2026年高考物理二轮复习（全国）题型09 恒定电流与交变电流（五大题型）（重难专练）（解析版）

题型09恒定电流与交变电流

目录

第一部分题型解码高屋建瓴，掌握全局

第二部分考向破译微观解剖，精细教学

典例引领方法透视变式演练

考向01闭合电路中的功率问题

考向02闭合电路中的动态分析和含容电路问题

考向03交变电流的产生和四值问题【重难】

考向04理想变压器的工作原理综合应用【重难】

考向05远距离输电问题

第三部分综合巩固整合应用，模拟实战

恒定电流与交变电流是高中物理电学体系的核心内容，也是高考中的高频必考点。该部分不仅独立成

题考查电路基本规律，更常与电磁感应、能量转化等知识综合命题，贯穿于电学应用分析中，具备承上启

下的重要作用。

本题型命题形式多样，涵盖闭合电路功率与动态分析、含容电路、交变电流“四值”、变压器原理及

远距离输电等模型。高考中常以选择题、实验题和计算题形式出现，重点考查学生的电路建模、能量分析、

图像解读和综合应用能力。解题核心在于熟练运用欧姆定律、功率分配、法拉第电磁感应定律及变压器电

压电流关系，并善于运用等效电路、图像分析等方法。

考向01闭合电路中的功率问题

【例1-1】（海南·高考真题）如图，三个电阻R1、R2、R3的阻值均为R，电源的内阻r<R，c为滑动

变阻器的中点．闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由c点向a端滑动，下列说法正确的是

()

A．R2消耗的功率变小

B．R3消耗的功率变大

C．电源输出的功率变大

D．电源内阻消耗的功率变大

【答案】CD

【详解】把等效电路画出，如图

RRxRR滑Rx

设RcaRx，RcdR滑Rx，则R外R

RRR滑

R滑

当R时，R外有最大值，当滑动变阻器的滑片由c点向a端滑动时，Rca减小，Rcd增大，易得：R外

x2

减小，

E

2

R总R外r减小，I1增大，故电源内阻消耗的功率Pr=I1r增大，故D正确

R总

UUEIrR减小，

R3Rcb=R2Rca11

U

R3Rcb2

I3减小，故PR3=I3R3减小，故B错误

R3Rcb

2

而I2I1I3增大，故PR2=I2R2减大，故A错误

根据电源输出功率与R外的关系图可知，当R外r时，R外减小电源输出功率越大，故C正确；

【例1-2】（2024·海南·高考真题）虚接是常见的电路故障，如图所示，电热器A与电热器B并联。电路中

的处由于某种原因形成了虚接，造成了该处接触电阻之间不稳定变化，可等效为电阻，已知

C0~240ΩRC

两端电压，与的电阻，求：

MNU220VABRARB=24

（1）MN间电阻R的变化范围；

（2）当RC240，电热器B消耗的功率（保留3位有效数字）

【答案】（1）12R22；（2）16.7W

【详解】（）根据电路可知当时间电阻的阻值最小，为

1RC0MNR

RR

RAB12

RARB

当RC240时MN间电阻R的阻值最大，为

RR240

RAB22

RARB240

故MN间电阻R的变化范围为

12R22

（2）当RC240，通过电热器B的电流为

U

I

RCRB

此时电热器B消耗的功率为

2

PBIRB

解得

PB16.7W

1．纯电阻电路与非纯电阻电路的比较

纯电阻电路非纯电阻电路

白炽灯、电炉、电饭锅、电热毯、

实例工作中的电动机、电解槽、日光灯等

电熨斗等

电路中消耗的电能全部转化为内电路中消耗的电能除转化为内能外，还转化为

能量转化

能W＝Q其他形式的能W>Q

U2

电功的计算W＝UIt＝I2Rt＝tW＝UIt

R

U2

电热的计算Q＝UIt＝I2Rt＝tQ＝I2Rt

R

U2

电功率的计算P＝UI＝I2R＝P＝UI

R

2

2U2

电热功率的计算P热＝UI＝IR＝P热＝IR

R

U2U2

注意：在非纯电阻电路中，t既不能表示电功，也不能表示电热；既不能表示电功率，也不能表示电

RR

热功率。(因为欧姆定律不成立)

2．电动机(或电解槽)的功率关系

2

P入＝P出＋P热或IU＝P出＋Ir。[r为电动机线圈(或电解液)的电阻]

