2025-2026学年四川省遂宁市蓬溪中学高一（下）开学物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2025-2026学年四川省遂宁市蓬溪中学高一（下）开学物理试卷一、单选题：本大题共7小题，共28分。1.一个质点在某一段运动过程中，下列说法正确的是(

)A.加速度大小不变时一定是匀变速直线运动

B.速度大小不变时可能是匀速直线运动

C.某时刻加速度为0，则此时刻速度一定为0

D.某时刻速度为0，则此时刻加速度一定为02.冰壶运动可以考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧。现对运动员推动冰壶滑行过程建立如图所示模型，运动员对质量为m的冰壶施加与水平方向夹角为θ的推力F，使冰壶在水平面上做匀速直线运动，冰壶与冰面间的摩擦因数为μ，重力加速度为g，则下列说法正确的是(

)

A.冰壶受到的摩擦力大小为Fcosθ

B.冰壶受到的摩擦力大小为μ(mg+Fcosθ)

C.冰壶受到的支持力大小为mg

D.冰壶对冰面的压力大小为Fsinθ3.如图所示，“嫦娥号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐减小，在此过程中探月卫星所受合力方向可能是下列图中的(

)A. B.

C. D.4.走马灯(如图所示)，这一富有传统特色的工艺品，起源可以追溯到隋唐时期。其工作原理：点燃底部蜡烛，上升的热空气驱动扇叶旋转，带动纸片绕竖直转轴匀速转动，若我们观察到某一灯面上相邻纸片马和纸片战士的图影交替的时间间隔为5s，四个纸片均匀分布，则该走马灯的角速度约为(

)A.π20rad/s B.π10rad/s C.5.2025年4月25日，我国神舟二十号成功发射升空。实验小组用以下模型模拟其升空过程，如图所示，四个立柱中间固定一弹性网。开始时将火箭下压，使弹性网的形变量足够大(未超出弹性形变)，然后将火箭由静止释放，其离开弹性网并上升到最高点，不计空气阻力，下列说法中正确的是(

)A.火箭模型离开弹性网前先超重后失重

B.火箭模型在释放后瞬间所受合力为0

C.火箭模型离开弹性网时达到最大速度

D.火箭模型离开弹性网后上升到最高点过程中一直超重6.如图所示，为一皮带传送装置，右轮半径为r，a是其边缘上一点，左侧为一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r，b在小轮上，到小轮中心的距离为r，c在小轮边缘上，d在大轮边缘上，以下关系错误的是(

)A.a和的c线速度相等 B.b、c和d角速度相等

C.va：vb：vc：vd=2：1：2：4 D.ωa：ωb：ωc7.越野车和自动驾驶车沿同一公路上向东行驶，自动驾驶车由静止开始运动时，越野车刚好以速度v0从旁边加速驶过，如图所示分别为越野车和自动驾驶车的v−t图线，根据这些信息，可以判断(

)A.5s末两车相遇

B.0时刻之后，两车只会相遇一次

C.20s前两车相遇两次

D.加速阶段自动驾驶车的加速度是越野车的3倍二、多选题：本大题共3小题，共18分。8.关于牛顿运动定律，下列说法正确的有(

)A.汽车速度越大，刹车后停下来所需时间越长，说明速度大的物体惯性大

B.力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因

C.人向前走路时，地面对脚的作用力大于脚对地面的作用力

D.人随电梯向上加速运动时，人对电梯地板的压力大于人所受的重力9.如图甲所示，在水平地面上有一长木板B，其上叠放木块A。假定木板与地面之间、木块与木板之间的最大静摩擦力都和滑动摩擦力相等。用一水平力F作用于B，A、B的加速度与F的关系如图乙所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是(

)A.A的质量为0.25kg B.B的质量为1.0kg

C.B与地面间的动摩擦因数为0.2 D.A、B间的动摩擦因数为0.210.一位同学玩飞镖游戏，圆盘边缘上有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L，如图所示。当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以一定角速度绕盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则(

