2024-2025学年山东省淄博市高二上学期第一次模块考试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二上学期第一次模块考试物理试题一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。）1.第56届日本电池大会上华为发布了5分钟即可充满3000mA•h电池50%电荷量的快充技术成果，引起业界广泛关注。如图是华为某智能手机电池上的信息，支持低压大电流充电，则（）A.4.35V表示该电池的电动势B.该电池充满电后以100mA的电流工作时，可连续工作不少于30小时C.11.4W·h表示该电池能提供的电荷量D.3000mA·h表示该电池能提供的电荷量【答案】D【解析】A．根据题意，可知4.35V为充电电压，不是该电池的电动势，故A错误；B．根据电流的定义，可知电池充满电后以100mA的电流工作时，可最多连续工作，即连续工作时间最多为30h，故B错误；C．为电池的充电电能，不是该电池的电量，故C错误；D．mA·h为电量的单位，所以3000mA·h表示该电池能提供的电荷量，故D正确。故选D。2.如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2。设元电荷为e，则以下说法正确的是（）A.溶液内正、负离子沿相反方向运动，电流相互抵消，即电流为0B.溶液内电流方向从A到B，电流大小为C.溶液内电流方向从A到B，电流大小为D.溶液内电流方向从A到B，电流大小为【答案】B【解析】电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反，则正离子定向移动形成电流，方向从A到B，负离子定向移动形成电流，方向也是从A到B，不会相互抵消；则故BD错误；溶液内电流方向从A到B，时间内通过溶液截面的电荷量为根据电流的定义式有故选B。3.下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中错误的是（）A.焦耳热Q＝I2Rt适用于任何电路B.W＝UIt适用于任何电路，而W＝I2Rt＝t只适用于纯电阻电路C.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多D.在非纯电阻电路中，UI>I2R【答案】C【解析】A．焦耳热适用于任何电路中的焦耳热量的计算，故A正确，不符合题意；B．公式是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，适对于纯电阻有带入可得故该公式只适用于纯电阻电路，故B正确，不符合题意；C．电功率越大，表示电流做功越快，但焦耳热还与时间有关，所以电功率越大电路中产生的焦耳热不一定越多，故C错误，符合题意；D．在非纯电阻电路中，因为电流做功产生其它能量如机械能、化学能等，所以电功大于电热，即故D正确，不符合题意。故选C。4.根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A.由关系式U=IR可知，导体两端的电压U与电阻R成正比B.由关系式可知，导体中电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比C.由关系式可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比D.由关系式可知，导体两端电压为零时，导体的电阻也为零【答案】B【解析】A．由关系式U=IR可知，当电流一定时，导体两端的电压U才与电阻R成正比，不能够简单认为导体两端的电压U与电阻R成正比，故A错误；B．关系式是电流的宏观决定式，可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B正确；C．关系式是电阻的比值定义式，电阻与电压、电流没有本质上的决定关系，可知，不能够认为导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比，故C错误；D．关系式是电阻的比值定义式，电阻与电压、电流没有本质上的决定关系，可知，导体两端电压为零时，导体的电阻不为零，故D错误。故选B。5.2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化银纳米带材料，据介绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率σ就是电阻率ρ的倒数，即。下列说法正确的是（）A.材料的电导率越小，其导电性能就越强B.电导率大小与温度有关C.材料的电导率与材料的粗细长短有关D.电导率的单位是Ω·m【答案】B【解析】A．材料的电导率越小，电阻率越大，则其导电性能越弱，故A错误；B．材料的电阻率与材料的温度有关，则电导率与材料的温度有关，故B正确；C．材料的电阻率与材料的粗细长短无关，则电导率与材料的粗细长短无关，故C错误；D．根据R=ρ则σ=则电导率的单位是故D错误。故选B。6.关于多用电表的使用，下列说法正确的是（）A.