2025-2026学年辽宁省沈阳市部分学校高二上学期10月月考物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGE2026学年度高中物理阶段检测卷考试时间：75分钟；满分：100分注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1.如图四种仪器中，对电现象的利用，其原理不同于其它三种的是（）A.静电除尘器 B.静电复印机C.电蚊拍 D.静电植绒仪【答案】C【解析】静电除尘器、静电复印机和静电植绒仪都是利用静电原理工作的；而电蚊拍一般使用2.4V镍氢电池，工作时电网瞬间产生1850V直流高压电（电流小于10mA，对人畜无害），能将蚊虫吸入电网电毙，所以电蚊拍的原理不同于其它三种。故选C。2.避雷针可通过尖端放电中和空气中的电荷，进而使高大建筑有效避免雷击。下图为雷雨前夕某避雷针附近电场的等势面，下列说法正确的是（）A.此时避雷针带正电B.A、B两点场强大小相等，方向相同C.若正电荷从A移动到C点，该过程电场力做负功D.负电荷在A点处具有的电势能比在C点时的大【答案】A【解析】A．电场强度的方向由高电势指向低电势，故避雷针带正电，A正确；B．根据电场线与等势面垂直，结合电场线疏密程度和对称性可知A、B两点的场强大小相同，但是方向不同，B错误；C．由可知正电荷从A移动到C点，该过程电场力做正功，C错误；D．负电荷在电势低的地方电势能大，因为，故负电荷在C处电势大，D错误。故选A。3.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（）A.该电场由负点电荷形成B.带电粒子一定是从P向Q运动C.带电粒子在P点时的速度大于在Q点时的速度D.带电粒子在P点时的加速度小于在Q点时的加速度【答案】C【解析】A．带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误；B．仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从P向Q运动，也有可能从Q向P运动，故B错误；C．若粒子从P运动到Q，电场力方向与速度方向的夹角大于90°，电场力做负功，动能减小，速度减小，所以P点速度大于Q点速度；若粒子从Q运动到P，电场力做正功，动能增大，P点速度还是大于Q点速度，C正确；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，P点处电场线比Q点处密集，所以P点电场强度大。根据，q为粒子电荷量，E为电场强度，粒子在P点受到的电场力大，加速度也大，D错误。故选C。4.空间内存在沿轴的电场，轴上各点电势随坐标变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.在处电场强度最大B.在间只有一点电场强度的大小为C.将电子由处移到处的过程中，电场力做负功D.质子在处电势能为零，受到的电场力也为零【答案】C【解析】A．根据场强与电势差的关系结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则处斜率为零，电场强度为零，故A错误；B．如下图所示连接处的斜率等于由对称性可知在间有两点满足故B错误；C．由图可知，处到处的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，故C正确；D．电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，故D错误。故选C。5.如图所示，12个带电量均为＋q的点电荷，均匀对称地分布在半径为r的圆周上，某时刻，P、Q两处的点电荷电量突然减为零，则O点的电场强度大小为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】P、Q两处的点电荷在O点激发的电场强度大小相等，即P、Q两处的点电荷在O点的合场强为P、Q两处的点电荷电量突然减为零时，O点的电场强度大小为，故选A。6.两个等量正点电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个带电荷量为，质量为0.1kg小物块（可视为质点）从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线（图中标出了该切线）斜率最大的位置，则下列说法正确的是（）A.由C到A的过程中物块的电势能一直在增大B.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1×104V/mC.由C点到A点电势逐渐降低D.A、B两点间的电势差UAB=-500V【答案】C【解析】A．由图乙可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，可知电场力对物块做正功，物块的动能一直增加，电势能一直减小，故A错误；B．