2025-2026学年海南省海口市某校高二上学期第一次月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026学年度第一学期高二年级第一次月考试题物理科第I卷（选择题，共44分）一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分）1.如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒a靠近不带电的验电器的金属球b时，发现验电器的金属箔片c张开一定的角度，下列说法正确的是（）A.金属球和两金属箔都带正电荷B.b球上的电子转移到玻璃棒上，使金属球带正电C.金属球b上的正电荷向金属箔片移动，使金属箔片带正电D.移去玻璃棒a，金属箔片c闭合【答案】D【解析】AB．用丝绸摩擦过的玻璃棒a带正电，靠近不带电的验电器的金属球b时，金属球感应出负电荷，金属箔片c感应出正电荷，金属箔片c由于带正电而张开一定的角度，AB错误；C．金属中能自由移动的是电子，是金属箔片处的电子移动到金属球b上，导致金属箔片处缺少电子而带带正电，C错误；D．移去玻璃棒a，金属球处的负电荷和金属铂片处的正电荷再次中和掉，故金属箔片c闭合，D正确。故选D。2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（）A.该电场由负点电荷形成B.带电粒子一定是从P向Q运动C.带电粒子在P点时的速度小于在Q点时的速度D.带电粒子在P点时的加速度大于在Q点时的加速度【答案】D【解析】A．带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误；B．仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从向运动，也有可能从向运动，故B错误；C．若粒子从运动到，电场力方向与速度方向的夹角大于，电场力做负功，动能减小，速度减小，所以点速度大于点速度；若粒子从运动到，电场力做正功，动能增大，点速度还是大于点速度，故C错误；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，点处电场线比点处密，所以点电场强度大。根据，为粒子电荷量，为电场强度，粒子在点受到的电场力大。再根据牛顿第二定律，可得粒子在点的加速度大于在点的加速度，故D正确。故选D。3.将一质量为m的带正电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球运动的加速度大小为，方向竖直向下，不计空气阻力，小球在下落h的过程中，下列计算结果正确的是（）A.动能增加 B.重力势能减少C.机械能减少 D.电场力大小为【答案】A【解析】A．根据动能定理，动能变化等于合力做功，合力为，下落高度h时，合力做功为，因此动能增加，故A正确；B．重力势能减少量等于重力做功，而非，故B错误；C．机械能变化由非保守力（电场力）做功决定，电场力方向竖直向上，大小为，做功为，因此机械能减少，而非，故C错误；D．由牛顿第二定律，合力解得，而非，故D错误。故选A。4.如图所示，正三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷，其电荷量分别为：+q、+q、-q，该三角形中心O点处的电场强度大小为E，现仅把C点电荷量—q更换为-0.5q，则中心O点处的电场强度大小为（）A.0.75E B.1.5E C.2E D.2.5E【答案】A【解析】设O点到正三角形三个顶点的距离为r，根据点电荷场强公式可得三个点电荷在O点的场强大小为方向如图所示由场强的叠加原理，可知现仅把点电荷量更换为，则方向如图所示则中心点处的场强大小为联立，解得故选A。5.如图1所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点。一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点。在此过程中，该点电荷的速度随时间变化的规律如图2所示。则下列说法中正确的是（）A.A点的电场强度比B点的小B.A点的电势比B点的电势高C.点电荷在A点的电势能比在B点的大D.点电荷在A点受到的电场力比在B点的大【答案】B【解析】AD．