2025-2026学年江西省新十校协作体高二上学期第一次联考物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江西省新十校协作体高二年级第一次联考物理1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第三册第九、十、十一、十二章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.三个完全相同的金属球甲、乙、丙，开始甲球带的电荷，乙球不带电，丙球带的电荷，先让甲球与乙球接触一下分开，然后让乙球与丙球接触一下分开。下列说法正确的是（）A.丙球带的电荷B.甲球与乙球接触的过程，有的电子从甲转移到乙C.甲球与乙球接触的过程，有的电子从乙转移到甲D.乙球与丙球接触的过程，有的质子从丙转移到乙【答案】B【解析】A．甲与乙接触后均带-6C，乙再与丙接触，总电荷为-6C+10C=4C，均分后各带+2C，故丙最终带+2C，故A错误；BC．甲初始-12C，乙0，接触后均分得-6C。电子带负电，电子从甲转移到乙，转移的电荷量为，故B正确，C错误；D．金属导电是电子转移，质子不移动。乙与丙接触时，电子从乙转移到丙，电荷量为-8C，故D错误。故选B。2.目前我国家庭电动自行车保有量达到4亿辆，极大方便人们的短途出行，某品牌电动车锂电池的电压为60V、容量为20Ah，配套充电器的额定电压为60V、额定功率为300W，下列说法正确的是（）A.该电池的容量为储存的电能B.该电池储存的电能为1.2kW·hC.充电器在额定电压的充电电流为0.2AD.该电池充满电最长时间为5h【答案】B【解析】A．电池容量通常以安时（Ah）为单位，表示电荷量，而非储存的电能。电能需用电压乘以容量（单位：Wh），故A错误。B．电池储存的电能为，故B正确。C．充电电流由，故C错误。D．充电时间最短为电能，故D错误。故选B。3.电压表和电流表均由电流计G改装而成，已知电流计G的满偏电流，内阻，下列四幅图正确的是（）A.0.6A的电流表 B.3V的电压表C.3A的电流表 D.15V的电压表【答案】D【解析】BC．由串、并联电路的特点可知，将电流计改装成大量程的电流表应与定值电阻并联，将电流计改装成大量程的电压表应与定值电阻串联，故BC错误；A．改装成大量程电流表，需并联电阻，故A错误；D．改装成大量程电压表，需串联电阻，故D正确。故选D。4.为避免闪电造成的损害，高大的建筑物上会装有避雷针，若产生闪电的积雨云层带正电，避雷针周围形成的等差等势线如图中的虚线所示，避雷针上方a、b两点的电场强度大小分别为Ea、Eb，a、b两点的电势分别为φa、φb，则（）A.Ea>EbB.φa<φbC.避雷针的顶端带正电D.一带正电的雨滴从a点下落至b点，电场力做正功【答案】D【解析】C．积雨云层带正电，由于静电感应，避雷针的顶端带负电，故C错误；A．由U=Ed可知等差等势线间距小则电场强度大，即Ea<Eb，故A错误；B．电场线由正电荷出发，终止于负电荷，即电场线向下，沿电场线电势降低，即φa>φb，故B错误；D．带正电的雨滴在ab间受电场力向下，从a下落至b，电场力与运动方向相同，做正功，故D正确。故选D。5.欧姆表的内部电路如图所示，已知电流计的电阻为，滑动变阻器接入电路的阻值为，电源的电动势和内阻分别为E、r。下列说法正确的是（）A.电路图中右侧的表笔b为红表笔B.电流计中的电流I与待测电阻成反比C.欧姆表表盘的刻度从左端到右端均匀增大D.欧姆表表盘的中间刻度值为【答案】D【解析】A．由电路可见，电源负极经表头与滑动变阻器后接到右侧“b”端，故“b”端连接的是黑表笔，A错误；B．欧姆表电流强度所以电流强度与待测电阻不是反比关系，故B错误；C．欧姆表电流强度所以刻度属于非线性分布，表盘刻度从左到右不均匀增大，C错误；D．欧姆表调零时当指针指在刻度正中时解得，D正确。故选D。6.