注意：电动机在通电但是卡住不转动时相当于纯电阻电路。

3．闭合电路的功率和效率

任意电路：P总＝EI＝P出＋P内

电源总功率2

2E

纯电阻电路：P总＝I(R＋r)＝

R＋r

电源内部

2

P内＝Ir＝P总－P出

消耗的功率

任意电路：P出＝UI＝P总－P内

电源的

2

2ER

输出功率纯电阻电路：P出＝IR＝

R＋r2

P出与外电阻

R的关系

P出U

电源的效率任意电路：η＝×100%＝×100%

P总E

R

纯电阻电路：η＝×100%

R＋r

4．输出功率与外电阻的关系

由P出与外电阻R的关系图像可知：

E2

(1)当R＝r时，电源的输出功率最大为Pm＝。

4r

(2)当R＞r时，随着R的增大输出功率越来越小。

(3)当R＜r时，随着R的增大输出功率越来越大。

2

(4)当P出＜Pm时，每个输出功率对应两个外电阻R1和R2，且R1R2＝r。

1

【变式1-1】（江苏·高考真题）某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。当汽车启动时，

开关S闭合，电机工作，车灯突然变暗，此时（）

A．车灯的电流变小B．路端电压变小

C．电路的总电流变小D．电源的总功率变大

【答案】ABD

【详解】A．开关闭合时，车灯变暗，故流过车灯的电流I灯变小，A正确；

B．电路的路端电压为

U路=U灯I灯R灯

I灯变小，路端电压变小，B正确；

C．总电流即干路电流为

U内EU路

I干

rr

U路减小，干路电流增大，C错误；

D．电源总功率为

P总EI干

I干增大，总功率变大，D正确。

故选ABD。

【变式1-2】（24-25高三上·北京海淀·期末）（多选）如图甲所示的电路中，R1是可调电阻，R2是定值电

阻，电源内阻不计。实验时调节R1的阻值，得到若干组电压和电流的数据，用这些数据在坐标纸上描点、

拟合，作出的UI图线如图乙所示。电压表和电流表均可视为理想电表。下列说法正确的是（）

A．定值电阻R220

B．电源的电动势E5.0V

C．当干路电流为0.6A时，可调电阻R15

D．可调电阻R1上消耗的最大功率为1.25W

【答案】BD

【详解】AB．根据闭合电路欧姆定律可得EUIR2由图乙可知，当U14.0V时，I10.2A；当U22.0V

时，I20.6A代入这两组数据，解得E5.0V，R25故A错误，B正确；

C．当干路电流为I20.6A时，由图乙可知此时R1两端的电压为U22.0V此时可调电阻的阻值为

U210

R1Ω故C错误；

I23

EE2

PI2R（）2RR2

．可调电阻上消耗的功率为1112由数学关系可知，当2，即当

DR1R1R2R2R1

R12R2R1

R1

R1R25时，可调电阻R1上消耗的功率最大，此时为P11.25W故D正确。故选BD。

【变式1-3】（2025·广东广州第六中学一模）利用图甲的电路测试某一电动机和电源。通过移动滑动变阻

器滑片位置得到多组电压和电流数据，并用电压和电流乘积计算出功率P，并作出如图乙的PI图像。已

知P2是最大功率，对应电流为I2，当电流大于I1时电动机才能转动，对应功率为P1。设电压表和电流表都

为理想电表，电源电动势为，内阻为，电动机内阻为。下列说法正确的是（）

ErRM

P2

A.电源电动势为E

I2

P

2

B.电源内阻为r2

I2

C.当电流为I2时，滑动变阻器接入电阻R1rRM

P

1

D.当电流为I1时，滑动变阻器接入电阻R12rRM

I1

【答案】B

【解析】由PEII2r

E2

可知当电源输出功率最大时，内阻等于外阻，此时，E

I2P

2r24r

2PP

22

解得E，r2，选项A错误、B正确；当电流为I2时，电动机转动，闭合电路是非纯电阻电路，

I2I2

此时外电阻不等于内阻r。选项C错误；当电流为I1时，电动机没有转动，外电路是纯电阻电路，此时

P

（21

I1R1RM)P1，解得R12RM，选项D错误。

I1

考向02闭合电路中的动态分析和含容电路问题

【例2-1】（2025·广东佛山第一中学模拟）如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r。闭合开关