由图2可知，点电荷在电场力作用下做匀减速直线运动，则电场力恒定不变，即电荷在A点受到的电场力与在B点受到的电场力相等，A点的电场强度与B点的电场强度相等，故AD错误；BC．点电荷仅受电场力作用，所以动能与电势能之和保持不变，从A点沿电场线运动到B点，点电荷动能减小，电势能增加，所以点电荷在A点的电势能比在B点的小；根据，由于点电荷带负电，所以A点的电势比B点的电势高，故B正确，C错误。故选B。6.如图所示，用内阻为110Ω、满偏电流为50mA的表头改装成量程为0.6A和3A的双量程电流表，接线柱a为公共接线柱，下列说法正确的是（）A.用a、b两个接线柱时量程为0.6AB.的阻值为2ΩC.的阻值为10ΩD.和的阻值之和为14Ω【答案】B【解析】根据电路可知用a、b和a、c接线柱时电流表的量程分别为，则有所以用a、b两个接线柱时电流表的量程为0~3A，用a、c两个接线柱时电流表的量程为0~0.6A；将数据代入可解得，则有故选B。7.将灵敏电流计G串联一个电阻R，此组合可以用来测电压．现将该组合与一标准电压表并联,如图所示,对某一电路进行测量,发现测出的电压总比标准电压表测出的值略微偏小．为了使其读数准确,应在串联电阻R上再()A.串联一个阻值适当的大电阻B.串联一个阻值适当的小电阻C.并联一个阻值适当的大电阻D.并联一个阻值适当小电阻【答案】C【解析】此电压表的读数比准确值稍微小一些，故加上相同电压时，要使电流适当大些，故需要略微减少电阻R的值；电压表由表头G和电阻R串联而成，发现此电压表的读数比准确值稍微小一些，说明加上相同电压时，电流偏小，要使电流适当大些，故需要略微减少电阻R的值，可以与电阻R并联电阻来实现，但电压表的读数比准确值稍微小一些，故并联电阻要比R大得多，故ABD错误，C正确．8.图甲是多用电表内部结构示意图，图乙是刻度盘，通过选择开关分别与1、2、3、4，5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表，电压表和欧姆表，下列说法正确的是（）A.A是黑表笔、B是红表笔B.作电流表时1比2量程大，作电压表时6比5量程小C.如图乙所示的指针位置，若选择电阻×10Ω挡，则读数为190Ω；若选择直流电压10V挡，则读数为4.4VD.当选择开关与3或4相连时是欧姆表，测量电阻之前需欧姆调零，但是测电阻换挡时不需要欧姆调零【答案】C【解析】AD．当选择开关与3、4相连时，多用电表是欧姆表，测量电阻之前和换挡后均需进行欧姆调零。内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以A为红表笔，B为黑表笔。AD错误；B．当选择开关与1、2相连时，多用电表是电流表，接1时并联电阻较小，电流表的量程较大；当选择开关与5，6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大。B错误；C．如图乙所示的指针位置，若选择电阻×10Ω挡，则读数为190Ω；若选择直流电压10V挡，则最小分度为0.2V，根据读数规则可知，指针读数为4.4V，C正确。故选C。二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分）9.一段材料、截面均匀的导线中，通过的电流为I，导线的横截面积为S，单位长度导线内的电子数量为n，电子的电荷量为e，单位时间内通过导线中某横截面的电子数为N。则导线中电子运动的速率v为（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】AB．取一段长为L的导线，其中的电子刚好全部通过这段导线的时间为由已知条件可得这段导线中的电子数为Ln，电荷量为Lne，这些电荷量在t时间内通过，则根据电流的定义可得由此解得电子速度为故A正确，B错误；CD．单位时间内通过这段导线的电荷量也可以写作Ne，根据电流定义有即解得故C错误，D正确。故选AD10.如图所示，平行等距的竖直虚线a、b、c、d为某一匀强电场的等势面，一个不计重力的电子垂直经过等势面d时，动能为，飞经等势面c时，电势能为，飞至等势面b时速度恰好为0，已知相邻等势面间的距离都为，则（）A.等势面a的电势为B.匀强电场的场强大小为C.电子再次飞经等势面d时，动能为D.电子的运动为匀变速直线运动【答案】BD【解析】A．