2025-2026学年江苏省南京市七校高二上学期10月联合调研物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1南京市2025~2026学年第一学期10月七校联合调研试题高二物理一、单项选择题：共10题，每小题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。1.对于一个质量不变的物体，下列说法正确的是（）A.物体的动能发生变化，其动量一定变化B.物体的动能发生变化，其动量不一定变化C.物体的动量发生变化，其动能一定变化D.物体的动量发生变化，其动能一定不变化【答案】A【解析】动量为矢量，动能为标量。根据动量表达式以及动能表达式可知：AB．动能发生变化，是速度发生了变化引起的，因而动量一定变化。故A正确，B错误；CD．速度的大小或方向发生改变都会引起动量变化，但仅仅是速度方向变化导致的动量改变其动能大小不变。因而物体的动量发生变化，其动能不一定变化。故CD错误。故选A。2.两个完全相同的小金属球（皆可视为点电荷），所带电荷量之比为7∶5，它们在相距一定距离时相互之间的吸引力大小为F，现用绝缘工具将它们充分接触后再放回各自原来的位置上，此时两金属球间的相互作用力大小变为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】设两球原电荷量为和（异种电荷，吸引力），接触后电荷先中和，总电荷为均分后每球带，原库仑力大小为接触后库仑力大小为比较得故选A。3.某实验小组在“测定某金属丝的电阻”的实验中，设计了如下所示的电路图。已知该金属丝的电阻约为50Ω，滑动变阻器阻值范围为0~5Ω，电流表内阻约0.5Ω，电压表内阻约2kΩ。则以下电路图中，哪个电路为本次实验应当采用的最佳电路（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由于待测电阻的阻值约为，大于滑动变阻器的阻值，所以采用分压电路，且，所以采用内接法。故选A。4.同一个玻璃杯从同一高度由静止落下，分别落在水泥地面和草坪上（均不反弹），落在水泥地面上容易碎，对于上述两种情况，玻璃杯在与水泥地面或草坪接触的过程中，下列说法正确的是（）A.落在水泥地面上的玻璃杯动量变化量大B.落在草坪上的玻璃杯动量变化量大C.落在水泥地面上玻璃杯受到合外力的冲量大D.落在水泥地面上玻璃杯动量变化率大【答案】D【解析】根据动量定理，合外力的冲量等于动量变化量玻璃杯从同一高度下落，落地时速度相同，末速度均为零，因此动量变化量相同；冲量，因相同，故两种情况下合外力的冲量相等。动量变化率为。水泥地较硬，作用时间更短，因此动量变化率更大。故选D。5.一簇电场线的分布如图，关于y轴对称，M、N、P、Q处于以O为圆心的圆周上，则（）A.PO间的电势差和OM间的电势差相等B.一负电荷在P点的电势能大于在Q点的电势能C.将一负电荷由Q点移到O点，电场力做正功D.Q点的电场强度小于M点【答案】C【解析】A．根据电场线的分布情况可以看出，PO间的平均电场强度大于OM间的平均电场强度，由于PO和OM的距离相等，根据可知，平均场强越大，电势差越大，所以PO间的电势差大于OM间的电势差，故A错误；B．顺着电场线的方向电势逐渐降低，所以P点的电势高于Q点的电势。根据可知，负电荷在电势低的地方电势能大，所以负电荷在P点的电势能小于在Q点的电势能，故B错误；C．负电荷受到的电场力方向与电场线方向相反。将负电荷由Q点移到O点的过程中，电场力方向与位移方向的夹角小于，电场力做正功，故C正确；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，Q点处的电场线比M点处的电场线密集，所以Q点的电场强度大于M点的电场强度，故D错误。故选C。6.其实验小组用如图甲所示气垫导轨来探究碰撞规律，导轨末端装有位移传感器（图中未画出），滑块a、b的质量分别为和。打开气泵，将气垫导轨调节水平，滑块a以一定的速度与静止的滑块b发生碰撞。其位移S与时间t的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A.滑块的碰撞是弹性碰撞B碰撞后，滑块a朝反方向运动C.滑块a、b的质量之比D.