2025-2026学年粤教版高一物理上学期期末模拟卷【测试范围：第1~4章】（全解全析）

高一物理上学期期末模拟卷（粤教版）

全解全析

（考试时间:75分钟,分值：100分）

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要

求的）

1.2025年9月26日1时35分，神舟二十号乘组在空间站机械臂协助下，圆满完成碎片防护装置安装、舱

外设备设施巡检等任务，第四次出舱活动取得圆满成功。卜.列说法正确的是（）

A.1时35分指的是时间间隔

B.空间站绕地球运行•周的位移和路程相等

C.宇航员在空间站外部进行太空漫步时，以空间站为参考系，宇航员是静止的

D.研究空间站机械臂安装碎片防护装置的动作时，不可以将其看作质点

【答案】D

【详解】A.1时35分指的是时刻，故A错误；

B.空间站绕地球运行一周的位移为0,与路程不相等，故B错误；

C.宇航员在空间站外部进行太空漫步时，以空间站为参考系，宇航员是运动的，故C错误；

D.研究空间站机械臂安装碎片防护装置的动作时，空间站机械臂的形状大小不能忽略不计，不可以将其看

作质点，故D正确。

故选D,

2.科技创新大赛，二中喜报接睡而来，我校28届学生发明的机器人沿水平直轨道运动，速度时一间图像

如图所示，其中。时刻机器人开始运动，OE是一段倾斜的直线。下列说法正确的是（）

A.《〜G时间内机器人的平均速度大于号■

B.4〜。时间内机器人做匀速直线运动

C.机器人在与时刻的加速度最大

D.机器人在时刻向相反方向运动

【答案】A

【详解】A.根据y-f图像与横轴围成的面积表示位移，可知Z]〜4时间内机器人的位移满足

则4〜马时间内机器人的平均速度满足v=—>，故A铛误：

B.由题图可知，4〜L时间内机器人做匀减速直线运动，故B错误；

C.根据〉、，图像的切线斜率表示加速度，由题图可知机器人在，2时刻的加速度为0，故C错误；

D.由题图可知，机器人在G时刻前后都是沿正方向运动，故D错误。

故选Ao

3.道路千万条，安全第一条，交通安全关乎千家万户的幸福安宁。一司机驾驶汽车行驶在平直公路上，当

距十字路口停止线52m时，绿灯显示还有13s就要变成黄灯，导航上显示此时汽车行驶的速度为36km/h,

由于前方有缓慢行驶车辆，司机法定踩刹车，汽车开始做匀减速直线运动，司机的反应时间为1s,当绿灯

显示还有6s时，汽车随着前方缓慢行驶车辆通过停止线。若不考虑车身长度，则汽车做匀减速运动的加速

度大小为（）

A.1.0m/s2B.1.5m/s2C.2.0m/s2D.2.5m/s2

【答案】A

【详解】由题知，汽车的初速度为%=36km/h=10m/s,反应时间A/=ls,反应时间内汽车做匀速运动的

位移为再-v0A/=10m

汽车做匀减速运动的时间为f=13s-Is-6s=6s

汽车做匀减速运动的位移为/=X71=52m-10m=42m

根据位移时间公式有±=

代人数据解得加速度为a=1.0m/s2

故选A。

4.图为常见的一种随车配备机械千斤顶，AB、BC、CD、。力为四根相同的钢管，A、B、C、。四点用

钱链相连接，8。间有--螺纹轴，其螺母在。点外侧。此千斤顶在水平地面顶起质量为1000kg的小车时，

不断拧紧。外螺母，使4力间距离变小，从而使/C间距离增大顶起小车。千斤顶的自重不计，取

g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.此千斤顶对地面的压力总为10000N

B.此千斤顶的/出臂受到的压力总为5000N

C.随着拧紧。外螺母，小车上升过程，两臂的压力不断增大

D.随着拧紧。外螺母，小车二升过程，8。间螺纹轴所受拉力越来越大

【答案】A

【详解】A.对小车、千斤顶整体受力分析可知，竖直方向，地面的支持力大小等于整体总重力

G=nig=10000N

故由牛顿第三定律可知，此千斤顶对地面的压力总为10000N,A正确；

B.设钢管的作用力为R将小车对千斤顶的压力按力的效果分解如图

可见，此千斤顶的48臂受到的压力与角度有关，B错误；

C.由上图可知，随着拧紧。外螺母，小车上升过程，NB4D变小,6变大，sin。变大，由2Fsin6=G,

可知两臂的压力不断减小，C错误：

D.对8点受力分析如图，则有既D=2户cos。，随着拧紧。外螺母，小车上升过程，0变大，cos。减小,

又因为产减小，故8。间螺纹轴所受拉力越来越小，D错误。

故选A。

5.如图所示为•种车载磁吸手机支架，手机放上去会被牢牢吸住处于静止状态，磁吸力/方向垂直于手机

支架斜面。若手机质量为〃?，支架斜面与水平面的夹角为。，重力加速度为g(sin37o=0.6,cos37°=0.8)oF

列说法正确的是()