由得出等势面c电势为10V，电子从等势面d到等势面b，动能由20eV减小到0，说明越向右电势越低，相邻等势面间电势差为，等势面a的电势为，故A错误；B．由得匀强电场的场强大小为，故B正确；C．电子再次飞经d等势面时，电场力做功为0，动能为20eV，故C错误；D．电子沿电场线运动，加速度不变，电子的运动为匀变速直线运动，故D正确。故选BD。11.、为一电场中轴上的两点，如图1所示。一电子仅在电场力的作用下沿轴从点运动到点，轴上各点电势随其坐标变化的关系如图2所示，则（）A.电子在点的动能大于在点的动能B.该电场可能是等量异种点电荷形成的电场C.电子在、两点所受电场力大小关系为D.电子在、两点的电势能大小关系为【答案】AD【解析】AD．沿电场方向电势降低，所以电场方向由指向，电子由到电场力做负功，电势能增大，动能减小，故AD正确；BC．图中斜率的绝对值代表电场强度的大小，由图2可知该电场是匀强电场，不可能是等量异种点电荷形成的电场，电子在、两点所受电场力大小相同，故BC错误。故选AD。12.在如图甲所示的电路中，电源提供的电压恒为3V，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关闭合后，下列判断正确的是（）A.灯泡L1的电阻比灯泡L2的电阻大B.通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的两倍C.灯泡L1消耗的电功率为0.75WD.灯泡L2消耗的电功率为0.375W【答案】AC【解析】A．由乙图可知，小灯泡两端的电压增大时，小灯泡的电阻增大，由图甲可知，L1两端的电压等于L2和L3的电压之和，即L1两端的电压大于L2的电压，即L1的电阻大于L2的电阻，故A正确；BCD．由图乙可知，当L1两端的电压为3V时，电流I1=0.25A；因为L2和L3的电流相等所以电阻相等，所以电压相等，且均为1.5V，由图乙可知，它们的电流为I2=0.20A，由电功率公式P=UI可知，小灯泡L1的电功率为小灯泡L2的电功率为故BD错误，C正确。故选AC。13.直流电源、滑动变阻器R、定值电阻以及平行板电容器C连接成如图的电路．图中C的下极板接地，开始时C不带电．现闭合开关,调节滑动变阻器的滑片，稳定后一带电油滴恰能静止在电容器中的P点，下列说法正确的是（）A.保持两开关闭合，R的滑片上滑时，中电流向右B.保持两开关闭合，R的滑片下滑时，油滴向上运动C.断开，C的下极板下移时，P点的电势升高D.断开，C的下极板下移时，油滴的电势能增大【答案】AC【解析】A．保持两开关闭合，R的滑片上滑时，滑动变阻器的阻值变大，电容器两端的电压增大，根据，电容器处于充电状态，则R0中电流向右，故A正确；B．保持两开关闭合，R的滑片下滑时，滑动变阻器的阻值变小，电容器两端的电压减小，根据，电场强度减小，则油滴受到向上的电场力减小，油滴向下运动，故B错误；CD．断开，电容器两极板之间电荷量保持不变，根据，，得C的下极板下移时，两极板间的场强保持不变，根据则C下极板下移时，P点的电势升高，因电场方向向下而电场力向上，因此粒子带负电，电势能降低，故CD正确；故选AC。第II卷（非选择题）三、实验题（本题共2小题，共20分）14.测电阻有多种方法。（1）甲同学用多用电表测量一电阻的阻值，他选用的电阻挡的倍率为“”，某次测量指针偏转情况如图甲所示。该电阻的测量值为______。如果用此多用电表测量一个阻值约为的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用电阻挡的倍率为______（填“”“”或“”）。（2）乙同学用“伏安法”测量电阻的部分实验电路如图乙所示。某次测量时，电压表和电流表的示数分别为和，则电阻的测量值可表示为______；该测量值比真实值______（填“偏大”或“偏小”）。（3）丙同学用如图丙所示的电路测量电流计的内阻，实验步骤如下：①按电路图连接好实验电路，调节电阻箱使其接入电路的阻值最大；②将闭合、断开，调节电阻箱的阻值，使电流表满偏，此时电阻箱的电阻为；③闭合，保持电阻箱的阻值不变，调节电阻箱的阻值，当电阻箱的阻值为时，电流表的指针刚好偏转到满偏刻度的，则电流表内阻的测量值为______（结果用表示）；（4）丁同学设计了如图丁所示的电路测未知电阻。将电阻与另外两个已知阻值的定值电阻、和电阻箱相连接，、两点接检流计（可以检测微小电流）。