2025-2026学年湖南省部分学校高三上学期11月期中考试生物试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1湖南省部分学校2025-2026学年高三上学期11月期中试题注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修1、2.一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.人们对细胞膜的化学成分与结构的认识经历了漫长历程。下列叙述错误的是（）A.光学显微镜是认识细胞膜结构的重要工具B.细胞膜的静态结构无法解释细胞膜的运动功能C.细胞融合实验说明细胞膜具有流动性D.流动镶嵌模型是在观察和实验基础上提出的【答案】A【详析】A、光学显微镜的分辨率较低，无法清晰观察到细胞膜结构，仅能判断细胞边界，认识细胞膜结构需依赖电子显微镜（如观察到暗-亮-暗三层结构），A错误；B、静态结构模型（如三明治模型）认为膜成分固定，但无法解释细胞膜的胞吞、胞吐等动态功能，B正确；C、细胞融合实验中荧光标记的膜蛋白混合现象，直接证明细胞膜具有流动性，C正确；D、流动镶嵌模型基于电镜观察、细胞融合实验等证据提出，符合科学模型的建立逻辑，D正确。故选A。2.经高尔基体加工后的蛋白质有三个去向：送往溶酶体，通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放）。相关途径如图所示，下列分析错误的是（）A.高尔基体通过形成不同去向的囊泡，实现了对蛋白质的精确分选和运输B.途径Ⅰ中的蛋白质被送往溶酶体中发挥作用C.神经递质和某些激素的分泌通过途径Ⅱ调节型分泌途径来进行D.蛋白质通过途径Ⅱ、途径Ⅲ释放到细胞外的方式均是胞吐【答案】C【详析】A、经高尔基体加工后的蛋白质有三个去向：送往溶酶体，通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放）；高尔基体通过形成不同去向的囊泡，实现了对蛋白质的精确分选和运输，A正确；B、据图可知，途径Ⅰ送往溶酶体，途径Ⅱ通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），途径Ⅲ通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放），B正确；C、有些神经递质（如乙酰胆碱、多巴胺等）不是蛋白质，它们的合成与包装不经过内质网和高尔基体的加工途径，C错误；D、据图可知，囊泡内物质释放到细胞外都属于胞吐，D正确。故选C。3.涡虫被切成多段后，其肌肉、皮肤、脑等均能再生成完整的身体结构。下列有关涡虫的叙述，错误的是（）A.涡虫的再生能力依赖于体内的干细胞B.涡虫的再生过程包括细胞的分裂和分化C.被切成多段的涡虫再生成完整身体的过程中不存在细胞凋亡D.涡虫的再生为器官再生研究提供了新思路【答案】C【详析】A、涡虫的再生能力依赖于体内的干细胞，干细胞具有分裂和分化能力，能够形成不同组织，A正确；B、再生需要干细胞通过细胞分裂增加数量，并通过分化形成肌肉、皮肤等结构，B正确；C、再生过程中可能存在异常或多余细胞的清除，这需要细胞凋亡参与，C错误；D、研究涡虫再生机制有助于理解器官再生的原理，为医学提供参考，D正确。故选C。4.某生物以葡萄糖作为呼吸底物。下列不同反应条件与可能出现的产物对应错误的是（）选项不同反应条件产物A氧气充足CO2、H2OB氧气不足CO2、C2H5OH、H2OC氧气不足CO2、H2O、C3H6O3D氧气不足CO2、C3H6O3A.A B.B C.C D.D【答案】D【详析】A．氧气充足时，葡萄糖彻底氧化分解，产物为CO₂和H₂O，属于有氧呼吸的正常产物，A正确；B．氧气不足时，若生物（如酵母菌）同时进行有氧呼吸和无氧呼吸，有氧呼吸产生CO₂和H₂O，无氧呼吸产生C₂H₅OH（酒精）和CO₂，因此产物可能包含CO₂、H₂O和酒精，B正确；C．氧气不足时，若生物（如某些微生物）部分进行有氧呼吸（产生CO₂和H₂O），部分进行产乳酸的无氧呼吸（产生C₃H₆O₃），则总产物可能包含CO₂、H₂O和乳酸，C正确；D．氧气不足时，若生物进行产乳酸的无氧呼吸，其过程不释放CO₂（仅生成乳酸）；若产生CO₂，则说明存在有氧呼吸或产酒精的无氧呼吸，但此时产物中不应同时出现乳酸和CO₂，D错误。故选D。5.科研人员为研究不同光照强度对番荔枝植株叶绿素含量的影响，利用遮阴网对其进行2种不同滤光处理，1层遮阴网和2层遮阴网的透光率分别是自然光照的42.4%和21.2%，一段时间后检测叶绿素含量（单位：mg。g-1），结果如表所示。下列叙述正确的是（）处理叶绿素a含量叶绿素b含量叶绿素总量自然光照13.895.0318.921层遮阴网13.946.5720.512层遮阴网13.96.2920.19A.遮光处理后，番荔枝植株的叶绿素a含量明显提高B.遮光处理后，番荔枝植株的叶绿素b含量及叶绿素总量均有所提高C.透光率越低，番荔枝植株的叶绿素含量就越高D.遮光处理通过提高叶绿素含量、显著增强了番荔枝植株的光合作用【答案】B【详析】A、遮光处理后，叶绿素a含量在自然光照、1层遮阴和2层遮阴中变化极小，未明显提高，A错误；B、遮光处理后，叶绿素b含量和叶绿素总量均高于自然光照，B正确；C、2层遮阴透光率低于1层，但叶绿素总量低于1层，说明透光率越低叶绿素含量不一定越高，C错误；D、由表中数据无法得出遮光处理对番荔枝植株光合作用的影响，只能得出对番荔枝植株叶绿素含量的影响，D错误。故选B。6.原生质体相对体积与细胞吸水能力的关系如图所示，未发生质壁分离的原生质体初始状态时的相对体积为1.0.下列叙述错误的是（）A.将洋葱鳞片叶表皮细胞置于0.3g.mL-1的蔗糖溶液中，发生的变化为B→AB.将发生质壁分离的洋葱鳞片叶表皮细胞置于清水中，发生的变化是B→CC.将洋葱鳞片叶表皮细胞置于2mol.L-1的乙二醇中，发生的变化为B→A→BD.随着原生质体相对体积的增大，细胞吸水能力逐渐减弱，但不为0【答案】B【详析】A、将洋葱鳞片叶表皮细胞置于0.3g.mL-1的蔗糖溶液中，细胞失水，发生的变化为B→A，A正确；B、将发生质壁分离的洋葱鳞片叶表皮细胞置于清水中，发生的变化是A→B→C，B项错误；C、将洋葱鳞片叶表皮细胞置于2mol.L-1乙二醇中，乙二醇脂溶性物质可进入细胞，发生质壁分离及自动复原，发生的变化为B→A→B，C正确；D、随着原生质体相对体积的增大，细胞液浓度下降，细胞吸水能力逐渐减弱，但不为0，D正确。故选B。7.21三体综合征患者体内一个进行细胞分裂的细胞正处于染色体移向两极的状态，则此时该细胞的染色体数目不可能是（）A.46条 B.47条 C.48条 D.92条【答案】D【详析】A、若细胞处于减数第二次分裂后期，且该细胞来自减数第一次分裂后含23条染色体的子细胞（如21号染色体分配为1条），则此时染色体数目为23×2=46条，A可能；B、若细胞处于减数第一次分裂后期，此时同源染色体分离但染色体总数仍为47条（未加倍），B可能；C、若细胞处于减数第二次分裂后期，且该细胞来自减数第一次分裂后含24条染色体的子细胞（如21号染色体分配为2条），则此时染色体数目为24×2=48条，C可能；D、正常人有丝分裂后期染色体数目为92条，但21三体患者体细胞染色体为47条，有丝分裂后期应为47×2=94条，因此92条不可能出现，D不可能。