【9物（HY）期末】舒城县2025-2026学年九年级第一学期教学质量检测物理试题

舒城县2025--2026学年第一学期教学质量检测九年级物理试题（温馨提示：本试卷总分70分，约72分钟内完成。）一、填空题（每空2分，计20分）1、小舒同学用大小恒为10N的水平拉力，恰好能拉着一个重物在水平地面上做匀速直线运动，速度v＝2m/s，10s后撤掉水平拉力，物体又向前滑行了2m才停了下来，则全过程中小舒做了功为J。如图所示，小舒同学用50N的水平拉力，将重800N的物体沿水平地面以0.1m/s的速度做匀速直线运动，物体与地面间滑动摩擦力为120N，则滑轮组的机械效率为。3、如图，小舒同学在元旦晚会上表演杂技，将甲、乙、丙是三个完全相同的网球，在同一高度以大小相等的速度以如图的方式抛出，若不计空气阻力。刚落地前，甲、乙、丙球的动能E1、E2、E3大小关系为。4、小明把凉的奶盒放入盛有热水的保温桶中，测出它们的温度随时间变化的图像如图所示，已知牛奶与热水的质量相同。若不考虑热损失，则甲、乙的比热容之比为。5、小明为了将2kg初温为20℃的水在一个标准大气压下加热至沸腾，用燃气灶烧水，若放出的热量有80%被水吸收，则消耗m3(天然气的热值是3.5×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)。6、小舒在“探究并联电路电流特点”时，按如图1连接电路，电源电压不变，定值电阻R2＝20Ω，闭合开关S，电流表A1、A2的指针均指在图2所示位置，R1的阻值是Ω。7、如图为小舒在“探究串联电路电压特点”时的电路图，开关S闭合时，电压表V1、V2的示数之比为3:4，则L1、L2的电阻之比为。8、小舒用“3V0.75W”的L1和“3V1.5W”的L2来“探究电功率大小的影响因素”，如题图甲所示，闭合开关，L1和L2正常发光，则电路总电阻R=Ω；如题图乙所示，闭合开关，L1灯正常发光，则电源2的电压U=V；此时L2消耗的实际功率P=W(假设灯丝电阻不变)。二、选择题（每题2分，共14分）9、下列对有关现象的描述，正确的是（）A．图甲：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 B．图乙：该冲程是汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能 C．图丙：三个小球中若a带正电，则c一定带负电 D．图丁：带负电的橡胶棒接触金属球的瞬间，金属杆中电流方向是从金属箔到金属球10、下列是小明同学关于温度、热量、内能的理解，说法正确的是（）A．物体从外界吸收热量，温度不一定升高 B．物体的温度越高，其所含有的热量越多 C．物体的温度升高，一定吸收了热量D．热量总是从内能多的物体传向内能少的物体11、小舒设计了一个感光电路，如图，R0是定值电阻，R1是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐减小光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（）A．电压表和电流表的示数都增大 B．电流表示数减小，电压表示数增大 C．电流表示数增大，电压表示数减小 D．电压表和电流表示数的比值不变12、小舒同学利用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的是（）A．应使用最大阻值为不小于35Ω的滑动变阻器进行实验 B．将Rx从5Ω换成10Ω后，应向左调节滑动变阻器滑片 C．调节滑动变阻器滑片时，眼睛应认真观察电流表示数 D．本实验得到的结论是：电压一定时，电阻与电流成反比13、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2和R3为定值电阻。闭合开关S，在保证电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P由b端移至a端，电压表V1、电压表V2、电流表A示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔI。则（）A．电流表A的示数变小， 电压表V2的示数变大B．电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大C．ΔU1与ΔI的比值等于R2与R3的阻值之和 D．ΔU2与ΔI的比值等于R2的阻值14、如图所示，小舒沿斜面向上拉一个重为450N的物体，将其从斜面低端匀速到斜面顶端，斜面长4m、高2m，拉力为250N，则（）A．利用此装置可以省功B．有用功为1000JC．斜面机械效率80%D．物体受到的摩擦力25N