闭合开关，调节电阻箱的阻值为时，检流计的示数为，则待测电阻______（结果用、、表示）。【答案】（1）（2）偏大（3）（4）【解析】（1）[1]由题可知，待测电阻阻值为[2]测量阻值约为的电阻时，为使指针指在表盘中央附近测量更精确，应选用“”的倍率。（2）[1]根据欧姆定律可知[2]由于电流表的分压作用导致电压测量偏大，电阻的测量值实际为电阻与电流表的内阻之和，因此测量值偏大。（3）闭合、断开时，调节电阻箱使电流表满偏，设满偏电流为。闭合，保持电阻箱的阻值不变，此时电流表偏转到满偏刻度的，若认为干路电流不变，仍为，则说明通过电阻箱的电流为，根据并联电路电压相等，可得电流表内阻的测量值等于电阻箱阻值的一半，即（4）当检流计G示数为0时，说明M、N两点电势相等。设通过与的电流为，通过与电阻箱的电流为，则两端的电压两端的电压，两端的电压电阻箱两端的电压又因为，所以，联立可得解得15.随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格。某学习小组设计实验测量某种纯净水的电阻进而得出该纯净水的电导率。在粗细均匀的圆柱形玻璃管中注满纯净水，玻璃管长为L，玻璃管两端口用插有铜钉的橡皮塞塞住。（1）你认为不合格的纯净水的电导率是________（填“偏大”或“偏小”）；（2）注水前，如图1所示，用螺旋测微器测得玻璃管内径为d=________mm；如图2所示，用20分度游标卡尺测得玻璃管长度为L=________cm。（3）为了测量所取纯净水的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材：A.电流表（量程0~3mA，电阻约为5Ω）B.电压表（量程0~6V，电阻约为10kΩ）C.滑动变阻器（0~20Ω，额定电流1A）D.电源（能提供6V的恒定电压）E.开关一只、导线若干①根据图3中的电路图，请将图4电路连接完整____；②图5为根据电流表和电压表的实验数据所画的U-I图像。根据U-I图像，求出该纯净水的电阻R=_______Ω（保留2位有效数字）。（4）计算纯净水的电导率表达式σ=_____（用符号π、R、d、L表示），通过代入数据可以判定此纯净水是否合格。【答案】（1）偏大（2）6.124（6.123~6.126）10.225（3）2.0×103（4）【解析】（1）不合格的纯净水电阻较小，电阻率较小，所以电导率偏大；（2）[1]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以[2]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以（3）[1]根据电路图进行实物连接，如图所示[2]根据欧姆定律可得（4）根据电阻定律可得，所以四、解答题（16题9分、17题12分、18题15分；共36分）16.如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，，，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60°角，电荷量为的正电荷从a移到b静电力做功为，求：（1）匀强电场强度E（2）b、c两点间的电势差（3）若b点的电势为300V，则该正电荷在c点电势能【答案】（1）（2）250V（3）2×10-6J【解析】（1）设两点间距离为，根据做功公式解得（2）b、c两点间的电势差Ubc=Edbccos60°代入数据解得（3）由电势差与电势的关系解得由电势能公式解得17.如图所示，一带负电荷粒子从静止出发进入P、Q两板加速，然后从M、N两板（有理想匀强偏转电场）中心线进入并发生偏转，最后从右侧离开偏转电场。已知：加速电压U＝1000V，匀强偏转电场的电场强度E＝5×103N/C，极板MN的板长L＝6cm，带电粒子的电荷量q＝3.2×10-19C，质量m＝4×10-27kg，不计粒子的重力。求：（1）带电粒子进入偏转电场时的速度大小v0；（2）带电粒子在偏转电场时的加速度大小a和穿过偏转电场所用时间t；（3）若带电粒子刚好从N板右端点离开，求M、N两板宽度d。【答案】（1）（2）；（3）【解析】（1）带电粒子在加速电场中加速，由动能定理得代入得（2）带电粒子在偏转电场中运动，加速度得加速度大小穿过偏转电场所用时间得（3）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动。