故选D。8.某种蛇的表皮颜色由两种酶控制，会出现黑纹和橘红纹，该种蛇的野生型表现为红黑相间。让黑纹蛇与橘红纹蛇杂交，所得F1全为野生型，再让F1随机交配，所得F2的表型及比例是野生型：黑纹蛇：橘红纹蛇：白色蛇=9：3：3：1.下列分析错误的是（）A.白色蛇的出现是基因重组的结果B.亲代黑纹蛇和橘红纹蛇均为纯合子C.白色蛇的表皮细胞不含有两种酶D.四种表型的蛇均有纯合子和杂合子【答案】D【详析】A、白色蛇（aabb）的出现是由于F₁（AaBb）形成配子时，两对等位基因自由组合（基因重组）导致隐性等位基因纯合，A正确；B、亲代黑纹（A_bb）和橘红纹（aaB_）杂交，F₁全为野生型（AaBb），说明亲代基因型为AAbb（纯合黑纹）和aaBB（纯合橘红纹），B正确；C、白色蛇（aabb）为双隐性纯合子，无法合成两种酶，故表皮细胞不含这两种酶，C正确；D、野生型（A_B_）包含纯合子（AABB）和杂合子（AaBb），黑纹（A_bb）和橘红纹（aaB_）也包含纯合子和杂合子，但白色蛇（aabb）只能是纯合子，无杂合子，D错误。故选D。9.DNA在进行复制时，以DNA两条链为模板，边解旋边复制，过程如图所示。下列分析错误的是（）A.a、c和e为DNA分子的3´端，b、d和f为DNA分子的5´端B.后随链的合成需要DNA连接酶的作用C.前导链和后随链的碱基排列顺序互补D.完成复制的b、c两条链会分别与各自的模板链组合为子代DNA分子【答案】A【详析】A、DNA两条母链反向平行，新链合成方向为5′→3′，因此：前导链（b）的模板链（a-e）方向为3′→5′，故a为3′端，b为5′端，e为5′端；后随链（c）的模板链（d-f）方向为5′→3′，故c为3′端，d为5′端；后随链的合成方向为5′→3′，故c为3′端，f为3′端，即a、c和f为DNA分子的3′端，b、d和e为DNA分子的5′端，A错误；B、后随链是不连续合成的冈崎片段，需要DNA连接酶将这些片段连接为完整的链，B正确；C、前导链的模板链（设为母链1）与后随链的模板链（设为母链2）的碱基互补；前导链的碱基序列与母链1互补，后随链的碱基序列与母链2互补，因此前导链和后随链的碱基排列顺序互补，C正确；D、DNA复制为半保留复制，新合成的链（c、e）会分别与各自的模板母链组合，形成子代DNA分子，D正确。故选A。10.FTO蛋白能够去除N基因mRNA上的甲基化修饰，这使得mRNA不会被Y蛋白识别并降解，从而保持了mRNA的稳定性，进而促进了N基因的表达。N基因的表达产物（蛋白质）能够提高鱼类的抗病能力。下列叙述正确的是（）A.FTO蛋白不改变N基因，但能使N基因甲基化B.N基因mRNA发生甲基化会使其容易被降解C.N基因mRNA甲基化属于基因突变的一种D.促进FTO基因或Y基因的表达能提高鱼类的抗病能力【答案】B【详析】A、FTO蛋白作用于mRNA的甲基化修饰，而非直接改变N基因或使其甲基化。基因甲基化属于DNA水平的表观遗传修饰，而题干明确描述FTO蛋白作用于mRNA，因此A错误；B、题干指出，mRNA的甲基化会被Y蛋白识别并降解，因此N基因mRNA甲基化会使其稳定性下降，容易被降解，B正确；C、mRNA甲基化属于转录后修饰，属于表观遗传调控，不涉及基因碱基序列的改变，因此不属于基因突变，C错误；D、促进FTO基因表达可增强mRNA稳定性，从而提高N基因表达和抗病能力；但促进Y基因表达会加速甲基化mRNA的降解，降低N基因表达，从而减弱抗病能力，D错误。故选B。11.用大蒜根尖进行“低温诱导植物细胞染色体数目变化”的实验。下列说法错误的是（）A.卡诺氏液的作用是固定细胞形态，以维持染色体的原有结构B.制作临时装片的步骤依次为解离→漂洗→染色→制片C.低温能抑制纺锤体的形成，使染色体不能移向两极D.在显微镜的高倍镜下，可以观察到大多数细胞的染色体数目加倍【答案】D【详析】A、卡诺氏液的作用原理是使蛋白质变性，从而将细胞结构固定下来，保证细胞形态和内部结构的稳定性，以维持染色体的原有结构，A正确；B、制作临时装片的步骤：剪取根尖、解离（解离液由盐酸和酒精组成，目的是使细胞分散开来）、漂洗（洗去解离液，便于染色）、染色（用龙胆紫、醋酸洋红等碱性染料）、制片（该过程中压片是为了将根尖细胞压成薄层，使之不相互重叠影响观察）和观察（先低倍镜观察，后高倍镜观察），B正确；C、低温通过抑制纺锤体形成，使染色体无法移向两极，导致染色体数目加倍，C正确；D、大多数细胞处于间期，染色体数目未变，仅少数处于分裂的细胞可能加倍，D错误。故选D。12.春兰、建兰和墨兰是常见的兰花，三者的花期存在显著差异且不重叠，春兰在2月—3月开花，建兰在8月—9月开花，墨兰在11月—12月开花。由于花期不同，即使在人工将三种兰花栽培于同一区域的情况下，它们之间也难以自然杂交。下列相关叙述正确的是（）A.三种兰花的花期不同的根本原因是自然条件下发生了不同的基因重组B.若将三者栽种于同一区域，则它们之间会因花期不同而存在生殖隔离C.三种兰花的形态、花期等差异表明它们已经过长期的地理隔离D.三种兰花种群基因库的组成存在着差异【答案】D【详析】A、花期不同的根本原因是基因突变而非基因重组。基因重组只能产生新的基因型，而新性状的出现需基因突变，A错误；B、生殖隔离是物种形成的标志，花期不同是生殖隔离的表现形式，而非栽种同一区域后才产生。题目已说明即使同区域也难以杂交，说明生殖隔离已存在，B错误；C、形态和花期差异不一定由地理隔离导致。时间隔离（如花期不同）可在同地发生，无需长期地理隔离，C错误；D、三种兰花若存在生殖隔离，则属于不同物种，其种群基因库必然存在差异，D正确。故选D。二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有一项或多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。13.某种生物体内苏氨酸经过一系列反应合成异亮氨酸过程如图所示。下列分析正确的是（）A.酶1只能催化苏氨酸转化为A，体现了酶的专一性B.图中所有酶正常运作，苏氨酸才能合成为异亮氨酸C体内苏氨酸浓度增加会导致异亮氨酸浓度持续增加D.若在反应体系中添加酶5抑制剂，则异亮氨酸的合成量会减少【答案】ABD【详析】A、酶的专一性是指一种酶只能催化一种或一类化学反应。酶1只能催化苏氨酸转化为A，这充分体现了酶的专一性，A正确；B、从图中可以看出，苏氨酸合成异亮氨酸是一个多步反应过程，需要酶1-酶5的共同作用。只有当图中所有酶都正常运作时，苏氨酸才能按照既定的途径逐步合成为异亮氨酸，B正确；C、异亮氨酸浓度增加会抑制酶1活性，因此苏氨酸浓度增加不会导致异亮氨酸浓度持续增加，C错误；D、在反应体系中添加酶5的抑制剂，则D转化成异亮氨酸会受到抑制，异亮氨酸的合成量会减少，D正确。