碰撞后滑块a、b的动量大小之比【答案】C【解析】B．根据图像的斜率表示速度，碰撞后，滑块a运动方向不变，故B错误；C．碰撞前、后瞬间a的速度为、碰撞后b的速度为根据动量守恒定律有解得，故C正确；D．碰撞后滑块a、b的动量大小之比为，故D错误；A．碰撞前系统动能为碰撞后系统动能为动能减少，碰撞是非弹性碰撞，故A错误；故选C。7.如图所示，小孩站在A车前端和车以3m/s的速度共同向右做匀速运动，在A车正前方有一辆静止的B车，为了避免两车相撞，在A车接近B车时，小孩迅速从A车跳上B车，并与B车保持相对静止，此时A、B两车恰好不相撞。小孩质量为30kg，A、B车质量均为30kg，不计地面阻力，小孩跳离A车时对地水平速度大小为（）A.2.0m/s B.3.0m/sC.4.0m/s D.5.0m/s【答案】C【解析】向右为正方向，设人跳离A车时对地水平速度大小为，跳离A车后A车的速度，跳上B车后的共同速度v3，则对人和A车系统由动量守恒可知对人和B车系统由动量守恒其中，，，联立解得故选C。8.如图，空间存在水平向右、电场强度大小为E的匀强电场，质量为m的带电微粒恰好沿图中的虚线在竖直平面内做匀速直线运动，虚线与水平方向的夹角θ为（，），微粒受到的空气阻力不能忽略，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.微粒可能带正电B.微粒可能由M点向N点运动C.微粒的机械能不断增加D.微粒所带电荷量的绝对值为【答案】D【解析】A．微粒受到的空气阻力与运动方向相反，根据受力分析可知，微粒只能由N点向M点运动才能保持平衡，受力分析如图所示可知微粒带负电，故AB错误；C．微粒由N点向M点做匀速直线运动，动能不变，重力势能逐渐减小，故机械能不断减小，故C错误；D．根据平衡条件有解得，故D正确。故选D。9.在x轴的坐标原点固定一电荷量绝对值为q的点电荷，在x＝8x0处固定另一点电荷，两者所在区域为真空，在两者连线上某点的电场强度E与该点位置的关系如图所示。选取x轴正方向为电场强度的正方向，无限远处电势为零，则下列说法正确的是（）A.x＝3x0处的电场强度大于x＝5x0处电场强度B.x＝3x0处的电势高于x＝5x0处的电势C.在x＝8x0处点电荷的电荷量的绝对值为9qD.电子沿x轴从x＝x0移动到x＝5x0过程中电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】AB．由图像可知从2x0到8x0电场强度沿负向逐渐增加，可知x＝3x0处的电场强度小于x＝5x0处电场强度，沿电场线电势逐渐降低，可知x＝3x0处的电势低于x＝5x0处的电势，AB错误；C．因在x=2x0处的场强为零，则解得即在x＝8x0处点电荷的电荷量的绝对值为9q，C正确；D．从x＝x0到x＝5x0电场线先沿x轴正向，后沿x轴负向，可知电子沿x轴从x＝x0移动到x＝5x0过程中电场力先做负功后做正功，D错误。故选C。10.如图所示，电源内阻为r，两相同灯泡L1、L2电阻均为r，D为理想二极管（具有单向导电性），电表均为理想电表。闭合S后，一带电油滴恰好在平行板电容器中央静止不动。现把滑动变阻器（最大阻值Rmax>3r）滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数变化量的绝对值为ΔI，则下列说法中正确的是（）A.两灯泡逐渐变暗B.油滴仍处于静止状态C.D.滑片滑动的过程中，滑动变阻器消耗的功率逐渐增大【答案】B【解析】A．滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，其阻值减小，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知回路中电流变大，两灯变亮，故A错误；B．因总电流增大，故内电压增大，所以外电压减小，即V1的示数减小；流过L1的电流增大，故L1的电压变大，故并联部分L2的电压减小，所以V2的示数和电容器极板间电压变小，则电容器应放电，但二极管的单向导电性使电荷不能放出，故电容器的Q不变，根据，，解得可知电场强度E不变，故油滴仍处于静止状态，故B正确；C．根据闭合电路的欧姆定律有可得把L1看作电源内阻一部分，根据闭合电路的欧姆定律有可得联立可得，故C错误；D．