速度—时间图像的斜率表示加速度，而根据题意，B点斜率最大，则可知B点小物块的加速度最大，根据图像可得小物块在B点的加速度为又小物块只受电场力，则有解得故B错误；C．根据图乙可知，由C点到A点小物块的速度逐渐增大，即动能逐渐增大，则可知电势能逐渐减小，根据可知，由C点到A点电势逐渐降低，故C正确；D．根据图乙由动能定理有代入数据解得故D错误。故选C。7.如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角θ=45°，CD与水平面垂直，现在A、B两点分别固定等量异种点电荷，则（）A.将带负电的试探电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加B.E、F两点电场强度不同C.C点和O点场强大小之比为D.C、E、F三点中C点电势最高【答案】A【解析】A．根据等量异种电荷电场线分布规律可知，点电势比F点电势大。带负电的电荷在电势越低的地方电势能越大，因此可知将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增大，故A正确；B．根据等量异种电荷电场规律可知，关于O点对称的E、F两点电场强度大小相等，方向相同，故B错误；C．根据几何关系结合点电荷产生的场强的叠加法则可得方向从O指向B；同理C点场强方向平行于AB向右，则可得，故C错误；D．根据几何关系可知，CD为等量异种点电荷的中垂线，而等量异种点电荷的中垂线为等势线且电势为零，且无穷远处电势为零，因此CD所在中垂面即为等势面，电势为零，而电场线从正电荷出发指向负电荷或无穷远处，且沿着电场线的方向电势降低，则可知，CD所在等势面左侧电势大于零，而CD所在等势面右侧电势小于零，因此，故D错误；故选A。二、多选题8.利用如图所示的电路分析平行板电容器的动态变化，已知电源的内阻可忽略不计，为电阻箱，一带正电的小球固定在电容器之间的位置。则下列说法正确的是（）A.保持电键闭合，板向下平移少许，小球的电势能减少B.保持电键闭合，将电阻箱的阻值增大，静电计的指针偏角不变C.断开电键，板向下平移少许，静电计的指针偏角增大D.断开电键，板向左平移少许，小球的电势能增大【答案】BD【解析】A．保持电键闭合，则电容器两极板间的电压保持不变，板向下移动，由可知电容器两极板之间的电场强度增大，由于板接地，则板的电势为零，点与板之间的电势差为可知，点的电势升高，则带正电的小球在点的电势能增加，故A错误；B．由电路可知，静电计两端的电压等于电容器两极板之间的电压，保持电键闭合，调节电阻箱的阻值，电容器两极板之间的电压不变，则静电计的指针保持不变，故B正确；C．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向下移动，由可知电容器的电容变大，又，由以上可知电容器两极板间的电压减小，则静电计的指针偏角减小，故C错误；D．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向左移动，则电容器的电容减小，由于两极板之间的距离保持不变，则两极板间的电压增大，电场强度增大，点的电势升高，带电小球的电势能增大，D正确。故选BD。9.如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，带电量分别为q和3q，电性未知，两小球和圆心的连线与竖直方向分别成37°和53°，静电力常量为k，则（）A.A、B两小球带异种电荷B.A、B两球质量之比C.A球质量为D.仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止【答案】CD【解析】A．如图所示A、B两小球带同种电荷，故A错误；B．对A受力分析由正弦定理可得对B受力分析由正弦定理可得故A、B两球质量之比为故B错误；C．根据库仑定律可得故A球质量为故C正确；D．仅把A、B的带电量互换，F的大小不变，故不影响两小球的位置，故两小球仍在原位置静止，故D正确。故选CD。10.如图甲所示，A、B、C、D为匀强电场中等势面，相邻等势面电势差相等且间距为d，等势面与水平地面平行。电量为q、质量为m的带电小球垂直等势面D竖直向上抛出，恰能到达等势面A，该过程中小球的动能和机械能随高度h的变化关系如图乙所示，为已知量，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.小球的初速度大小为B.小球加速度大小为4gC.小球抛出时重力势能为D.电场强度大小为【答案】ABD【解析】A．由图乙可知解得故A正确；B．小球在上升过程中，由能量守恒有解得则由牛顿第二定律有解得故B正确；C．根据图乙可知，抛出时的动能为，机械能为，则可知抛出时的重力势能为，故C错误。D．由于恰好到达等势面A，则有解得由此可得该电场电场强度的大小为故D正确。