15、如图所示是小舒同学“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。下列分析正确的是（）A．图甲探究的是电流通过导体产生的热量与电流的关系B．图甲通电一段时间后，左侧容器内电阻产生的热量更多C．图乙通电一段时间后，左右两侧容器中电阻产生的热量之比为4：1 D．通过U形管两侧液面高度差反映电流通过导体产生热量的多少，利用了等效替代法三、实验题（每空2分，共18分）16、如图所示是小靓同学学习小组“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，其中mA＝mB＜mC，hA＝hC＞hB。（1）实验中研究的是（选填“小球”或“木块”）的动能。（2）本实验装置的水平面如果绝对光滑，本实验将（选填“能”或“不能”）达到探究目的。（3）实验后，同学们联想到在交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大，于是利用实验器材进行了测定，得到数据如表：分析表中数据可知，（选填“速度”或“质量”）对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重。17、某实验小组用如图甲所示的电路“探究电流与电压的关系”。次数12345电压U/V0.81.01.21.41.6电流I/A0.080.100.140.16(1)请按照图甲，将图丙中的实物电路连接完整。(2)闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，记录多组数据如表所示，其中第3次实验时电流表的示数如图乙所示。分析实验数据可得结论：。18、课后服务社团活动中，“创新”兴趣小组在“测定小灯泡的电阻”的实验中先用如图甲所示的器材进行实验，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（正常发光时电阻约为12Ω）。（1）为能顺利完成该实验，下列不同规格的滑动变阻器应选用（选填字母）；A．“10Ω，0.5A”的滑动变阻器B．“20Ω，2A”的滑动变阻器C．“5Ω，1A”的滑动变阻器（2）连接电路后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示。为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向端移动（选填“左”或“右”）；（3）某同学正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，但电压表示数较大。接下来正确的操作是______；A．检查电路是否短路B．更换电流表C．检查小灯泡是否接触良好或损坏D．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光（4）实验结束后，某同学设计了如图丁所示的电路来测量额定电压为6V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为18V，定值电阻R的阻值为20Ω。实验步骤如下：①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器R′的滑片，使小灯泡正常发光；②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表的示数为8V；③再将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电压表的示数为14V；④小灯泡的额定功率P额＝W。四、计算题（第19题6分，第20题6分，第21题6分,共18分）19、小聪看到建筑工地上工作的塔吊如图甲所示，她查阅相关资料后，画出了与塔吊连接方式相同的滑轮组如图乙所示。已知物体的重为6000N，拉力F为2500N，物体在20s内上升了10m。求：(1)绳端移动的速度。(2)拉力F的功率。(3)滑轮组的机械效率。20、新房装修时，小舒根据所学的知识设计制作了一款简易电子量角器，电路如图所示，电流表的量程为0--0.6A，电压表的量程为0--3V，O为半圆弧电阻MN的圆心，金属滑片OP为半径，与半圆弧接触良好，接入电路的电阻RMP。与指针旋转角度θ成正比，电源电压恒为6V,R0为电阻箱。将滑片OP旋转至M处，调节电阻箱.R0的阻值，使电路中电流为0.6A。求：(1)电阻箱接入电路的阻值；(2)调节θ为90°时，电流表的示数为0.3A，此时电压表的示数；(3)调节θ为180°时，为保证电路安全，需重新调节电阻箱R0的阻值，此时电压表的示数恰好为3V，则此时电阻箱R0的阻值。21、小夏家的理发店买了一个大功率的电吹风，其简化电路如图乙所示，主要技术参数如下表。电吹风在额定电压下工作，请帮助小夏同学解答如下问题：（“热风”为电动机和电热丝同时工作；“冷风”为只有电动机工作。）（1）正常工作时电热丝的电阻是多大？（2）电吹风内电动机的线圈电阻是1Ω，电吹风正常工作1min线圈产生的热量是多少？

（3）一天，小夏断开店中其它用电器，只用电吹风吹热风时，发现店中的电能表如图丙所示1min内转了60圈，求电吹风此时的实际功率是多少？舒城县2025--2026学年第一学期教学质量检测九年级物理试题解析一、填空题（每空2分，计20分）1、小舒同学用大小恒为10N的水平拉力，恰好能拉着一个重物在水平地面上做匀速直线运动，速度v＝2m/s，10s后撤掉水平拉力，物体又向前滑行了2m才停了下来，则全过程中小舒做了功为J。【分析】全过程中物体克服摩擦力做功等于全过程中物体克服摩擦力做功与后物体克服摩擦力做功之和。首先根据速度公式求出物体做匀速直线运动时通过的路程，然后利用二力平衡条件得出摩擦力大小，然后按照功的计算公式计算内克服摩擦力做功。【解答】解：根据可得，物体做匀速直线运动时通过的路程：，物体在水平地面上做匀速直线运动，处于平衡状态，则物体受到的拉力和摩擦力为一对平衡力，即摩擦力，则内克服摩擦力做功：；故答案为：200。【点评】此题考查功的计算，同时涉及到速度公式及其应用、二力平衡条件及其应用和摩擦力大小的影响因素。2、如图所示，小舒同学用50N的水平拉力，将重800N的物体沿水平地面以0.1m/s的速度做匀速直线运动，物体与地面间滑动摩擦力为120N，则滑轮组的机械效率为。