沿垂直于板面方向偏移的距离M、N两板宽度解得18.一游戏装置竖直截面如图所示，该装置由固定在水平地面上倾角的直轨道AB、半径的螺旋圆形轨道CDE、长，以顺时针转动的水平传送带、倾角为的直轨道FG组成，各处平滑连接。螺旋圆形轨道与轨道相切于C（E）处。将质量的滑块从轨道AB某位置静止释放，滑块恰好通过螺旋圆形轨道最高点D，滑块与水平传送带和FG轨道之间的动摩擦因数均为，轨道其他部分均光滑，滑块视为质点，不计空气阻力，，，求：（1）滑块经过D点的速度大小；（2）滑块释放点距离水平地面的高度h；（3）滑块第一次通过传送带过程中，传送带对滑块所做的功W；（4）滑块在FG轨道上运动的总路程s。【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】（1）滑块恰好通过螺旋圆形轨道最高点D，则有解得滑块经过D点的速度大小为（2）滑块从释放到D点过程，根据动能定理可得解得释放点距离水平地面的高度为（3）滑块从D点到刚滑上传送带过程，根据动能定理可得解得滑块刚滑上传送带时的速度大小为滑块在传送带上加速运动的加速度大小为滑块与传送带共速时，通过的位移大小为滑块与传送带共速后，做匀速直线运动到传送带右端，则滑块第一次通过传送带过程中，传送带对滑块所做的功为（4）滑块在FG轨道上滑时的加速度大小为滑块在FG轨道第一次上滑通过的位移大小为由于，则滑块在FG轨道下滑时的加速度大小为滑块在FG轨道第一次下滑到达底端时的速度大小为，则有解得滑块从传送带右端滑上传送带向左做减速运动的距离为可知滑块在传送带上速度减为0后，反向向右做匀加速运动，根据对称性可知，滑块从传送带右端离开时的速度与滑上时的速度大小相等；以后滑块重复以上的往返运动，经过足够长的时间，最终滑块静止于FG轨道底端；从第一次滑上FG轨道到最终滑块静止，根据动能定理可得解得滑块在FG轨道上运动的总路程为2025-2026学年度第一学期高二年级第一次月考试题物理科第I卷（选择题，共44分）一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分）1.如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒a靠近不带电的验电器的金属球b时，发现验电器的金属箔片c张开一定的角度，下列说法正确的是（）A.金属球和两金属箔都带正电荷B.b球上的电子转移到玻璃棒上，使金属球带正电C.金属球b上的正电荷向金属箔片移动，使金属箔片带正电D.移去玻璃棒a，金属箔片c闭合【答案】D【解析】AB．用丝绸摩擦过的玻璃棒a带正电，靠近不带电的验电器的金属球b时，金属球感应出负电荷，金属箔片c感应出正电荷，金属箔片c由于带正电而张开一定的角度，AB错误；C．金属中能自由移动的是电子，是金属箔片处的电子移动到金属球b上，导致金属箔片处缺少电子而带带正电，C错误；D．移去玻璃棒a，金属球处的负电荷和金属铂片处的正电荷再次中和掉，故金属箔片c闭合，D正确。故选D。2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（）A.该电场由负点电荷形成B.带电粒子一定是从P向Q运动C.带电粒子在P点时的速度小于在Q点时的速度D.带电粒子在P点时的加速度大于在Q点时的加速度【答案】D【解析】A．带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误；B．仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从向运动，也有可能从向运动，故B错误；C．若粒子从运动到，电场力方向与速度方向的夹角大于，电场力做负功，动能减小，速度减小，所以点速度大于点速度；若粒子从运动到，电场力做正功，动能增大，点速度还是大于点速度，故C错误；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，点处电场线比点处密，所以点电场强度大。根据，为粒子电荷量，为电场强度，粒子在点受到的电场力大。再根据牛顿第二定律，可得粒子在点的加速度大于在点的加速度，故D正确。故选D。3.