故选ABD。三、实验题11.用图甲的“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．O时小球抛出时球心在地面上的垂直投影点，实验时，先让入射小球多次从斜轨上S位置由静止释放，找到七落地点的平均位置P，测量平抛水平射程OP．然后把被碰小球静置于水平轨道的末端，再将入射小球从斜轨上S位置由静止释放，与小球相撞，多次重复实验，找到两个小球落地的平均位置M、N．（1）下列器材选取或实验操作符合实验要求的时____________．A.可选用半径不同的两小球B.选用两球的质量应满足C.需用秒表测量小球在空中飞行的时间D.斜槽轨道必须光滑（2）图乙是小球的多次落点痕迹，由此可确定其落点的平均位置对应的读数为____________cm（3）在某次实验中，测量出两小球的质量分别为，三个落点的平均位置与O点的距离分别为OM、OP、ON．在实验误差允许范围内，若满足关系式________________，即验证了碰撞前后两小球组成的系统动量守恒（用所给符号表示）．（4）验证动量守恒的实验也可以在如图所示的水平气垫导轨上完成，实验时让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，滑块运动过程所受的阻力可忽略，它们穿过光电门后发生碰撞并粘连在一起．实验测得滑块A的总质量为滑块B的总质量为，两滑块遮光片的宽度相同，光电门记录的遮光片挡光时间如下表所示．左侧光电门右侧光电门碰前碰后无在实验误差允许范围内，若满足关系式____________．即验证了碰撞前后两滑块组成的系统动量守恒．（用测量的物理量表示）【答案】（1）B（2）55.50（3）（4）【解析】（1）[1]A.为保证碰撞在同一条水平线上，所以两个小球的半径要相等．故A错误；B.为保证入射小球不反弹，入射小球的质量应比被碰小球质量大．故B正确；C.小球在空中做平抛运动的时间是相等的，所以不需要测量时间．故C错误；D.要保证小球在空中做平抛运动，所以斜槽轨道末端必须水平，但是在斜槽轨道的运动发生在平抛以前，所以不需要光滑，但入射球必须从同一高度释放．故D错误．故选B；（2）[2]确定B球落点平均位置的方法：用尽可能小的圆把所有的小球落点圈在里面，圆心P就是小球落点的平均位置；碰撞后m2球的水平路程应取为55.50cm；（3）[3]要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：得：，可知，实验需要验证：；（4）[4]若让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，选取向右为正方向，则有：，设遮光片的宽度为d，则：，，，联立可得：故答案为[1]B，[2]B，[3]，[4]12.某校高二677班物理兴趣实验小组的同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器，A为理想电流表，V为理想电压表。（1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为______（填“从左到右”或“从右到左”）。（2）图乙为电容器放电时的图像，已知电容器放电之前的电压为1.5V，乙图中图像与坐标轴围成的面积约41小格，该电容器的实测电容值为______F（结果保留2位有效数字）。（3）若不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与坐标轴所围成面积将______（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】（1）从右到左（2）（3）不变【解析】（1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为从右到左。（2）乙图中图像与横轴围成的面积约41格，分析I-t图像可知，每个方格代表的电荷量为电容器放出的电荷量为则电容器的电容为F=F（3）不改变电路其他参数，只增大电阻R的阻值，导致曲线的最大电流值将减小，放电时间将变长，而放电时曲线与坐标轴所围面积不变。四、解答题13.如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为C的负点电荷从A点移到M板，电场力做功J，把该点电荷从A点移到N板，克服电场力做功为J，其中M板带正电，N板带负电且接地。求：（1）两极板间的电势差UMN；（2）A点的电势；（3）该点电荷在A点的电势能EPA。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）M、N间电势差：（2）A点电势（3）该点电荷在A点的电势能14.如图所示，绝缘水平面上固定一光滑绝缘的竖直圆弧轨道BCD，圆心为O，C点与圆心等高，D点为轨道的末端，半径，B点为圆弧轨道与水平面的切点，与水平方向的夹角。