K，将滑动变阻器的滑片从最左侧开始缓慢向右滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、

U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则下列说法正确的是（）

A.A的示数先减小后增大B.V2的示数先减小后增大

C.U3与I的比值大于r小于RD.滑片从最左端滑到正中央位置过程U3小于U2

【答案】A

【解析】由题意，理想电压表内阻无穷大，相当于断路；理想电流表内阻为零，相当短路，所以滑动变阻

器左右两部分电阻并联再与R串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和滑动变阻器左右两部分电

阻并联电路的电压。当滑动变阻器滑片从最左侧开始缓慢向右滑动，接入电路的电阻先增大后减小，电路

总电阻先增大后减小，则A的示数先减小后增大，选项A正确；V2测量路端电压，电路总电阻先增大后减

小，路端电压先增大后减小，则V2的示数先增大后减小，选项B错误；V3测量滑动变阻器左右两部分电阻

U

并联电路的电压，则有URrI，则3Rr

3I

故U3与I的比值大于R，选项C错误；滑片从最左端滑到正中央位置过程中，V3测量滑动变阻器左右两

部分电阻并联电路的电压，则有U3RrI

＞

V2测量路端电压，所以有U2rI，可得U3U2，选项D错误。

【例2-2】（2023·海南·高考真题，T7，4分）如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻不计，电容器电容