)A.飞镖在空中飞行的时间为t=Lv0 B.圆盘转动周期的最小值为2Lv0

C.圆盘的半径可能为r=三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.某同学利用图(a)所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.05s发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图(b)所示(图中未包括小球刚离开轨道的影像)。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为5cm。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图(b)中标出。完成下列填空：(结果均保留2位有效数字)(1)小球运动到图(b)中位置A时，其速度的水平分量大小为

m/s，竖直分量大小为

m/s；(2)根据图(b)中数据可得，当地重力加速度的大小为

m/s212.为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为沙和沙桶的质量。(滑轮质量不计)

(1)实验时，一定要进行的操作是

。

A.改变沙和沙桶的质量，打出几条纸带

B.将带滑轮的长木板右端垫高，以补偿阻力

C.小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通打点计时器的电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数

D.为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M

(2)该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带(两计数点间还有两个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为

m/s2(结果保留两位有效数字)。

(3)以弹簧测力计的示数F为横轴，加速度a为纵轴，画出的a−F图像是一条直线，如图丙所示，图线与横轴的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为

。

A.2tanθ

B.1tanθ

C.k

四、简答题：本大题共2小题，共26分。13.如图所示，小球从平台上水平抛出，正好无碰撞落在临近平台的一倾角为α=53°的光滑固定斜面的顶端并沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：

(1)小球水平抛出的初速度大小v0；

(2)斜面顶端与平台边缘的水平距离s；

(3)若斜面顶端高H=20.8m14.传送带是建筑工地常见的运输装置，如图所示为传送带AB的简易图，传送带的倾角为α=30°，以v0=8m/s的速度顺时针匀速转动，工人将质量m=300kg的工料(可视为质点)轻轻地放到传送带的底端A，并用平行于传送带的轻绳拴接在工料上，启动电动机，电动机对工料提供的牵引力恒为F=3000N，经过t0=2s关闭电动机，一段时间后工件刚好到达传送带的最高点B。已知工料与传送带之间的动摩擦因数为μ=35，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。求：

(1)经过时间t0=2s时，工料的速度大小；

五、计算题：本大题共1小题，共12分。15.在某塔顶上将一物体竖直向上抛出，抛出点为A，物体上升的最大高度为20m，不计空气阻力，设塔足够高，则：(g取10m/s2)

(1)物体抛出的初速度大小为多少？

(2)物体位移大小为10m时，物体通过的路程可能为多少？

(3)若塔高H=60m，求物体从抛出到落到地面的时间和落地速度大小。答案解析1.【答案】B

【解析】解：A、当加速度的方向和速度的方向在同一条直线上，物体做直线运动。加速度不变的运动不一定是直线运动，比如：平抛运动，加速度不变，所以加速度大小不变时不一定是匀变速直线运动。故A错误；

B、匀速直线运动的速度大小和方向都不变。速度大小不变时，可能是匀速直线运动，也可能是匀速圆周运动。故B正确；

C、加速度为0，速度不一定为0.比如：匀速直线运动，加速度为0，速度不为0.故C错误。

D、速度为0，加速度不一定为0，比如：竖直上抛运动到最高点，速度为0，加速度不为0.故D错误。

故选：B。

判断直线运动还是曲线运动，看速度的方向和加速度的方向是否在同一条直线上；匀速直线运动的速度不变。

加速度为0，速度不一定为0.速度为0，加速度不一定的为0。

解决本题的关键知道做直线运动还是做曲线运动的条件，以及知道加速度为0，速度不一定为0.速度为0，加速度不一定的为0。2.【答案】A

【解析】解：冰壶受力情况如图所示，由冰壶受力情况知，水平方向根据平衡条件可得：

f=Fcosθ

根据摩擦力的计算公式可得：

f=μFN

竖直方向根据平衡条件可得：

FN=Fsinθ+mg，

解得f=μ(mg+Fsinθ)

故A正确，BCD错误；

故选：A。

由受力分析求解F3.【答案】D

【解析】“嫦娥号”探月卫星从M点运动到N，做曲线运动，速度逐渐减小，故合力指向指向凹侧，且合力与速度的方向的夹角要大于90°，故ABC错误，D正确。

故选：D。4.【答案】B

【解析】解：根据题意可知，每隔5s纸片马和纸片战士交替一次，即走马灯转过的角度为90°，则根据角速度定义式可得ω=π2×5rad/s=π10rad/s，故B正确，ACD错误。