将一质量为m的带正电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球运动的加速度大小为，方向竖直向下，不计空气阻力，小球在下落h的过程中，下列计算结果正确的是（）A.动能增加 B.重力势能减少C.机械能减少 D.电场力大小为【答案】A【解析】A．根据动能定理，动能变化等于合力做功，合力为，下落高度h时，合力做功为，因此动能增加，故A正确；B．重力势能减少量等于重力做功，而非，故B错误；C．机械能变化由非保守力（电场力）做功决定，电场力方向竖直向上，大小为，做功为，因此机械能减少，而非，故C错误；D．由牛顿第二定律，合力解得，而非，故D错误。故选A。4.如图所示，正三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷，其电荷量分别为：+q、+q、-q，该三角形中心O点处的电场强度大小为E，现仅把C点电荷量—q更换为-0.5q，则中心O点处的电场强度大小为（）A.0.75E B.1.5E C.2E D.2.5E【答案】A【解析】设O点到正三角形三个顶点的距离为r，根据点电荷场强公式可得三个点电荷在O点的场强大小为方向如图所示由场强的叠加原理，可知现仅把点电荷量更换为，则方向如图所示则中心点处的场强大小为联立，解得故选A。5.如图1所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点。一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点。在此过程中，该点电荷的速度随时间变化的规律如图2所示。则下列说法中正确的是（）A.A点的电场强度比B点的小B.A点的电势比B点的电势高C.点电荷在A点的电势能比在B点的大D.点电荷在A点受到的电场力比在B点的大【答案】B【解析】AD．由图2可知，点电荷在电场力作用下做匀减速直线运动，则电场力恒定不变，即电荷在A点受到的电场力与在B点受到的电场力相等，A点的电场强度与B点的电场强度相等，故AD错误；BC．点电荷仅受电场力作用，所以动能与电势能之和保持不变，从A点沿电场线运动到B点，点电荷动能减小，电势能增加，所以点电荷在A点的电势能比在B点的小；根据，由于点电荷带负电，所以A点的电势比B点的电势高，故B正确，C错误。故选B。6.如图所示，用内阻为110Ω、满偏电流为50mA的表头改装成量程为0.6A和3A的双量程电流表，接线柱a为公共接线柱，下列说法正确的是（）A.用a、b两个接线柱时量程为0.6AB.的阻值为2ΩC.的阻值为10ΩD.和的阻值之和为14Ω【答案】B【解析】根据电路可知用a、b和a、c接线柱时电流表的量程分别为，则有所以用a、b两个接线柱时电流表的量程为0~3A，用a、c两个接线柱时电流表的量程为0~0.6A；将数据代入可解得，则有故选B。7.将灵敏电流计G串联一个电阻R，此组合可以用来测电压．现将该组合与一标准电压表并联,如图所示,对某一电路进行测量,发现测出的电压总比标准电压表测出的值略微偏小．为了使其读数准确,应在串联电阻R上再()A.串联一个阻值适当的大电阻B.串联一个阻值适当的小电阻C.并联一个阻值适当的大电阻D.并联一个阻值适当小电阻【答案】C【解析】此电压表的读数比准确值稍微小一些，故加上相同电压时，要使电流适当大些，故需要略微减少电阻R的值；电压表由表头G和电阻R串联而成，发现此电压表的读数比准确值稍微小一些，说明加上相同电压时，电流偏小，要使电流适当大些，故需要略微减少电阻R的值，可以与电阻R并联电阻来实现，但电压表的读数比准确值稍微小一些，故并联电阻要比R大得多，故ABD错误，C正确．8.图甲是多用电表内部结构示意图，图乙是刻度盘，通过选择开关分别与1、2、3、4，5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表，电压表和欧姆表，下列说法正确的是（）A.A是黑表笔、B是红表笔B.作电流表时1比2量程大，作电压表时6比5量程小C.如图乙所示的指针位置，若选择电阻×10Ω挡，则读数为190Ω；若选择直流电压10V挡，则读数为4.4VD.当选择开关与3或4相连时是欧姆表，测量电阻之前需欧姆调零，但是测电阻换挡时不需要欧姆调零【答案】C【解析】AD．当选择开关与3、4相连时，多用电表是欧姆表，测量电阻之前和换挡后均需进行欧姆调零。内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极应与红表笔相连，所以A为红表笔，B为黑表笔。