把L1、L2看作电源内阻一部分，则电源的新内阻为3r。当外电阻的阻值等于内电阻的阻值时，输出功率有最大值，因滑动变阻器的最大阻值Rmax>3r，故滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，滑动变阻器的功率先增大后减小，故D错误。故选B。二、非选择题：共5题，共60分，其中第12~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.学习了“如何使用多用电表”以及“测电源电动势和内阻”实验后，某物理研究小组设计了以下实验，请回答下列问题：（1）如图甲所示，当选择开关旋转到位置“1”时，多用电表用来测量。A.直流电压 B.直流电流 C.电阻（2）用多用表测量某元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转如图所示，若想测量更精确一些，需要选择倍率为________（填“×10”或“×1k”）的电阻挡，并需欧姆调零后，再次进行测量即可。（3）把图甲中选择开关旋转到位置3并进行欧姆调零后，使A、B表笔分别与图丙中的M、N相连，从而测量该挡位下的欧姆表内电源的电动势E和欧姆表的内阻。实验中测出多组电压表的电压U和电阻箱的电阻R，根据记录的数据，作出图线，如图丁所示，由图线可得电源电动势___，欧姆表内阻___。（4）在不考虑实验偶然误差的情况下，这种方法中电源电动势的测量值__________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。【答案】（1）B（2）×10（3）（4）小于【解析】（1）当选择开关S旋转到位置“1”时，表头与电阻串联再与另一电阻并联，改装成电流表，故此多用电表用来测量直流电流。故选B。（2）多用表指针偏转角度太大，选小倍率，故选择×10的电阻挡；（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可知整理得结合图像可知，解得，（4）由于电压表的分流作用，导致该方案测出的电源内阻比真实值偏小。12.蹦床运动是奥运会传统项目，运动员从静止开始下压弹性网，同时屈膝延长触网时间，通过更大形变存储弹性势能提升腾空高度。现有运动员体重60kg，在某次训练中，从1.8m高度自由下落，触网竖直反弹至3.2m高度处，若触网时间为0.6s（忽略空气阻力）。取重力加速度g=。求：（1）运动员刚触网前、后的速度大小；（2）触网过程人受到的平均冲击力大小。【答案】（1）6m/s，8m/s（2）2000N【解析】（1）运动员触网前做自由落体运动，反弹后做竖直上抛运动则有，代入数据解得，（2）取向下为正方向，运动员触网过程中根据动量定理有代入数据解得13.某农场为了方便将粮食运送到一定高度仓库，设计了一个小型运粮装置，其工作原理可简化为如图所示的电路图，电源电动势、内阻，定值电阻R的阻值为40Ω，M为电动机。闭合开关S，稳定后，理想电流表A的示数，电动机带动质量的一袋粮食以速度匀速上升，重力加速度。求（1）定值电阻R两端的电压；（2）电动机的机械效率；（3）电动机线圈的内阻。【答案】（1）100V（2）80%（3）【解析】（1）电动机与定值电阻并联，根据闭合电路欧姆定律可知定值电阻R两端电压为（2）通过R的电流为根据并联电路规律可知电动机的工作电流为电动机的输入功率为电动机的输出功率为电动机的机械效率为（3）电动机线圈的发热功率为则电动机线圈的内阻为14.某示波管的简化原理图如图1所示，PQ两金属板间加速电场的电势差，图示虚线穿过PQ两金属板的孔隙，A、B两平行金属板关于图示虚线对称放置，A、B两极板间距和板长均为L，AB极板间电势差随时间t的变化规律如图2所示。质量为m、电荷量为-q、初速度为零的粒子从t时刻开始连续均匀地从P板孔隙沿虚线进入加速电场，然后进入偏转电场，能穿过AB极板的粒子通过偏转电场的时间极短，远小于AB极板间电势差的周期T，不计粒子间的相互作用及粒子的重力。求：（1）粒子进入偏转电场时的速度大小；（2）当偏转电压为时，带电粒子射出偏转电场时的动能；（3）在电压变化的一个周期内，不能穿过偏转电场的粒子数与总粒子数的比值。