故选：B。5.【答案】A

【解析】解：火箭从释放到离开弹性网的过程中，弹力F随着形变量的减小而减小。

起初F>mg，合力向上，加速度向上，火箭做加速运动，处于超重状态；

随着F减小，当F=mg时，加速度为零，速度达到最大；

随后F<mg，合力向下，加速度向下，火箭做减速运动，处于失重状态。

因此，火箭是先超重后失重，且在离开弹性网之前就已经达到最大速度，故A正确，BCD错误。

故选：A。

火箭模型释放后瞬间弹力大于重力，合力向上不为零。离开弹性网前弹力逐渐减小，先大于重力使火箭加速超重，后小于重力减速失重，最大速度出现在弹力等于重力时。弹力始终做正功导致机械能持续增加。

本题以火箭模型升空为背景，综合考查了牛顿运动定律、超重失重现象以及机械能守恒等核心知识点。题目通过弹性网形变与恢复的动态过程，巧妙地将受力分析、运动状态变化与能量转化有机结合，具有较好的综合性。计算量适中，但需要学生准确理解弹力随形变量变化的规律，并能够动态分析合力、加速度、速度的变化关系。6.【答案】D

【解析】解：A.a点位于右轮边缘，c点位于左侧小轮边缘，二者由同一根不打滑的皮带连接；由同一皮带带动的两轮边缘及皮带上各点的线速度大小相等，因此a和c的线速度相等，故A正确。

B.b、c、d三点固定在同一根轮轴上，属于同轴转动模型；同轴转动的物体上各点的角速度相等，因此b、c和d三点的角速度相等，故B正确。

C.根据线速度与角速度的关系公式v=ωr，结合b、c和d三点的角速度相等，可得三点的线速度之比vb：vc：vd=1：2：4；又因为va=vc，可得va：vb：vc：vd=2：1：2：4，故C正确。

D.根据线速度与角速度的关系v=ωr，结合va=vc，可得ωa：ωc=2：1；又因为ωb：ωc：ωd=1：1：1，可得ωa：ωb：ωc：ωd=27.【答案】D

【解析】解：A.0时刻两者并排在一起，由于v−t图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，由图像可知，5s末两者位移不相等，越野车的位移大于自动驾驶车的位移，故A错误；

BC.0时刻两者并排在一起，由于v−t图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，可知，10s时刻两者位移相等，即10s时刻两者相遇，此时自动驾驶车开始做匀速直线运动，其速度大于越野车的速度，越野车做匀加速直线运动，20s时两者速度再一次相等，之后，越野车的速度大于自动驾驶车的速度，可知，两者20s后一定还会再相遇一次，即O时刻之后，两车会相遇两次，BC错误；

D.v−t图像的斜率表示加速度，故加速阶段自动驾驶车的加速度为a1=1810m/s2=1.8m/s2

越野车的加速度为a2=18−920−5m/s2=0.6m/s28.【答案】BD

【解析】解：

A.惯性的唯一量度是质量，与汽车速度无关，故A错误；

B.力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因，故B正确；

C.人向前走路时，地面对脚的作用力大小等于脚对地面的作用力大小，二者是作用力反作用关系，故C错误；

D.人随电梯向上加速运动时，合力向上，电梯地板对人的支持力大于人所受的重力，根据牛顿第三定律，电梯地板对人的支持力大小等于人对电梯地板的压力大小，故人对电梯地板的压力大于人所受的重力，故D正确；