AD错误；B．当选择开关与1、2相连时，多用电表是电流表，接1时并联电阻较小，电流表的量程较大；当选择开关与5，6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大。B错误；C．如图乙所示的指针位置，若选择电阻×10Ω挡，则读数为190Ω；若选择直流电压10V挡，则最小分度为0.2V，根据读数规则可知，指针读数为4.4V，C正确。故选C。二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分）9.一段材料、截面均匀的导线中，通过的电流为I，导线的横截面积为S，单位长度导线内的电子数量为n，电子的电荷量为e，单位时间内通过导线中某横截面的电子数为N。则导线中电子运动的速率v为（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】AB．取一段长为L的导线，其中的电子刚好全部通过这段导线的时间为由已知条件可得这段导线中的电子数为Ln，电荷量为Lne，这些电荷量在t时间内通过，则根据电流的定义可得由此解得电子速度为故A正确，B错误；CD．单位时间内通过这段导线的电荷量也可以写作Ne，根据电流定义有即解得故C错误，D正确。故选AD10.如图所示，平行等距的竖直虚线a、b、c、d为某一匀强电场的等势面，一个不计重力的电子垂直经过等势面d时，动能为，飞经等势面c时，电势能为，飞至等势面b时速度恰好为0，已知相邻等势面间的距离都为，则（）A.等势面a的电势为B.匀强电场的场强大小为C.电子再次飞经等势面d时，动能为D.电子的运动为匀变速直线运动【答案】BD【解析】A．由得出等势面c电势为10V，电子从等势面d到等势面b，动能由20eV减小到0，说明越向右电势越低，相邻等势面间电势差为，等势面a的电势为，故A错误；B．由得匀强电场的场强大小为，故B正确；C．电子再次飞经d等势面时，电场力做功为0，动能为20eV，故C错误；D．电子沿电场线运动，加速度不变，电子的运动为匀变速直线运动，故D正确。故选BD。11.、为一电场中轴上的两点，如图1所示。一电子仅在电场力的作用下沿轴从点运动到点，轴上各点电势随其坐标变化的关系如图2所示，则（）A.电子在点的动能大于在点的动能B.该电场可能是等量异种点电荷形成的电场C.电子在、两点所受电场力大小关系为D.电子在、两点的电势能大小关系为【答案】AD【解析】AD．沿电场方向电势降低，所以电场方向由指向，电子由到电场力做负功，电势能增大，动能减小，故AD正确；BC．图中斜率的绝对值代表电场强度的大小，由图2可知该电场是匀强电场，不可能是等量异种点电荷形成的电场，电子在、两点所受电场力大小相同，故BC错误。故选AD。12.在如图甲所示的电路中，电源提供的电压恒为3V，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关闭合后，下列判断正确的是（）A.灯泡L1的电阻比灯泡L2的电阻大B.通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的两倍C.灯泡L1消耗的电功率为0.75WD.灯泡L2消耗的电功率为0.375W【答案】AC【解析】A．由乙图可知，小灯泡两端的电压增大时，小灯泡的电阻增大，由图甲可知，L1两端的电压等于L2和L3的电压之和，即L1两端的电压大于L2的电压，即L1的电阻大于L2的电阻，故A正确；BCD．由图乙可知，当L1两端的电压为3V时，电流I1=0.25A；因为L2和L3的电流相等所以电阻相等，所以电压相等，且均为1.5V，由图乙可知，它们的电流为I2=0.20A，由电功率公式P=UI可知，小灯泡L1的电功率为小灯泡L2的电功率为故BD错误，C正确。故选AC。13.直流电源、滑动变阻器R、定值电阻以及平行板电容器C连接成如图的电路．图中C的下极板接地，开始时C不带电．现闭合开关,调节滑动变阻器的滑片，稳定后一带电油滴恰能静止在电容器中的P点，下列说法正确的是（）A.保持两开关闭合，R的滑片上滑时，中电流向右B.保持两开关闭合，R的滑片下滑时，油滴向上运动C.断开，C的下极板下移时，P点的电势升高D.断开，C的下极板下移时，油滴的电势能增大【答案】AC【解析】A．