如图所示为沿x轴正方向的静电场中各点的电势随位置x的变化图像，其中、的图像为倾斜的直线，的图像为平行于横轴的直线。下列说法正确的是（）A.范围内的电场为匀强电场B.与区间的电场强度大小之比为C.电子在与区间内电势能变化量的绝对值之比为D.电子从0运动到的过程中，电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】A．范围内的电势不变，说明该区间不存在电场，故A错误；B．图像斜率的绝对值反映电场强度的大小，则区间的电场强度大小为区间的电场强度大小为解得，故B错误；C．电子在0处的电势能为电子在处的电势能为则电势能变化量的绝对值为电子在处的电势能为电子在处的电势能为则电势能变化量的绝对值为解得，故C正确；D．由图可知，区间的电场沿轴的正方向，区间无电场，区间的电场沿轴的负方向，则电子从0运动到的过程中，电场力先做负功后不做功最后做正功，故D错误。故选C。7.如图所示的电路中，电源的电动势，内阻，小灯泡L的额定电压为2V，额定功率为2W，开关S闭合时小灯泡L正常发光，电动机M正常工作，此时电动机的输出功率与电动机消耗的电功率之比为，下列说法正确的是（）A.通过灯泡的电流为6AB.电源的内耗功率为2WC.电动机的额定功率为3WD.电动机的线圈电阻为【答案】C【解析】A．小灯泡L正常发光，此时电路的电流为，故A错误；B．电源内阻消耗的功率为，故B错误；C．电动机M正常工作，电动机的输入电压为则电动机的额定功率为，故C正确；D．由题意可知，电动机的输出功率为则电动机的内耗功率为又由解得，故D错误。故选C。8.如图甲所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化，三个电压表示数分铜为、、，示数变化量分别为，电流表A示数为I，示数变化量为，三个电压表示数随电流的变化图像如图乙所示中的三条图线，下列说法正确的是（）A.图线a、b的交点在纵坐标U轴上B.图线c表示的示数的变化情况C.不变，不变，变小D.不变，不变，【答案】AD【解析】A．由电路图及闭合电路欧姆定律有，图线表示的示数的变化，图线表示的示数的变化，图线、与纵坐标的交点为电源的电动势相同，故A正确；D．图像的斜率不变，不变，则，故D正确；B．为定值电阻，由欧姆定律有，图线表示的示数的变化，故B错误；C．由于不变，变阻器的滑动触头P向上滑动，变阻器接入电阻减小，变小，外电阻减小，故C错误。故选AD9.如图所示，半径为r的球面下方有一圆周ABC，该圆周与球面竖直直径PM垂直，在该圆周上等分的三点位置分别固定电荷量均为的三个点电荷A、B、C，且点电荷A与球心O的连线与球直径PM的夹角，现在球心O处由静止释放质量为m的带电小球，小球向上运动经球面的P处速度最大，已知静电力常量为k，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.O点的电场强度大小为B.P点的电场强度大小为C.小球带电荷量为D.小球刚释放时加速度大小为【答案】AD【解析】A．点电荷在O点产生的电场强度大小方向与竖直成，则O点的电场强度大小为，故A正确；B．同理可知P点的电场强度大小为，故B错误；C．小球在P处速度最大，合力为0，则有解得小球带电量，故C错误；D．分析小球在O点受力，由牛顿第二定律有联立解得小球刚释放时加速度大小，故D正确。故选AD。10.如图所示，平行金属板M、N间存在匀强电场，板长为L。时刻，M板中点处发射两个速度大小均为的相同粒子a、b，粒子a垂直M板向上，到达N板时速度大小为；粒子b平行M板向右，刚好从N板右端射出．不计粒子的重力和粒子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.电场力对粒子a做功大于对粒子b做功B.平行金属板M、N的间距为C.粒子在两板间的加速度大小为D.粒子a、b在两板间运动的时间之比为【答案】CD【解析】A．