【分析】由图知，与动滑轮相连的有三段绳子，则，用滑轮组水平拉动物体时，克服物体的摩擦力做的功是有用功，拉力做的功是总功；利用求滑轮组的机械效率；【解答】解：由图知，与动滑轮相连的有三段绳子，则，滑轮组的机械效率：；故答案为：。【点评】本题考查了机械效率的计算，注意：滑轮组水平拉动物体时，要克服摩擦力做有用功，跟物体的重力无关。3、如图，小舒同学在元旦晚会上表演杂技，将甲、乙、丙是三个完全相同的网球，在同一高度以大小相等的速度以如图的方式抛出，若不计空气阻力。刚落地前，甲、乙、丙球的动能E1、E2、E3大小关系为。【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能动能势能。由于不计空气阻力，则小球的机械能是守恒的，据此分析即可。【解答】解：甲球在空中下落时，高度降低，速度增大，所以甲球的动能增大。甲、乙、丙三球整个运动过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，开始重力势能相同，落地时动能相同，即。故答案为：。【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。4、小明把凉的奶盒放入盛有热水的保温桶中，测出它们的温度随时间变化的图像如图所示，已知牛奶与热水的质量相同。若不考虑热损失，则甲、乙的比热容之比为。【分析】由奶吸收的热量等于热水放出的热，求出甲、乙比热容之比。【解答】解：若不考虑热损失，，△△，所以，故。故答案为：。【点评】本题考查了热传递现象，物体吸热放热公式的应用。5、小明为了将2kg初温为20℃的水在一个标准大气压下加热至沸腾，用燃气灶烧水，若放出的热量有80%被水吸收，则消耗m3(天然气的热值是3.5×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)。【分析】知道水的初末温，又知道水的比热容、质量，利用求出水吸收的热量；根据求天然气完全燃烧放出的热量；根据求出烧开这壶水需要天然气的体积。【解答】解：一个标准大气压下，水的沸点为，即水的末温，水吸收的热量：；由可得天然气完全燃烧放出的热量：，由得需要天然气的体积：。故答案为：0.024。【点评】本题考查了吸热公式、热效率公式及燃料完全燃烧释放热量公式的应用，熟练运用公式及变形公式即可正确解题，注意：一个标准大气压下，水的沸点为。6、小舒在“探究并联电路电流特点”时，按如图1连接电路，电源电压不变，定值电阻R2＝20Ω，闭合开关S，电流表A1、A2的指针均指在图2所示位置，R1的阻值是Ω。【分析】由电路图知，和并联，测干路电流，测支路电流；根据并联电路的电流特点和两电流表指针偏转角度相同，确定电流表量程，并读出其示数，根据欧姆定律即可求出电源电压；由并联电路电流的规律算出通过电阻的电流，由欧姆定律算出的阻值。【解答】解：由电路图知，和并联，测干路电流，测支路电流；根据并联电路电流特点知，干路电流等于各支路电流之和，而两电流表指针偏转角度相同，所以使用的是的量程，使用的是的量程，由右图知：示数为，示数为，即：，；因为并联电路各支路电压相等且等于电源电压，由欧姆定律知，电源电压：；通过支路电流为：，的阻值是：。故答案为：5。【点评】本题考查并联电路的特点和电功公式、电功率公式的应用，关键是根据并联电路的干路电流大于支路电流，得出电流表、选择的量程。7、如图为小舒在“探究串联电路电压特点”时的电路图，开关S闭合时，电压表V1、V2的示数之比为3:4，则L1、L2的电阻之比为。【分析】分析开关闭合时电路的连接及两电压表测量的电压，根据串联电路的规律及分压原理求出、的电阻之比。【解答】解：开关闭合时，两灯串联，电压表测的电压，测电源电压，因、的示数之比为，设的示数为，则的示数为，由串联电路电压的规律，则的电压为，由分压原理，、的电阻之比为等于两灯的电压之比，即为。故答案为：。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。8、小舒用“3V0.75W”的L1和“3V1.5W”的L2来“探究电功率大小的影响因素”，如题图甲所示，闭合开关，L1和L2正常发光，则电路总电阻R=Ω；如题图乙所示，闭合开关，L1灯正常发光，则电源2的电压U=V；此时L2消耗的实际功率P=W(假设灯丝电阻不变)。【分析】（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据求出两灯泡的电阻，由图甲可知两灯泡并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻；（2）由图乙可知两灯泡串联，串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律求出灯正常发光时电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压，根据求出此时消耗的实际功率。【解答】解：（1）由可得两灯泡的电阻分别为：，；由图甲可知，两灯泡并联，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以电路中的总电阻：；（2）由图乙可知两灯泡串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯正常发光，所以电路中的电流：，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电源的电压：；此时消耗的实际功率：。