故选ABD。14.科研人员为探究库源关系（果实作为“库”消耗叶片“源”制造的有机物）对叶片光合作用的影响，选取具有多个棉铃的棉花植株，按照不同比例去除棉铃以改变“库”的大小。一段时间后测定叶片的光合速率（通过CO2固定速率表示，曲线Ⅰ）及叶片中蔗糖含量占干重的百分比（曲线Ⅱ），结果如图所示。下列分析正确的是（）A.CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈正相关B.推测叶片中蔗糖的积累会反馈抑制棉花叶片光合作用的进行C.该实验的自变量是去除棉铃的百分率D.可通过检测暗反应相关酶的活性，来探究去除棉铃对光合作用影响的机制【答案】BCD【详析】AB、曲线Ⅰ和曲线Ⅱ的变化趋势表明，随着去除棉铃的百分率的增加，CO2固定速率逐渐下降，说明CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈负相关；叶片中蔗糖含量占干重的百分比逐渐增加，可推测蔗糖的积累对光合作用存在抑制作用，A错误，B正确；C、据图可知，实验的自变量为去除棉铃的百分率，因变量为CO2固定速率和叶片中蔗糖含量占干重的百分比，C正确；D、依据曲线Ⅰ可知，CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈负相关，CO2的固定作为暗反应的一个环节，需要酶的催化，所以可通过检测暗反应相关酶的活性，来探究去除棉铃对光合作用影响的机制，D正确。故选BCD。15.马方综合征患者表现出脊柱侧弯、主动脉增宽等症状，大多数患者成年后才出现病症。下图为某马方综合征患者家族系谱图，Ⅲ4未成年，其他人均已成年，不考虑变异。下列对该病遗传机制的分析，合理的是（）A.该病不可能是常染色体隐性遗传病B.该病不可能是X染色体隐性遗传病C.该病不可能是常染色体显性遗传病D.该病不可能是X染色体显性遗传病【答案】BD【详析】Ⅰ2患病，她的儿子Ⅱ3没有患病，说明该病不是X染色体隐性遗传病，但可以是常染色隐性遗传病；Ⅲ5患病，其母亲Ⅱ6没有患病，说明该病不可能是X染色体显性遗传病，但可以是常染色体显性遗传病。BD正确，AC错误。故选BD。16.正常情况下，某种植物的部分染色体及其上的基因组成如图甲所示，该种植物发生变异后染色体及其上的基因组成如图乙所示。该变异不会影响配子活性，下列分析错误的是（）A.图乙发生的变异属于染色体的结构易位B.发生图乙变异的细胞进行减数分裂时不能联会C.图甲和乙中的细胞各自产生的配子类型完全不相同D.图甲和乙对应植株的杂交后代中缺少一个基因的个体占1/4【答案】BC【详析】A、据图可知，乙图中细胞内Ⅱ号染色体上的一个片段转移到非同源染色体Ⅰ号染色体上发生了易位，A正确；B、发生图乙变异的细胞进行减数分裂时Ⅰ号染色体还是可以联会的，B错误；C、图甲和乙中的细胞可能产生类型相同的配子，如Ab，C错误；D、图甲植株产生配子正常，乙图植株产生A、Ab、aB、aBb四种配子，所以杂交后代中缺少一个基因的个体占1/4，D正确。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共60分。17.蛋白质结构的正常与否直接决定其功能是否正常，进而影响细胞代谢的稳态。细胞通过精密的质量监控与清除机制维持细胞内环境的稳定。回答下列问题：（1）溶酶体水解酶需要依次经过________和________等细胞器的加工与分选，才能被精准地运往溶酶体中发挥作用。（2）细胞通过如图1所示的自噬机制清除错误折叠的蛋白质。错误折叠的蛋白质被泛素标记后，可被________特异性识别，并包裹形成自噬泡，最终与溶酶体融合后被降解。降解产物的去向主要包括________和________。（3）研究表明，溶酶体膜上的质子泵（V-ATPase）和H+通道蛋白（TMEM175）共同调节其内部的pH稳态，机理如图2所示。①H+通过V-ATPase进入溶酶体的方式是________，而通过TMEM175运出溶酶体的方式是________。两者在转运H+时的特点存在差异，具体体现在________（多选）。A.V-ATPase能催化ATP水解为其供能，而TMEM175不需要能量驱动B.V-ATPase与H+结合后会发生构象改变，而TMEM175不与H+结合C.TMEM175能同时转运多种离子，而V-ATPase对H+具有高度特异性D.V-ATPase逆浓度梯度转运H+，而TMEM175则浓度梯度转运H+②据图2分析，若敲除TMEM175基因，则溶酶体内的pH会________，导致此现象的原因是_________。【答案】（1）①.内质网②.高尔基体（2）①.自噬受体②.被细胞重新利用③.作为代谢废物排出细胞（3）①.主动运输②.协助扩散③.ABD④.降低⑤.TMEM175介导的H+外排途径受阻，而V-ATPase仍可以运输H+到溶酶体内，导致溶酶体内H+净含量增加〖祥解〗分析图2，溶酶体膜上的质子泵V-ATPase能利用ATP水解产生的能量，将细胞质基质中的H+逆浓度梯度泵入溶酶体内，同时通道蛋白TMEM175，能介导过量的H+溢出溶酶体，避免溶酶体内部处于过酸状态，说明TMEM175和质子泵共同调节溶酶体的pH稳态。【解析】（1）溶酶体中的水解酶属于蛋白质，会依次经过内质网、高尔基体的加工与分选，才能被精准地运往溶酶体中发挥作用。（2）由图1可知，错误折叠的蛋白质或损伤的线粒体会被泛素标记，被标记的蛋白质会与自噬受体结合，并被包裹进吞噬泡，最后融入溶酶体中被水解酶降解。细胞自噬的降解产物一部分以代谢废物的形式排出细胞，一部分被细胞再利用。（3）①H+通过V-ATPase进入溶酶体需要消耗能量，所以进入溶酶体的方式是主动运输，而通过TMEM175运出溶酶体不需要消耗能量，进入溶酶体的方式是协助扩散。A、据图可知V-ATPase参与主动运输能催化ATP水解为其供能，而TMEM175参与协助扩散不需要能量驱动，A正确；B、V-ATPase是质子泵，载体蛋白每次转运时都会发生自身构象的改变，而TMEM175是H+通道蛋白，分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合，B正确；C、通道蛋白TMEM175只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过，载体蛋白V-ATPase只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，两者都有特异性，C错误；D、V-ATPase参与主动运输逆浓度梯度转运H+，而TMEM175参与协助扩散顺浓度梯度转运H+，D正确；故选ABD。②若敲除TMEM175基因，则会导致TMEM175介导的H+外排途径受阻，而V-ATPase仍可以运输H+到溶酶体内，导致溶酶体内H+净含量增加，pH降低。18.微生物藻肥（以下简称微藻肥）是以藻类或其提取物为原料，经发酵或复合工艺制成的功能性生物肥料。为探究微藻肥对玉米生长的影响，科研人员进行了相关实验，并测定了玉米的相关生理指标，结果如表所示。