保持两开关闭合，R的滑片上滑时，滑动变阻器的阻值变大，电容器两端的电压增大，根据，电容器处于充电状态，则R0中电流向右，故A正确；B．保持两开关闭合，R的滑片下滑时，滑动变阻器的阻值变小，电容器两端的电压减小，根据，电场强度减小，则油滴受到向上的电场力减小，油滴向下运动，故B错误；CD．断开，电容器两极板之间电荷量保持不变，根据，，得C的下极板下移时，两极板间的场强保持不变，根据则C下极板下移时，P点的电势升高，因电场方向向下而电场力向上，因此粒子带负电，电势能降低，故CD正确；故选AC。第II卷（非选择题）三、实验题（本题共2小题，共20分）14.测电阻有多种方法。（1）甲同学用多用电表测量一电阻的阻值，他选用的电阻挡的倍率为“”，某次测量指针偏转情况如图甲所示。该电阻的测量值为______。如果用此多用电表测量一个阻值约为的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用电阻挡的倍率为______（填“”“”或“”）。（2）乙同学用“伏安法”测量电阻的部分实验电路如图乙所示。某次测量时，电压表和电流表的示数分别为和，则电阻的测量值可表示为______；该测量值比真实值______（填“偏大”或“偏小”）。（3）丙同学用如图丙所示的电路测量电流计的内阻，实验步骤如下：①按电路图连接好实验电路，调节电阻箱使其接入电路的阻值最大；②将闭合、断开，调节电阻箱的阻值，使电流表满偏，此时电阻箱的电阻为；③闭合，保持电阻箱的阻值不变，调节电阻箱的阻值，当电阻箱的阻值为时，电流表的指针刚好偏转到满偏刻度的，则电流表内阻的测量值为______（结果用表示）；（4）丁同学设计了如图丁所示的电路测未知电阻。将电阻与另外两个已知阻值的定值电阻、和电阻箱相连接，、两点接检流计（可以检测微小电流）。闭合开关，调节电阻箱的阻值为时，检流计的示数为，则待测电阻______（结果用、、表示）。【答案】（1）（2）偏大（3）（4）【解析】（1）[1]由题可知，待测电阻阻值为[2]测量阻值约为的电阻时，为使指针指在表盘中央附近测量更精确，应选用“”的倍率。（2）[1]根据欧姆定律可知[2]由于电流表的分压作用导致电压测量偏大，电阻的测量值实际为电阻与电流表的内阻之和，因此测量值偏大。（3）闭合、断开时，调节电阻箱使电流表满偏，设满偏电流为。闭合，保持电阻箱的阻值不变，此时电流表偏转到满偏刻度的，若认为干路电流不变，仍为，则说明通过电阻箱的电流为，根据并联电路电压相等，可得电流表内阻的测量值等于电阻箱阻值的一半，即（4）当检流计G示数为0时，说明M、N两点电势相等。设通过与的电流为，通过与电阻箱的电流为，则两端的电压两端的电压，两端的电压电阻箱两端的电压又因为，所以，联立可得解得15.随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。某市对市场上出售的纯净水质量进行了抽测，结果发现有不少样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标）不合格。某学习小组设计实验测量某种纯净水的电阻进而得出该纯净水的电导率。在粗细均匀的圆柱形玻璃管中注满纯净水，玻璃管长为L，玻璃管两端口用插有铜钉的橡皮塞塞住。（1）你认为不合格的纯净水的电导率是________（填“偏大”或“偏小”）；（2）注水前，如图1所示，用螺旋测微器测得玻璃管内径为d=________mm；如图2所示，用20分度游标卡尺测得玻璃管长度为L=________cm。（3）为了测量所取纯净水的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材：A.电流表（量程0~3mA，电阻约为5Ω）B.电压表（量程0~6V，电阻约为10kΩ）C.滑动变阻器（0~20Ω，额定电流1A）D.电源（能提供6V的恒定电压）E.开关一只、导线若干①根据图3中的电路图，请将图4电路连接完整____；②图5为根据电流表和电压表的实验数据所画的U-I图像。根据U-I图像，求出该纯净水的电阻R=_______Ω（保留2位有效数字）。（4）计算纯净水的电导率表达式σ=_____（用符号π、R、d、L表示），通过代入数据可以判定此纯净水是否合格。【答案】（1）偏大（2）6.124（6.123~6.126）10.225（3）2.0×103（4）【解析】（1）不合格的纯净水电阻较小，电阻率较小，所以电