故选：BD。

本题根据惯性的唯一量度是质量、力是改变物体运动状态的原因、牛顿第三定律和牛顿第二定律，即可解答。

本题考查学生对惯性的唯一量度是质量、力是改变物体运动状态的原因、牛顿第三定律和牛顿第二定律的掌握，难度不高，比较基础。9.【答案】BC

【解析】解：AB、在F<3N时，一起保持静止；在3N≤F<9N时，A、B保持相对静止，故地面对B的最大静摩擦力fB=3N；

在3N≤F<9N时，A、B保持相对静止；在F≥9N时，A与B发生相对滑动，故B对A的最大静摩擦力fA=4mA，

当F=9N时，A、B运动的加速度a=F−fBmA+mB，可得，mA+mB=9−34kg=1.5kg；

在F=13N时，B的加速度aB=F−fA−fBmB=8m/s2，可得，mB10.【答案】AD

【解析】解：A.飞镖水平位移为L，水平方向做匀速直线运动，由L=v0t，解得飞行时间t=Lv0，故A正确。

B.飞镖击中P点时，P点从初始位置(盘心正上方)转到飞镖高度，需要转过n圈加半圈(n=0,1,2…)，即运动时间满足t=(n+12)T，整理得周期T=2t2n+1=2Lv0(2n+1)。n=0时周期最大，最大周期为2Lv0；n越大T越小，不存在最小周期，故B错误。

C.竖直方向飞镖做自由落体运动，下落位移y=12gt2=gL22v02，击中P时P在盘心正下方，下落位移等于圆盘直径2r，即y=2r，解得r=gL211.【答案】1.02.09.7

【解析】【分析】(1)小球做平抛运动，在分析处理数据时应将运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动进行处理，结合题干给出的时间以及图(b)中竖直位移的数据进行求解。

(2)小球在竖直方向做匀加速直线运动，由逐差法可求重力加速度。

本题主要考查研究平抛运动的实验，要求学生能运用平抛运动规律，对实验数据进行分析处理。【解答】

(1)小球在水平方向做匀速直线运动，由图可知Δx=5cm=0.05m，则水平分速度vx=ΔxΔt，代入数据得vx=1.0m/s，

竖直方向做自由落体运动，可运用匀变速直线运动规律求解，匀变速直线运动中间时刻速度等于全过程平均速度，

若在A点时竖直分速度记为vy，则有Δh=vy⋅2Δt12.【答案】AB1.3D

【解析】解：(1)A.为了多测几组数据，需要改变沙和沙桶的质量，打出几条纸带，故A正确；

B.为了保证小车受到的拉力等于细线对车的拉力，需要将带滑轮的长木板右端垫高，以补偿阻力，故B正确；

C.小车靠近打点计时器，先接通打点计时器的电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数，故C错误；

D.实验中用弹簧测力计可以测量细线的拉力，无需保证沙和沙桶的质量m远小于小车的质量M，故D错误。

故选：AB。

(2)相邻计数点间的时间间隔为T=3×1f=3×150s

根据逐差法可得小车运动的加速度为：a=x34+x45+x56−x01−x12−x239T2=2.8+3.3+3.8−1.4−1.9−2.39×(3×150)2×10−2m/s2≈1.3m/s213.【答案】解：(1)小球从平台抛出后，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动

则h=12gt12，vy=gt1

根据已知条件结合速度的合成与分解有tan53°=vyv0

代入数值解得：v0=3m/s，t1=0.4s。

(2)小球在水平方向做匀速直线运动，斜面顶端与平台边缘的水平距离即为小球的水平位移，s=v0t1，则代入数据解得s=1.2

m。

(3)设小球落到斜面顶端的速度大小为v1，sin53°=vyv1

小球在光滑斜面上的加速度大小为a=gsin53°

小球在斜面上的运动过程满足：Hsin53∘=v1t【解析】(1)在竖直方向上根据运动学公式，结合运动的合成与分解，可求出速度和时间；

(2)根据匀速运动公式可求出水平距离；

(3)根据速度的夹角关系，结合运动学公式可求出到达斜面低端的时间。

学生在解答本题时，应注意要能够熟练运用运动的合成与分解解决平抛运动以及复杂曲线运动问题。14.【答案】解：(1)对工料进行受力分析，根据牛顿第二定律有：F−mgsinθ+μmgcosθ=ma1

设经t时刻，工料与传送带共速则有：v0=a1t

代入数据解得：t=1s

再对工料受力分析，根据牛顿第二定律有：F−mgsinθ−μmgcosθ=ma2

根据速度—时间公式有

v=v0+a2t′

代入数据解得：v=10m/s

(2)刚关闭电动机后，对工料受力分析，根据牛顿第二定律有：mgsinθ+μmgcosθ=ma3

代入数据解得：a3=8m/s2

方向沿传送带向下

(3)未撤去拉力之前，