回答下列问题：微藻肥种类叶绿素相对含量蒸腾速率/（mmol.m-2.s-1）净光合速率/（μmol.m-2.s-1）Fa41.51707.6325.71Fb43.42738.0129.79Fc44.23748.0830.63（1）叶绿素含量的变化直接影响光合作用的________反应。据表判断，________类微藻肥处理下，玉米叶片中叶绿素相对含量最高。（2）使用微藻肥能疏松土壤，________，从而有利于根对矿质离子的吸收。（3）表中蒸腾速率与净光合速率呈________（填“正”或“负”）相关，原因是________。（4）不同条件下的玉米产量如图所示。根据图和表分析，选择________（答出浓度及种类）类微藻肥最有利于玉米产量提升。使用45L.hm-1微藻肥的玉米产量________（或“高于”或“低于”）使用30L.hm-2微藻肥的，从渗透作用的角度分析，原因可能是_________。【答案】（1）①.光②.Fc（2）增加土壤的含氧量，促进根细胞的有氧呼吸（3）①.正②.蒸腾作用强，能促进水分和矿质离子的运输，同时气孔开放有利于CO2的吸收，从而促进光合作用（4）①.30L.hm-2的Fc②.低于③.施肥浓度过高，导致土壤溶液浓度大于根细胞的细胞液浓度，造成根细胞失水，进而影响玉米的正常生理功能〖祥解〗光合作用的过程分为光反应和暗反应两个阶段，光反应的场所为类囊体薄膜，包括水的光解生成还原氢和氧气，以及ATP、NADPH的合成；暗反应的场所为叶绿体基质，包括二氧化碳的固定和三碳化合物的还原两个过程。【解析】（1）叶绿素是光反应的色素分子，其含量直接影响光能捕获的效率，从而影响光反应。表中数据显示Fc组的叶绿素含量（44.23）最高。（2）根系主要以主动运输的方式吸收矿质离子，需要细胞呼吸提供能量。疏松土壤增加了土壤孔隙中的氧气，促进了根细胞的有氧呼吸，为主动运输提供了更多ATP。（3）由表可知，蒸腾速率高的组别，其净光合速率也高，故两者呈正相关。原因主要有二：一是蒸腾作用是水分向上运输的主要动力，能拉动水和溶解于其中的无机盐的运输；二是蒸腾作用的主要通道是气孔，蒸腾作用强时气孔开放程度大，在散失水分的同时，也增加了CO2（光合作用原料）的吸收，从而提高了光合速率。（4）由图可知，30L⋅hm−2是三个浓度中的最优浓度；在30L⋅hm−2浓度下，Fc类微藻肥对应的玉米产量最高。因此最佳组合是30L⋅hm−2的Fc类微藻肥。微藻肥浓度过高（45L⋅hm−2）会使土壤溶液的浓度显著升高。若土壤溶液浓度高于根细胞的细胞液的浓度，则会导致根细胞不仅不能吸水，反而会失水，造成植物缺水，光合作用等生理过程受阻，最终导致减产。19.阿奇霉素是一种常用的大环内酯类抗生素，随着其在医疗方面和养殖业的广泛应用，细菌对阿奇霉素的耐药性问题日益严重。回答下列问题：（1）细菌种群中原本就存在耐药性的个体差异，其根本来源是________。阿奇霉素的使用对细菌种群起到了________作用。（2）为探究阿奇霉素对细菌耐药性的影响，某研究小组设计了连续传代实验，步骤如下：第一步：配制培养基平板，用________法将大肠杆菌菌液均匀接种于平板表面。将平板划分为四个区域并标记序号。第二步：用无菌镊子在区域①放置一个________的圆形滤纸片，区域②③④各放置一个含有阿奇霉素的相同滤纸片。第三步：将平板倒置于37℃恒温培养箱中培养12~16小时、观察并测量抑菌圈大小（结果如图所示）。第四步：从________的菌落中提取细菌，配制菌液，重复上述第一至第三步操作，共培养至第3代。记录每一代各区域抑菌圈的直径，结果如表所示。区域/抑菌圈的直径/cm/传代次数第一代第二代第三代②2.281.881.6③2.41.921.64④2.431.851.67平均值2.171.881.64（3）实验分析：a、实验中设置区域①的目的是________。b、随着传代次数的增加，各区域抑菌圈直径的变化趋势是________。对此结果的合理解释是在阿奇霉素的压力下，________。【答案】（1）①.基因突变②.自然选择（2）①.稀释涂布平板②.不含有阿奇霉素③.抑菌圈边缘（3）①.排除滤纸片本身对细菌生长产生的影响②.逐代减小③.耐药性菌株的比例逐渐增加〖祥解〗本实验目的是探究抗生素对细菌的选择作用，可根据抑菌圈的大小判定抗生素的选择作用，抑菌圈越大，说明选择作用越强。图中①为对照组，②③④为实验组。【解析】（1）新基因的出现是基因突变的结果。阿奇霉素的使用对细菌起到了自然选择的作用，使具有耐药性的细菌生存下来。（2）将细菌用稀释涂布平板法（或涂布法）接种到培养基上，区域①作为对照组，应使用不含有阿奇霉素的滤纸片。要研究阿奇霉素对细菌耐药性的影响，应从抑菌圈边缘的菌落中提取细菌，因为抑菌圈边缘的细菌可能具有一定的耐药性。（3）由于区域②③④各放置一个含有阿奇霉素的相同滤纸片，所以相当于有滤纸片和阿奇霉素两个变量，所以为了排除滤纸片本身对细菌生长的影响，因此设置区域①；据表中数据可以得出随着传代次数的增加，各区域抑菌圈直径的变化趋势是逐代减小，这是因为含有阿奇霉素的滤纸片对细菌具有选择作用，所以抑菌圈的边缘可能有具有耐药性的细菌，因此用抑菌圈边缘的细菌进一步培养，每传代培养一次耐药菌株就增加一些，随着传代培养次数的增加，在阿奇霉素的压力下，耐药菌株的比例也逐渐增加，抑菌圈的直径也逐渐减小。20.真核细胞的核基因分为编码区和非编码区，非编码区位于编码区两侧，其中真核生物基因的编码区是不连续的，由外显子和内含子间隔排列而成。图甲表示真核细胞基因表达的过程，图乙是利用基因捕获法（将一段无启动子的报告基因GUS插入靶基因）来研究基因功能的原理示意图。回答下列问题：（1）图甲中过程Ⅰ是________，需要________酶与启动子结合后开启。（2）过程Ⅱ所需要的原料是________，过程Ⅱ中一个mRNA分子上可相继结合多个核糖体。其意义是________。（3）研究人员发现，某基因M突变后，其长度由800bp增加至1300bp，但该基因控制的生物性状并未发生改变。据此分析，基因M发生了碱基的________。结合题干信息和图甲分析，该突变未改变性状的原因可能是________（答出1点）。（4）据图乙分析，GUS的插入对靶基因表达的具体影响是________。【答案】（1）①.转录②.RNA聚合（2）①.氨基酸②.短时间内迅速合成大量蛋白质（3）①.增添②.突变发生在基因M的内含子序列中（4）导致mRNA剪切异常，外显子2转录出的mRNA缺失，最终导致翻译出的蛋白质序列中GUS编码的序列替换了外显子2编码的序列〖祥解〗基因的表达是指基因通过mRNA指导蛋白质的合成，包括遗传信息的转录和翻译两个阶段。转录是以DNA的一条链为模板，按照碱基互补配对原则，在细胞核内合成mRNA的过程。翻译是以mRNA为模板，按照密码子和氨基酸之间的对应关系，在核糖体上合成具有一定氨基酸顺序的蛋白质的过程。【解析】（1）图甲中过程Ⅰ是转录（以DNA的一条链为模板合成mRNA）；转录的启动需要RNA聚合酶与启动子结合后开启。