2^3=8≥6）。剩余主机位=8-3=5位，每个子网的主机数=2^5-2=30≥25，满足要求。因此子网掩码为/24+3=27位，即24。（2）前3个子网的计算：子网块大小=2^(32-27)=32（每个子网包含32个IP地址）。-第1个子网：网络地址：（二进制：11000000.10101000.00001010.00000000）广播地址：1（主机位全1：00011111）可用IP范围：~0-第2个子网：网络地址：2（00100000）广播地址：3（00111111）可用IP范围：3~2-第3个子网：网络地址：4（01000000）广播地址：5（01011111）可用IP范围：5~4题目2（14分）：假设主机A（IP：，端口1234）与主机B（IP：，端口8080）建立TCP连接，传输一个1500字节的应用层数据（无分段）。请回答以下问题：（1）描述三次握手过程中，双方交换的报文的源/目的IP、源/目的端口及标志位。（2）若TCP首部长度为20字节，数据部分为1500字节，计算该TCP报文的总长度（含IP首部）。假设IP首部无选项，IP分组的总长度字段值是多少？答案：（1）三次握手过程：①第一次握手（A→B）：源IP：，源端口：1234；目的IP：，目的端口：8080