故答案为：4；4.5；0.375。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。二、选择题（每题2分，共14分）9、下列对有关现象的描述，正确的是（）A．图甲：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大 B．图乙：该冲程是汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能 C．图丙：三个小球中若a带正电，则c一定带负电 D．图丁：带负电的橡胶棒接触金属球的瞬间，金属杆中电流方向是从金属箔到金属球【分析】（1）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；（2）根据两个气门的关闭情况和活塞的运动方向判定内燃机的冲程；（3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体能够吸引轻小物体；（4）物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，即电流的方向与负电荷定向移动的方向相反。【解答】解：、图甲中瓶子内的空气推动塞子跳起时，瓶子内的空气推动塞子做功，将内能转化为机械能，瓶内空气内能减小，故错误；、图乙中，两阀门关闭，活塞向下，火花塞发出电火花，是做功冲程，该冲程将内能转化为机械能，故错误；、图丙中，、两个小球相互排斥，若带正电，则带正电；、两球相互吸引，根据带电体能够吸引轻小物体和异种电荷相互吸引，可知可能不带电，也可能带负电，故错误；、图丁中，当用带负电的橡胶棒和不带电的验电器金属球接触，一部分电子会从橡胶棒转移到金属球，再转移到金属箔片；物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，所以在接触的瞬间电流方向是从金属箔流向金属球，故正确。故选：。【点评】本题考查做功改变物体的内能、热机、电荷之间的相互作用，以及电流的方向，是一道综合题。10、下列是小明同学关于温度、热量、内能的理解，说法正确的是（）A．物体从外界吸收热量，温度不一定升高 B．物体的温度越高，其所含有的热量越多 C．物体的温度升高，一定吸收了热量 D．热传递中热量总是从内能多的物体传向内能少的物体【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，其温度都可能发生改变；（2）晶体熔化时，吸热温度不变；（3）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；（4）发生热传递的条件是存在温度差。【解答】解：、物体吸收热量，温度可能不变，如晶体熔化时，吸热温度不变，故正确；、热量是一个过程量，不能说物体含有热量的多少，故错误；、物体温度升高，不一定吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故错误；、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，内能多的物体温度不一定高，故错误。故选：。【点评】本题主要考查学生对内能、温度、热传递等知识的理解和应用，是热学的难点；要特别注意：温度升高，内能一定增加；但是，内能增加，温度不一定升高。11、小舒设计了一个感光电路，如图，R0是定值电阻，R1是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐减小光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（）A．电压表和电流表的示数都增大 B．电流表示数减小，电压表示数增大 C．电流表示数增大，电压表示数减小 D．电压表和电流表示数的比值不变【分析】由电路图可知，光敏电阻和定值电阻串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流；光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律可知电路电流的变化，根据串联分压原理可知两端的电压变化。【解答】解：由电路图可知，光敏电阻和定值电阻串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关，逐渐减小光敏电阻的光照强度，的阻值变大、电路的总电阻变大；根据欧姆定律可知，电源的电压不变时，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据串联分压原理可知，两端的电压变大，电压表示数变大，而电流表的示数变小；电压表和电流表示数的比值变大。故错误，正确。故选：。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小”是解决本题的关键。12、小舒同学利用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的是（）A．应使用最大阻值为不小于35Ω的滑动变阻器进行实验 B．将Rx从5Ω换成10Ω后，应向左调节滑动变阻器滑片 C．调节滑动变阻器滑片时，眼睛应认真观察电流表示数 D．