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）根据动能定理可得解得（2）粒子在偏转电场做类平抛运动，在平行极板方向上做匀速直线运动，则在垂直极板方向上，做匀加速直线运动根据牛顿第二定律其中联立，解得根据动能定理得解得（3）在偏转电压变化的一个周期内，恰好从偏转电场边缘射出的粒子有，，联立，解得不能穿过偏转电场的粒子数在和之间，故不能穿过偏转电场的粒子数与总粒子数的比值为15.一倾角的固定斜面足够长，质量的滑块B静止在斜面上，B与斜面间的动摩擦因数。在与B距离处，将另一质量的光滑小球A由静止释放，A与B发生多次弹性碰撞且碰撞时间极短，A、B均可视为质点。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度，，，不计空气阻力。求：（1）A与B第一次碰撞前瞬间，A的速度大小；（2）A与B第一次碰撞后瞬间，A的速度大小；（3）A与B第一次与第三次碰撞位置间的距离。【答案】（1）6m/s（2）3m/s（3）18m【解析】（1）小球从静止释放到第一次碰前瞬间，由动能定理有解得（2）第一次碰撞，由动量守恒定律与机械能守恒定律有，可得，第一次碰撞后瞬间，A的速度大小为；（3）碰后B做匀速运动，A做匀加速运动，到刚要发生第二次碰撞时位移相同，则，可得则刚要发生第二次碰撞前瞬间，小球与滑块的速度分别，第二次碰撞瞬间过程，同样由动量、能量守恒定律有，可得，同理可得，碰后到刚要发生第三次碰撞时，小球与滑块位移仍相同，则得相邻两次碰撞的时间间隔相等为故第一次与第三次碰撞位置间距南京市2025~2026学年第一学期10月七校联合调研试题高二物理一、单项选择题：共10题，每小题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。1.对于一个质量不变的物体，下列说法正确的是（）A.物体的动能发生变化，其动量一定变化B.物体的动能发生变化，其动量不一定变化C.物体的动量发生变化，其动能一定变化D.物体的动量发生变化，其动能一定不变化【答案】A【解析】动量为矢量，动能为标量。根据动量表达式以及动能表达式可知：AB．动能发生变化，是速度发生了变化引起的，因而动量一定变化。故A正确，B错误；CD．速度的大小或方向发生改变都会引起动量变化，但仅仅是速度方向变化导致的动量改变其动能大小不变。因而物体的动量发生变化，其动能不一定变化。故CD错误。故选A。2.两个完全相同的小金属球（皆可视为点电荷），所带电荷量之比为7∶5，它们在相距一定距离时相互之间的吸引力大小为F，现用绝缘工具将它们充分接触后再放回各自原来的位置上，此时两金属球间的相互作用力大小变为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】设两球原电荷量为和（异种电荷，吸引力），接触后电荷先中和，总电荷为均分后每球带，原库仑力大小为接触后库仑力大小为比较得故选A。3.某实验小组在“测定某金属丝的电阻”的实验中，设计了如下所示的电路图。已知该金属丝的电阻约为50Ω，滑动变阻器阻值范围为0~5Ω，电流表内阻约0.5Ω，电压表内阻约2kΩ。则以下电路图中，哪个电路为本次实验应当采用的最佳电路（）A. B.C. D.【答案】A【解析】由于待测电阻的阻值约为，大于滑动变阻器的阻值，所以采用分压电路，且，所以采用内接法。故选A。4.同一个玻璃杯从同一高度由静止落下，分别落在水泥地面和草坪上（均不反弹），落在水泥地面上容易碎，对于上述两种情况，玻璃杯在与水泥地面或草坪接触的过程中，下列说法正确的是（）A.落在水泥地面上的玻璃杯动量变化量大B.落在草坪上的玻璃杯动量变化量大C.落在水泥地面上玻璃杯受到合外力的冲量大D.落在水泥地面上玻璃杯动量变化率大【答案】D【解析】根据动量定理，合外力的冲量等于动量变化量玻璃杯从同一高度下落，落地时速度相同，末速度均为零，因此动量变化量相同；冲量，因相同，故两种情况下合外力的冲量相等。动量变化率为。水泥地较硬，作用时间更短，因此动量变化率更大。故选D。5.一簇电场线的分布如图，关于y轴对称，M、N、P、Q处于以O为圆心的圆周上，则（）A.PO间的电势差和OM间的电势差相等B.一负电荷在P点的电势能大于在Q点的电势能C.将一负电荷由Q点移到O点，电场力做正功D.Q点的电场强度小于M点【答案】C【解析】A．