设为沿电场方向的位移，即板间距。电场力做功两粒子相同，且沿电场方向位移均为板间距，因此电场力对两粒子做功相等，A错误；B．对粒子，由动能定理对粒子，做类平抛运动，水平方向匀速，位移为板长，故运动时间竖直方向匀加速，位移为板间距，故且加速度联立以上公式得，B错误；C．对粒子，由，得加速度，C正确；D．粒子做匀变速直线运动，平均速度运动时间粒子的运动时间时间比，D正确；故选CD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置，充电后的平行板电容器与电源断开，极板A与静电计相连，静电计的外壳接地，极板B接地。（1）静电计指针偏角增大，则说明平行板电容器的两极板A、B间的电压_________（选填“增大”“减小”或“不变”），保证两极板A，B的电荷量不变，A、B间的电压_________（选填“可以”或“不可以”）用电压表来显示。（2）若将极板B向上平行移动一小段距离，将观察到静电计指针偏角_________（选填“增大”“减小”或“不变”），说明平行板电容器的电容C随极板正对面积S减小而_________（选填“增大”“减小”或“不变”）。（3）若将极板B向左平行移动一小段距离，将观察到静电计指针偏角增大，说明平行板电容器的电容随板间距离d增大而_________（选填“增大”“减小”或“不变”）；极板B向左移动后，A、B间的电场强度_________（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】（1）增大不可以（2）增大减小（3）减小不变【解析】（1）[1]静电计的外壳和极板B接地，电势为0，静电计的内部金属杆和极板A相连，电势相等，静电计的外壳与金属杆间的电压大，静电计的指针偏角大，即电容器的两极板A、B间的电压增大；[2]电路有电压表连接时为通路，则为了保证两极板A、B的电荷量不变，A、B间的电压不可以用电压表来显示。（2）[1][2]若将极板B向上平行移动一小段距离，则极板正对面积减小，根据可知，电容器的电容减小，说明平行板电容器的电容C随极板正对面积S减小而减小。因为两极板所带电荷量不变，根据可知，两极板间的电势差增大，则静电计指针偏角增大。（3）[1]若将极板B向左平行移动一小段距离，板间距离增大，观察到静电计指针偏角增大，说明平行板电容器极板间电压增大，因为两极板所带电荷量不变，根据可知，电容减小，说明平行板电容器的电容随板间距离d增大而减小；[2]根据，，联立解得电场强度在电荷量不变时与极板间距离无关，B极板向左移动后，A、B间的电场强度不变。12.某实验小组的同学为了测量电阻（阻值约为）的阻值和电阻丝R（阻值约为）的电阻率，设计了如图甲所示的电路图，实验室提供的器材如下：A．干电池E（电动势约为3.0V）B．电流表（量程为3A，内阻）C．电流表（量程为0.6A，内阻）D．电压表V（量程为3.0V，内阻约为）E．滑动变阻器（最大阻值为）F．滑动变阻器（最大阻值为）G．开关、单刀双掷开关、导线若干（1）为了较为准确测量和方便电路调节，电流表应选用_________，滑动变阻器应选用_________；（选填实验器材前的序号）（2）用螺旋测微器测量电阻丝的不同位置的直径，然后求平均值为d，某次测量的示数如图乙所示，则该示数为_________mm；（3）实验时，将电阻丝R的滑片Q置于最右端，闭合开关，将单刀双掷开关接a，调节滑动变阻器的滑片P，电压表的示数为，电流表的示数为I，再将单刀双掷开关接b，电压表的示数为，电流表的示数变化忽略不计，则未知电阻的阻值为_________（用测量量表示）。