三年（2023-2025）中考数学真题分类汇编22：图形的变化-对称、平移、旋转、投影与视图（教师版）

专题22图形的变化——对称、平移、旋转、投影与视图考点01对称图形的识别1．（2025·辽宁·中考真题）数学中有许多优美的曲线．下列四条曲线既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A． B．C． D．【答案】B【分析】本题考查轴对称图形和中心对称图形的识别，根据轴对称图形和中心对称图形的定义，进行判断即可．【详解】解：A、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；B、既是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意；C、是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，不符合题意；故选：B．2．（2025·黑龙江绥化·中考真题）下列数学符号是轴对称图形的是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】本题考查了轴对称图形的定义，熟知轴对称图形的概念是解题的关键；根据轴对称图形的定义：如果将一个图形沿着某条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，那么这个图形就叫做轴对称图形，即可解答.【详解】解：选项中的数学符号是轴对称图形的是，其它的都不是；故选：D.3．（2025·青海·中考真题）下列图形是轴对称图形的是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】本题考查了轴对称图形的定义，根据沿着某条直线折叠，两边的图形能够重合的图形是轴对称图形，进行逐项判断即可．【详解】解：A、该图形不是轴对称图形，故该选项不符合题意；B、该图形不是轴对称图形，故该选项不符合题意；C、该图形是轴对称图形，故该选项符合题意；D、该图形不是轴对称图形，故该选项不符合题意；故选：C．4．（2025·江苏扬州·中考真题）窗棂是中国传统木构建筑的重要元素，既散发着古典之韵，又展现了几何之美．下列窗棂图案中，是轴对称图形但不是中心对称图形的是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】本题考查了轴对称图形，中心对称图形的识别．解题的关键在于熟练掌握：在平面内，一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够完全重合的图形叫做轴对称图形；在平面内，把一个图形绕着某个点旋转180度，如果旋转后的图形能与原来的图形重合，那么这个图形叫做中心对称图形．根据中心对称和轴对称的定义，进行判断即可．【详解】解：A、既是轴对称图形，又是中心对称图形，不符合题意；B、既是轴对称图形，又是中心对称图形，不符合题意；C、是轴对称图形，不是中心对称图形，符合题意；D、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；故选C．5．（2024·黑龙江哈尔滨·中考真题）剪纸是我国最古老的民间艺术之一．下列剪纸图案中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】本题考查了中心对称图形，轴对称图形，掌握中心对称图形，轴对称图形的概念是关键．根据中心对称图形与轴对称图形的概念进行判断即可．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与自身重合．【详解】解：A．选项图形不是轴对称图形，也不是中心对称图形，不符合题意；B．选项图形是中心对称图形，不是轴对称图形，不符合题意；C．选项图形是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；D．选项图形是轴对称图形又是中心对称图形，符合题意．故选：D．6．（2024·江苏徐州·中考真题）古汉字“雷”的下列四种写法，可以看作轴对称图形的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】D【分析】本题主要考查了轴对称图形的识别，根据轴对称图形的定义进行逐一判断即可：如果一个平面图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形就叫做轴对称图形，这条直线就叫做对称轴．【详解】解：A、不是轴对称图形，故此选项不符合题意；B、不是轴对称图形，故此选项不符合题意；C、不是轴对称图形，故此选项不符合题意；D、是轴对称图形，故此选项符合题意；故选：D．7．（2024·黑龙江大庆·中考真题）垃圾分类功在当代，利在千秋．下列垃圾分类指引标志图形中，是中心对称图形的是（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】此题主要考查了中心对称图形的概念．中心对称图形的概念：如果一个图形绕着一点旋转后能与自身重合，这个图形就是中心对称图形．据此进行判断即可．【详解】解：A、不是中心对称图形，故此选项不合题意；B、是中心对称图形，故此选项符合题意；C、不是中心对称图形，故此选项不合题意；D、不是中心对称图形，故此选项不合题意；故选：B．8．（2024·山西·中考真题）1949年，伴随着新中国的诞生，中国科学院（简称“中科院”）成立．下列是中科院部分研究所的图标，其文字上方的图案是中心对称图形的是（