本实验得到的结论是：电压一定时，电阻与电流成反比【分析】（1）先根据欧姆定律结合图乙数据求出定值电阻两端电压，根据串联分压特点求出滑动变阻器的最大阻值的最少值；（2）根据串联电路分压特点分析滑片移动方向；（3）调节滑动变阻器滑片目的是控制电阻两端的电压不变，据此分析眼睛应认真观察对应电表示数；（4）探究电流和电阻的关系，控制导体两端的电压不变，导体中的电流随导体的电阻变化而变化。【解答】解：．根据欧姆定律结合图乙数据可得定值电阻两端电压为：；即实验中控制电阻两端的电压不变，探究电流和电阻的关系。根据串联分压特点可知：；阻值最大的定值电阻为，滑动变阻器的阻值至少为：；故正确；．将从换成后，由串联电路分压特点得，的电压将变大，因此应将滑片向右移，增大滑动变阻器接入电路中的电阻，增大滑动变阻器分到的电压，使的电压变为，故错误；．探究电流和电阻的关系，应控制电阻两端的电压不变，调节滑动变阻器滑片时，眼睛应认真观察电压表示数，故错误；．影响导体的电流两个因素是导体两端的电压和导体的电阻，结论中因果关系表述错误，应为“电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”（电阻是导体本身的属性，不能说电阻与电流成反比），故错误。故选：。【点评】本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查操作过程、数据分析、实验结论等知识。13、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2和R3为定值电阻。闭合开关S，在保证电路元件安全的前提下，将滑动变阻器的滑片P由b端移至a端，电压表V1、电压表V2、电流表A示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔI。则（）A．电流表A的示数变小， 电压表V2的示数变大B．电流表A的示数变大，电压表V2的示数变大C．ΔU1与ΔI的比值等于R2与R3的阻值之和 D．ΔU2与ΔI的比值等于R2的阻值【分析】由电路图可知，定值电阻和与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电压表测滑动变阻器和定值电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流。（1）分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题；（2）根据串联电路的电压特点判断两电压表示数变化量的绝对值关系，进而判断出△与△的比值、△与△比值的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻和与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电压表测滑动变阻器和定值电阻两端的总电压，电流表测电路中的电流。、闭合开关，将滑片由端向端滑动一段距离后，变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻变小，由欧姆定律知，总电流变大，即电流表示数变大；根据可知，两端的电压变大，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器和定值电阻两端的总电压变小，即电压表示数变小，故错误；、设滑动变阻器滑片移动前后，电路中的电流分别为、，则电压表的示数分别为：，，所以电压表的示数的变化量△△；即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值为：，故正确；电压表的示数分别为：，，所以电压表的示数的变化量△△；即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值为：，故错误。故选：。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确确定两电压表示数变化量的关系是关键。14、如图所示，小舒沿斜面向上拉一个重为450N的物体，将其从斜面低端匀速到斜面顶端，斜面长4m、高2m，拉力为250N，则（）A．利用此装置可以省功B．有用功为1000JC．斜面机械效率80%D．物体受到的摩擦力25N【分析】（1）使用任何机械都不省功；（2）根据求克服物体重力做的有用功；（3）根据求工人拉力做的总功，根据求克服摩擦力做的额外功；根据求箱子受到的摩擦力；根据求斜面的机械效率。【解答】解：、使用斜面可以省力，但费距离，因此不能省功，故错误；、克服物体重力做的有用功为，故错误；工人拉力做的总功为，克服摩擦力做的额外功为，物体受到斜面的摩擦力为；斜面的机械效率为，故错误、正确。故选：。【点评】本题考查使用斜面时功、功率、机械效率和摩擦力的计算，明确额外功是关键之一。