（4）闭合开关，将单刀双掷开关接b，改变滑片Q的位置读出电压表的示数U，电流表的示数，测量滑片Q到电阻丝最左端的距离L；继续改变滑片Q的位置，调节P使电流表的示数仍为，记录多组电压表的示数U以及Q到电阻丝最左端的距离L，建立坐标系，纵轴为U，横轴为L，作出图像，图线是斜率为k的直线，则电阻丝的电阻率_________（用k、π、d、表示）【答案】（1）CE（2）0.382##0.383##0.384##0.385##0.386（3）（4）【解析】（1）[1]电路中的电流最大值约为所以电流表选。故选C。[2]由电路图可知，滑动变阻器用分压式接法，则滑动变阻器应选择最大阻值较小的方便调节电路。故选E。（2）由图可知，螺旋测微器的读数为（3）由题意可知，单刀双掷开关接时，有单刀双掷开关接时，有则未知电阻（4）由欧姆定律电阻定律其中整理可得结合题意可知，图线的斜率为则电阻丝的电阻率13.如图所示，长度为L的平行带电金属板AB、CD倾斜正对放置，金属板与水平方向成角，金属板间有匀强电场，质量为m，带电量为的小球从AB板左边缘以初速度沿水平方向进入电场，小球刚好沿水平直线从CD板右边缘飞出电场，重力加速度为g，求：（1）小球飞出电场时速度大小；（2）金属极板间的电压。【答案】（1）（2）【解析】（1）小球在电场中运动时，速度方向始终水平，故竖直方向合力为零，水平方向存在合力产生加速度。对小球受力分析，重力竖直向下，电场力垂直于金属板。将电场力分解为竖直方向和水平方向，竖直方向分力与重力平衡，即解得电场力水平方向分力为由牛顿第二定律得水平方向加速度小球水平方向做匀加速直线运动，位移根据速度位移公式代入数据得因化简得故小球飞出电场时速度大小（2）由动能定理，小球动能变化量等于电场力做功。动能变化量代入得电场力做功且故解得金属板间电压14.如图所示的电路中，定值电阻R1=3Ω、R2=6Ω、R3=2Ω，电源的电动势E=6V，电容器的电容C=40μF，导线的电阻可忽略不计。开关S闭合稳定时，电容器两极板所带的电荷量Q=1.92×10−4C。求：（1）电源的外电压；（2）电源的内阻；（3）电源的效率。【答案】（1）U=4.8V（2）r=1Ω（3）η=80%【解析】（1）电源的外电压即为电容器两端电压U，对电容器代入数据，解得（2）外电路的总电阻为电路中的总电流又由闭合电路的欧姆定律有代入数据，解得（3）电源的输出功率为电源的总功率电源的效率为15.如图所示，半径的光滑绝缘半圆轨道沿竖直方向固定，其最低点与绝缘水平轨道相切于B点，过B点的竖直虚线左侧有竖直向下的匀强电场，虚线右侧有水平向左的匀强电场，质量不带电的小球乙静置在B点，质量。带电荷量的小球甲由A点静止释放，随后两小球发生碰撞，碰撞过程没有机械能损失，碰后甲球反弹且碰后甲球速率为乙球速率的2倍，两小球的电荷量平分，经过一段时间，小球乙刚好通过最高点C，已知，电场强度，小球甲在水平轨道上所受的阻力恒为重力的，重力加速度g取，忽略空气阻力。求：（1）碰后小球乙的速率；（2）电场强度大小；（3）小球乙离开C点后到落地前的最小动能。【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）碰后两球的电荷量平分，则小球乙所带的电荷量小球乙刚好通过最高点C，由牛顿第二定律有解得碰后小球乙从B到C的过程，由动能定理有解得碰后小球乙的速率（2）小球甲、乙碰撞的过程机械能守恒有又解得碰前对小球甲由动能定理有解得电场强度（3）小球乙离开半圆轨道的C点后，做类斜抛运动，运动分解为水平方向向右做匀减速直线运动，竖直方向做自由落体运动，设经时间t小球乙的动能最小，此时小球乙的速度为v，速度方向与合力方向垂直，如图所示由图可知由几何关系可知竖直方向水平方向水平方向由牛顿第二定律有解得小球乙在空中运动时间由于，说明小球乙在空中运动的速率先减小后增大，则小球乙的最小动能江西省新十校协作体高二年级第一次联考物理1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4．本卷命题范围：人教版必修第三册第九、十、十一、十二章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.