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是电源的电压，表笔接法正确B.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端电压，表笔接法正确C.乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的正向电阻，电阻比较小D.乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的反向电阻，电阻比较小【答案】C【解析】AB．图甲中多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，但电流应从红表笔流入，黑表笔流出多用电表，图甲中两表笔连接错误，故AB错误；CD．乙图中电流从黑表笔流出，红表笔流入多用电表，因此二极管是导通状态，所以多用电表用电阻挡测量的是二极管正向电阻，故D错误，C正确。故选C。7.如图所示是一个小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是（）A.小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小B.当小灯泡两端电压为1V时，其阻值为5ΩC.过图中M点做切线，该切线斜率的倒数即为灯泡两端所加电压为4V时灯泡的电阻值D.如果把两个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为4V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A【答案】B【解析】A．根据可知，图像与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数，随电压增大，温度升高，斜率减小，则电阻增大，根据可知，小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而增大，故A错误；C．结合上述可知，灯泡两端所加电压为4V时灯泡的电阻值为即M点与原点连线斜率的倒数等于该电压下灯泡的电阻，故C错误；D．两灯泡相同，串联后，每一个灯泡两端电压均为2V，根据图像可知，流过每个小灯泡的电流为0.3A，故D错误。故选B。8.如图所示的电路中，V与A均为理想电表，电源内阻r，滑动变阻器的最大阻值为定值电阻的两倍，现闭合开关S，在滑动变阻器R的滑动触头P从a端向b端滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表示数先增大后减小B.电压表示数先减小后增大C.电源的效率先减小后增大D.滑动变阻器消耗的功率先增大后减小【答案】D【解析】B．滑动触头P左右两端的电阻并联，并联电阻为当时并联电阻最大，所以滑动触头P从a端向b端滑动的过程中先增大后减小，根据闭合电路的分压规律可知，电压表的示数先增大后减小，故B错误；A．滑动触头P从a端滑到中点过程中，增大，总电流减小，、两端电压增大，因减小，所以中的电流增大，中的电流一定减小，电流表的示数减小；滑动触头P从中点滑到b端过程中，减小，、两端电压减小，中的电流一定减小，电流表的示数减小，综上可知，滑动触头P从a端向b端滑动过程中，电流表的示数一直减小，故A错误；C．电源的效率为由于路端电压（即电压表示数）先增大后减小，所以电源的效率先增大后减小，故C错误；D．滑动触头P左右两端的电阻并联的最大阻值为由于先增大后减小，所以滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，故D正确。故选D。二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）A.R接到电源a上，电路中的电流较大B.R接到电源b上，电源的输出功率较大C.R接到电源a上，电源的输出功率较大，电源效率较高D.R接到电源b上，电源的输出功率较小，电源效率较高【答案】AC【解析】A．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示电阻的工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，可知R接到电源a上电路中的电流较大，故A正确；B．电源的输出功率P=UI，表示图像交点坐标构成的矩形面积，则R接到电源a上，电源的输出功率较大，故B错误；CD．电源的效率为因R接到电源a上的路端电压较大，则电源的效率较高，故C正确，D错误；故选AC。10.某同学将一直流电源的总功率、输出功率和电源内部的发热功率随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示。以下判断正确的是（）A.电源的输出功率随电流变化的图线是直线aB.当电流为1A时，外电路电阻为2ΩC.电源的电动势，内电阻D.电源的最大输出功率Pmax=9W【答案】BC【解析】A．电源的总功率图像是一条过原点的倾斜直线，对应图像是a。电源的输出功率图像是一条开口向下的抛物线，对应图像是c。电源内部的发热功率图像是一条开口向上的抛物线，对应图像是b，故A错误；B．