2025-2026学年陕西省榆林市高一（下）开学物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年陕西省榆林市高一（下）开学物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.两个共点力F1、F2的合力的最大值为7 N，最小值为1 N。当F1、F2的夹角为90°A.5 N B.52N C.6 N2.一质点绕半径为R的圆周运动了114圈，其路程和位移大小为(

)

A.5πR2、2R B.2R、5πR2 C.πR23.如图所示，在我国东北马拉雪橇是很受游客欢迎的旅游项目。马拉着雪橇从静止开始运动，下列说法正确的是(

)A.当马拉雪橇加速前进时，马拉雪橇的力大于雪橇拉马的力

B.当马拉雪橇减速前进时，马拉雪橇的力等于雪橇拉马的力

C.马对雪橇的拉力先产生，运动后雪橇才对马产生拉力

D.雪橇能够运动是由于马对雪橇的拉力大于雪橇对马的拉力4.如图所示，木块放在水平地面上，在F=8N的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，速度为1m/s，则下列说法正确的是(

)A.当水平拉力F=20N

时，木块受到的摩擦力为20N

B.当木块以2

m/s的速度做匀速直线运动时，木块受到的摩擦力小于8N

C.以1m/s的速度做匀速直线运动时，木块受到的摩擦力为8N

D.将水平拉力F撤去，木块速度越来越小，是因为木块受到的摩擦力越来越大5.高层建筑室外玻璃清洗风险较大，工人身上都绑有安全带，安全带上有救生缓降器。工人从高处通过缓降器返回地面全过程的v−t图像如图所示，t1时刻工人的速度达到最大值v1，下列说法错误的是(

)A.0～t1时间内工人的平均速度大于12v1

B.0～t1时间内工人做加速度减小的加速运动

C.6.某同学从距地面高度为1.0m处，以大小为6m/s的初速度竖直向上抛出一小球，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，规定竖直向下为正方向，下列说法正确的是(

)A.上升和下落过程中小球的加速度方向相反

B.从抛出到落地，小球的平均速度为负

C.小球落地时的速度为10m/s

D.当小球运动到与抛出点的距离为1.0m处，对应的时刻有3个7.如图所示，原长为L的轻质弹簧一端固定在O点，另一端将一厚度为d、重力为G的方形木块压在竖直墙壁MN上的p点时，木块恰好能保持静止。已知Op水平且Op=L，木块与墙壁间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终在弹性限度内，则(

)A.木块受3个力

B.木块对墙壁的压力是墙面发生形变所导致的

C.木块所受摩擦力大小为μG

D.弹簧的劲度系数为G二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.在平直公路上，自行车与同方向行驶的一辆汽车在t=0时同时经过某一个路标，它们的位移x(m)随时间t(s)变化的规律为：汽车为x=10t−14t2，自行车为x=6tA.汽车作匀减速直线运动，其加速度大小为14m/s2

B.在t=8s时两车速度相等，自行车第一次追上了汽车

C.在t=0至t=16s时间内，两车间距离先增大后减小9.如图水平传送带在电动机带动下始终保持以速度v匀速运动，某时刻质量为m的物块无初速度地放在传送带的左端，经过一段时间物块能与传送带保持相对静止。已知物块与传送带间的动摩擦因数为μ.若当地的重力加速度为g，对于物块放上传送带到物块与传送带相对静止的过程，下列说法中正确的是(

)A.物块所受摩擦力的方向水平向右 B.物块运动的时间为v2μg

C.物块相对地面的位移大小为v2μg 10.如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中(弹簧一直保持竖直)，下列说法中正确的是(

)A.小球受到的弹力一直在增大

B.小球的速度一直在增大

C.小球的速度先增大后减小

D.小球的加速度先减小后增大三、实验题：本大题共2小题，共14分。11.某兴趣小组利用如图所示装置测量当地重力加速度的大小。光电门1、2固定在铁架台上，两光电门与数字计时器相连，两光电门之间高度差为h。实验时让直径为d的小钢球从光电门1正上方某处由静止释放，小钢球经过光电门1、2时的挡光时间分别为Δt1、Δt2。已测得小钢球的直径d=1.00cm，h=42.00cm。

(1)小钢球通过光电门1时的瞬时速度表达式为v1=

(用题目中给的物理量符号表示)；

(2)若测得Δt1=10.00ms、Δt2=3.30ms，则小钢球通过光电门2时的瞬时速度大小v2=

m/s12.某同学用图甲所示的装置测量沿斜面运动小车的瞬时速度与加速度，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，小车静止开始下滑过程中所得到纸带的一部分如图乙所示，图中标出了5个计数点之间的距离，每两个点之间还有4个点未画出。