为C，闭合开关K，待电路稳定后，电容器上电荷量为（）

A．CEB．C．D．

123

【答案】C2𝐶5𝐶5𝐶

【详解】电路稳定后，由于电源内阻不计，则整个回路可看成3R、2R的串联部分与R、4R的串联部分并

联，若取电源负极为零电势点，则电容器上极板的电势为上电容器下极板的电势为下

�2��

�=5�⋅2�=5�=5�⋅

则电容两端的电压下上则电容器上的电荷量为上下故选C。

4�2�2

4�=5�=5�=��=5𝐶

一、闭合电路动态分析的三种方法

1．程序法

2．结论法

用口诀表述为“串反并同”：

(1)所谓“串反”，即某一电阻增大时，与它串联或间接串联的电阻中的电流、两端电压、消耗的电功率都

将减小，反之则增大。

(2)所谓“并同”，即某一电阻增大时，与它并联或间接并联的电阻中的电流、两端电压、消耗的电功率都

将增大，反之则减小。

3．极限法

因滑动变阻器滑片滑动引起电路变化的问题，可将滑动变阻器的滑片分别滑至两个极端，让电阻最大或

电阻为零进行讨论。

二、含容电路的分析

1.电路的简化：不分析电容器的充、放电过程时，把电容器所在的电路视为断路，简化电路时可以去掉，求

电荷量时再在相应位置补上。

2.电路稳定时电容器的处理方法：电路稳定后，与电容器串联的电路中没有电流，同支路的电阻相当于导线，,

即电阻不起降低电压的作用，电容器两端的电压与其并联用电器两端电压相等。

3.电压变化带来的电容器变化：电路中电流、电压的变化可能会引起电容器的充、放电。若电容器两端电压

升高,电容器将充电；若电容器两端电压降低，电容器将通过与它连接的电路放电，可由ΔQ=C·ΔU计算电

容器上电荷量的变化量。

4.含容电路动态分析的三个步骤：

第一步理清电路的串、并联关系

确定电容器两极板间的电压。在电容器充电和放电的过程中，欧姆定律等电路规律不适用，但

第二步对于充电或放电完毕的电路，电容器的存在与否不再影响原电路，电容器接在某一支路两端，

可根据欧姆定律及串、并联规律求解该支路两端的电压U

分析电容器所带的电荷量。针对某一状态，根据Q＝CU，由电容器两端的电压U求电容器所带

第三步

的电荷量Q，由电路规律分析两极板电势的高低，高电势板带正电，低电势板带负电

【变式2-1】（2025·广东·模拟预测）在如图甲所示的电路中，定值电阻R14、R25，电容器的电容

C30μF，电源路端电压U随总电流I的变化关系如图乙所示。现闭合开关S，则电路稳定后（）

A．电源的内阻为2

B．电源的效率为75%

C．电容器所带电荷量为1.5104C

D．若增大电容器两极板间的距离，电容器内部的场强不变

【答案】C

510UIRR

【解析】由乙图可知E10V，rΩ1Ω，选项A错误；电源的效率为1290%，

5EIR1R2r

E

选项B错误；电容器极板间电压为UCR25V

R1R2r

4U

电容器所带电荷量为QCU1.510C，选项C正确；根据E电，可知若增大电容器两极板间的

Cd

距离，电容器内部的场强变小。选项D错误。

【变式2-2】（2025·山东·模拟预测）在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动

时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分

别用I、U1、U2和U3表示。下列判断正确的是（）

A．U1变小，U2变大B．U1U2，U2U3

UUUU

C．2变小，2变大D．2变大，2不变

IIII

【答案】AD

【详解】A．滑动变阻器的滑动触头P向下滑动，滑动变阻器接入电阻增大，电路总电阻增大，电路中总电

流减小，电源内电压减小，路端电压增大，即U3变大，由于总电流减小，则U1IR1变小，又由于U3U1U2

则U2变大，故A正确；

B．结合上述有U3U1U2则有U3U1U2由于U1变小，U2变大，U3变大，则有U1U2，

U2U3故B错误；

U2

CD．根据欧姆定律有R2结合上述，滑动变阻器的滑动触头P向下滑动，滑动变阻器接入电阻增大，则

I

UΔUU

2变大，根据闭合电路欧姆定律有UEIrR则有2Rr即2不变，故C错误，D正确。故

I21ΔI1I

选AD。

考向03交变电流的产生和四值问题

【例3-1】（2023·湖南·高考真题）某同学自制了一个手摇交流发电机，如图所示。大轮与小轮通过皮带

传动（皮带不打滑），半径之比为4:1，小轮与线圈固定在同一转轴上。线圈是由漆包线绕制而成的边长

为L的正方形，共n匝，总阻值为R。磁体间磁场可视为磁感应强度大小为B的匀强磁场。大轮以角速度

匀速转动，带动小轮及线圈绕转轴转动，转轴与磁场方向垂直。线圈通过导线、滑环和电刷连接一个阻

值恒为R的灯泡。假设发电时灯泡能发光且工作在额定电压以内，下列说法正确的是（）

A.线圈转动的角速度为4

B.灯泡两端电压有效值为32nBL2

C.若用总长为原来两倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为L的多匝正方形线圈，则灯泡两端电压有效值为

42nBL2

3

D.若仅将小轮半径变为原来的两倍，则灯泡变得更亮

【答案】AC

【解析】

【详解】A．大轮和小轮通过皮带传动，线速度相等，小轮和线圈同轴转动，角速度相等，根据

vr

根据题意可知大轮与小轮半径之比为4:1，则小轮转动的角速度为4，线圈转动的角速度为4，A正确；

B．线圈产生感应电动势的最大值

EmaxnBS4

又

SL2

联立可得

2

Emax4nBL

则线圈产生感应电动势的有效值

E

Emax22nBL2

2

根据串联电路分压原理可知灯泡两端电压有效值为

RE

U2nBL2

RR

B错误；

C．若用总长为原来两倍的相同漆包线重新绕制成边长仍为L的多匝正方形线圈，则线圈的匝数变为原来的

2倍，线圈产生感应电动势的最大值

'2

Emax8nBL

此时线圈产生感应电动势的有效值

E'

E'max42nBL2

2

根据电阻定律

l

R'

S'

可知线圈电阻变为原来的2倍，即为2R，根据串联电路分压原理可得灯泡两端电压有效值

RE'42nBL2

U'

R2R3

C正确；

D．若仅将小轮半径变为原来的两倍，根据vr可知小轮和线圈的角速度变小，根据

nBS

E

2

可知线圈产生的感应电动势有效值变小，则灯泡变暗，D错误。

故选AC。

【例3-2】（2025·山东·高考真题）如图为一种交流发电装置的示意图，长度为2L、间距为L的两平行金属

电极固定在同一水平面内，两电极之间的区域I和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感应强度大小均为B、方向