（2）过程Ⅱ是翻译（以mRNA为模板合成蛋白质），所需原料是氨基酸；一个mRNA分子上相继结合多个核糖体的意义是：短时间内合成大量相同的蛋白质，提高翻译的效率。（3）基因M突变后，其长度由800bp增加至1300bp，说明基因M发生了碱基的增添。根据题图信息可知，若突变发生在非编码区或编码区的内含子序列中，该基因控制的生物性状均可能不发生改变。但增加数百碱基，且性状未改变，其原因不可能是碱基的替换（密码子的简并）。（4）由图乙可知，GUS的插入导致mRNA剪切异常，外显子2转录出的mRNA缺失，最终导致翻译出的蛋白质序列缺失外显子2编码的序列。21.黑腹果蝇的灰体和黑体由基因B、b控制，长翅和残翅由基因G、g控制，均位于常染色体上。让纯合的灰体长翅果蝇和黑体残翅果蝇杂交，F1都是灰体长翅果蝇，取F1的雌雄果蝇进行两种不同的测交，F2结果却不同，如图1、2所示。回答下列问题：（1）根据杂交实验可判断，体色的显性性状是________，翅型的隐性性状是________。F1灰体长翅果蝇的基因型是________。（2）分析图1测交实验可知，基因B/b和G/g的遗传遵循________定律，测交后代只有灰体长翅果蝇和黑体残翅果蝇的原因是________。（3）图2的测交结果与图1的不同，其原因在于F1雌果蝇在减数分裂形成配子时发生了________。据此推算，F1雌果蝇产生的重组型配子（Bg和bG）所占比例为________。（4）科研人员发现了一个新的隐性突变体——微翅型（基因用m表示）。纯合微翅突变体与纯合残翅果蝇杂交，F1均表现为长翅；F1雌雄果蝇相互交配，F2的表型及比例为长翅：微翅：残翅=9：3：4.据此分析，基因m对基因G/g表达的影响是________。【答案】（1）①.灰体②.残翅③.BbGg（2）①.分离②.F1灰体长翅果蝇（BbGg）的基因B和G位于同一条染色体上，基因b和g位于另一条染色体上（3）①.染色体互换②.16%（4）基因m纯合会抑制基因G的表达，使果蝇表现为微翅；但不影响基因g的表达〖祥解〗基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【解析】（1）纯合的灰体长翅果蝇和黑体残翅果蝇杂交，F1都是灰体长翅果蝇，因此灰体对黑体为显性，长翅对残翅为显性。F1灰体长翅果蝇的基因型为BbGg。（2）根据图1、2可以测交实验结果不是1:1:1:1，因此基因B/b、G/g的遗传不遵循自由组合定律，基因B/b、G/g的遗传遵循分离定律。测交后代只有灰体长翅果蝇和黑体残翅果蝇的原因是基因B和G位于一条染色体上，基因b和g位于另一条染色体上。（3）F1灰体长翅雄果蝇产生两种比例相同的配子（BG：bg＝1：1）。F1灰体长翅雌果蝇由于发生了染色体互换，产生了四种配子（BG：Bg：bG：bg＝21：4：4：21）。其中重组型配子（Bg和bG）所占比例为（4+4）/（21+4+21+4）×100%=16%。（4）根据“纯合微翅突变体与纯合残翅果蝇（gg）杂交，F1均表现为长翅，F1雌雄果蝇相互交配，F2的表型及比例为长翅：微翅：残翅＝9：3：4可知”，F1长翅果蝇的基因型为MmGg，F2中长翅果蝇的基因型为M_G_，微翅果蝇的基因型为mmG_，残翅果蝇的基因型为mmgg、M_gg。由此可知，基因m纯合会抑制基因G的表达，但不影响基因g的表达。湖南省部分学校2025-2026学年高三上学期11月期中试题注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修1、2.一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.人们对细胞膜的化学成分与结构的认识经历了漫长历程。下列叙述错误的是（）A.光学显微镜是认识细胞膜结构的重要工具B.细胞膜的静态结构无法解释细胞膜的运动功能C.细胞融合实验说明细胞膜具有流动性D.流动镶嵌模型是在观察和实验基础上提出的【答案】A【详析】A、光学显微镜的分辨率较低，无法清晰观察到细胞膜结构，仅能判断细胞边界，认识细胞膜结构需依赖电子显微镜（如观察到暗-亮-暗三层结构），A错误；B、静态结构模型（如三明治模型）认为膜成分固定，但无法解释细胞膜的胞吞、胞吐等动态功能，B正确；C、细胞融合实验中荧光标记的膜蛋白混合现象，直接证明细胞膜具有流动性，C正确；D、流动镶嵌模型基于电镜观察、细胞融合实验等证据提出，符合科学模型的建立逻辑，D正确。故选A。2.经高尔基体加工后的蛋白质有三个去向：送往溶酶体，通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放）。相关途径如图所示，下列分析错误的是（）A.高尔基体通过形成不同去向的囊泡，实现了对蛋白质的精确分选和运输B.途径Ⅰ中的蛋白质被送往溶酶体中发挥作用C.神经递质和某些激素的分泌通过途径Ⅱ调节型分泌途径来进行D.蛋白质通过途径Ⅱ、途径Ⅲ释放到细胞外的方式均是胞吐【答案】C【详析】A、经高尔基体加工后的蛋白质有三个去向：送往溶酶体，通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放）；高尔基体通过形成不同去向的囊泡，实现了对蛋白质的精确分选和运输，A正确；B、据图可知，途径Ⅰ送往溶酶体，途径Ⅱ通过组成型分泌途径释放到细胞外（合成后随机释放），途径Ⅲ通过调节型分泌途径释放到细胞外（合成后暂时储存，受到信号刺激后释放），B正确；C、有些神经递质（如乙酰胆碱、多巴胺等）不是蛋白质，它们的合成与包装不经过内质网和高尔基体的加工途径，C错误；D、据图可知，囊泡内物质释放到细胞外都属于胞吐，D正确。故选C。3.涡虫被切成多段后，其肌肉、皮肤、脑等均能再生成完整的身体结构。下列有关涡虫的叙述，错误的是（）A.涡虫的再生能力依赖于体内的干细胞B.涡虫的再生过程包括细胞的分裂和分化C.被切成多段的涡虫再生成完整身体的过程中不存在细胞凋亡D.涡虫的再生为器官再生研究提供了新思路【答案】C【详析】A、涡虫的再生能力依赖于体内的干细胞，干细胞具有分裂和分化能力，能够形成不同组织，A正确；B、再生需要干细胞通过细胞分裂增加数量，并通过分化形成肌肉、皮肤等结构，B正确；C、再生过程中可能存在异常或多余细胞的清除，这需要细胞凋亡参与，C错误；D、研究涡虫再生机制有助于理解器官再生的原理，为医学提供参考，D正确。故选C。4.某生物以葡萄糖作为呼吸底物。下列不同反应条件与可能出现的产物对应错误的是（）选项不同反应条件产物A氧气充足CO2、H2OB氧气不足CO2、C2H5OH、H2OC氧气不足CO2、H2O、C3H6O3D氧气不足CO2、C3H6O3A.A B.B C.C D.D【答案】D【详析】A．氧气充足时，葡萄糖彻底氧化分解，产物为CO₂和H₂O，属于有氧呼吸的正常产物，A正确；B．氧气不足时，若生物（如酵母菌）同时进行有氧呼吸和无氧呼吸，有氧呼吸产生CO₂和H₂O，无氧呼吸产生C₂H₅OH（酒精）和CO₂，因此产物可能包含CO₂、H₂O和酒精，B正确；C．