质量、电荷量的滑块静止在A点，已知，滑块与水平面间的动摩擦因数。某时刻在整个空间加上水平向左的电场强度的匀强电场，经过一段时间滑块从D点离开圆轨道。滑块可视为质点，重力加速度，，规定A点电势为零。求：（1）滑块运动到B点的速度大小；（2）滑块运动到圆轨道上C点时的电势能；（3）滑块运动到D点时对轨道的压力大小。【答案】（1）（2）（3）6.4N【解析】（1）滑块从A点运动到B点，由动能定理可得解得（2）根据又，联立，解得滑块运动到圆轨道上C点时的电势能（3）滑块从A点运动到D点，由动能定理可得滑块在D点，受力如图根据牛顿第二定律可知联立，解得由牛顿第三定律可知，滑块运动到D点时对轨道的压力大小为15.如图所示，有一半径为R=1m的圆形区域，O为圆心，AC为直径，三角形ABC为圆内接三角形，为60°。有面积足够大平行于圆面的匀强电场，已知场强E=100V/m，A点电势为，B点电势为0，C点电势低于B点电势，电子电荷量大小为，电子重力不计。求：（1）匀强电场的方向；（2）C点的电势（可用根号表示）；（3）若将一电子以某一初速度从C点飞出，电子经过圆形区域边界时可能获得的最大动能增量（可用根号及含eV单位的数值表示）。【答案】（1）与AB夹角为由高电势指向低电势；（2）；（3）【解析】（1）根据场强与电势差的关系可得以A点为圆心以为半径作圆，过B点作该圆的切线2条，是可能的B点电势等势线，根据题意C点电势低于B点电势，判断大圆外的切线不符合，舍去。故BO线为B点电势的等势线，过A点作此等势线的垂线，即为一条电场线，根据几何关系可知电场线与AB夹角为，方向由高电势指向低电势。（2）根据几何关系易知，A到C点的电场线方向距离为AC间电势差得（3）由图可知M点电势最高电子从C到M电场力做功最多，电子动能增加最多2025-2026学年度高中物理阶段检测卷考试时间：75分钟；满分：100分注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1.如图四种仪器中，对电现象的利用，其原理不同于其它三种的是（）A.静电除尘器 B.静电复印机C.电蚊拍 D.静电植绒仪【答案】C【解析】静电除尘器、静电复印机和静电植绒仪都是利用静电原理工作的；而电蚊拍一般使用2.4V镍氢电池，工作时电网瞬间产生1850V直流高压电（电流小于10mA，对人畜无害），能将蚊虫吸入电网电毙，所以电蚊拍的原理不同于其它三种。故选C。2.避雷针可通过尖端放电中和空气中的电荷，进而使高大建筑有效避免雷击。下图为雷雨前夕某避雷针附近电场的等势面，下列说法正确的是（）A.此时避雷针带正电B.A、B两点场强大小相等，方向相同C.若正电荷从A移动到C点，该过程电场力做负功D.负电荷在A点处具有的电势能比在C点时的大【答案】A【解析】A．电场强度的方向由高电势指向低电势，故避雷针带正电，A正确；B．根据电场线与等势面垂直，结合电场线疏密程度和对称性可知A、B两点的场强大小相同，但是方向不同，B错误；C．由可知正电荷从A移动到C点，该过程电场力做正功，C错误；D．负电荷在电势低的地方电势能大，因为，故负电荷在C处电势大，D错误。故选A。3.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（）A.该电场由负点电荷形成B.带电粒子一定是从P向Q运动C.带电粒子在P点时的速度大于在Q点时的速度D.带电粒子在P点时的加速度小于在Q点时的加速度【答案】C【解析】A．带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误；B．仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从P向Q运动，也有可能从Q向P运动，故B错误；C．若粒子从P运动到Q，电场力方向与速度方向的夹角大于90°，电场力做负功，动能减小，速度减小，所以P点速度大于Q点速度；若粒子从Q运动到P，电场力做正功，动能增大，P点速度还是大于Q点速度，C正确；D．电场线的疏密表示电场强度的大小，P点处电场线比Q点处密集，所以P点电场强度大。根据，q为粒子电荷量，E为电场强度，粒子在P点受到的电场力大，加速度也大，D错误。故选C。4.空间内存在沿轴的电场，轴上各点电势随坐标变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.在处电场强度最大B.在间只有一点电场强度的大小为C.将电子由处移到处的过程中，电场力做负功D.质子在处电势能为零，受到的电场力也为零【答案】C【解析】A．根据场强与电势差的关系结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则处斜率为零，电场强度为零，故A错误；B．如下图所示连接处的斜率等于由对称性可知在间有两点满足故B错误；C．由图可知，处到处的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，故C正确；D．