手机

A.倾角为。=37。时，手机受到的支持力大小等于08町

B.倾角为a=37时，支架对手机的作用力大小等丁0.6〃*

C.仅将磁吸力厂增大，手机受到的摩擦力也增大

D.仅将从a=37。缓慢增大到90。，手机受到的摩擦力一直增大

【答案】D

【详解】A.倾角为a=37。时，手机受到的支持力等于磁铁的吸引力与重力垂直支架斜面向下分力的合力,

即大T'mgcos37=0.8wg，故A错误；

B.支架对手机的作用力与重力是一对平衡力，即支架对手机的作用力大小为〃?g,故B错误；

C.仅将磁吸力歹增大，手机受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力，即大小不变，故C错误；

D.仅将从a=37。缓慢增大到90。，手机受到的摩擦力大小/=〃啰出。

随着角度a的增大，sina一直增大，所以手机受到的摩擦力一直增大，故D正确。

故选D。

6.如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上。一个质量为机的小球从弹簧正上方〃高度处由静止开始自由下

落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落。重力加速度为g（不计空气阻力）在小球二落的这一全

过程中，下列说法中正确的是（）

A.小球刚接触弹簧瞬间速度最大

B.从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上

C.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速率先增大后减小

D.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度大小先增大后减小

【答案】C

【详解】A.小球刚接触弹簧瞬间，重力大于弹簧的弹力（弹力为零），小球所受合力方向向下，与速度方

向相同，小球继续加速；当弹簧的弹力等于重力时，合力为零，加速度为零，此时速度达到最大值，故A

错误；

B.从小球接触弹簧开始，在弹力小于重力的一段过程中心二摩一。

方向竖直向下，加速度方向竖直向下，只有当弹力大于重力时，方向才变为竖直向上，故B错误；

C.从小球接触弹簧到到达最低点的过程中，刚开始重力大于弹力，合力向下，小球做加速度减小的加速运

动；当重力等于弹力时，合力为零，速度最大；最后弹力大于重力，合力向上，小球做加速度增大的减速

运动，直到速度减为零到达最低点，所以小球的速率是先增大后减小，故c正确；

D.从小球接触弹簧到到达最低点的过程中，设向卜.为正方向，加速度a=二&）=g一如

mm

刚接触时，x=0,a=g

之后x继续增大，a减小，当用g=h,a=0

之后x继续增大，〃变为负值，方向向上，继续增大a=（一g一4）二g—幺

。的大小继续增大，所以小球的加速度大小先减小后增大，故D错误；

故选C。

7.分拣机器人在快递行业的推广大大提高了工作效率，派件员在分拣处将包裹放在静止机器人的水平托盘

上，机器人可沿直线将包裹送至指定投递口，在运输过程中包裹与水平托盘保持相对静止，如图甲所示。

停止运动后缓慢翻转托盘，当托盘倾角增大到0时，包裹沿托盘下滑，如图乙所示。已知包裹与水平托盘的

动摩擦因数为〃，机器人始终在水平地面上运动，下列说法正确的是（）

A.机器人运动阶段，包裹始终受到向前的摩擦力

B.//=tan^

C.包裹沿托盘下滑过程中，机器人对地面的压力小于包裹和机器人重力之和

D.包裹沿托盘下滑过程中，机器人不受地面摩擦力

【答案】C

【详解】A.机器人沿直线运动时，可能有加速、匀速、减速阶段，加速阶段受向前摩擦力，匀速阶段不受

摩擦力，减速阶段受向后摩擦力，故A错误；

B.托盘倾斜至与水平方向成。前的瞬间，包裹受到最大静摩擦力等于重力沿斜面的分力，到。角时发生了

相对滑动，由静止到运动必然合外力沿斜面向下，且此时为滑动摩擦力，且小于最大静摩擦力，即

mgsinO>pmgcosO

可知4<tan。，故B错误；

C.包裹沿托盘加速下滑，包裹处丁失重状态，机器人对地面的压力小丁机器人和包裹的重力之和，故C正

确；

D.包裹下滑过程中有水平方向加速度，故地面对机器人有摩擦力，故D错误。

故选Co

二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

8.下列关于甲、乙、丙、丁四幅图中物埋现象的描述，正确的是（）

甲乙J

A.图乙中，使战斗机向前运动的推力无施力物体

B.图甲中，运动员跑步过程中地面给人向前的静摩擦力

C.图丙中，人在跑步机上跑步时后蹬脚受到的摩擦力方向与人相对跑带运动的方向相同

D.图丁中，手握着杯子处于竖直静止状态，若手握杯子的力增大，则杯子受到的摩擦力增大

【答案】BC

【详解】A.任何力都有施力物体，使战斗机向前运动的推力的施力物体是发动机喷出的气流，故A错误；

B.运动员跑步过程中，人的脚相对于地面有向后的运动趋势，地面给人脚的摩擦力为静摩擦力，方向向前,

故B正确:

