（一模）鄂尔多斯市2026年高三第一次模拟考试物理试卷（含答案）

2026年鄂尔多斯市普通高等学校招生选择性考试(第一次模拟) 物理 2026.03注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、座位号填写在答题卡上。本试卷满分100分。2.作答时，将答案写在答题卡上。写在试卷上无效。3.考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图为某滑雪者在雪道上沿直线滑行一段距离的v-t图像，关于滑雪者的运动，下列说法正确的是A.速度一直减小B.加速度一直减小C.速度方向一直不变D.加速度方向一直不变2.在掌静脉识别技术中，近红外光从空气进入手掌皮肤时，会发生折射，关于该过程，下列说法正确的是A.光的速度不变B.光的频率不变C.光的波长不变D.光子动量不变物理试题第1页(共8页)3.At-211是一种用于靶向治疗的放射性元素，其半衰期约为7.2小时。现有质量为0.64g的At-211,经过14.4小时后,未衰变的At-211质量约为A.0.08gB.0.16gC.0.32gD.0.64g4.某毫秒脉冲星与另一个伴星在相距为L的距离内以它们两者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，L远大于星体自身半径，脉冲星和伴星均可视为匀质球体，不计其他星球的影响。已知脉冲星的质量为M，伴星的质量为m(M＞m).关于脉冲星和伴星做圆周运动的各量的比值，下列说法正确的是A.向心力大小之比FB.向心加速度大小之比aC.线速度大小之比vD.半径之比R5.如图，为双层立体泊车装置示意图。欲将静止在①号车位的轿车移至④号泊车位，需先通过①号车位下方的移动板托举着轿车竖直抬升h至③号位，再水平右移L停至④号车位。两次移动过程中，轿车均从静止先加速再减速至静止。轿车质量为m，重力加速度为g，下列说法正确的是A.竖直抬升过程中，移动板对车的支持力做功为mghB.水平右移过程中，移动板对车的摩擦力做功为mgLC.整个过程中，移动板对车做的总功为mg(h+L)D.整个过程中，车的机械能增加量为mg(h+L)②②6.如图所示的V-T图像,表示一定质量的理想气体经历了a→b、b→c、c→d、d→a四个过程，其中以a、b、c、d为顶点的图形为平行四边形，且ba边的延长线通过原点O，ad边与横轴平行。下列说法正确的是A.a→b过程放出热量B.c→d过程吸收热量C.a→b过程压强变化量与c→d过程压强变化量相同D.b→c过程吸收的热量等于d→a过程中放出的热量物理试题第2页(共8页)7.如图，竖直平面内固定一半径为R的半圆形光滑轨道，A为光滑水平面上的一点，B为轨道与水平面的切点。A点与圆心O点之间距离为3R，AO的延长线交半圆形轨道于P点。原长为2R、劲度系数为k的轻质弹簧一端固定于O点，另一端与质量为m的物块连接。若物块从P点以gR2的初速度沿轨道滑下，且运动到AA.物块在P点时加速度的方向指向圆心B.物块运动到A点时的速度大小为8C.物块对轨道的最大压力为35D.物块质量m最大为128.已知在无限大接地薄金属板附近放有一点电荷时，可以用虚拟的镜像电荷(以薄金属板为对称轴的等量异种电荷)代替薄金属板上感应电荷对电场的影响。如图所示为点电荷Q和无限大的接地薄金属板附近的电场线分布。以点电荷Q为圆心的圆上有A、B、C、D四个点，其中A、C两点连线为圆的一条直径，且垂直于金属板，B、D两点连线与金属板平行。一负试探电荷在A、B、C、D四个点受到的电场力大小分别为FA、FB、Fc、FD，对应的电势能分别为A.B.FC.FD.F8物理试题第3页(共8页)9.一列简谐横波沿x轴传播，图甲是t=0时刻的波形图，图乙是介质中平衡位置位于t=0x=10m处质点Q的振动图像。下列说法正确的是A.波速为10m/sB.t=0时刻，x=0位置的质点向上振动C.0-0.6s内，质点Q的加速度方向一直不变D.0-1.1s内,x=0处的质点的路程为4010.两根足够长的光滑金属导轨ABEF、CDGH按如图方式固定，平行且相距为2L的AB、CD与水平面夹角为30°倾斜放置，平行且相距为L的EF、GH水平放置，在两导轨平面内各自存在磁感应强度大小为B₀、方向垂直于导轨平面向下的匀强磁场。质量分别为2m和m、长度分别为2L和L、电阻不可忽略的金属杆MN和PQ垂直放置在导轨上，两杆在运动过程中始终垂直于导轨并与导轨保持接触良好。导轨的电阻不计，重力加速度大小为g.现将杆MN从静止释放，MN始终未到达倾斜导轨底端，则关于回路中电流恒定后，下列说法正确的是A.金属杆MN中的电流方向为M→NB.金属杆PQ中的电流大小为mgC.金属杆MN与PQ的速度大小之比为1：2D.金属杆MN与PQ的加速度大小之比为1：2物理试题第4页(共8页)二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.(6分)某实验小组利用如图甲所示的装置测量滑块与长木板间的动摩擦因数μ，细线与滑轮间的摩擦和滑轮质量不计。(1)关于本实验，下列说法正确的是A.实验前必须将长木板左端垫高以平衡摩擦力B.实验中不需要测量砂和砂桶的总质量C.为减小误差，必须保证砂和砂桶总质量远小于滑块质量D.