）A．山西煤炭化学研究所 B．东北地理与农业生态研究所C．西安光学精密机械研究所 D．生态环境研究中心【答案】A【分析】本题主要考查了中心对称图形的定义，根据中心对称图形的定义进行逐一判断即可：把一个图形绕着某一个点旋转，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形叫做中心对称图形，这个点就是它的对称中心．【详解】解：A．是中心对称图形，故此选项符合题意；B．不中心对称图形，故此选项不符合题意；C．不是中心对称图形，故此选项不符合题意；D．不是中心对称图形，故此选项不符合题意；故选：A．9．（2025·四川自贡·中考真题）起源于中国的围棋深受青少年喜爱．以下由黑白棋子形成的图案中，为中心对称图形的是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】本题主要考查了中心对称图形，根据中心对称图形的定义判断即可，解题的关键是正确理解中心对称图形的定义：把一个图形绕某一点旋转，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形可得答案．【详解】解：、图形绕某一点旋转后与原来的图形不重合，不是中心对称图形，不符合题意；、图形绕某一点旋转后与原来的图形不重合，不是中心对称图形，不符合题意；、图形绕某一点旋转后与原来的图形重合，是中心对称图形，符合题意；、图形绕某一点旋转后与原来的图形不重合，不是中心对称图形，不符合题意；故选：．考点02画对称图形1．（2024·吉林长春·中考真题）图①、图②、图③均是的正方形网格，每个小正方形的边长均为1，每个小正方形的顶点称为格点．点A、均在格点上，只用无刻度的直尺，分别在给定的网格中按下列要求作四边形，使其是轴对称图形且点、均在格点上．(1)在图①中，四边形面积为2；(2)在图②中，四边形面积为3；(3)在图③中，四边形面积为4．【答案】(1)见解析(2)见解析(3)见解析【分析】本题考查网格作图、设计图案、轴对称的性质、平移的性质等知识点，根据轴对称的性质、平移的性质作图是解题的关键．（1）根据轴对称的性质、平移的性质作出面积为2四边形即可．（2）根据轴对称的性质、平移的性质作出面积为3四边形即可．（3）根据轴对称的性质、平移的性质作出面积为4四边形即可．【详解】（1）解：如图①：四边形即为所求；（不唯一）．（2）解：如图②：四边形即为所求；（不唯一）．（3）解：如图③：四边形即为所求；（不唯一）．2．（2024·吉林·中考真题）图①、图②均是的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点．点A，B，C，D，E，O均在格点上．图①中已画出四边形，图②中已画出以为半径的，只用无刻度的直尺，在给定的网格中按要求画图．(1)在图①中，面出四边形的一条对称轴．(2)在图②中，画出经过点E的的切线．【答案】(1)见解析(2)见解析【分析】本题主要考查了正方形的性质与判定，矩形的性质与判定，切线的判定，画对称轴等等：（1）如图所示，取格点E、F，作直线，则直线即为所求；（2）如图所示，取格点，作直线，则直线即为所求．【详解】（1）解：如图所示，取格点E、F，作直线，则直线即为所求；易证明四边形是矩形，且E、F分别为的中点；（2）解：如图所示，取格点，作直线，则直线即为所求；易证明四边形是正方形，点E为正方形的中心，则．3．（2024·黑龙江大兴安岭地·中考真题）如图，在正方形网格中，每个小正方形的边长都是1个单位长度，在平面直角坐标系中，的三个顶点坐标分别为，，．(1)画出关于y轴对称的，并写出点的坐标；(2)画出绕点A逆时针旋转后得到的，并写出点的坐标；(3)在（2）的条件下，求点B旋转到点的过程中所经过的路径长（结果保留）【答案】(1)作图见解析，(2)作图见解析，(3)【分析】本题考查了利用旋转变换作图，轴对称和扇形面积公式等知识，熟练掌握网格结构准确找出对应点的位置是解题的关键．（1）根据题意画出即可；关于y轴对称点的坐标横坐标互为相反数，纵坐标不变；（2）根据网格结构找出点、以点为旋转中心逆时针旋转后的对应点，然后顺次连接即可；（3）先求出，再由旋转角等于，利用弧长公式即可求出．【详解】（1）解：如图，为所求；点的坐标为，（2）如图，为所求；，（3），点B旋转到点的过程中所经过的路径长．4．（2023·山东枣庄·中考真题）（1）观察分析：在一次数学综合实践活动中，老师向同学们展示了图①，图②，图③三幅图形，请你结合自己所学的知识，观察图中阴影部分构成的图案，写出三个图案都具有的两个共同特征：___________，___________．

（2）动手操作：请在图④中设计一个新的图案，使其满足你在（1）中发现的共同特征．

【答案】（1）观察发现四个图形都是轴对称图形，且面积相等；（2）见解析【分析】（1）应从对称方面，阴影部分的面积等方面入手思考；（2）应画出既是轴对称图形，且面积为4的图形．【详解】解：（1）观察发现四个图形都是轴对称图形，且面积相等；故答案为：观察发现四个图形都是轴对称图形，且面积相等；（2）如图：

【点睛】此题主要考查了利用轴对称图形设计图案，关键是掌握利用轴对称的作图方法来作图，通过变换对称轴来得到不同的图案．5．（2023·四川广安·中考真题）将边长为2的正方形剪成四个全等的直角三角形，用这四个直角三角形拼成符合要求的四边形，请在下列网格中画出你拼成的四边形（注：①网格中每个小正方形的边长为1；②所拼的图形不得与原图形相同；③四边形的各顶点都在格点上）．

【答案】见解析（答案不唯一，符合题意即可）【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的性质进行作图即可．【详解】解：①要求是轴对称图形但不是中心对称图形，则可作等腰梯形，如图四边形即为所求；②要求是中心对称图形但不是轴对称图形，则可作一般平行四边形，如图四边形即为所求；③要求既是轴对称图形又是中心对称图形，则可作菱形、矩形等，如图四边形即为所求；④要求既不是轴对称图形又不是中心对称图形，则考虑作任意四边形，如图四边形即为所求．