相反，区域I边界是边长为L的正方形，区域Ⅱ边界是长为L、宽为0.5L的矩形。传送带从两电极之间以速

度v匀速通过，传送带上每隔2L固定一根垂直运动方向、长度为L的导体棒，导体棒通过磁场区域过程中

与电极接触良好。该装置产生电动势的有效值为（）

2BLv3BLv10BLv

A．BLvB．C．D．

224

【答案】D

2L

【详解】由题意可知导体棒通过磁场区域过程需要的时间，即周期为T导体棒通过区域I时，产生的

v

L

电动势大小为EBLv，经过的时间为t导体棒通过区域Ⅱ时，产生的电动势大小为EB0.5Lv，

11v2

222

LEEE有

经过的时间为根据有效值的定义有12带入数据可得10BLv故选。

t2ttTE有=D

vR1R2R4

.交变电流的四值问题

物理含义重要关系适用情况

e＝Emsinωt正弦形式，从中性面开始

瞬时值交变电流某一时刻的值

e＝Emcosωt余弦形式，从垂直中性面开始

Em＝nBSω

峰值交变电流最大的瞬时值确定用电器的耐压值、电容器的击穿电压

Em

Im＝

R＋r

(1)计算与电流热效应相关的量(如功率、

Em

E＝热量)

跟交变电流的热效应等效的2

有效值(2)交流电表的测量值

恒定电流值Um

U＝电器设备的额定电压、额定电流

2(3)

(4)保险丝的熔断电流

ΔΦ

E＝n

i­t图像中图线与时间轴所围Δt

平均值计算通过电路某截面的电荷量

面积与时间的比值E

I＝

R＋r

注意：求解有效值的两个关键点：

1．计算有效值的根据是电流的热效应，抓住“三同”：“相同时间”内“相同电阻”上产生“相同热量”列式求解。

U2

2．利用公式Q＝I2Rt和Q＝t可分别求得电流有效值和电压有效值。

R

、

【变式3-1】（2024·河北·高考真题）R1R2为两个完全相同的定值电阻，R1两端的电压随时间周期性变化

的规律如图1所示（三角形脉冲交流电压的峰值是有效值的3倍），R2两端的电压随时间按正弦规律变化

如图2所示，则两电阻在一个周期T内产生的热量之比Q1:Q2为（）

A．2:3B．4:3C．2:3D．5:4

【答案】B

【详解】根据有效值的定义可知图1的有效值的计算为

2

U0

22

U3TUT

1T0

R1R12R12

解得

2

UU

130

图二的有效值为

U0

U2

2

接在阻值大小相等的电阻上，因此

22

Q1:Q2U1:U24:3

故选B。

【变式3-2】（2024·山东·高考真题）如图甲所示，在-d≤x≤d，-d≤y≤d的区域中存在垂直Oxy平面向里、磁

感应强度大小为B的匀强磁场（用阴影表示磁场的区域），边长为2d的正方形线圈与磁场边界重合。线圈

以y轴为转轴匀速转动时，线圈中产生的交变电动势如图乙所示。若仅磁场的区域发生了变化，线圈中产

生的电动势变为图丙所示实线部分，则变化后磁场的区域可能为（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【详解】根据题意可知，磁场区域变化前线圈产生的感应电动势为eEsint由题图丙可知，磁场区域变化

3Eπ

后，当Esint时，线圈的侧边开始切割磁感线，即当线圈旋转时开始切割磁感线，由几何关系可

23

π

知磁场区域平行于x轴的边长变为d2dcosd，C正确。故选C。

3

【变式3-3】（2025·广东·模拟预测）图甲是风力发电原理示意图，当风轮机的叶片转动时，叶片的转轴连

接一个升速齿轮箱，齿轮箱中连接叶片的齿轮与连接发电机的转子的转轴相互啮合，如图乙所示。当风轮

机的叶片转动时，发电机就可以进行发电了。某物理学习小组按照以上原理制作了一个小型发电机模型，

已知叶片的转速为n，传动齿轮升速比（输入与输出转速比）达到1:20，与升速齿轮箱相连的发电原理图

如图丙所示，线圈匝数为N，面积为S，内部匀强磁场的磁感应强度大小为B，在一段时间内叶片稳定转动，

忽略其他因素的影响，线圈电阻不计，则下列说法错误的是（）

A．线圈的转速为20n

B．线圈电动势的峰值为40πnNBS

C．负载的电阻为R时，发电机的输出功率与n2成正比

D．发电机输出的交流电的频率为40n

【答案】D

【详解】A．因为升速比为1:20，传动齿轮转速为20n，线圈的转速与传动齿轮转速相同，所以为20n，故

A正确；

B．由于EmNBS其中2π20n所以Em40πnNBS，故B正确；

222222

EEm1600nNBS

C．发电机的输出功率P其中E代入得P所以发电机的输出功率与n2成正比，

R22R

故C正确；

D．发电机输出的交流电的频率为f20n，故D错误。故选D。

考向04理想变压器的工作原理综合应用

【例4-1】（2025·湖南·高考真题）如图，某小组设计了灯泡亮度可调的电路，a、b、c为固定的三个触点，

理想变压器原、副线圈匝数比为k，灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R，交变电源输出电压的有效值恒为U。