氧气不足时，若生物（如某些微生物）部分进行有氧呼吸（产生CO₂和H₂O），部分进行产乳酸的无氧呼吸（产生C₃H₆O₃），则总产物可能包含CO₂、H₂O和乳酸，C正确；D．氧气不足时，若生物进行产乳酸的无氧呼吸，其过程不释放CO₂（仅生成乳酸）；若产生CO₂，则说明存在有氧呼吸或产酒精的无氧呼吸，但此时产物中不应同时出现乳酸和CO₂，D错误。故选D。5.科研人员为研究不同光照强度对番荔枝植株叶绿素含量的影响，利用遮阴网对其进行2种不同滤光处理，1层遮阴网和2层遮阴网的透光率分别是自然光照的42.4%和21.2%，一段时间后检测叶绿素含量（单位：mg。g-1），结果如表所示。下列叙述正确的是（）处理叶绿素a含量叶绿素b含量叶绿素总量自然光照13.895.0318.921层遮阴网13.946.5720.512层遮阴网13.96.2920.19A.遮光处理后，番荔枝植株的叶绿素a含量明显提高B.遮光处理后，番荔枝植株的叶绿素b含量及叶绿素总量均有所提高C.透光率越低，番荔枝植株的叶绿素含量就越高D.遮光处理通过提高叶绿素含量、显著增强了番荔枝植株的光合作用【答案】B【详析】A、遮光处理后，叶绿素a含量在自然光照、1层遮阴和2层遮阴中变化极小，未明显提高，A错误；B、遮光处理后，叶绿素b含量和叶绿素总量均高于自然光照，B正确；C、2层遮阴透光率低于1层，但叶绿素总量低于1层，说明透光率越低叶绿素含量不一定越高，C错误；D、由表中数据无法得出遮光处理对番荔枝植株光合作用的影响，只能得出对番荔枝植株叶绿素含量的影响，D错误。故选B。6.原生质体相对体积与细胞吸水能力的关系如图所示，未发生质壁分离的原生质体初始状态时的相对体积为1.0.下列叙述错误的是（）A.将洋葱鳞片叶表皮细胞置于0.3g.mL-1的蔗糖溶液中，发生的变化为B→AB.将发生质壁分离的洋葱鳞片叶表皮细胞置于清水中，发生的变化是B→CC.将洋葱鳞片叶表皮细胞置于2mol.L-1的乙二醇中，发生的变化为B→A→BD.随着原生质体相对体积的增大，细胞吸水能力逐渐减弱，但不为0【答案】B【详析】A、将洋葱鳞片叶表皮细胞置于0.3g.mL-1的蔗糖溶液中，细胞失水，发生的变化为B→A，A正确；B、将发生质壁分离的洋葱鳞片叶表皮细胞置于清水中，发生的变化是A→B→C，B项错误；C、将洋葱鳞片叶表皮细胞置于2mol.L-1乙二醇中，乙二醇脂溶性物质可进入细胞，发生质壁分离及自动复原，发生的变化为B→A→B，C正确；D、随着原生质体相对体积的增大，细胞液浓度下降，细胞吸水能力逐渐减弱，但不为0，D正确。故选B。7.21三体综合征患者体内一个进行细胞分裂的细胞正处于染色体移向两极的状态，则此时该细胞的染色体数目不可能是（）A.46条 B.47条 C.48条 D.92条【答案】D【详析】A、若细胞处于减数第二次分裂后期，且该细胞来自减数第一次分裂后含23条染色体的子细胞（如21号染色体分配为1条），则此时染色体数目为23×2=46条，A可能；B、若细胞处于减数第一次分裂后期，此时同源染色体分离但染色体总数仍为47条（未加倍），B可能；C、若细胞处于减数第二次分裂后期，且该细胞来自减数第一次分裂后含24条染色体的子细胞（如21号染色体分配为2条），则此时染色体数目为24×2=48条，C可能；D、正常人有丝分裂后期染色体数目为92条，但21三体患者体细胞染色体为47条，有丝分裂后期应为47×2=94条，因此92条不可能出现，D不可能。故选D。8.某种蛇的表皮颜色由两种酶控制，会出现黑纹和橘红纹，该种蛇的野生型表现为红黑相间。让黑纹蛇与橘红纹蛇杂交，所得F1全为野生型，再让F1随机交配，所得F2的表型及比例是野生型：黑纹蛇：橘红纹蛇：白色蛇=9：3：3：1.下列分析错误的是（）A.白色蛇的出现是基因重组的结果B.亲代黑纹蛇和橘红纹蛇均为纯合子C.白色蛇的表皮细胞不含有两种酶D.四种表型的蛇均有纯合子和杂合子【答案】D【详析】A、白色蛇（aabb）的出现是由于F₁（AaBb）形成配子时，两对等位基因自由组合（基因重组）导致隐性等位基因纯合，A正确；B、亲代黑纹（A_bb）和橘红纹（aaB_）杂交，F₁全为野生型（AaBb），说明亲代基因型为AAbb（纯合黑纹）和aaBB（纯合橘红纹），B正确；C、白色蛇（aabb）为双隐性纯合子，无法合成两种酶，故表皮细胞不含这两种酶，C正确；D、野生型（A_B_）包含纯合子（AABB）和杂合子（AaBb），黑纹（A_bb）和橘红纹（aaB_）也包含纯合子和杂合子，但白色蛇（aabb）只能是纯合子，无杂合子，D错误。故选D。9.DNA在进行复制时，以DNA两条链为模板，边解旋边复制，过程如图所示。下列分析错误的是（）A.a、c和e为DNA分子的3´端，b、d和f为DNA分子的5´端B.后随链的合成需要DNA连接酶的作用C.前导链和后随链的碱基排列顺序互补D.完成复制的b、c两条链会分别与各自的模板链组合为子代DNA分子【答案】A【详析】A、DNA两条母链反向平行，新链合成方向为5′→3′，因此：前导链（b）的模板链（a-e）方向为3′→5′，故a为3′端，b为5′端，e为5′端；后随链（c）的模板链（d-f）方向为5′→3′，故c为3′端，d为5′端；后随链的合成方向为5′→3′，故c为3′端，f为3′端，即a、c和f为DNA分子的3′端，b、d和e为DNA分子的5′端，A错误；B、后随链是不连续合成的冈崎片段，需要DNA连接酶将这些片段连接为完整的链，B正确；C、前导链的模板链（设为母链1）与后随链的模板链（设为母链2）的碱基互补；前导链的碱基序列与母链1互补，后随链的碱基序列与母链2互补，因此前导链和后随链的碱基排列顺序互补，C正确；D、DNA复制为半保留复制，新合成的链（c、e）会分别与各自的模板母链组合，形成子代DNA分子，D正确。故选A。10.FTO蛋白能够去除N基因mRNA上的甲基化修饰，这使得mRNA不会被Y蛋白识别并降解，从而保持了mRNA的稳定性，进而促进了N基因的表达。N基因的表达产物（蛋白质）能够提高鱼类的抗病能力。下列叙述正确的是（）A.FTO蛋白不改变N基因，但能使N基因甲基化B.N基因mRNA发生甲基化会使其容易被降解C.N基因mRNA甲基化属于基因突变的一种D.促进FTO基因或Y基因的表达能提高鱼类的抗病能力【答案】B【详析】A、FTO蛋白作用于mRNA的甲基化修饰，而非直接改变N基因或使其甲基化。基因甲基化属于DNA水平的表观遗传修饰，而题干明确描述FTO蛋白作用于mRNA，因此A错误；B、题干指出，mRNA的甲基化会被Y蛋白识别并降解，因此N基因mRNA甲基化会使其稳定性下降，容易被降解，B正确；C、mRNA甲基化属于转录后修饰，属于表观遗传调控，不涉及基因碱基序列的改变，因此不属于基因突变，C错误；D、促进FTO基因表达可增强mRNA稳定性，从而提高N基因表达和抗病能力；但促进Y基因表达会加速甲基化mRNA的降解，降低N基因表达，从而减弱抗病能力，D错误。故选B。11.用大蒜根尖进行“低温诱导植物细胞染色体数目变化”的实验。下列说法错误的是（）A.卡诺氏液的作用是固定细胞形态，以维持染色体的原有结构B.制作临时装片的步骤依次为解离→漂洗→染色→制片C.低温能抑制纺锤体的形成，使染色体不能移向两极D.