【点睛】本题考查轴对称图形和中心对称图形的概念及作图，轴对称图形：把一个图形沿着某条直线折叠，能够与另一个图形重合；中心对称图形：把一个图形绕着某个点旋转能够和原图形重合．6．（2024·广东广州·中考真题）下列图案中，点为正方形的中心，阴影部分的两个三角形全等，则阴影部分的两个三角形关于点对称的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】本题考查了图形关于某点对称，掌握中心对称图形的性质是解题关键．根据对应点连线是否过点判断即可．【详解】解：由图形可知，阴影部分的两个三角形关于点对称的是C，故选：C．考点03翻折问题1．（2025·四川资阳·中考真题）如图，在四边形中，，E是线段的中点，F是线段上的一个动点．现将沿所在直线翻折得到（如图的所有点在同一平面内），连接，，则面积的最小值为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题主要考查了勾股定理，相似三角形的判定和性质，矩形的判定和性质，根据题意得到点在以点E为圆心，1长为半径的半圆上运动是解题的关键．过点C作于点G，可得四边形是矩形，从而得到，，再利用勾股定理求出的长，从而得到当点到的距离最小时，面积最小，过点作交的延长线于点H，即当最小时，面积最小，然后结合可得点在以点E为圆心，1长为半径的半圆上运动，当点E，，H三点共线时，最小，此时面积最小，延长交于点M，过点D作于点N，则，可得，即可求解．【详解】解：如图，过点C作于点G，∵，∴，∴四边形是矩形，∴，，∵∴，∴，∴当点到的距离最小时，面积最小，过点作交的延长线于点H，即当最小时，面积最小，∵E是线段的中点，，∴，由折叠的性质得：，∴点在以点E为圆心，1长为半径的半圆上运动，∴当点E，，H三点共线时，最小，此时面积最小，延长交于点M，过点D作于点N，则，∴，∵，，∴，∵，∴，∵，∴是等腰直角三角形，∴，，∴，，∴，∵，∴，即，∴，∴∴，即面积的最小值为．故选：B．2．（2025·吉林·中考真题）【问题背景】在学习了平行四边形后，某数学兴趣小组研究了有一个内角为的平行四边形的折叠问题．其探究过程如下：【探究发现】如图①，在平行四边形中，，，E为边的中点，点F在边上，且，连接，将沿翻折得到，点D的对称点为点G．小组成员发现四边形是一个特殊的四边形，请判断该四边形的形状，不需要说明理由．【探究证明】取图①中的边的中点M，点N在边上，且，连接，将沿翻折得到，点B的对称点为点H．连接，，如图②．求证：四边形是平行四边形．【探究提升】在图②中，四边形能否成为轴对称图形．如果能，直接写出的值；如果不能，说明理由．【答案】[探究发现]：四边形是菱形，理由见解析；[探究证明]：四边形是平行四边形；[探究提升]：四边形为轴对称图形时，的值为或，理由见解析【分析】本题考查四边形综合应用，涉及到平行四边形，矩形，菱形、等边三角形等知识，解题的关键是掌握菱形的判定定理，平行四边形的判定定理；[探究发现]由将△沿翻折得到△，即知，，而，故；[探究证明]同探究发现可知四边形是菱形，有，而为边的中点，为边的中点，四边形是平行四边形，即可得，，又，，故，，从而四边形是平行四边形；[探究提升]若四边形为轴对称图形，则四边形是矩形或菱形，分两种情况进行讨论：当四边形是矩形时，过作于，过作于，设，则，可得，，求出，即可得；当四边形是菱形时，延长交于，设，求出，即可得．【详解】[探究发现]：解：四边形是菱形，理由如下：将△沿翻折得到△，，，，，四边形是菱形；[探究证明]：证明：如图：将△沿翻折得到△，，，，，四边形是菱形，，为边的中点，为边的中点，，，四边形是平行四边形，，，，，四边形是菱形，，，，，四边形是平行四边形；[探究提升]：解：四边形能成为轴对称图形，理由如下：由[探究证明]知，四边形是平行四边形，若四边形为轴对称图形，则四边形是矩形或菱形，当四边形是矩形时，过作于，过作于，如图：，，，设，则，，为中点，，，四边形是菱形，，四边形是矩形，，，，，，，，，；当四边形是菱形时，延长交于，如图：设，则，四边形是菱形，，，，四边形是平行四边形，，，，，△是等边三角形，，，；综上所述，四边形为轴对称图形时，的值为或．3．（2025·重庆·中考真题）如图，正方形的边长为2，点E是边的中点，连接，将沿直线翻折到正方形所在的平面内，得，延长交于点G．和的平分线相交于点H，连接，则的面积为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查了正方形与折叠问题，勾股定理，全等三角形的判定和性质，角平分线的性质，连接，证明，可得，设，则，根据勾股定理可得，再利用角平分线的性质得到点到的距离相等，利用面积之比即可解答，正确作出辅助线，利用勾股定理列方程解得是解题的关键．【详解】解：如图，连接，，四边形是正方形，，，点E是边的中点，,将沿直线翻折得，，,，，，，设，则，根据勾股定理可得,即，解得，，和的平分线相交于点H，点到的距离相等，，故选：A．4．（2025·湖南长沙·中考真题）如图，将沿折痕折叠，使点B落在边上的点E处，若，则的周长为（

）A．5 B．6 C．6.5 D．7【答案】D【分析】本题考查轴对称的性质，根据轴对称图形的性质得到，，从而，从而即可解答．【详解】解：由折叠可得，，∴，∴．故选：D．5．（2025·吉林长春·中考真题）将直角三角形纸片（）按如图方式折叠两次再展开，下列结论错误的是（）A． B．C． D．【答案】D【分析】本题考查了折叠的性质，相似三角形的判定与性质，平行线分线段成比例定理，熟练掌握各知识点并灵活运用是解题的关键．由折叠可得：，，则，那么，继而根据相似三角形的性质以及平行线分线段成比例定理逐一判断即可．【详解】解：由折叠可得：，，∴，故A正确，不符合题意；∴，∴，，∴，，∴，∴，故B正确，不符合题意；∵，∴，，∴，，∴，故C正确，不符合题意；∵，∴，，，∴，故D错误，符合题意，故选：D．6．（2025·广东深圳·中考真题）如图，将正方形沿折叠，使得点与对角线的交点重合，为折痕，则的值为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】题目主要考查正方形的性质，折叠的性质，相似三角形的判定和性质，理解题意，综合运用这些知识点是解题关键.根据折叠得出，，利用相似三角形的判定和性质得出，再由正方形的性质求解即可.【详解】解：∵正方形沿折叠，∴，，∴，∴，∴，∵正方形，∴，∴，故选：D.7．（2023·江苏徐州·中考真题）如图，在中，，点在边上．将沿折叠，使点落在点处，连接，则的最小值为．