令外电路电阻为R，则有结合图像c解得，故B正确；C．电源的总功率对应图像是a，则有电源内部的发热功率对应图像c，则有，故C正确；D．电源的输出功率根据数学对勾函数规律，当外电阻等于电源内阻时，输出功率达到最大值，则有，故D错误。故选BC。A.由甲图可知，该表头满偏电流Ig=1mAB.甲图是改装成的双量程电压表，其中b量程为15VC.乙图是改装成的双量程电流表，，D.乙图是改装成的双量程电流表，，【答案】BD【解析】A．由甲图可知解得，故A错误；B．甲图中b量程为，故B正确；CD．由乙图可知，联立解得，，故C错误，D正确。故选BD。12.在如图所示的电路中，、为定值电阻，为滑动变阻器。闭合S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、、和表示，电表示数的变化量分别用、、和表示，则在滑片P向下滑动的过程中（）A.不变，不变B.C.变大，不变D.【答案】ACD【解析】A．由于为定值电阻，所以即滑片P向下滑动的过程中和均不变，故A正确；BD．各电压表示数的关系为滑片P向下滑动过程中，连入电路的阻值增大，可知减小，增大，增大，所以的增加量等于的增加量减去的减少量，即即故B错误，D正确；C．根据闭合电流欧姆定律得即滑片P向下滑动的过程中，连入电路的阻值增大，电路中的电流减小，所以变大；又所以不变，故C正确。故选ACD。三、实验题（本题共27分。）13.某小组同学通过实验测定一段粗细均匀的金属丝的电阻率，实验中所用测量仪器均已校准，操作过程如下：（1）测量金属丝的长度及直径：由图1可知其长度L=_______cm；由图2可知其直径d=_______mm。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx①实验所用器材有：电池组（3V）、电流表（内阻约5Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。②正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数123456U/V00.400.801.201.602.00I/A00.080.180.260.360.44由以上数据可知，他们测量Rx，是采用图丙中的___________图；（3）图丁是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，请根据所选的电路图，补充完成实物间的连线___________。（4）根据上述测量可知，该金属丝的电阻率__________。（用Rx、L、d三个物理量表述）【答案】（1）5.0154.700（2）a（3）（4）【解析】（1）[1]20分度游标卡尺的精确值为，由图1可知金属丝的长度为[2]螺旋测微器的精确值为，由图2可知金属丝的直径为（2）由表格数据可知电压、电流从零开始调节，所以滑动变阻器采用分压接法；由电压表与电流表读数可知，所测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，因此他们测量Rx，是采用图丙中的a图。（3）根据图a电路图，完整的实物连线如图所示（4）根据电阻定律可得可得该金属丝的电阻率为14.用如图1所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量：①旋动部件________，使指针对准电流的“0”刻线。②将K旋转到电阻挡“×100”的位置。③将插入“+”、“—”插孔的表笔短接，旋动部件_____，使指针对准电阻的_____（填“0刻线”或“∞刻线”）。④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_____的顺序进行操作，再完成读数测量。A．将K旋转到电阻挡“×1K”的位置B.将K旋转到电阻挡“×10”的位置C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D.将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准【答案】①.S②.T③.0刻线④.ADC【解析】[1]首先要对表盘机械校零，所以旋动部件是S．[2][3]接着是欧姆调零，将“十”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件T，让表盘指针指在最右端零刻度处．[4]当两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确测量结果，必须将指针在中间刻度附近，所以要将倍率调大．原因是指针偏转小，则说明阻值大，则只有调大倍率才会实现．所以正确顺序ADC15.如图所示为多用电表的表盘，测电阻时，若用的是“×100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值应为___________Ω；测直流电流时，用的是100mA的量程，指针所示电流值为___________mA；测直流电压时，用的是50V量程，则指针所示的电压值为___________V。