根据电场线的分布情况可以看出，PO间的平均电场强度大于OM间的平均电场强度，由于PO和OM的距离相等，根据可知，平均场强越大，电势差越大，所以PO间的电势差大于OM间的电势差，故A错误；B．顺着电场线的方向电势逐渐降低，所以P点的电势高于Q点的电势。根据可知，负电荷在电势低的地方电势能大，所以负电荷在P点的电势能小于在Q点的电势能，故B错误；C．负电荷受到的电场力方向与电场线方向相反。将负电荷由Q点移到O点的过程中，电场力方向与位移方向的夹角小于，电场力做正功，故C正确；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，Q点处的电场线比M点处的电场线密集，所以Q点的电场强度大于M点的电场强度，故D错误。故选C。6.其实验小组用如图甲所示气垫导轨来探究碰撞规律，导轨末端装有位移传感器（图中未画出），滑块a、b的质量分别为和。打开气泵，将气垫导轨调节水平，滑块a以一定的速度与静止的滑块b发生碰撞。其位移S与时间t的关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A.滑块的碰撞是弹性碰撞B碰撞后，滑块a朝反方向运动C.滑块a、b的质量之比D.碰撞后滑块a、b的动量大小之比【答案】C【解析】B．根据图像的斜率表示速度，碰撞后，滑块a运动方向不变，故B错误；C．碰撞前、后瞬间a的速度为、碰撞后b的速度为根据动量守恒定律有解得，故C正确；D．碰撞后滑块a、b的动量大小之比为，故D错误；A．碰撞前系统动能为碰撞后系统动能为动能减少，碰撞是非弹性碰撞，故A错误；故选C。7.如图所示，小孩站在A车前端和车以3m/s的速度共同向右做匀速运动，在A车正前方有一辆静止的B车，为了避免两车相撞，在A车接近B车时，小孩迅速从A车跳上B车，并与B车保持相对静止，此时A、B两车恰好不相撞。小孩质量为30kg，A、B车质量均为30kg，不计地面阻力，小孩跳离A车时对地水平速度大小为（）A.2.0m/s B.3.0m/sC.4.0m/s D.5.0m/s【答案】C【解析】向右为正方向，设人跳离A车时对地水平速度大小为，跳离A车后A车的速度，跳上B车后的共同速度v3，则对人和A车系统由动量守恒可知对人和B车系统由动量守恒其中，，，联立解得故选C。8.如图，空间存在水平向右、电场强度大小为E的匀强电场，质量为m的带电微粒恰好沿图中的虚线在竖直平面内做匀速直线运动，虚线与水平方向的夹角θ为（，），微粒受到的空气阻力不能忽略，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.微粒可能带正电B.微粒可能由M点向N点运动C.微粒的机械能不断增加D.微粒所带电荷量的绝对值为【答案】D【解析】A．微粒受到的空气阻力与运动方向相反，根据受力分析可知，微粒只能由N点向M点运动才能保持平衡，受力分析如图所示可知微粒带负电，故AB错误；C．微粒由N点向M点做匀速直线运动，动能不变，重力势能逐渐减小，故机械能不断减小，故C错误；D．根据平衡条件有解得，故D正确。故选D。9.在x轴的坐标原点固定一电荷量绝对值为q的点电荷，在x＝8x0处固定另一点电荷，两者所在区域为真空，在两者连线上某点的电场强度E与该点位置的关系如图所示。选取x轴正方向为电场强度的正方向，无限远处电势为零，则下列说法正确的是（）A.x＝3x0处的电场强度大于x＝5x0处电场强度B.x＝3x0处的电势高于x＝5x0处的电势C.在x＝8x0处点电荷的电荷量的绝对值为9qD.电子沿x轴从x＝x0移动到x＝5x0过程中电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】AB．由图像可知从2x0到8x0电场强度沿负向逐渐增加，可知x＝3x0处的电场强度小于x＝5x0处电场强度，沿电场线电势逐渐降低，可知x＝3x0处的电势低于x＝5x0处的电势，AB错误；C．因在x=2x0处的场强为零，则解得即在x＝8x0处点电荷的电荷量的绝对值为9q，C正确；D．从x＝x0到x＝5x0电场线先沿x轴正向，后沿x轴负向，可知电子沿x轴从x＝x0移动到x＝5x0过程中电场力先做负功后做正功，D错误。故选C。10.