【答案】【分析】由折叠性质可知，然后根据三角不等关系可进行求解．【详解】解：∵，∴，由折叠的性质可知，∵，∴当、、B三点在同一条直线时，取最小值，最小值即为；故答案为．【点睛】本题主要考查勾股定理、折叠的性质及三角不等关系，熟练掌握勾股定理、折叠的性质及三角不等关系是解题的关键．考点04对称中的坐标问题1．（2025·湖北·中考真题）如图，平行四边形的对角线交点在原点．若，则点的坐标是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】本题考查平行四边形的对称性、关于原点中心对称的点的坐标特征等知识，由题意，结合平行四边形的对称性可知点与点关于坐标原点中心对称，由关于原点中心对称的点的坐标特征即可得到答案．熟记平行四边形的对称性、关于原点中心对称的点的坐标特征是解决问题的关键．【详解】解：∵平行四边形的对角线交点在原点，∴，点与点关于坐标原点中心对称，点的坐标为，点的坐标是，故选：C．2．（2024·江苏扬州·中考真题）在平面直角坐标系中，点关于原点的对称点的坐标是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】本题考查了关于原点的对称点的坐标．根据关于原点的对称点的横坐标互为相反数，纵坐标互为相反数即可求解．【详解】解：∵关于原点的对称点的横坐标互为相反数，纵坐标互为相反数，∴点关于原点的对称点的坐标是．故选：D．3．（2024·江苏常州·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，正方形的对角线相交于原点O．若点A的坐标是，则点C的坐标是．【答案】【分析】本题考查坐标与图形，根据正方形的对角线互相垂直平分，得到关于原点对称，即可得出结果．【详解】解：∵正方形的对角线相交于原点O，∴，∴关于原点对称，∵点A的坐标是，∴点C的坐标是；故答案为：．4．（2024·四川凉山·中考真题）点关于原点对称的点是，则的值是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查了关于原点对称的点的坐标特征，代数式求值，根据关于原点对称的点，横纵坐标互为相反数可得，，再代入代数式计算即可求解，掌握关于原点对称的点的坐标特征是解题的关键．【详解】解：∵点关于原点对称的点是，∴，，∴，故选：．5．（2024·四川成都·中考真题）在平面直角坐标系中，点关于原点对称的点的坐标是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题考查了求关于原点对称的点的坐标．关于原点对称的两点，则其横、纵坐标互为相反数，由点关于原点对称的坐标特征即可求得对称点的坐标．【详解】解：点关于原点对称的点的坐标为；故选：B．考点05平移1．（2025·湖南·中考真题）在平面直角坐标系中，将点向右平移个单位长度到处，则点的坐标为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题主要考查点的平移，掌握平移规律是关键．根据平面直角坐标系中点的平移规律，向右平移时横坐标增加，纵坐标不变，即可解题．【详解】解：点向右平移3个单位长度，横坐标需加3，即，纵坐标2保持不变，∴平移后的点坐标为，故选：B．2．（2025·四川自贡·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，将平移，得到，点在坐标轴上．若，则点坐标为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题考查解直角三角形，相似三角形的判定和性质，坐标与图形变换—平移，熟练掌握相关知识点，添加辅助线构造相似三角形，是解题的关键．过点作轴，作交的延长线于点，证明，得到，根据点的坐标，结合的值，求出，平移求出点坐标，进而得到平移规则，再求出点坐标即可．【详解】解：过点作轴，作交的延长线于点，则：∴，∴，∴，∵，∴，∴，∴，∵平移，∴，∴，∴将点先向右平移10个单位，再向下平移3个单位得到点，∴将点先向右平移10个单位，再向下平移3个单位得到点，∴；故选B．3．（2025·四川凉山·中考真题）如图，将周长为20的沿方向平移2个单位长度得，连接，则四边形的周长为．【答案】【分析】本题考查平移的性质，掌握平移的不变性是解题的关键．根据平移的性质可得、，然后求出四边形的周长等于的周长与、的和，再求解即可．【详解】解：沿方向平移个单位长度得到，，，四边形的周长的周长．故答案为：．4．（2024·江苏无锡·中考真题）在探究“反比例函数的图象与性质”时，小明先将直角边长为5个单位长度的等腰直角三角板摆放在平面直角坐标系中，使其两条直角边分别落在轴负半轴、轴正半轴上（如图所示），然后将三角板向右平移个单位长度，再向下平移个单位长度后，小明发现两点恰好都落在函数的图象上，则的值为．【答案】2或3【分析】本题考查了反比例函数，平移，解一元二次方程．先得出点A和点B的坐标，再得出平移后点A和点B对应点的坐标，根据平移后两点恰好都落在函数的图象上，列出方程求解即可．【详解】解：∵，∴，设平移后点A、B的对应点分别为，∴，∵两点恰好都落在函数的图象上，∴把代入得：，解得：或．故答案为：2或3．5．（2024·内蒙古呼伦贝尔·中考真题）如图，点，，将线段平移得到线段，若，，则点的坐标是．【答案】【分析】由平移性质可知，，则四边形是平行四边形，又，则有四边形是矩形，根据同角的余角相等可得，从而证明，由性质得，设，则，，则，解得：，故有，，得出即可求解．【详解】如图，过作轴于点，则，由平移性质可知：，，∴四边形是平行四边形，∵，∴四边形是矩形，∴，，∴，∵，∴，∵，∴，∴，∵，，∴，，，∴，设，则，，∴，解得：，∴，，∴，∵点在第四象限，∴，故答案为：．【点睛】本题主要考查了相似三角形的判定与性质，平行四边形的判定与性质，矩形的判定与性质、平移的性质，同角的余角相等等知识点，熟练掌握知识点的应用是解题的关键．6．（2024·甘肃临夏·中考真题）如图，等腰中，，，将沿其底边中线向下平移，使的对应点满足，则平移前后两三角形重叠部分的面积是．【答案】/【分析】本题考查平移的性质，相似三角形的判定和性质，三线合一，根据平移的性质，推出，根据对应边上的中线比等于相似比，求出的长，三线合一求出的长，利用面积公式进行求解即可．【详解】解：∵等腰中，，，∴，∵为中线，∴，，∴，，∴，∵将沿其底边中线向下平移，∴，，∴，∴，∵，∴，∴，∴，∴；故答案为：．7．（2024·河北·中考真题）平面直角坐标系中，我们把横、纵坐标都是整数，且横、纵坐标之和大于0的点称为“和点”．将某“和点”平移，每次平移的方向取决于该点横、纵坐标之和除以3所得的余数（当余数为0时，向右平移；当余数为1时，向上平移；当余数为2时，向左平移），每次平移1个单位长度．例：“和点”按上述规则连续平移3次后，到达点，其平移过程如下：若“和点”Q按上述规则连续平移16次后，到达点，则点Q的坐标为（