【答案】16004824.0【解析】[1]欧姆表读数=刻度盘读数×倍率，则读数为[2]选用量程为100mA的电流挡，由图示表盘可知，其分度值为2mA，指针指在刻度24处，所以读数为[3]选用量程为50V的电压挡，由图示表盘可知，其分度值为1V，指针指在刻度24处，读数为16.艺术家Charland用800个马铃薯和苹果通过镍钉和铜线连接起来，组成了一个超大的果蔬电池组，通过特殊装置就可以给手机充电。小明同学想通过实验来验证水果电池的可用性，他把铜片和锌片相隔约1cm插入一个苹果中，制成一个水果电池，并采用如图甲所示的电路测量该水果电池的电动势和内阻。小明同学查阅资料后得知，水果电池的电动势约为1V，内阻约为1000Ω；电流表内阻忽略不计。（1）实验室的电阻箱有两种规格：电阻箱（0~99.9Ω），电阻箱（0~999.9Ω），图甲中的电阻箱R应选用______（填“”或“”）。（2）利用电阻箱的阻值R与相应的电流表的示数I，作出图像，如图乙所示，根据图像可得，水果电池的电动势为_______V，内阻为________Ω（结果均保留三位有效数字）。（3）若考虑电流表的内阻，则电动势的测量值________真实值，内阻的测量值________真实值。（此两空均选填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）（2）1.25（3）等于大于【解析】（1）电阻箱的最大阻值为电源内阻的，如果选用，电流的调节范围太小，指针几乎不变，则应选用最大电阻与电源内阻差不多的（2）[1]由闭合电路欧姆定律整理得则在图像中，图像的斜率[2]当时，解得（3）[1][2]考虑电表内阻则变形得，图像中斜率不变，纵截距大小变大所以，即电动势测量值等于真实值，内阻测量值大于真实值四、计算题（本题共3小题，共33分。解答应写出必要的文字说明、方程式或演算步骤，有数值计算的要注明单位）17.如图所示，已知电源电动势，电源内阻，电阻R1=1Ω，R2为变阻箱，当R2=6Ω时，电动机卡住不转动，电流表的示数为；当R2=21Ω时，电动机正常转动，此时电流表的示数为1.2A，求：（1）电动机内部线圈的电阻；（2）电动机正常转动时的输出功率。【答案】（1）（2）2.2W【解析】（1）当R2=6Ω时，电动机卡住不转动，电流表的示数为，由闭合回路欧姆定律得解得并联部分有解得电动机内部线圈的电阻为（2）当R2=21Ω时，电动机正常转动，此时电流表的示数为1.2A，由闭合回路欧姆定律得解得并联部分有解得则电动机正常转动时的输出功率为18.如图所示电路中，电源的电动势E=3V，内电阻r=1Ω，电阻R1可调。已知R2=6Ω，R3=3Ω，求：（1）先将R1调到3Ω后固定，则开关S断开和接通时，通过R1的电流分别为多大？（2）为了使A、B之间电路的电功率在开关S接通时能达到最大值，应将R1的阻值调到多大？这时A、B间消耗的最大电功率是多少？（3）为了使开关S接通时R1自身消耗的功率最大，应将R1的阻值调到多大？这时R1消耗的最大电功率是多少？【答案】（1）0.3A，0.5A（2）0Ω，2W（3）3Ω，0.75W【解析】（1）将R1调到3Ω后固定，S断开时通过R1的电流解得开关S接通时通过R1的电流为解得（2）为了使A、B之间电路的电功率在开关S接通时能达到最大值，则需电路中的电流最大，总电阻最小，即将R1的阻值调到0这时A、B间消耗的最大电功率是，（3）为了使开关S接通时R1自身消耗的功率最大，则需满足即应将R1的阻值调到3Ω这时R1消耗的最大电功率是19.在如图（甲）所示的电路中，、为定值电阻，且，阻值未知，是阻值未知的滑动变阻器。是电容器，电容为。当滑片从左端滑到右端时，测得电源的路端电压随流过电源的电流变化的图线如图（乙）所示，其中A、B两点对应滑片在变阻器的两个不同端点。求：（1）电源的电动势和内电阻；（2）定值电阻R2的阻值；（3）电容器所带电荷量的最大值；（4）滑片P从左端滑到右端的过程中，电源输出功率的变化范围。【答案】（1）5V，（2）1.25Ω（3）（4）【解析】（1）从题图知，当时，电流当时，电流根据闭合电路欧姆定律有，解得，（2）当P滑到的右端时，对应图中的B点，此时，，所以有（3）当Р滑到的左端时，对应图中的A点，此时，，所以有由电路结构知，滑动变阻器与并联部分接入电路的最大阻值此时对应电容器获得的电压最大，电荷量最大，最大电压为所以电容器所带的最大电荷量为（4）电源输出功率根据对勾函数的规律可知，当外阻等于内阻时电源输出功率最大，即有当时，电源输出功率最小滑片P从左端滑到右端的过程中，电源输出功率的变化范围。高二上学期第一次模块考试物理试题一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。）1.第56届日本电池大会上华为发布了5分钟即可充满3000mA•h电池50%电荷量的快充技术成果，引起业界广泛关注。如图是华为某智能手机电池上的信息，支持低压大电流充电，则（）A.4.35V表示该电池的电动势B.该电池充满电后以100mA的电流工作时，可连续工作不少于30小时C.11.4W·h表示该电池能提供的电荷量D.3000mA·h表示该电池能提供的电荷量【答案】D【解析】A．