如图所示，电源内阻为r，两相同灯泡L1、L2电阻均为r，D为理想二极管（具有单向导电性），电表均为理想电表。闭合S后，一带电油滴恰好在平行板电容器中央静止不动。现把滑动变阻器（最大阻值Rmax>3r）滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，电流表示数变化量的绝对值为ΔI，则下列说法中正确的是（）A.两灯泡逐渐变暗B.油滴仍处于静止状态C.D.滑片滑动的过程中，滑动变阻器消耗的功率逐渐增大【答案】B【解析】A．滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，其阻值减小，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知回路中电流变大，两灯变亮，故A错误；B．因总电流增大，故内电压增大，所以外电压减小，即V1的示数减小；流过L1的电流增大，故L1的电压变大，故并联部分L2的电压减小，所以V2的示数和电容器极板间电压变小，则电容器应放电，但二极管的单向导电性使电荷不能放出，故电容器的Q不变，根据，，解得可知电场强度E不变，故油滴仍处于静止状态，故B正确；C．根据闭合电路的欧姆定律有可得把L1看作电源内阻一部分，根据闭合电路的欧姆定律有可得联立可得，故C错误；D．把L1、L2看作电源内阻一部分，则电源的新内阻为3r。当外电阻的阻值等于内电阻的阻值时，输出功率有最大值，因滑动变阻器的最大阻值Rmax>3r，故滑片由最低点向上滑动到最高点的过程中，滑动变阻器的功率先增大后减小，故D错误。故选B。二、非选择题：共5题，共60分，其中第12~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11.学习了“如何使用多用电表”以及“测电源电动势和内阻”实验后，某物理研究小组设计了以下实验，请回答下列问题：（1）如图甲所示，当选择开关旋转到位置“1”时，多用电表用来测量。A.直流电压 B.直流电流 C.电阻（2）用多用表测量某元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转如图所示，若想测量更精确一些，需要选择倍率为________（填“×10”或“×1k”）的电阻挡，并需欧姆调零后，再次进行测量即可。（3）把图甲中选择开关旋转到位置3并进行欧姆调零后，使A、B表笔分别与图丙中的M、N相连，从而测量该挡位下的欧姆表内电源的电动势E和欧姆表的内阻。实验中测出多组电压表的电压U和电阻箱的电阻R，根据记录的数据，作出图线，如图丁所示，由图线可得电源电动势___，欧姆表内阻___。（4）在不考虑实验偶然误差的情况下，这种方法中电源电动势的测量值__________（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。【答案】（1）B（2）×10（3）（4）小于【解析】（1）当选择开关S旋转到位置“1”时，表头与电阻串联再与另一电阻并联，改装成电流表，故此多用电表用来测量直流电流。故选B。（2）多用表指针偏转角度太大，选小倍率，故选择×10的电阻挡；（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可知整理得结合图像可知，解得，（4）由于电压表的分流作用，导致该方案测出的电源内阻比真实值偏小。12.蹦床运动是奥运会传统项目，运动员从静止开始下压弹性网，同时屈膝延长触网时间，通过更大形变存储弹性势能提升腾空高度。现有运动员体重60kg，在某次训练中，从1.8m高度自由下落，触网竖直反弹至3.2m高度处，若触网时间为0.6s（忽略空气阻力）。取重力加速度g=。求：（1）运动员刚触网前、后的速度大小；（2）触网过程人受到的平均冲击力大小。【答案】（1）6m/s，8m/s（2）2000N【解析】（1）运动员触网前做自由落体运动，反弹后做竖直上抛运动则有，代入数据解得，（2）取向下为正方向，运动员触网过程中根据动量定理有代入数据解得13.某农场为了方便将粮食运送到一定高度仓库，设计了一个小型运粮装置，其工作原理可简化为如图所示的电路图，电源电动势、内阻，定值电阻R的阻值为40Ω，M为电动机。闭合开关S，稳定后，理想电流表A的示数，电动机带动质量的一袋粮食以速度匀速上