在显微镜的高倍镜下，可以观察到大多数细胞的染色体数目加倍【答案】D【详析】A、卡诺氏液的作用原理是使蛋白质变性，从而将细胞结构固定下来，保证细胞形态和内部结构的稳定性，以维持染色体的原有结构，A正确；B、制作临时装片的步骤：剪取根尖、解离（解离液由盐酸和酒精组成，目的是使细胞分散开来）、漂洗（洗去解离液，便于染色）、染色（用龙胆紫、醋酸洋红等碱性染料）、制片（该过程中压片是为了将根尖细胞压成薄层，使之不相互重叠影响观察）和观察（先低倍镜观察，后高倍镜观察），B正确；C、低温通过抑制纺锤体形成，使染色体无法移向两极，导致染色体数目加倍，C正确；D、大多数细胞处于间期，染色体数目未变，仅少数处于分裂的细胞可能加倍，D错误。故选D。12.春兰、建兰和墨兰是常见的兰花，三者的花期存在显著差异且不重叠，春兰在2月—3月开花，建兰在8月—9月开花，墨兰在11月—12月开花。由于花期不同，即使在人工将三种兰花栽培于同一区域的情况下，它们之间也难以自然杂交。下列相关叙述正确的是（）A.三种兰花的花期不同的根本原因是自然条件下发生了不同的基因重组B.若将三者栽种于同一区域，则它们之间会因花期不同而存在生殖隔离C.三种兰花的形态、花期等差异表明它们已经过长期的地理隔离D.三种兰花种群基因库的组成存在着差异【答案】D【详析】A、花期不同的根本原因是基因突变而非基因重组。基因重组只能产生新的基因型，而新性状的出现需基因突变，A错误；B、生殖隔离是物种形成的标志，花期不同是生殖隔离的表现形式，而非栽种同一区域后才产生。题目已说明即使同区域也难以杂交，说明生殖隔离已存在，B错误；C、形态和花期差异不一定由地理隔离导致。时间隔离（如花期不同）可在同地发生，无需长期地理隔离，C错误；D、三种兰花若存在生殖隔离，则属于不同物种，其种群基因库必然存在差异，D正确。故选D。二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有一项或多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。13.某种生物体内苏氨酸经过一系列反应合成异亮氨酸过程如图所示。下列分析正确的是（）A.酶1只能催化苏氨酸转化为A，体现了酶的专一性B.图中所有酶正常运作，苏氨酸才能合成为异亮氨酸C体内苏氨酸浓度增加会导致异亮氨酸浓度持续增加D.若在反应体系中添加酶5抑制剂，则异亮氨酸的合成量会减少【答案】ABD【详析】A、酶的专一性是指一种酶只能催化一种或一类化学反应。酶1只能催化苏氨酸转化为A，这充分体现了酶的专一性，A正确；B、从图中可以看出，苏氨酸合成异亮氨酸是一个多步反应过程，需要酶1-酶5的共同作用。只有当图中所有酶都正常运作时，苏氨酸才能按照既定的途径逐步合成为异亮氨酸，B正确；C、异亮氨酸浓度增加会抑制酶1活性，因此苏氨酸浓度增加不会导致异亮氨酸浓度持续增加，C错误；D、在反应体系中添加酶5的抑制剂，则D转化成异亮氨酸会受到抑制，异亮氨酸的合成量会减少，D正确。故选ABD。14.科研人员为探究库源关系（果实作为“库”消耗叶片“源”制造的有机物）对叶片光合作用的影响，选取具有多个棉铃的棉花植株，按照不同比例去除棉铃以改变“库”的大小。一段时间后测定叶片的光合速率（通过CO2固定速率表示，曲线Ⅰ）及叶片中蔗糖含量占干重的百分比（曲线Ⅱ），结果如图所示。下列分析正确的是（）A.CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈正相关B.推测叶片中蔗糖的积累会反馈抑制棉花叶片光合作用的进行C.该实验的自变量是去除棉铃的百分率D.可通过检测暗反应相关酶的活性，来探究去除棉铃对光合作用影响的机制【答案】BCD【详析】AB、曲线Ⅰ和曲线Ⅱ的变化趋势表明，随着去除棉铃的百分率的增加，CO2固定速率逐渐下降，说明CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈负相关；叶片中蔗糖含量占干重的百分比逐渐增加，可推测蔗糖的积累对光合作用存在抑制作用，A错误，B正确；C、据图可知，实验的自变量为去除棉铃的百分率，因变量为CO2固定速率和叶片中蔗糖含量占干重的百分比，C正确；D、依据曲线Ⅰ可知，CO2固定速率与去除棉铃的百分率之间呈负相关，CO2的固定作为暗反应的一个环节，需要酶的催化，所以可通过检测暗反应相关酶的活性，来探究去除棉铃对光合作用影响的机制，D正确。故选BCD。15.马方综合征患者表现出脊柱侧弯、主动脉增宽等症状，大多数患者成年后才出现病症。下图为某马方综合征患者家族系谱图，Ⅲ4未成年，其他人均已成年，不考虑变异。下列对该病遗传机制的分析，合理的是（）A.该病不可能是常染色体隐性遗传病B.该病不可能是X染色体隐性遗传病C.该病不可能是常染色体显性遗传病D.该病不可能是X染色体显性遗传病【答案】BD【详析】Ⅰ2患病，她的儿子Ⅱ3没有患病，说明该病不是X染色体隐性遗传病，但可以是常染色隐性遗传病；Ⅲ5患病，其母亲Ⅱ6没有患病，说明该病不可能是X染色体显性遗传病，但可以是常染色体显性遗传病。BD正确，AC错误。故选BD。16.正常情况下，某种植物的部分染色体及其上的基因组成如图甲所示，该种植物发生变异后染色体及其上的基因组成如图乙所示。该变异不会影响配子活性，下列分析错误的是（）A.图乙发生的变异属于染色体的结构易位B.发生图乙变异的细胞进行减数分裂时不能联会C.图甲和乙中的细胞各自产生的配子类型完全不相同D.图甲和乙对应植株的杂交后代中缺少一个基因的个体占1/4【答案】BC【详析】A、据图可知，乙图中细胞内Ⅱ号染色体上的一个片段转移到非同源染色体Ⅰ号染色体上发生了易位，A正确；B、发生图乙变异的细胞进行减数分裂时Ⅰ号染色体还是可以联会的，B错误；C、图甲和乙中的细胞可能产生类型相同的配子，如Ab，C错误；D、图甲植株产生配子正常，乙图植株产生A、Ab、aB、aBb四种配子，所以杂交后代中缺少一个基因的个体占1/4，D正确。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共60分。17.蛋白质结构的正常与否直接决定其功能是否正常，进而影响细胞代谢的稳态。细胞通过精密的质量监控与清除机制维持细胞内环境的稳定。回答下列问题：（1）溶酶体水解酶需要依次经过________和________等细胞器的加工与分选，才能被精准地运往溶酶体中发挥作用。（2）细胞通过如图1所示的自噬机制清除错误折叠的蛋白质。错误折叠的蛋白质被泛素标记后，可被________特异性识别，并包裹形成自噬泡，最终与溶酶体融合后被降解。降解产物的去向主要包括________和________。（3）研究表明，溶酶体膜上的质子泵（V-ATPase）和H+通道蛋白（TMEM175）共同调节其内部的pH稳态，机理如图2所示。①H+通过V-ATPase进入溶酶体的方式是________，而通过TMEM175运出溶酶体的方式是________。两者在转运H+时的特点存在差异，具体体现在________（多选）。