）A．或 B．或 C．或 D．或【答案】D【分析】本题考查了坐标内点的平移运动，熟练掌握知识点，利用反向运动理解是解决本题的关键．先找出规律若“和点”横、纵坐标之和除以3所得的余数为0时，先向右平移1个单位，之后按照向上、向左，向上、向左不断重复的规律平移，按照的反向运动理解去分类讨论：①先向右1个单位，不符合题意；②先向下1个单位，再向右平移，当平移到第15次时，共计向下平移了8次，向右平移了7次，此时坐标为，那么最后一次若向右平移则为，若向左平移则为．【详解】解：由点可知横、纵坐标之和除以3所得的余数为1，继而向上平移1个单位得到，此时横、纵坐标之和除以3所得的余数为2，继而向左平移1个单位得到，此时横、纵坐标之和除以3所得的余数为1，又要向上平移1个单位，因此发现规律为若“和点”横、纵坐标之和除以3所得的余数为0时，先向右平移1个单位，之后按照向上、向左，向上、向左不断重复的规律平移，若“和点”Q按上述规则连续平移16次后，到达点，则按照“和点”反向运动16次求点Q坐标理解，可以分为两种情况：①先向右1个单位得到，此时横、纵坐标之和除以3所得的余数为0，应该是向右平移1个单位得到，故矛盾，不成立；②先向下1个单位得到，此时横、纵坐标之和除以3所得的余数为1，则应该向上平移1个单位得到，故符合题意，那么点先向下平移，再向右平移，当平移到第15次时，共计向下平移了8次，向右平移了7次，此时坐标为，即，那么最后一次若向右平移则为，若向左平移则为，故选：D．8．（2023·四川绵阳·中考真题）在平面直角坐标系中，将点先向右平移个单位，再向下平移个单位，得到点，则．【答案】【分析】本题考查了代数式的求值以及坐标与图形的平移变化，平移中点的变化规律是：横坐标右移加、左移减，纵坐标上移加、下移减，利用点平移的坐标规律，求出，代入计算即可．【详解】将点先向右平移个单位，得到点再向下平移个单位，得到点故答案为：．9．（2023·山东淄博·中考真题）在边长为1的正方形网格中，右边的“小鱼”图案是由左边的图案经过一次平移得到的，则平移的距离是．

【答案】6【分析】确定一组对应点，从而确定平移距离．【详解】解：如图，点是一组对应点，，所以平移距离为6；故答案为：6

【点睛】本题考查图形平移；确定对应点从而确定平移距离是解题的关键．10．（2023·山东潍坊·中考真题）如图，在直角坐标系中，菱形的顶点A的坐标为，．将菱形沿x轴向右平移1个单位长度，再沿y轴向下平移1个单位长度，得到菱形，其中点的坐标为（

）

A． B． C． D．【答案】A【分析】如图，过作轴于，求解，，可得，求解，，可得，再利用平移的性质可得．【详解】解：如图，过作轴于，

∵菱形的顶点A的坐标为，．∴，，∴，∴，，∴，∵将菱形沿x轴向右平移1个单位长度，再沿y轴向下平移1个单位长度，∴；故选A【点睛】本题考查的是菱形的性质，勾股定理的应用，锐角三角函数的应用，图形的平移，熟练的求解B的坐标是解本题的关键．考点06旋转1．（2025·四川自贡·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，正方形的边长为5，边在轴上．．若将正方形绕点逆时针旋转．得到正方形．则点的坐标为（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】本题考查的是正方形的性质，旋转的性质，坐标与图形，由正方形与旋转可得在轴上，，结合，可得，，进一步可得答案.【详解】解：∵正方形的边长为5，边在轴上，将正方形绕点逆时针旋转．得到正方形．∴，在轴上，，∵，∴，，∴，故选：A2．（2025·安徽·中考真题）如图，在四边形中，，，，，点为边上的动点．将线段绕点逆时针旋转得到线段，连接，，，则下列结论错误的是（