开关S与不同触点相连，下列说法正确的是（）

A．S与a相连，灯泡的电功率最大

kU

B．S与a相连，灯泡两端的电压为

k23

U

C．S与b相连，流过灯泡的电流为2

k2R

U2

D．S与c相连，灯泡的电功率为

k21R

【答案】B

、

【详解】设变压器原、副线圈的电压分别为U1U2，灯泡L的阻值为R，根据等效电阻的思想有灯泡的等

U1U2U1kI11

效电阻R等灯泡L的阻值R由理想变压器原理，电压关系电流关系联立解得

I1I2U21I2k

2

R等kR

A．k值恒定，即等效负载恒定，当S与c相连时，原线圈所在电路的总电阻最小，流过原线圈的电流最大，

根据变压器原副线圈电流关系可知副线圈电流最大，根据PI2R可知灯泡的电功率最大，故A错误；

UUkU

B．S与a相连，变压器原线圈电压Uk2R灯泡两端的电压为U1，B正确；

1k2R3R2kk23

U

C．S与b相连，变压器原线圈电路接入两个电阻，变压器原线圈的电流I流过灯泡的电流

1k2R2R

kU

I2kI12，C错误；

k2R

U

D．S与c相连，变压器原线圈电路接入一个电阻，变压器原线圈的电流I'流过灯泡的电流

1k2RR

kUk2U2

I'kI'PI2R

212灯泡的电功率为L1L2，D错误。故选B。

k1Rk21R

【例4-2】（2025·安徽·高考真题）某理想变压器的实验电路如图所示，原、副线圈总匝数之比n1:n21:3，

A为理想交流电流表。初始时，输入端a、b间接入电压u122sin(100πt)V的正弦式交流电，变压器的滑

动触头P位于副线圈的正中间，电阻箱R的阻值调为6。要使电流表的示数变为2.0A，下列操作正确的

是（）

1

A．电阻箱R的阻值调为18B．副线圈接入电路的匝数调为其总匝数的

3

C．输入端电压调为u122sin(50πt)VD．输入端电压调为u62sin(100πt)V

【答案】B

Um

【详解】A．输入电压峰值为U122V，则输入电压有效值为U112V，滑动触头在正中间，根据

m2

0.5n2

变压比可知，输出电压U2U118V，若将电阻箱阻值调为18欧姆，则电流为1A，故A错误；

n1

1

1n

B．若将副线圈匝数调为总匝数的，根据变压比可知，输出电压32，则副线圈电流变为

3U2'U112V

n1

U'

I'22A，故B正确；

2R

U

C．输入端电压调为u122sin50tV时，其有效值不变，不会导致电流的变化，仍然为I23.0A，

R

故C错误；

1

Um0.5n2

D．将输入电压峰值减小一半，则输入电压有效值变为2，输出电压U2''U1''9V，副

U1''6Vn

21

U''

线圈电流变为I''21.5A，故D错误。

2R

故选B。

1.理想变压器的基本原理

理想变压器没有能量损失(铜损、铁损)，没有磁通量损失(磁通量全部集中在铁芯中)

功率关系原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率，P入＝P出

电压关系原、副线圈的电压比等于匝数比，U1∶U2＝n1∶n2，与负载的多少无关

基本关系

只有一个副线圈时，I1∶I2＝n2∶n1；有多个副线圈时，由P入＝P出即I1U1＝I2U2

电流关系

＋I3U3＋…＋InUn得I1n1＝I2n2＋I3n3＋…＋Innn

频率关系f1＝f2(变压器不改变交流电的频率)

n2

处理技巧等效电阻1

R等效2R

n2

2.理想变压器的动态分析

匝数比不变的情况负载电阻不变的情况

U1n1

(1)U1不变，根据＝，输入电压U1决定输出电压U2，n1

(1)U1不变，发生变化，U2变化。

U2n2

n2

可以得出不论负载电阻R如何变化，U2不变。

(2)R不变，U2变化，I2发生变化。

当负载电阻发生变化时，变化，根据输出电流决2