C.因鞋相对跑步机有向后滑动的趋势，则鞋受到的静摩擦力向前，即与人相对跑带运动的方向相同，故C

正确:

D.当杯子静止时，手对瓶子的摩擦力始终与杯子的重力平衡，不会随手握得变紧而变大，故D错误。

故选BCO

9.如图所示的四幅图分别为四个物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（）

A.甲图中，物体在1~5s这段时间内加速度方向不变

B.乙图中，0时刻物体的初速度大小为F

,0

C.丙图中，阴影面积表示乙时间内物体的速度

D.丁图中，/=3s时物体的速度大小为15m/s

【答案】AB

【详解】A.丫-/图像的斜率表示加速度，故甲图中，物体在1~5s这段时间内斜率不变，加速度方向不变,

故A正确；

B.由图可知x-f图像是抛物线，则该运动为匀变速直线运动，由运动学公式X=+/

又因为XT图像的斜率表示加速度，则%。=%+ax2z0=0

其中Xo=%x2fo+Ja（2fo）2

联立可得乙图中，0时刻物体的初速度大小为%=F，故B正确；

I。

c.a-f图像中，图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，则可知丙图中，阴影面积表示时间内

物体速度的变化量，故c错误；

D.将匀变速直线运动位移与时间的关系式x=卬+；。/

V1

变式可得土=%+5〃

将坐标（1,0）、（3,10）代入上式可得%=-5m/s,fl=10m/s2

由速度与时间的关系可得,当Z=3s时丫=%+"=（-5+10x3）m/s=25m/s,故D错误。

故选ABo

10.某机场航站楼行李处理系统其中的一段如图甲所示，水平传送带顺时针匀速转动，一小行李箱以初速

度沏滑上水平传送带，从力点运动到4点的V—/图像如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.小行李箱的初速度大小为6m/s

B.传送带转动的速度大小为6m/s

C./I、6两点间的距离为8m

D.小行李箱与传送带的相对位移大小为6m

【答案】AC

【详解】AB.由vT图像可知，小行李箱的初速度%=6m/s,小行李箱开始做匀减速直线运动，后与传送

带一起匀速运动，则传送带转动的速度v=2m/s,故A正确，B错误；

C.VT图像与坐标轴围成的面积代表位移，则根据V—图像可知，小行李箱在3s内运动的位移为

（）

2+6xlxg+2x2m=8m

所以4、8两点间的距离为8m,故C正确;

D.在3s内传送带传动的路程为曷=W=2x3m=6m

所以小行李箱与传送带的相对位移大小为Ar=x-x1=2m,故D错误。

故选ACo

三、非选择题（本题共5小题，共54分.考生根据要求作答）

11.（9分）⑴在进行“探究加速度与物体受力、物体质量的关系'实验时采用的实验方法是

（2）某实验小组同学用如图甲所示的装置进行实验：

①开始时木板水平，保持小车质量“不变，实验小组同学不断改变槽码质量，测得小车加速度。与受力E

的图像应为图乙所示的（填T或"II"）,为了得到过原点的倾斜直线，需要进行以下操作：用薄垫块

将木板（填“左"或"右〃）端垫高，调整莫倾斜程度，直至小车在（填“有"或"无"）槽码拉动的

情况下运动时，打点计时器在纸带上打出的点为止。

②实验小组同学保持槽码质量不变，增加小车上的祛码探究小车加速度与质量的关系，如图丙所示为实验

中得到的一条纸带，每2个点间有4个点没有画出，电源频率为50Hz,打下计数点。时小车速度大小为

m/s；小车的加速度大小为m/s*2o（保留2位有效数字）

BCD'ET

759单位：cm

<----------8.00-----------►

<---------------------13.22---------------------►

<---------------------------------19.24----------------------------------->

丙

【答案】（1）控制变量法

（2）II右无均匀分布0.560.81

【详解】（1）本实验通过在小车上增加重物改变小车的质量，保持小车所受拉力不变，探究加速度与质量

的关系；通过改变拉力的大小，保持小车的质量不变，探究加速度与拉力的关系，采用的实验方法是控制

变量法。

（2）①[1]由图甲可知，该实验小组实验时没有平衡摩擦力，则当拉力大于摩擦力时，小车的加速度才大

于零，即测得小车加速度。与受力厂的图像应为图乙所示的H；

[2][3][4]为了得到过原点的倾斜直线，为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，需要进行以下操作：用