(1)该同学按照正确的操作步骤打出这条纸带的

(选填“左端”或“右端”)与小车相连；

(2)打C点时小车的速度v=

m/s，小车下滑时的加速度大小a=

m/s2(结果均保留两位有效数字)；

(3)若已知当地的重力加速度为g，小车的质量为m，斜面的倾角为θ，则该小车运动中受到的阻力可以表示为

(用m、g、θ、a表示)。四、计算题：本大题共3小题，共40分。13.一小球从离地面高h=0.8m的水平桌面边缘无初速度掉落，最终静止在厚度不计的地毯上。假设整个过程中无反弹，小球可看成质点，空气阻力不计，取g=10m/s2。

(1)求小球的下落时间；

(2)求小球与地毯接触前瞬间的速度v的大小；

(3)若小球与地毯撞击过程用时Δt=0.1s后静止，求此过程中小球的加速度的大小和方向。14.如图所示，质量M=2.5kg的物块放置在水平地面上，轻绳跨过固定在天花板上的光滑定滑轮将物块和质量m=1kg的小球连接。已知物块和定滑轮间的轻绳与水平方向的夹角α=30°，物块恰好不能发生滑动，小球静止且未接触地面，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2。求：

(1)地面对物块的支持力大小FN；

(2)物块与地面间的动摩擦因数μ。15.如图为一倾角为α=37°的粗糙固定斜面，质量m=2kg的物块A与劲度系数k=100N/m的轻弹簧一端连接，弹簧另一端固定于斜面顶端。质量M=3kg的物块B叠放在A上。系统静止时，弹簧伸长量Δx=0.25m，A与斜面间动摩擦因数μ=0.5，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s2，求：

(1)系统静止时，斜面对A的摩擦力。

(2)取走B瞬间A的加速度。

答案解析1.【答案】A

【解析】【分析】两个力同向时，合力最大，等于两个力之和；两个力反向时，合力最小，等于两个力之差；两个力不共线时遵循平行四边形定则。

本题关键明确二力合成时，合力范围为：|F1−F2|⩽F⩽|F1+F2|，两力同向时合力最大，反向时合力最小。

【解答】两个共点力F1、F2的合力的最大值为7N，最小值为1N，故F12.【答案】A

【解析】解：质点运动114圈，如图，物体的起点为A，终点为B，则位移大小为2R，

通过的轨迹长度为114个圆周长度即114×2πR=52πR.选项A正确，3.【答案】B

【解析】解：马拉雪橇的力与雪橇拉马的力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律可知，大小总是相等，同时产生，同时消失，与雪橇的运动状态无关，故B正确，ACD错误。

故选：B。

根据马拉雪橇的力与雪橇拉马的力是一对相互作用力分析即可。

知道马拉雪橇的力与雪橇拉马的力是一对相互作用力是解题的关键，掌握相互作用力的特点是解题的基础。4.【答案】C

【解析】解：AC、由于此时木块处于匀速直线运动状态，即平衡状态，水平方向受力平衡，f=F=8N，不管运动速度等于多少，只要是匀速运动，滑动摩擦力总等于8N，故A错误，C正确；