电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，故D错误。故选C。5.如图所示，12个带电量均为＋q的点电荷，均匀对称地分布在半径为r的圆周上，某时刻，P、Q两处的点电荷电量突然减为零，则O点的电场强度大小为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】P、Q两处的点电荷在O点激发的电场强度大小相等，即P、Q两处的点电荷在O点的合场强为P、Q两处的点电荷电量突然减为零时，O点的电场强度大小为，故选A。6.两个等量正点电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个带电荷量为，质量为0.1kg小物块（可视为质点）从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线（图中标出了该切线）斜率最大的位置，则下列说法正确的是（）A.由C到A的过程中物块的电势能一直在增大B.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1×104V/mC.由C点到A点电势逐渐降低D.A、B两点间的电势差UAB=-500V【答案】C【解析】A．由图乙可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，可知电场力对物块做正功，物块的动能一直增加，电势能一直减小，故A错误；B．速度—时间图像的斜率表示加速度，而根据题意，B点斜率最大，则可知B点小物块的加速度最大，根据图像可得小物块在B点的加速度为又小物块只受电场力，则有解得故B错误；C．根据图乙可知，由C点到A点小物块的速度逐渐增大，即动能逐渐增大，则可知电势能逐渐减小，根据可知，由C点到A点电势逐渐降低，故C正确；D．根据图乙由动能定理有代入数据解得故D错误。故选C。7.如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角θ=45°，CD与水平面垂直，现在A、B两点分别固定等量异种点电荷，则（）A.将带负电的试探电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加B.E、F两点电场强度不同C.C点和O点场强大小之比为D.C、E、F三点中C点电势最高【答案】A【解析】A．根据等量异种电荷电场线分布规律可知，点电势比F点电势大。带负电的电荷在电势越低的地方电势能越大，因此可知将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增大，故A正确；B．根据等量异种电荷电场规律可知，关于O点对称的E、F两点电场强度大小相等，方向相同，故B错误；C．根据几何关系结合点电荷产生的场强的叠加法则可得方向从O指向B；同理C点场强方向平行于AB向右，则可得，故C错误；D．根据几何关系可知，CD为等量异种点电荷的中垂线，而等量异种点电荷的中垂线为等势线且电势为零，且无穷远处电势为零，因此CD所在中垂面即为等势面，电势为零，而电场线从正电荷出发指向负电荷或无穷远处，且沿着电场线的方向电势降低，则可知，CD所在等势面左侧电势大于零，而CD所在等势面右侧电势小于零，因此，故D错误；故选A。二、多选题8.利用如图所示的电路分析平行板电容器的动态变化，已知电源的内阻可忽略不计，为电阻箱，一带正电的小球固定在电容器之间的位置。则下列说法正确的是（）A.保持电键闭合，板向下平移少许，小球的电势能减少B.保持电键闭合，将电阻箱的阻值增大，静电计的指针偏角不变C.断开电键，板向下平移少许，静电计的指针偏角增大D.断开电键，板向左平移少许，小球的电势能增大【答案】BD【解析】A．保持电键闭合，则电容器两极板间的电压保持不变，板向下移动，由可知电容器两极板之间的电场强度增大，由于板接地，则板的电势为零，点与板之间的电势差为可知，点的电势升高，则带正电的小球在点的电势能增加，故A错误；B．由电路可知，静电计两端的电压等于电容器两极板之间的电压，保持电键闭合，调节电阻箱的阻值，电容器两极板之间的电压不变，则静电计的指针保持不变，故B正确；C．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向下移动，由可知电容器的电容变大，又，由以上可知电容器两极板间的电压减小，则静电计的指针偏角减小，故C错误；D．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向左移动，则电容器的电容减小，由于两极板之间的距离保持不变，则两极板间的电压增大，电场强度增大，点的电势升高，带电小球的电势能增大，D正确。故选BD。9.