三个完全相同的金属球甲、乙、丙，开始甲球带的电荷，乙球不带电，丙球带的电荷，先让甲球与乙球接触一下分开，然后让乙球与丙球接触一下分开。下列说法正确的是（）A.丙球带的电荷B.甲球与乙球接触的过程，有的电子从甲转移到乙C.甲球与乙球接触的过程，有的电子从乙转移到甲D.乙球与丙球接触的过程，有的质子从丙转移到乙【答案】B【解析】A．甲与乙接触后均带-6C，乙再与丙接触，总电荷为-6C+10C=4C，均分后各带+2C，故丙最终带+2C，故A错误；BC．甲初始-12C，乙0，接触后均分得-6C。电子带负电，电子从甲转移到乙，转移的电荷量为，故B正确，C错误；D．金属导电是电子转移，质子不移动。乙与丙接触时，电子从乙转移到丙，电荷量为-8C，故D错误。故选B。2.目前我国家庭电动自行车保有量达到4亿辆，极大方便人们的短途出行，某品牌电动车锂电池的电压为60V、容量为20Ah，配套充电器的额定电压为60V、额定功率为300W，下列说法正确的是（）A.该电池的容量为储存的电能B.该电池储存的电能为1.2kW·hC.充电器在额定电压的充电电流为0.2AD.该电池充满电最长时间为5h【答案】B【解析】A．电池容量通常以安时（Ah）为单位，表示电荷量，而非储存的电能。电能需用电压乘以容量（单位：Wh），故A错误。B．电池储存的电能为，故B正确。C．充电电流由，故C错误。D．充电时间最短为电能，故D错误。故选B。3.电压表和电流表均由电流计G改装而成，已知电流计G的满偏电流，内阻，下列四幅图正确的是（）A.0.6A的电流表 B.3V的电压表C.3A的电流表 D.15V的电压表【答案】D【解析】BC．由串、并联电路的特点可知，将电流计改装成大量程的电流表应与定值电阻并联，将电流计改装成大量程的电压表应与定值电阻串联，故BC错误；A．改装成大量程电流表，需并联电阻，故A错误；D．改装成大量程电压表，需串联电阻，故D正确。故选D。4.为避免闪电造成的损害，高大的建筑物上会装有避雷针，若产生闪电的积雨云层带正电，避雷针周围形成的等差等势线如图中的虚线所示，避雷针上方a、b两点的电场强度大小分别为Ea、Eb，a、b两点的电势分别为φa、φb，则（）A.Ea>EbB.φa<φbC.避雷针的顶端带正电D.一带正电的雨滴从a点下落至b点，电场力做正功【答案】D【解析】C．积雨云层带正电，由于静电感应，避雷针的顶端带负电，故C错误；A．由U=Ed可知等差等势线间距小则电场强度大，即Ea<Eb，故A错误；B．电场线由正电荷出发，终止于负电荷，即电场线向下，沿电场线电势降低，即φa>φb，故B错误；D．带正电的雨滴在ab间受电场力向下，从a下落至b，电场力与运动方向相同，做正功，故D正确。故选D。5.欧姆表的内部电路如图所示，已知电流计的电阻为，滑动变阻器接入电路的阻值为，电源的电动势和内阻分别为E、r。下列说法正确的是（）A.电路图中右侧的表笔b为红表笔B.电流计中的电流I与待测电阻成反比C.欧姆表表盘的刻度从左端到右端均匀增大D.欧姆表表盘的中间刻度值为【答案】D【解析】A．由电路可见，电源负极经表头与滑动变阻器后接到右侧“b”端，故“b”端连接的是黑表笔，A错误；B．欧姆表电流强度所以电流强度与待测电阻不是反比关系，故B错误；C．欧姆表电流强度所以刻度属于非线性分布，表盘刻度从左到右不均匀增大，C错误；D．欧姆表调零时当指针指在刻度正中时解得，D正确。故选D。6.如图所示为沿x轴正方向的静电场中各点的电势随位置x的变化图像，其中、的图像为倾斜的直线，的图像为平行于横轴的直线。下列说法正确的是（）A.范围内的电场为匀强电场B.与区间的电场强度大小之比为C.电子在与区间内电势能变化量的绝对值之比为D.电子从0运动到的过程中，电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】A．范围内的电势不变，说明该区间不存在电场，故A错误；B．