）A．的最大值是 B．的最小值是C．的最小值是 D．的最大值是【答案】A【分析】本题主要围绕四边形中的动点问题展开，解题思路是先通过旋转的性质得到相关线段和角的关系，再利用勾股定理建立线段之间的联系，最后根据点与点之间的位置关系以及几何性质来分别判断各个结论的正确性．【详解】解：∵将线段绕点逆时针旋转得到线段，∴，．又∵，，，，过点作于点，在上取一点，使得延长交于点，则四边形是矩形，∴．∴，∴（），∴∴，即点在上运动，∴四边形和四边形是矩形，∴，，，∵，，，，∴∴，∴最大时，最大，当点与点重合时，与重合时，最小此时，，故错误，符合题意；故B正确，不符合题意；作点关于的对称点，连接则，，过作于点，此时当、、三点共线时，最小，∵∴四边形是矩形，∴，，∴的最小值故正确，不符合题意；当与重合时，当与重合时，过作，则四边形是矩形，如下图，∴，，∵，∴，∴∴，综上，最大值为．故项正确，不符合题意；故选：．【点睛】本题主要考查了旋转的性质、全等三角形的判定与性质、矩形的判定及性质，勾股定理以及几何最值问题，熟练掌握旋转的性质和勾股定理，并能根据几何图形的特点准确分析线段之间的关系是解题的关键．3．（2025·河南·中考真题）小军将一副三角板按如图方式摆放在平面直角坐标系中，其中含角的三角板的直角边落在轴上，含角的三角板的直角顶点的坐标为，反比例函数的图象经过点．(1)求反比例函数的表达式．(2)将三角板绕点顺时针旋转边上的点恰好落在反比例函数图象上，求旋转前点的坐标．【答案】(1)反比例函数的表达式为：(2)【分析】（1）把的坐标为代入反比例函数即可得到答案；（2）求解，证明，求解，如图，连接，旋转到的位置；可得，结合的对应点在的图象上，可得，进一步求解即可.【详解】（1）解：∵含角的三角板的直角顶点的坐标为，反比例函数的图象经过点．∴，∴反比例函数的表达式为：；（2）解：∵，∴，∵含角的三角板为等腰直角三角形，，∴，，如图，连接，旋转到的位置；∴，∵的对应点在的图象上，∴，∴，由旋转可得：，∴.【点睛】本题考查的是勾股定理的应用，等腰直角三角形的性质，旋转的性质，反比例函数的应用，理解题意是解本题的关键.4．（2025·天津·中考真题）如图，在中，，将绕点顺时针旋转得到，点B，C的对应点分别为的延长线与边相交于点，连接．若，则线段的长为（