根据题意，可知4.35V为充电电压，不是该电池的电动势，故A错误；B．根据电流的定义，可知电池充满电后以100mA的电流工作时，可最多连续工作，即连续工作时间最多为30h，故B错误；C．为电池的充电电能，不是该电池的电量，故C错误；D．mA·h为电量的单位，所以3000mA·h表示该电池能提供的电荷量，故D正确。故选D。2.如图所示，电解池内有一价离子的电解液，在时间t内通过溶液截面S的正离子数为n1，负离子数为n2。设元电荷为e，则以下说法正确的是（）A.溶液内正、负离子沿相反方向运动，电流相互抵消，即电流为0B.溶液内电流方向从A到B，电流大小为C.溶液内电流方向从A到B，电流大小为D.溶液内电流方向从A到B，电流大小为【答案】B【解析】电流的方向与正离子定向移动方向相同，与负离子定向移动方向相反，则正离子定向移动形成电流，方向从A到B，负离子定向移动形成电流，方向也是从A到B，不会相互抵消；则故BD错误；溶液内电流方向从A到B，时间内通过溶液截面的电荷量为根据电流的定义式有故选B。3.下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中错误的是（）A.焦耳热Q＝I2Rt适用于任何电路B.W＝UIt适用于任何电路，而W＝I2Rt＝t只适用于纯电阻电路C.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多D.在非纯电阻电路中，UI>I2R【答案】C【解析】A．焦耳热适用于任何电路中的焦耳热量的计算，故A正确，不符合题意；B．公式是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，适对于纯电阻有带入可得故该公式只适用于纯电阻电路，故B正确，不符合题意；C．电功率越大，表示电流做功越快，但焦耳热还与时间有关，所以电功率越大电路中产生的焦耳热不一定越多，故C错误，符合题意；D．在非纯电阻电路中，因为电流做功产生其它能量如机械能、化学能等，所以电功大于电热，即故D正确，不符合题意。故选C。4.根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A.由关系式U=IR可知，导体两端的电压U与电阻R成正比B.由关系式可知，导体中电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比C.由关系式可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比D.由关系式可知，导体两端电压为零时，导体的电阻也为零【答案】B【解析】A．由关系式U=IR可知，当电流一定时，导体两端的电压U才与电阻R成正比，不能够简单认为导体两端的电压U与电阻R成正比，故A错误；B．关系式是电流的宏观决定式，可知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B正确；C．关系式是电阻的比值定义式，电阻与电压、电流没有本质上的决定关系，可知，不能够认为导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比，故C错误；D．关系式是电阻的比值定义式，电阻与电压、电流没有本质上的决定关系，可知，导体两端电压为零时，导体的电阻不为零，故D错误。故选B。5.2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化银纳米带材料，据介绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率σ就是电阻率ρ的倒数，即。下列说法正确的是（）A.材料的电导率越小，其导电性能就越强B.电导率大小与温度有关C.材料的电导率与材料的粗细长短有关D.电导率的单位是Ω·m【答案】B【解析】A．材料的电导率越小，电阻率越大，则其导电性能越弱，故A错误；B．材料的电阻率与材料的温度有关，则电导率与材料的温度有关，故B正确；C．材料的电阻率与材料的粗细长短无关，则电导率与材料的粗细长短无关，故C错误；D．根据R=ρ则σ=则电导率的单位是故D错误。故选B。6.关于多用电表的使用，下列说法正确的是（）A.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是电源的电压，表笔接法正确B.甲图中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端电压，表笔接法正确C.乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的正向电阻，电阻比较小D.乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的反向电阻，电阻比较小【答案】C【解析】AB．图甲中多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，但电流应从红表笔流入，黑表笔流出多用电表，图甲中两表笔连接错误，故AB错误；CD．乙图中电流从黑表笔流出，红表笔流入多用电表，因此二极管是导通状态，所以多用电表用电阻挡测量的是二极管正向电阻，故D错误，C正确。