图像斜率的绝对值反映电场强度的大小，则区间的电场强度大小为区间的电场强度大小为解得，故B错误；C．电子在0处的电势能为电子在处的电势能为则电势能变化量的绝对值为电子在处的电势能为电子在处的电势能为则电势能变化量的绝对值为解得，故C正确；D．由图可知，区间的电场沿轴的正方向，区间无电场，区间的电场沿轴的负方向，则电子从0运动到的过程中，电场力先做负功后不做功最后做正功，故D错误。故选C。7.如图所示的电路中，电源的电动势，内阻，小灯泡L的额定电压为2V，额定功率为2W，开关S闭合时小灯泡L正常发光，电动机M正常工作，此时电动机的输出功率与电动机消耗的电功率之比为，下列说法正确的是（）A.通过灯泡的电流为6AB.电源的内耗功率为2WC.电动机的额定功率为3WD.电动机的线圈电阻为【答案】C【解析】A．小灯泡L正常发光，此时电路的电流为，故A错误；B．电源内阻消耗的功率为，故B错误；C．电动机M正常工作，电动机的输入电压为则电动机的额定功率为，故C正确；D．由题意可知，电动机的输出功率为则电动机的内耗功率为又由解得，故D错误。故选C。8.如图甲所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S，在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化，三个电压表示数分铜为、、，示数变化量分别为，电流表A示数为I，示数变化量为，三个电压表示数随电流的变化图像如图乙所示中的三条图线，下列说法正确的是（）A.图线a、b的交点在纵坐标U轴上B.图线c表示的示数的变化情况C.不变，不变，变小D.不变，不变，【答案】AD【解析】A．由电路图及闭合电路欧姆定律有，图线表示的示数的变化，图线表示的示数的变化，图线、与纵坐标的交点为电源的电动势相同，故A正确；D．图像的斜率不变，不变，则，故D正确；B．为定值电阻，由欧姆定律有，图线表示的示数的变化，故B错误；C．由于不变，变阻器的滑动触头P向上滑动，变阻器接入电阻减小，变小，外电阻减小，故C错误。故选AD9.如图所示，半径为r的球面下方有一圆周ABC，该圆周与球面竖直直径PM垂直，在该圆周上等分的三点位置分别固定电荷量均为的三个点电荷A、B、C，且点电荷A与球心O的连线与球直径PM的夹角，现在球心O处由静止释放质量为m的带电小球，小球向上运动经球面的P处速度最大，已知静电力常量为k，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.O点的电场强度大小为B.P点的电场强度大小为C.小球带电荷量为D.小球刚释放时加速度大小为【答案】AD【解析】A．点电荷在O点产生的电场强度大小方向与竖直成，则O点的电场强度大小为，故A正确；B．同理可知P点的电场强度大小为，故B错误；C．小球在P处速度最大，合力为0，则有解得小球带电量，故C错误；D．分析小球在O点受力，由牛顿第二定律有联立解得小球刚释放时加速度大小，故D正确。故选AD。10.如图所示，平行金属板M、N间存在匀强电场，板长为L。时刻，M板中点处发射两个速度大小均为的相同粒子a、b，粒子a垂直M板向上，到达N板时速度大小为；粒子b平行M板向右，刚好从N板右端射出．不计粒子的重力和粒子间的相互作用，下列说法正确的是（）A.电场力对粒子a做功大于对粒子b做功B.平行金属板M、N的间距为C.粒子在两板间的加速度大小为D.粒子a、b在两板间运动的时间之比为【答案】CD【解析】A．设为沿电场方向的位移，即板间距。电场力做功两粒子相同，且沿电场方向位移均为板间距，因此电场力对两粒子做功相等，A错误；B．对粒子，由动能定理对粒子，做类平抛运动，水平方向匀速，位移为板长，故运动时间竖直方向匀加速，位移为板间距，故且加速度联立以上公式得，B错误；C．对粒子，由，得加速度，C正确；D．