薄垫块将木板右端垫高，调整其倾斜程度，由于使小车重力沿斜面的分力与小车所受阻力平衡，可知，平

衡摩擦力时，直至小车在无槽码拉动的情况下运动时，打点计时器在纸带上打出的点均匀分布为止；

②⑸由题意可知，相邻计数点间的时间间隔为T=]=O[S

则打卜计数点D时小车速度大小为%==—^―x102m/s=0.562m/s&0.56m/s

2T2x0.1

⑹根据逐差法可知，小车的加速度大小为。==0.81m/s2

12.（7分）某同学用图甲所示的实蛤装置做“探究弹簧弹力和弹簧形变量的关系”的实聆。

r

i1o..o

5.0

//cm

0102030

//////7?///////////w75

甲乙

（1）下列说法正确的是

A.实验前，必须先把弹簧水平放置测量其原长

B.逐一增挂钩码，记下每增加一个钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重力

C.本实验说明弹簧弹力与弹簧的长度成正比

D.弹簧下端悬挂钩码越多越好

（2）该同学在实验过程中，每次都待弹簧处于静止状态时读出弹簧的长度。

（3）该同学根据记录的数据进行处理，描绘出弹簧的弹力尸与弹簧长度/的图像如图乙所示，根据图像可

知弹簧的原长/。=cm,弹簧的劲度系数k=N/m。

（4）图丙是4、力两弹簧的尸-£图像，当弹簧秤示数相同时，形变量越大，灵敏度越高，则用弹簧

（填“。〃或“力〃）制作的弹簧秤灵敏度更高。

F

h

O/,l2

丙

【答案】B1050«

【详解】（1）[1]A.为了消除弹簧自身重力的影响，实验前，应该先把弹簧竖直放置测量其原长，故A错误；

B.为了更好地找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一个钩码后指针所指的标尺刻

度和对应的钩码总重力，故B正确；

C.本实验说明弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧的长度不是正比关系，故C错误：

D.为了保证弹簧处于弹性限度内，弹簧下端悬挂钩码不能太多，故D错误。

故选Bo

（3）⑵⑶根据胡克定律可得尸=%-%）

由图乙可知弹簧的原长%=10cm

弹簧的劲度系数％啜=（30.K炉N/m=50N/m

（4）[4]由「尸-L图像的斜率表示弹簧的劲度系数，由图丙可•知，。弹簧的劲度系数小于人弹簧的劲度系

数；当弹簧秤示数相同时，形变呈越大，灵敏度越高，此时弹簧的劲度系数越小，则用弹簧〃制作的弹簧秤

灵敏度更高。

13.（11分）合肥八中某物理兴趣小组自制了一个如图所示的水火箭。在发射过程中，将参数理想化处理如

下：水火箭由静止从地面以〃=15m/s2的加速度竖直向上运动了。=30m,然后失去动力做竖直上抛运动,

不计空气阻力,重力加速度g取里m/s?。在水火箭上升过程中,求：

⑴水火箭的最大速度%;

⑵水火箭上升运动的时间

⑶水火箭离地的最大高度，。

【答案】⑴30m/s

（2）5s

（3）75m

【详解】（1）由题意得，火箭上升30m时速度最大，根据速度位移关系有声=2"（2分）

可得最大速度％（1分）

（2）火箭加速上升，根据速度时间关系有^=明（1分）

代入数据可得4=2s（1分）

失去动力做竖直上抛运动有y=gq（1分）

代入数据解得4=3s（1分）

所以水火箭上升运动的时间为，=4+4=5s（1分）

（3）水火箭做竖直上抛运动，根据速度位移公式有声=2g九（1分）

代入数据解得％=45m（1分）

即火箭先加速上抛再减速上抛到最高点，则水火箭上抛的最大高度即离地的最大高度为

H=h+h1=75m（1分）

14.（13分）如图所示，质量为机的物体甲通过3段轻绳悬挂，3段轻绳的结点为O,轻绳水平且6端

与站在水平面上的质量为〃的人相连，轻绳与竖直方向的夹角夕=37。，物体甲及人均处于静止状态。

求：（己知sin37°=0.6,cos370=0.8,=10m/s2o）

⑴经绳04、（明受到的拉力是多大？

⑵地面对人的摩擦力是多大？方向如何？

⑶若人的质量M=60kg,人与水平面之间的动摩擦因数为4=0.25,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则

欲使人在水平面上不滑动，物体甲的质量〃?最大不能超过多少？

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【答案】(1)TOA=-mg,TOH=-nig

(2)：mg,方向向左

4

⑶20kg

【详解】（1）对。点受力分析可知Qcos