如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，带电量分别为q和3q，电性未知，两小球和圆心的连线与竖直方向分别成37°和53°，静电力常量为k，则（）A.A、B两小球带异种电荷B.A、B两球质量之比C.A球质量为D.仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止【答案】CD【解析】A．如图所示A、B两小球带同种电荷，故A错误；B．对A受力分析由正弦定理可得对B受力分析由正弦定理可得故A、B两球质量之比为故B错误；C．根据库仑定律可得故A球质量为故C正确；D．仅把A、B的带电量互换，F的大小不变，故不影响两小球的位置，故两小球仍在原位置静止，故D正确。故选CD。10.如图甲所示，A、B、C、D为匀强电场中等势面，相邻等势面电势差相等且间距为d，等势面与水平地面平行。电量为q、质量为m的带电小球垂直等势面D竖直向上抛出，恰能到达等势面A，该过程中小球的动能和机械能随高度h的变化关系如图乙所示，为已知量，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.小球的初速度大小为B.小球加速度大小为4gC.小球抛出时重力势能为D.电场强度大小为【答案】ABD【解析】A．由图乙可知解得故A正确；B．小球在上升过程中，由能量守恒有解得则由牛顿第二定律有解得故B正确；C．根据图乙可知，抛出时的动能为，机械能为，则可知抛出时的重力势能为，故C错误。D．由于恰好到达等势面A，则有解得由此可得该电场电场强度的大小为故D正确。故选ABD。三、实验题11.用图甲的“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．O时小球抛出时球心在地面上的垂直投影点，实验时，先让入射小球多次从斜轨上S位置由静止释放，找到七落地点的平均位置P，测量平抛水平射程OP．然后把被碰小球静置于水平轨道的末端，再将入射小球从斜轨上S位置由静止释放，与小球相撞，多次重复实验，找到两个小球落地的平均位置M、N．（1）下列器材选取或实验操作符合实验要求的时____________．A.可选用半径不同的两小球B.选用两球的质量应满足C.需用秒表测量小球在空中飞行的时间D.斜槽轨道必须光滑（2）图乙是小球的多次落点痕迹，由此可确定其落点的平均位置对应的读数为____________cm（3）在某次实验中，测量出两小球的质量分别为，三个落点的平均位置与O点的距离分别为OM、OP、ON．在实验误差允许范围内，若满足关系式________________，即验证了碰撞前后两小球组成的系统动量守恒（用所给符号表示）．（4）验证动量守恒的实验也可以在如图所示的水平气垫导轨上完成，实验时让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，滑块运动过程所受的阻力可忽略，它们穿过光电门后发生碰撞并粘连在一起．实验测得滑块A的总质量为滑块B的总质量为，两滑块遮光片的宽度相同，光电门记录的遮光片挡光时间如下表所示．左侧光电门右侧光电门碰前碰后无在实验误差允许范围内，若满足关系式____________．即验证了碰撞前后两滑块组成的系统动量守恒．（用测量的物理量表示）【答案】（1）B（2）55.50（3）（4）【解析】（1）[1]A.为保证碰撞在同一条水平线上，所以两个小球的半径要相等．故A错误；B.为保证入射小球不反弹，入射小球的质量应比被碰小球质量大．故B正确；C.小球在空中做平抛运动的时间是相等的，所以不需要测量时间．故C错误；D.要保证小球在空中做平抛运动，所以斜槽轨道末端必须水平，但是在斜槽轨道的运动发生在平抛以前，所以不需要光滑，但入射球必须从同一高度释放．故D错误．故选B；（2）[2]确定B球落点平均位置的方法：用尽可能小的圆把所有的小球落点圈在里面，圆心P就是小球落点的平均位置；碰撞后m2球的水平路程应取为55.50cm；（3）[3]要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：得：，可知，实验需要验证：；（4）[4]若让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，选取向右为正方向，则有：，设遮光片的宽度为d，则：，，，联立可得：故答案为[1]B，[2]B，[3]，[4]12.某校高二677班物理兴趣实验小组的同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器，A为理想电流表，V为理想电压表。（1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为______（填“从左到右”或“从右到左”）。（2）图乙为电容器放电时的图像，已知电容器放电之前的电压为1.5V，乙图中图像与坐标轴围成的面积约41小格，该电容器的实测电容值为______F（结果保留2位有效数字）。（3）若不改变电路其他参