粒子做匀变速直线运动，平均速度运动时间粒子的运动时间时间比，D正确；故选CD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置，充电后的平行板电容器与电源断开，极板A与静电计相连，静电计的外壳接地，极板B接地。（1）静电计指针偏角增大，则说明平行板电容器的两极板A、B间的电压_________（选填“增大”“减小”或“不变”），保证两极板A，B的电荷量不变，A、B间的电压_________（选填“可以”或“不可以”）用电压表来显示。（2）若将极板B向上平行移动一小段距离，将观察到静电计指针偏角_________（选填“增大”“减小”或“不变”），说明平行板电容器的电容C随极板正对面积S减小而_________（选填“增大”“减小”或“不变”）。（3）若将极板B向左平行移动一小段距离，将观察到静电计指针偏角增大，说明平行板电容器的电容随板间距离d增大而_________（选填“增大”“减小”或“不变”）；极板B向左移动后，A、B间的电场强度_________（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】（1）增大不可以（2）增大减小（3）减小不变【解析】（1）[1]静电计的外壳和极板B接地，电势为0，静电计的内部金属杆和极板A相连，电势相等，静电计的外壳与金属杆间的电压大，静电计的指针偏角大，即电容器的两极板A、B间的电压增大；[2]电路有电压表连接时为通路，则为了保证两极板A、B的电荷量不变，A、B间的电压不可以用电压表来显示。（2）[1][2]若将极板B向上平行移动一小段距离，则极板正对面积减小，根据可知，电容器的电容减小，说明平行板电容器的电容C随极板正对面积S减小而减小。因为两极板所带电荷量不变，根据可知，两极板间的电势差增大，则静电计指针偏角增大。（3）[1]若将极板B向左平行移动一小段距离，板间距离增大，观察到静电计指针偏角增大，说明平行板电容器极板间电压增大，因为两极板所带电荷量不变，根据可知，电容减小，说明平行板电容器的电容随板间距离d增大而减小；[2]根据，，联立解得电场强度在电荷量不变时与极板间距离无关，B极板向左移动后，A、B间的电场强度不变。12.某实验小组的同学为了测量电阻（阻值约为）的阻值和电阻丝R（阻值约为）的电阻率，设计了如图甲所示的电路图，实验室提供的器材如下：A．干电池E（电动势约为3.0V）B．电流表（量程为3A，内阻）C．电流表（量程为0.6A，内阻）D．电压表V（量程为3.0V，内阻约为）E．滑动变阻器（最大阻值为）F．滑动变阻器（最大阻值为）G．开关、单刀双掷开关、导线若干（1）为了较为准确测量和方便电路调节，电流表应选用_________，滑动变阻器应选用_________；（选填实验器材前的序号）（2）用螺旋测微器测量电阻丝的不同位置的直径，然后求平均值为d，某次测量的示数如图乙所示，则该示数为_________mm；（3）实验时，将电阻丝R的滑片Q置于最右端，闭合开关，将单刀双掷开关接a，调节滑动变阻器的滑片P，电压表的示数为，电流表的示数为I，再将单刀双掷开关接b，电压表的示数为，电流表的示数变化忽略不计，则未知电阻的阻值为_________（用测量量表示）。（4）闭合开关，将单刀双掷开关接b，改变滑片Q的位置读出电压表的示数U，电流表的示数，测量滑片Q到电阻丝最左端的距离L；继续改变滑片Q的位置，调节P使电流表的示数仍为，记录多组电压表的示数U以及Q到电阻丝最左端的距离L，建立坐标系，纵轴为U，横轴为L，作出图像，图线是斜率为k的直线，则电阻丝的电阻率_________（用k、π、d、表示）【答案】（1）CE（2）0.382##0.383##0.384##0.385##0.386（3）（4）【解析】（1）[1]电路中的电流最大值约为所以电流表选。故选C。[2]由电路图可知，滑动变阻器用分压式接法，则滑动变阻器应选择最大阻值较小的方便调节电路。故选E。（2）