15、如图所示是小舒同学“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。下列分析正确的是（）A．图甲探究的是电流通过导体产生的热量与电流的关系B．图甲通电一段时间后，左侧容器内电阻产生的热量更多C．图乙通电一段时间后，左右两侧容器中电阻产生的热量之比为4：1 D．通过U形管两侧液面高度差反映电流通过导体产生热量的多少，利用了等效替代法【分析】、电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；根据分析；、分析乙装置电路的连接，根据并联和串联电路电流的规律得出通过左侧容器中电阻的电流和通过右侧容器中电阻的电流关系，而通电时间相同，根据得出左右两侧容器中电阻产生的热量之比；、电流通过导体产生热量的多少不易直接观察，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，电阻丝产生热量越多，气体膨胀程度越大，故可通过形管液面的高度差来反映电阻丝产生的热量多少，采用了转换法。【解答】解：、甲装置中，两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，故该装置用来探究电流热效应与电阻大小的关系，因大于，根据可知，相同时间电阻产生的热量多，故、错误；、乙装置中，右侧两电阻并联后再与左侧电阻串联，容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流等于通过右侧容器中电阻的电流2倍，而通电时间相同，根据可知，在电流和通电时间相同的条件下，产生热量与电流的平方成正比，故左右两侧容器中电阻产生的热量之比为，故正确；、通过形管两侧液面高度差反映电流通过导体产生热量的多少，利用了转换法，故错误。故选：。【点评】本题探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。三、实验题（每空2分，共18分）16、如图所示是小靓同学学习小组“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，其中mA＝mB＜mC，hA＝hC＞hB。（1）实验中研究的是（选填“小球”或“木块”）的动能。（2）本实验装置的水平面如果绝对光滑，本实验将（选填“能”或“不能”）达到探究目的。（3）实验后，同学们联想到在交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大，于是利用实验器材进行了测定，得到数据如表：分析表中数据可知，（选填“速度”或“质量”）对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重。【分析】（1）（2）观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；根据牛顿第一定律分析可知实验装置的水平面如果绝对光滑是否能完成实验；（3）分析表格数据即可。【解答】解：（1）（2）根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小球到达水平面时动能的大小，所以探究的动能是小球撞击木块时的动能；实验中通过观察木块滑动的距离来反映小球动能的大小，这是转换法的应用，木块滑行的距离越远，小球的动能越大；实验装置的水平面如果绝对光滑，木块在水平面上将做匀速直线运动，不能停下来，无法通过比较木块移动的距离来反映小球动能的大小，本实验将不能达到探究目的；（3）实验2与实验1相比，小球的质量相同，实验2的小球到达水平面的速度是实验1的2倍，实验2的木块被撞后运动的距离是实验的4倍；实验3与实验1相比，小球的自由滚下的高度相同，到达水平面的速度相同，实验3的小球的质量是实验1的2倍，实验3的木块被撞后运动的距离为实验1的2倍。实验中动能的大小由小木块被撞滑行的距离来体现，由此可知，在同等条件下，速度对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害也更严重。故答案为：（1）小球；（2）不能；（3）速度。【点评】本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键。17、某实验小组用如图甲所示的电路“探究电流与电压的关系”。(1)请按照图甲，将图丙中的实物电路连接完整。(2)闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，记录多组数据如表所示，其中第3次实验时电流表的示数如图乙所示。分析实验数据可得结论：。次数12345电压U/V0.81.01.21.41.6电流I/A0.080.100.140.16【分析】（1）根据电路连接和电表的使用分析回答；（2）根据表中数据分析得出结论；【解答】解：（1）原电路图中，电流表和电阻并联，电压表串联在电路中是错误的；在探究电流与电压的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：；（2）分析表格发现电压与电流的比值是定值，故可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；故答案为：（1）；（2）当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。18、课后服务社团活动中，“创新”兴趣小组在“测定小灯泡的电阻”的实验中先用如图甲所示的器材进行实验，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（正常发光时电阻约为12Ω）。（1）为能顺利完成该实验，下列不同规格的滑动变阻器应选用（选填字母）；A．“10Ω，0.5A”的滑动变阻器B．“20Ω，2A”的滑动变阻器C．“5Ω，1A”的滑动变阻器（2）连接电路后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示。为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向端移动（选填“左”或“右”）；（3）某同学正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，但电压表示数较大。