B、滑动摩擦力f=μFN与水平方向拉力无关，故当水平拉力F=20N时，木块受到的摩擦力为8N，故B错误；

D、滑动摩擦力f=μFN与水平方向受力无关，故将拉力撤去后，滑动摩擦力不变，物体在滑动摩擦力作用下做减速运动，速度减小，故D错误．

故选：C．

由于此时木块处于匀速直线运动状态，即平衡状态，分析该木块所受的平衡力情况即可判断摩擦力大小，要注意滑动摩擦力5.【答案】D

【解析】解：A、若0～t1时间内工人做匀加速直线运动，如图中虚线所示：

则其平均速度为v−=12v1

而实际图像与时间轴围成的面积大于虚线围成的面积，即实际位移大于匀加速运动的位移，则实际的平均速度大于匀加速运动的平均速度，即大于12v1，故A正确；

B、v−t图线的斜率表示加速度，由图可知，0～t1时间内斜率减小，可知，0～t1时间内工人做加速度减小的加速运动，故B正确；

C、v−t图线的斜率表示加速度，t1时刻斜率为零，则t1时刻工人的加速度为零，故C正确；

D、根据v−t图线的斜率表示加速度，可知t1～t6.【答案】D

【解析】解：A、由题意可知，上升和下落过程中小球都是仅受重力，加速度为重力加速度，故加速度方向相同，都是竖直向下，故A错误；

B、由题意可知，从抛出到落地，小球位移的方向竖直向下，与规定的正方向相同，所以小球的位移为正，则此过程中平均速度为正，故B错误；

C、由速度—位移关系式可得，v2−v02=2gh，解得：v=v02+2gh=62+2×10×1m/s=214m/s，故C错误；

D、根据速度—位移关系可得：2ghm=7.【答案】D

【解析】解：A.对木块受力分析，木块受重力、弹簧的压力、墙壁对木块的支持力和墙壁对木块的静摩擦力，共4个力，故A错误；

B.木块对墙壁的压力是木块发生形变所导致的，故B错误；

C.竖直方向，根据平衡条件可知木块所受的静摩擦力大小为G，故C错误；

D.根据题意木块恰好能保持静止，竖直方向根据平衡条件有

f=G

木块恰好能保持静止，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则有

f=μN=μkd

联立解得

k=Gμd

故D正确。

故选：D。

对木块受力分析，确定受力个数；压力是木块发生形变所导致的；根据共点力平衡条件分析判断。8.【答案】CD

【解析】解：A、汽车x=10t−14t2=v0 t+12at 2，v0=10m/s，a=−12m/s2，做匀减速直线运动．加速度大小12m/s 2，故A错误；

B、自行车x=6t=vt.做速度为6m/s的匀速直线运动，t=8s时，汽车速度v=v0 +at=10+(−12)×8=6m/s，即在t=8s时两车速度相等

自行车位移9.【答案】AD

【解析】解：A、物块相对传送带向左滑动，故物块受到的摩擦力方向水平向右，故A正确；

B、物体受重力、支持力、滑动摩擦力作用，合外力F=f=μmg，由牛顿第二定律可得：加速度a=μg；物块匀加速运动的时间为：t=va=vμg，故B错误；

C、物块相对地面的位移大小为：x=v22a=v22μg，故C错误；

D、物块相对传送带的位移大小为：10.【答案】ACD

【解析】解：A、弹簧的压缩量不断变大，故弹簧的弹力不断变大，故A正确；

B、C、D、小球开始下落时，只受重力作用做加速运动，当和弹簧接触时，受到弹簧弹力作用，开始时弹簧压缩量小，因此重力大于弹力，此时：mg−kx=ma，随着弹簧压缩量的增加，弹力增大，加速度减小，但是物体仍加速运动，当mg=kx时，速度最大，然后弹簧继续被压缩，当mg=kx时，加速度等于零，速度最大，物体继续向下运动，弹簧继续被压缩，弹力大于重力，物体开始减速运动，所以整个过程中物体先加速后减速运动，故B错误，C正确，D正确。

故选：ACD。

下落过程中正确对小球进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可判断其加速度的变化情况，然后进一步判断速度变化情况．

对于弹簧问题要动态分析，分析清楚弹力变化情况，然后根据加速度和速度方向关系判断加速还是减速．11.【答案】d3.039.74

【解析】解：(1)根据瞬时速度定义可知小钢球通过光电门1时的瞬时速度

v1=dΔt1

(2)小钢球通过光电门1时的瞬时速度值

v1=dΔt1=1.00×10−2m10.00×10−3s=1.00m/s

通过光电门2时的瞬时速度值

v2=dΔt212.【答案】右端0.260.15mgsinθ−ma

【解析】解：(1)因为小车做匀加速直线运动，因此A为先打出的点，该端与小车相连，即纸带的右端与小车相连。

(2)每两个点之间还有4个点未画出，则相邻计数点间的时间间隔为T=5×1f=5×150s=0.1s

打C点时小车的速度vC=xBD2T=(2.51+2.66)×10−22×0.1m/s≈0.26m/s

由逐差法可得a=xCE−xAC4T2=(2.81+2.66−2.51−2.36)×10−24×13.【答案】小球的下落时间为0.4s

小球与地毯接触前瞬间的速度v的大小为4m/s

若小球与地毯撞击过程用时Δt=0.1s后静止，此过程中小球的加速度的大小为40m/s2【解析】解：(1)由自由落体运动规律有h=12gt2

代入数据解得t=0.4s

(2)由自由落体运动规律有v2=2gh

代入数据解得v=4m/s

(3)选竖直向下为正方向，由a=0−vΔt

代入数据解得a=−40m/s2，

即a的大小为40m/s2，方向竖直向上。

答：(1)小球的下落时间为0.4s；

(2)小球与地毯接触前瞬间的速度v的大小