A.V-ATPase能催化ATP水解为其供能，而TMEM175不需要能量驱动B.V-ATPase与H+结合后会发生构象改变，而TMEM175不与H+结合C.TMEM175能同时转运多种离子，而V-ATPase对H+具有高度特异性D.V-ATPase逆浓度梯度转运H+，而TMEM175则浓度梯度转运H+②据图2分析，若敲除TMEM175基因，则溶酶体内的pH会________，导致此现象的原因是_________。【答案】（1）①.内质网②.高尔基体（2）①.自噬受体②.被细胞重新利用③.作为代谢废物排出细胞（3）①.主动运输②.协助扩散③.ABD④.降低⑤.TMEM175介导的H+外排途径受阻，而V-ATPase仍可以运输H+到溶酶体内，导致溶酶体内H+净含量增加〖祥解〗分析图2，溶酶体膜上的质子泵V-ATPase能利用ATP水解产生的能量，将细胞质基质中的H+逆浓度梯度泵入溶酶体内，同时通道蛋白TMEM175，能介导过量的H+溢出溶酶体，避免溶酶体内部处于过酸状态，说明TMEM175和质子泵共同调节溶酶体的pH稳态。【解析】（1）溶酶体中的水解酶属于蛋白质，会依次经过内质网、高尔基体的加工与分选，才能被精准地运往溶酶体中发挥作用。（2）由图1可知，错误折叠的蛋白质或损伤的线粒体会被泛素标记，被标记的蛋白质会与自噬受体结合，并被包裹进吞噬泡，最后融入溶酶体中被水解酶降解。细胞自噬的降解产物一部分以代谢废物的形式排出细胞，一部分被细胞再利用。（3）①H+通过V-ATPase进入溶酶体需要消耗能量，所以进入溶酶体的方式是主动运输，而通过TMEM175运出溶酶体不需要消耗能量，进入溶酶体的方式是协助扩散。A、据图可知V-ATPase参与主动运输能催化ATP水解为其供能，而TMEM175参与协助扩散不需要能量驱动，A正确；B、V-ATPase是质子泵，载体蛋白每次转运时都会发生自身构象的改变，而TMEM175是H+通道蛋白，分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合，B正确；C、通道蛋白TMEM175只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过，载体蛋白V-ATPase只容许与自身结合部位相适应的分子或离子通过，两者都有特异性，C错误；D、V-ATPase参与主动运输逆浓度梯度转运H+，而TMEM175参与协助扩散顺浓度梯度转运H+，D正确；故选ABD。②若敲除TMEM175基因，则会导致TMEM175介导的H+外排途径受阻，而V-ATPase仍可以运输H+到溶酶体内，导致溶酶体内H+净含量增加，pH降低。18.微生物藻肥（以下简称微藻肥）是以藻类或其提取物为原料，经发酵或复合工艺制成的功能性生物肥料。为探究微藻肥对玉米生长的影响，科研人员进行了相关实验，并测定了玉米的相关生理指标，结果如表所示。回答下列问题：微藻肥种类叶绿素相对含量蒸腾速率/（mmol.m-2.s-1）净光合速率/（μmol.m-2.s-1）Fa41.51707.6325.71Fb43.42738.0129.79Fc44.23748.0830.63（1）叶绿素含量的变化直接影响光合作用的________反应。据表判断，________类微藻肥处理下，玉米叶片中叶绿素相对含量最高。（2）使用微藻肥能疏松土壤，________，从而有利于根对矿质离子的吸收。（3）表中蒸腾速率与净光合速率呈________（填“正”或“负”）相关，原因是________。（4）不同条件下的玉米产量如图所示。根据图和表分析，选择________（答出浓度及种类）类微藻肥最有利于玉米产量提升。使用45L.hm-1微藻肥的玉米产量________（或“高于”或“低于”）使用30L.hm-2微藻肥的，从渗透作用的角度分析，原因可能是_________。【答案】（1）①.光②.Fc（2）增加土壤的含氧量，促进根细胞的有氧呼吸（3）①.正②.蒸腾作用强，能促进水分和矿质离子的运输，同时气孔开放有利于CO2的吸收，从而促进光合作用（4）①.30L.hm-2的Fc②.低于③.施肥浓度过高，导致土壤溶液浓度大于根细胞的细胞液浓度，造成根细胞失水，进而影响玉米的正常生理功能〖祥解〗光合作用的过程分为光反应和暗反应两个阶段，光反应的场所为类囊体薄膜，包括水的光解生成还原氢和氧气，以及ATP、NADPH的合成；暗反应的场所为叶绿体基质，包括二氧化碳的固定和三碳化合物的还原两个过程。【解析】（1）叶绿素是光反应的色素分子，其含量直接影响光能捕获的效率，从而影响光反应。表中数据显示Fc组的叶绿素含量（44.23）最高。（2）根系主要以主动运输的方式吸收矿质离子，需要细胞呼吸提供能量。疏松土壤增加了土壤孔隙中的氧气，促进了根细胞的有氧呼吸，为主动运输提供了更多ATP。（3）由表可知，蒸腾速率高的组别，其净光合速率也高，故两者呈正相关。原因主要有二：一是蒸腾作用是水分向上运输的主要动力，能拉动水和溶解于其中的无机盐的运输；二是蒸腾作用的主要通道是气孔，蒸腾作用强时气孔开放程度大，在散失水分的同时，也增加了CO2（光合作用原料）的吸收，从而提高了光合速率。（4）由图可知，30L⋅hm−2是三个浓度中的最优浓度；在30L⋅hm−2浓度下，Fc类微藻肥对应的玉米产量最高。因此最佳组合是30L⋅hm−2的Fc类微藻肥。微藻肥浓度过高（45L⋅hm−2）会使土壤溶液的浓度显著升高。若土壤溶液浓度高于根细胞的细胞液的浓度，则会导致根细胞不仅不能吸水，反而会失水，造成植物缺水，光合作用等生理过程受阻，最终导致减产。19.阿奇霉素是一种常用的大环内酯类抗生素，随着其在医疗方面和养殖业的广泛应用，细菌对阿奇霉素的耐药性问题日益严重。回答下列问题：（1）细菌种群中原本就存在耐药性的个体差异，其根本来源是________。阿奇霉素的使用对细菌种群起到了________作用。（2）为探究阿奇霉素对细菌耐药性的影响，某研究小组设计了连续传代实验，步骤如下：第一步：配制培养基平板，用________法将大肠杆菌菌液均匀接种于平板表面。将平板划分为四个区域并标记序号。第二步：用无菌镊子在区域①放置一个________的圆形滤纸片，区域②③④各放置一个含有阿奇霉素的相同滤纸片。第三步：将平板倒置于37℃恒温培养箱中培养12~16小时、观察并测量抑菌圈大小（结果如图所示）。第四步：从________的菌落中提取细菌，配制菌液，重复上述第一至第三步操作，共培养至第3代。记录每一代各区域抑菌圈的直径，结果如表所示。区域/抑菌圈的直径/cm/传代次数第一代第二代第三代②2.281.881.6③2.41.921.64④2.431.851.67平均值2.171.881.64（3）实验分析：a、实验中设置区域①的目的是________。b、随着传代次数的增加，各区域抑菌圈直径的变化趋势是________。对此结果的合理解释是在阿奇霉素的压力下，________。【答案】（1）①.基因突变②.自然选择（2）①.稀释涂布平板②.不含有阿奇霉素③.抑菌圈边缘（3）①.排除滤纸片本身对细菌生长产生的影响②.逐代减小③.耐药性菌株的比例逐渐增加〖祥解〗本实验目的是探究抗生