）A． B． C．4 D．【答案】D【分析】本题考查了三角形全等的判定与性质、线段垂直平分线的判定、旋转的性质、勾股定理等知识，熟练掌握旋转的性质是解题关键．连接，交于点，先证出，根据全等三角形的性质可得，再证出垂直平分，则可得，，然后利用勾股定理和三角形的面积公式求出的长，由此即可得．【详解】解：如图，连接，交于点，由旋转的性质得：，，∴，在和中，，∴，∴，∴垂直平分，∴，，∵，，∴，又∵，∴，∴，故选：D．5．（2025·山西·中考真题）如图，在平面直角坐标系中，点的坐标为，将线段绕点逆时针旋转，则点对应点的坐标为．【答案】【分析】本题考查了旋转的性质，解直角三角形的相关计算，将线段绕点逆时针旋转得到，过作轴于点，则，，，然后通过，，即可求解，掌握知识点的应用是解题的关键．【详解】解：如图，将线段绕点逆时针旋转得到，过作轴于点，则，∵点的坐标为，∴，由题意得，，，∴，，∴点对应点的坐标为，故答案为：．6．（2025·吉林·中考真题）如图，风力发电机的叶片在风的吹动下转动，使风能转化为电能．图中的三个叶片组成的图形绕着它的中心旋转角后，能够与它本身重合，则角的大小可以为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题主要考查了求旋转角，把一个图形绕着一个定点旋转一个角度后，与初始图形重合，这种图形叫做旋转对称图形，这个定点叫做旋转对称中心，旋转的角度叫做旋转角，据此求解即可．【详解】解：由题意得，整个图形由三个叶片组成，则相邻叶片之间的夹角为，∴该叶片图案绕中心至少旋转后能与原来的图案重合，∴角的大小可以为，故选：B．7．（2025·四川达州·中考真题）定义：在平面直角坐标系中，一个图形向右平移a个单位长度，再绕原点按顺时针方向旋转角度，这样的图形运动叫做图形的变换，现将斜边为1的等腰直角三角形放置在如图的平面直角坐标系中，经变换后得为第一次变换，经变换得为第二次变换，…，经变换得，则点的坐标是．【答案】【分析】本题考查坐标旋转中的规律探究，过点作轴，根据斜边上的中线，得到，进而得到，根据变化规则，得到，，，，进而得到，，推出，根据，求出点的坐标即可．【详解】解：过点作轴，∵为斜边为1的等腰直角三角形，∴，∴，∴是由先向右平移1个单位，再绕原点按顺时针方向旋转，即根据平移后的点关于原点对称得到的，∴，同理：，，，，∴，，∴，∵，∴，即：；故答案为：．8．（2024·湖北·中考真题）如图，点A的坐标是，将线段绕点O顺时针旋转，点A的对应点的坐标是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】本题主要考查了坐标与图形变化旋转，全等三角形的判定和性质，熟知图形旋转的性质是解题的关键．根据题意画出旋转后的图形，再结合全等三角形的判定与性质即可解决问题．【详解】解：如图所示，分别过点和点作轴的垂线，垂足分别为和，由旋转可知，，，，．在和中，，，，．点的坐标为，，，点的坐标为．故选：B．9．（2024·四川雅安·中考真题）如图，在和中，，，将绕点A顺时针旋转一定角度，当时，的度数是．【答案】或【分析】本题考查的是等腰三角形的性质，旋转的性质，分两种情况分别画出图形，再结合等腰三角形的性质与角的和差运算可得答案；【详解】解：如图，当时，延长交于，∵，，∴,∴；如图，当时，延长交于，∵，，∴,∴，故答案为：或10．（2024·山东济宁·中考真题）如图，三个顶点的坐标分别是．(1)将向下平移2个单位长度得，画出平移后的图形，并直接写出点的坐标；(2)将绕点逆时针旋转得．画出旋转后的图形，并求点运动到点所经过的路径长．【答案】(1)作图见解析，(2)作图见解析，【分析】本题考查了作图—平移变换和旋转变换，弧长公式，解题的关键熟练掌握平移和旋转的性质，（1）利用平移的性质作出对应点，再连线即可，（2）利用旋转的性质分别作出对应点，再连线，运动到点所经过的路径长即为弧长即可可求解【详解】（1）解：如下图所示：由图可知：；（2）解：如上图所示：运动到点所经过的路径为：11．（2024·吉林长春·中考真题）一块含角的直角三角板按如图所示的方式摆放，边与直线重合，．现将该三角板绕点顺时针旋转，使点的对应点落在直线上，则点A经过的路径长至少为．（结果保留）【答案】【分析】本题主要考查了旋转的性质、弧长公式等知识点，掌握弧长公式成为解题的关键．由旋转的性质可得,即，再根据点A经过的路径长至少为以B为圆心，以为半径的圆弧的长即可解答．【详解】解：∵将该三角板绕点顺时针旋转，使点的对应点落在直线上，∴,即，∴点A经过的路径长至少为．故答案为：．考点07三视图的识别1．（2025·四川成都·中考真题）下列几何体中，主视图和俯视图相同的是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】本题主要考查了简单几何体的三视图．熟练掌握主视图和俯视图，是解决问题的关键．在正面内得到的由前向后观察物体的视图，叫做主视图；在水平面内得到的由上向下观察物体的视图，叫做俯视图．根据主视图，俯视图定义逐一判断，即得．【详解】A、圆柱的主视图是矩形，俯视图是圆，主视图和俯视图不相同，故该选项不符合题意；B、三棱柱的主视图是矩形（中间有一条竖线），俯视图是三角形，主视图和俯视图不相同主视图是长方形，俯视图是三角形，主视图和俯视图不相同，故该选项不符合题意；C、球的主视图和俯视图都是圆，主视图和俯视图相同，故该选项符合题意；；D、四棱锥的主视图是三角形，俯视图是带对角线的四边形，主视图和俯视图不相同．故选：C．2．（2025·浙江·中考真题）底面是正六边形的直棱柱如图所示，其俯视图是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查三视图，根据俯视图是从上面看到的图形，进行判断即可．【详解】解：由图可知，俯视图为：故选A．3．（2025·安徽·中考真题）“阳马”是由长方体截得的一种几何体，如图水平放置的“阳马”的主视图为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题主要考查了简单几何体的主视图，熟练掌握主视图的定义（从物体正面观察得到的平面图形）是解题的关键．主视图是从几何体正面观察得到的平面图形，据此分析该“阳马”正面看到的形状．【详解】解：主视图是从物体正面看所得到的图形．观察水平放置的“阳马”，从正面看，看到的是一个三角形．对比四个选项，只有选项符合从正面看到的图形特征，其他三项都不符合题意．故选：．4．（2025·福建·中考真题）福建博物院收藏着一件“镇馆之宝”——云纹青铜大绕，如图1．云纹青铜大绕是西周乐器，鼓饰变形兽面纹，两侧饰云雷纹，浑大厚重，作风稳重古朴，代表了福建古代青铜文化曾经的历史和辉煌．图2为其示意图，它的主视图是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查了几何体的三视图，从前面看到的图形是主视图，从上面看到的图形是俯视图，从左边看到的图形是左视图．根据主视图是从前面看到的图形解答即可．【详解】解；A是该几何体的主视图，B，C，D不是该几何体的三视图．故选A．5．（2025·广东深圳·中考真题）如图为出现在深圳街头的新型无线充电石墩，关于石墩的三视图的描述，正确的是（