实验时应先接通打点计时器电源，再释放滑块(2)图乙为某次实验得到的一条点迹清晰的纸带，O点是纸带上打出的第一个点，A、B、C、D、E、F、G是计数点，相邻两个计数点间还有4个点未标出，打点计时器使用的交流电频率为50Hz，OA间有部分纸带没有画出来，测量出各计数点到O点的距离并标在纸带上，由图中数据可得滑块的加速度大小是m/s²(结果保留两位有效数字)；(3)改变砂桶内细砂的质量，多次实验，记录力传感器的示数F，测量滑块的加速度a，并描绘出a-F图像如图丙所示。已知该图线的横轴截距为b，斜率为k，重力加速度为g.则动摩擦因数μ=(用b、k、g表示).物理试题第5页(共8页)12.(8分)为测量某霍尔元件在室温下的载流子浓度n(单位体积内的载流子个数)，小组同学在实验室中选取了载流子为电子的霍尔元件进行研究，并设计了如图甲所示的实验电路、匀强磁场垂直于元件的工作面向下，用一个精密可调电源通过1、3测脚为霍尔元件提供工作电流IH,，并用一台高精度数字电压表测量2、4(1)用螺旋测微器测得该元件沿磁场方向的厚度d如图乙所示，则d=______mm;(2)接通K1、K2正常工作时，2、4测脚的电势高低关系为φ(3)实验中，在室温条件下，改变工作电流IH，测出对应霍尔电压UH,描绘出U11-I11图像如图丙所示。已知磁场B=8(4)如果实验时磁场方向未完全垂直元件的工作面，则测量的载流子浓度(选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”).物理试题第6页(共8页)13.(10分)一架质量m=2kg的无人机悬停在距地面.H1=30m的高空，t=0时刻，它以加速度a1=2m/s2竖直向下匀加速运动h(1)无人机从t=0开始到重新悬停的时间t；(2)若无人机在高度H2=9m处悬停时动力系统发生故障，失去竖直升力的时间为14.(13分)如图所示，与水平面夹角为θ=30°、长度L=2m的倾斜传送带以恒定的速度逆时针转动。质量为2kg的木板C静止在光滑水平面上，左侧与传送带平滑对接，物块B静止在木板C的左端。现将物块A从传送带顶端由静止释放，在传送带底端滑上C，同时与B发生碰撞并粘在一起，忽略A由传送带滑上C时的动能损失。A、B的质量均为1kg，且均可视为质点。A、B始终未从C上滑落。已知A与传送带间的动摩擦因数为μ1=35,A、B与C间的动摩擦因数均为μ2=0(1)物块A运动到传送带底端时的速度大小v₁；(2)木板C的最大速度v₂；(3)木板C的最小长度d.物理试题第7页(共8页)15.(17分)如图所示，在xOy平面内：第一象限存在方向垂直平面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B1=2mv02qL;第二象限存在一个方向垂直平面向外的圆形匀强磁场区域(图中未画出)，磁感应强度的大小为B2=4mv0qL;第四象限内存在沿y轴正方向的匀强电场。一带正电粒子从(1)粒子从发射到第一次打到x轴经历的时间t；(2)电场强度E的大小；(3)粒子经第二象限圆形磁场偏转后可以从P点回到第一象限，求圆形磁场面积的最小值S，及此后粒子经过x轴时对应位置的横坐标x.物理试题第8页(共8页)物理答案一.选择题答案12345678910CBBAADDBDACABD二.非选择题11.(1)BD(2分);(2)0.80(0.79-0.81均可)(2分);(3)kb/g(2分)解析：(1)本题的实验目的为求滑块与模板间动摩擦因数，A选项操作与实验目的不符，因此错误；实验中使用了力传感器，可以直接读出细绳拉力，因此B正确，C错误；实验操作中应先接通电源再释放滑块，D正确。2a=(3)对滑块受力分析2F-μmg=ma,则a=2mF-μg,由a-F,联立可得μ=12.(1)0.680(2分);(2)＞(2分);37.1(4)偏大(2分)解析:(1)d=0.5+18.0×0.01=0.680mm(2)由左手定则，载流子电子向4偏转，4积累负电荷，2积累正电荷，因此φ(3)根据eE=evB,E=UHχ24,IH=neSv,S=d.X24,联立：4n=Bke13.(1)t=7s;(2)a=12.5m/s²解析：(1)由匀变速直线运动规律：h=12a1v1=a1H1-h-H2= (1分)联立t=7s (1分)2h1=12v2=gt2v222a联立(a=12.5m/s² (1分)14.(1)v₁=22m/s;(2)v₂=2m/s;(3)d=0.5m解析：(1)由牛顿第二定律：mgsinθ-μ₁mgcosθ=ma (1分)α=2m/s² (1分)由匀变速直线运动规律：v12=2aL⋅ v1=22(2)由题意可知，当A.B.C共速后C的速度最大，由动量守恒定律：mv₁=(m+m+2m)v₂⋯⋯⋯⋯ (2分)v₂=2m/s⋯ ⋯⋯⋯⋯⋯⋯ (2分)(3)A与B碰撞达到共速过程，由动量守恒定律：mv₁=(m+m)v₃ (1分)AB整体到达木板C最右端恰好与C共速，这种情况对应木板C长度最小，由能量守恒定律：μ2×2mgd=解得d=0.5m⋯ ⋯(2分)15解析：(1)粒子在第一象限内运动，对其受力分析：qv0B1=m由几何关系：圆心角θ=5π4⋅T=2πr1vt=θ2πT⋅解得：t=52πL4ν(2)粒子在第四象限内运动，由几何关系：x=2+1LqE=ma (1分)t=