故选C。7.如图所示是一个小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图，则根据小灯泡的伏安特性曲线可判定下列说法中正确的是（）A.小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而减小B.当小灯泡两端电压为1V时，其阻值为5ΩC.过图中M点做切线，该切线斜率的倒数即为灯泡两端所加电压为4V时灯泡的电阻值D.如果把两个这种相同的灯泡串联后，接到电压恒为4V的电源上，则流过每个小灯泡的电流为0.4A【答案】B【解析】A．根据可知，图像与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数，随电压增大，温度升高，斜率减小，则电阻增大，根据可知，小灯泡灯丝的电阻率随着灯丝温度的升高而增大，故A错误；C．结合上述可知，灯泡两端所加电压为4V时灯泡的电阻值为即M点与原点连线斜率的倒数等于该电压下灯泡的电阻，故C错误；D．两灯泡相同，串联后，每一个灯泡两端电压均为2V，根据图像可知，流过每个小灯泡的电流为0.3A，故D错误。故选B。8.如图所示的电路中，V与A均为理想电表，电源内阻r，滑动变阻器的最大阻值为定值电阻的两倍，现闭合开关S，在滑动变阻器R的滑动触头P从a端向b端滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表示数先增大后减小B.电压表示数先减小后增大C.电源的效率先减小后增大D.滑动变阻器消耗的功率先增大后减小【答案】D【解析】B．滑动触头P左右两端的电阻并联，并联电阻为当时并联电阻最大，所以滑动触头P从a端向b端滑动的过程中先增大后减小，根据闭合电路的分压规律可知，电压表的示数先增大后减小，故B错误；A．滑动触头P从a端滑到中点过程中，增大，总电流减小，、两端电压增大，因减小，所以中的电流增大，中的电流一定减小，电流表的示数减小；滑动触头P从中点滑到b端过程中，减小，、两端电压减小，中的电流一定减小，电流表的示数减小，综上可知，滑动触头P从a端向b端滑动过程中，电流表的示数一直减小，故A错误；C．电源的效率为由于路端电压（即电压表示数）先增大后减小，所以电源的效率先增大后减小，故C错误；D．滑动触头P左右两端的电阻并联的最大阻值为由于先增大后减小，所以滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，故D正确。故选D。二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）A.R接到电源a上，电路中的电流较大B.R接到电源b上，电源的输出功率较大C.R接到电源a上，电源的输出功率较大，电源效率较高D.R接到电源b上，电源的输出功率较小，电源效率较高【答案】AC【解析】A．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示电阻的工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，可知R接到电源a上电路中的电流较大，故A正确；B．电源的输出功率P=UI，表示图像交点坐标构成的矩形面积，则R接到电源a上，电源的输出功率较大，故B错误；CD．电源的效率为因R接到电源a上的路端电压较大，则电源的效率较高，故C正确，D错误；故选AC。10.某同学将一直流电源的总功率、输出功率和电源内部的发热功率随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示。以下判断正确的是（）A.电源的输出功率随电流变化的图线是直线aB.当电流为1A时，外电路电阻为2ΩC.电源的电动势，内电阻D.电源的最大输出功率Pmax=9W【答案】BC【解析】A．电源的总功率图像是一条过原点的倾斜直线，对应图像是a。电源的输出功率图像是一条开口向下的抛物线，对应图像是c。电源内部的发热功率图像是一条开口向上的抛物线，对应图像是b，故A错误；B．令外电路电阻为R，则有结合图像c解得，故B正确；C．电源的总功率对应图像是a，则有电源内部的发热功率对应图像c，则有，故C正确；D．电源的输出功率根据数学对勾函数规律，当外电阻等于电源内阻时，输出功率达到最大值，则有，故D错误。故选BC。A.由甲图可知，该表头满偏电流Ig=1mAB.甲图是改装成的双量程电压表，其中b量程为15VC.乙图是改装成的双量程电流表，，D.乙图是改装成的双量程电流表，，【答案】BD【解析】A．由甲图可知解得，故A错误；B．甲图中b量程为，故B正确；CD．由乙图可知，联立解得，，故C错误，D正确。故选BD。12.在如图所示的电路中，、为定值电阻，为滑动变阻器。闭合S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、、和表示，电表示数的变化量分别用、、和表示，则在滑片P向下滑动的过程中（）A.不变，不变B.C.变大，不变D.【答案】ACD【解析】A．由于为定值电阻，所以即滑片P向下滑动的过程中和均不变，故A正确；BD．