）A．主视图和左视图相同 B．主视图和俯视图相同C．左视图和俯视图相同 D．三个视图都相同【答案】A【分析】本题考查了三种视图，熟知三视图的观察方向是解题的关键．在正面内得到的由前向后观察物体的视图，叫做主视图；在水平面内得到的由上向下观察物体的视图，叫做俯视图；在侧面内得到由左向右观察物体的视图，叫做左视图．仔细观察图中几何体摆放的位置，根据三种视角观察到的图形判定则可．【详解】解：根据三视图的定义，可知该几何主视图和左视图相同．故选：A．6．（2025·黑龙江齐齐哈尔·中考真题）为了全面地反映物体的形状，生产实践中往往采用多个视图来反映同一物体不同方面的形状．下图中飞机的俯视图是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．根据俯视图是从上面看到的图象判定则可．【详解】解：从上面看下来，看到的图形是，即为俯视图，故选A．7．（2025·湖南长沙·中考真题）下图是由五个大小相同的正方体搭成的几何体，它的左视图是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】本题考查三视图，左视图即为从左面看到的图形，据此即可解答．【详解】解：它的左视图是．故选：A．8．（2025·山东东营·中考真题）下图为乒乓球男团颁奖现场，领奖台的示意图如下，则此领奖台的左视图是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】本题考查了三视图的定义，根据“从左面看几何体，所看到的视图是左视图”即可求解．画轮廓线时，看见的轮廓线用实线，看不见的轮廓线用虚线是解题的关键．【详解】解：由题意得，此领奖台的左视图是：故选：C．9．（2025·山东威海·中考真题）如图是用5个大小相同的小立方块搭成的几何体．其左视图是（）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】本题考查了简单组合体的三视图，明确左视图是从物体的左面看到的图形是解题的关键；根据左视图是从物体的左面看到的图形判断即可．【详解】解：几何体的左视图是：

故选：C．10．（2025·四川自贡·中考真题）如图，一横一竖两块砖头放置于水平地面，其主视图为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】本题主要考查了简单组体合的三视图，熟练掌握从前面看到的图形是主视图是解题的关键．根据从前面看到的图形是主视图，即可求解．【详解】解：根据题意得：其主视图是故选：D．11．（2023·内蒙古·中考真题）几个大小相同的小正方体搭成几何体的俯视图如图所示，图中小正方形中数字表示对应位置小正方体的个数，该几何体的主视图是（

）

A．

B．

C．

D．

【答案】D【分析】根据各层小正方体的个数，然后得出三视图中主视图的形状，即可得出答案．【详解】解：根据俯视图可知，这个几何体中：主视图有三列：左边一列1个，中间一列2个，右边一列2个，所以该几何体的主视图是

故选：D．【点睛】此题主要考查了学生对三视图掌握程度和灵活运用能力，同时也体现了对空间想象能力方面的考查，熟练掌握三视图的判断方法是解题关键．考点08由三视图还原几何体1．（2025·黑龙江绥化·中考真题）某几何体的三视图如图所示，则这个几何体是（

）A．圆柱 B．长方体 C．圆锥 D．四棱柱【答案】A【分析】本题考查了由几何体的三视图还原几何体，熟知常见几何体的三视图是解题的关键；由题目给出的三视图可知，这个几何体是圆柱，即得答案.【详解】解：根据题意可得：这个几何体是圆柱；故选：A.2．（2025·云南·中考真题）下列图形是某几何体的三视图（主视图也称正视图，左视图也称侧视图），则这个几何体是（

）A．正方体 B．长方体 C．圆锥 D．圆柱【答案】D【分析】本题考查由三视图判断几何体，解题关键是掌握常见几何体三视图特征；由三视图条件分析判断即可．【详解】解：根据主视图和左视图为长方形判断出是柱体，根据俯视图是圆形可判断出这个几何体应该是圆柱．故选：D．3．（2024·江苏南通·中考真题）如图是一个几何体的三视图，该几何体是（

）A．球 B．棱柱 C．圆柱 D．圆锥【答案】D【分析】本题主要考查了由三视图判断几何体，结合三视图与原几何体的关系即可解决问题【详解】解：由所给三视图可知，该几何体为圆锥，故选：D4．（2024·四川资阳·中考真题）某几何体的三视图如图所示，则该几何体是（

）

A．长方体 B．棱锥 C．圆锥 D．球体【答案】A【分析】本题主要考查由三视图来判断几何体的形状．【详解】解：由三视图可知，该几何体长方体，故选：A．5．（2024·安徽·中考真题）某几何体的三视图如图所示，则该几何体为（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】本题主要考查由三视图判断几何体，关键是熟悉三视图的定义．【详解】解：根据三视图的形状，结合三视图的定义以及几何体的形状特征可得该几何体为D选项．故选：D．6．（2023·内蒙古呼和浩特·中考真题）下图是某几何体的三视图，则这个几何体是（

）

A．

B．

C．

D．

【答案】C【分析】认真观察三视图结合选项确定正确的答案即可．【详解】解：结合三视图发现：该几何体为圆柱和长方体的结合体，故选：C．【点睛】本题考查了由三视图判断几何体的知识，解题的关键是有足够的空间想象能力，掌握三视图的定义7．（2023·广东广州·中考真题）一个几何体的三视图如图所示，则它表示的几何体可能是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据三视图判断圆柱上面放着小圆锥，确定具体位置后即可得到答案．【详解】解：由主视图和左视图可以得到该几何体是圆柱和小圆锥的复合体，由俯视图可以得到小圆锥的底面和圆柱的底面完全重合，故选：D．【点睛】题考查了由三视图判断几何体，解题时不仅要有一定的数学知识，而且还应有一定的生活经验．8．（2023·安徽·中考真题）某几何体的三视图如图所示，则该几何体为（

）

A．

B．

C．

D．

【答案】B【分析】根据主视图是三角形，结合选项即可求解．【详解】解：∵主视图是直角三角形，故A，C，D选项不合题意，故选：B．【点睛】本题考查了根据三视图还原