接下来正确的操作是______；A．检查电路是否短路B．更换电流表C．检查小灯泡是否接触良好或损坏D．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光（4）实验结束后，某同学设计了如图丁所示的电路来测量额定电压为6V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为18V，定值电阻R的阻值为20Ω。实验步骤如下：①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器R′的滑片，使小灯泡正常发光；②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表的示数为8V；③再将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电压表的示数为14V；④小灯泡的额定功率P额＝W。【分析】（1）已知小灯泡额定电压和正常发光时电阻，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时的电流；根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器规格；（2）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；（3）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（4）由图丙可知，电路中只有电压表，没有电流表，则需要根据串并联电路的特点间接测出通过灯泡的电流；所以，首先让灯正常发光，开关、闭合，断开，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为，由串联电路电压的规律可知，此时小灯泡正常发光；若求出此时滑动变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律即可得出灯的额定电流；为得出此时滑动变阻器连入电路的电阻，可保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合开关、，断开开关，根据电压表示数，由串联电路电压的规律和分压原理得出滑动变阻器连入电路的电阻，然后根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，即为灯泡的额定电流，最后利用即可求出灯泡的额定功率。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为，小灯泡的电阻约为，由欧姆定律可得灯的额定电流约为，当灯正常发光时，滑动变阻器连入电路中的电阻为，故为了能够顺利完成实验探究，应选用“”的滑动变阻器。故选：。（2）由图乙可知，电压表接的是小量程，分度值为，电压表示数为，而小灯泡的额定电压为，所以为测小灯泡的额定功率，需将滑动变阻器的滑片向左移动，减小滑动变阻器接入的电阻，增大电流，从而增大小灯泡两端的电压，直至到。（3）闭合开关后，电流表无示数，小灯泡不亮，电路中可能存在断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表能接到电源两端，故出现该故障的原因是小灯泡断路。（4）开关、闭合，断开，此时滑动变阻器与小灯泡串联，调节的滑片，使小灯泡正常发光，即小灯泡两端的电压为；保持滑片位置不动，开关、闭合，断开，此时滑动变阻器的全部电阻与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器滑片左边电阻两端的电压，此时电压表示数为；由于滑动变阻器的全部电阻连入电路，为了间接测出定值电阻两端的电压，所以需要测出滑动变阻器两端的电压，故再将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电压表示数为滑动变阻器两端的电压，即；在步骤②中，滑动变阻器的全部电阻与定值电阻串联，根据串联电路电压的规律可得，的电压为，，所以滑动变阻器滑片左边电阻的阻值为，故在步骤①中，灯的额定电流为，则小灯泡的额定功率为。故答案为：（1）；（2）左；（3）C；（4）1.8。【点评】本题测小灯泡的电功率实验，考查了器材的选择、电路故障、实验操作、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。四、计算题（第19题6分，第20题6分，第21题6分,共18分）19、小聪看到建筑工地上工作的塔吊如图甲所示，她查阅相关资料后，画出了与塔吊连接方式相同的滑轮组如图乙所示。已知物体的重为6000N，拉力F为2500N，物体在20s内上升了10m。求：(1)绳端移动的速度。(2)拉力F的功率。(3)滑轮组的机械效率。【分析】（1）由图可知，绳子自由端移动的距离；利用求速度；（2）利用求拉力做的总功；利用求拉力做功的功率；（3）利用求有用功；利用求滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）由图可知，绳子自由端移动的距离：；绳端移动的速度：（2）拉力做的总功：，拉力做功的功率：；（3）拉力做的有用功：，滑轮组的机械效率：。答：（1）绳端移动的距离为；（2）拉力的功率为；（3）滑轮组的机械效率为。【点评】本题考查了使用滑轮组