各电压表示数的关系为滑片P向下滑动过程中，连入电路的阻值增大，可知减小，增大，增大，所以的增加量等于的增加量减去的减少量，即即故B错误，D正确；C．根据闭合电流欧姆定律得即滑片P向下滑动的过程中，连入电路的阻值增大，电路中的电流减小，所以变大；又所以不变，故C正确。故选ACD。三、实验题（本题共27分。）13.某小组同学通过实验测定一段粗细均匀的金属丝的电阻率，实验中所用测量仪器均已校准，操作过程如下：（1）测量金属丝的长度及直径：由图1可知其长度L=_______cm；由图2可知其直径d=_______mm。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx①实验所用器材有：电池组（3V）、电流表（内阻约5Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。②正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数123456U/V00.400.801.201.602.00I/A00.080.180.260.360.44由以上数据可知，他们测量Rx，是采用图丙中的___________图；（3）图丁是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，请根据所选的电路图，补充完成实物间的连线___________。（4）根据上述测量可知，该金属丝的电阻率__________。（用Rx、L、d三个物理量表述）【答案】（1）5.0154.700（2）a（3）（4）【解析】（1）[1]20分度游标卡尺的精确值为，由图1可知金属丝的长度为[2]螺旋测微器的精确值为，由图2可知金属丝的直径为（2）由表格数据可知电压、电流从零开始调节，所以滑动变阻器采用分压接法；由电压表与电流表读数可知，所测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，因此他们测量Rx，是采用图丙中的a图。（3）根据图a电路图，完整的实物连线如图所示（4）根据电阻定律可得可得该金属丝的电阻率为14.用如图1所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量：①旋动部件________，使指针对准电流的“0”刻线。②将K旋转到电阻挡“×100”的位置。③将插入“+”、“—”插孔的表笔短接，旋动部件_____，使指针对准电阻的_____（填“0刻线”或“∞刻线”）。④将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_____的顺序进行操作，再完成读数测量。A．将K旋转到电阻挡“×1K”的位置B.将K旋转到电阻挡“×10”的位置C.将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D.将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准【答案】①.S②.T③.0刻线④.ADC【解析】[1]首先要对表盘机械校零，所以旋动部件是S．[2][3]接着是欧姆调零，将“十”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件T，让表盘指针指在最右端零刻度处．[4]当两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确测量结果，必须将指针在中间刻度附近，所以要将倍率调大．原因是指针偏转小，则说明阻值大，则只有调大倍率才会实现．所以正确顺序ADC15.如图所示为多用电表的表盘，测电阻时，若用的是“×100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值应为___________Ω；测直流电流时，用的是100mA的量程，指针所示电流值为___________mA；测直流电压时，用的是50V量程，则指针所示的电压值为___________V。【答案】16004824.0【解析】[1]欧姆表读数=刻度盘读数×倍率，则读数为[2]选用量程为100mA的电流挡，由图示表盘可知，其分度值为2mA，指针指在刻度24处，所以读数为[3]选用量程为50V的电压挡，由图示表盘可知，其分度值为1V，指针指在刻度24处，读数为16.艺术家Charland用800个马铃薯和苹果通过镍钉和铜线连接起来，组成了一个超大的果蔬电池组，通过特殊装置就可以给手机充电。小明同学想通过实验来验证水果电池的可用性，他把铜片和锌片相隔约1cm插入一个苹果中，制成一个水果电池，并采用如图甲所示的电路测量该水果电池的电动势和内阻。小明同学查阅资料后得知，水果电池的电动势约为1V，内阻约为1000Ω；电流表内阻忽略不计。（1）实验室的电阻箱有两种规格：电阻箱（0~99.9Ω），电阻箱（0~999.9Ω），图甲中的电阻箱R应选用______（填“”或“”）。（2）利用电阻箱的阻值R与相应的电流表的示数I，作出图像，如图乙所示，根据图像可得，水果电池的电动势为_______V，内阻为________Ω（结