2026年高考物理二轮专题复习：主观题热练四（解析版）

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页主观题热练四一、实验题1．某同学利用如图所示装置测量某种单色光的波长。(1)滤光片应安装在图中_________位置。A．A装置左边B．A、B两装置之间C．B、C两装置之间(2)实验中发现，观察到的干涉条纹较模糊，要使条纹变清晰，可采取的措施是_________。A．旋转测量头B．减小单缝与双缝间距离C．调节拨杆使单缝与双缝平行(3)该同学测得图示装置中A、B、C、D、E各装置之间的距离分别为L1、L2、L3、L4，又测得第1条亮条纹中心到第5条亮条纹中心的距离为a。已知单缝宽度为d1，双缝间距为d2，则该单色光波长的表达式为（用题中字母表示）。【答案】(1)B(2)C(3)【解析】（1）为保证实验效果，滤光片应放在凸透镜（A）和单缝（B）之间。故选B。（2）若粗调后看不到清晰的干涉条纹，观察到的是较模糊的干涉条纹，最可能的原因是单缝与双缝不平行，要使条纹变得清晰，应调节拨杆使单缝与双缝平行。故选C。（3）由题意知，相邻两条亮条纹之间的距离双缝间距为双缝到屏的距离代入双缝干涉实验条纹间距公式，可得解得2．某同学从实验室找到一些器材自己动手制作了一个多用电表，他设计的电表电路如图甲所示。该同学设计初衷是①单刀双掷开关接时，、端接入回路中作为量程分别为和的电流表使用；②单刀双掷开关接时，可作为“”和“”双量程的欧姆表使用。已知电流表G满偏电流，内阻；电源电动势为，内阻为。请帮助该同学解决以下问题。(1)电路中定值电阻，。(2)某次测电流时，单刀双掷开关接，接1，表头示数如图乙所示，此时回路电流值。(3)若想保证欧姆表正常使用，调零电阻可选下面两个滑动变阻器中的________。A．电阻范围 B．电阻范围(4)当单刀双掷开关接，再将开关接1时，欧姆表的挡位为（选填“”或“”），某次测量欧姆调零后将待测电阻接在、间，发现挡位不合适，断开电路将开关接2欧姆调零后重新测量发现挡位合适，是因为开关接1时电流表指针偏转角（选填“太大”或“太小”）。开关接2后再次欧姆调零时滑动变阻器接入回路的阻值为。【答案】(1)872(2)5.2mA/5.20mA(3)B(4)×100太小1427Ω【解析】（1）由电路图可知，接1时为电流表，接2时为电流表，于是可得，代入数据可得，解得，（2）接，接1时，多用电表为量程为10mA的电流表，由图乙可知，每个小格为0.2mA，所以读数为5.2mA（3）欧姆表需要进行欧姆调零，所以单刀双掷开关接，接1时，欧姆表的内阻单刀双掷开关接，接2时，欧姆表的内阻，为改装后电流表的内阻。故选B。（4）单刀双掷开关接1时为大量程电流表，所以接、接1时即为小倍率欧姆表，对应的挡位是。接2为大倍率欧姆表，因为需要调换挡位说明现在测量的是一个大电阻，此时量程太小，所以出现的情况应该是指针偏角太小。调整好倍率进行欧姆调零，开关接2时，电流表内阻滑动变阻器的阻值二、解答题3．如图所示，长度为L的粗糙水平面与竖直面内半径为R的光滑半圆形轨道在B点平滑相接，一质量为m的小滑块将轻弹簧压缩至A点后由静止释放，小滑块到达B点前已和弹簧分离，经过B点后沿半圆轨道恰好能通过最高点C作平抛运动。已知：，，，小滑块与轨道间的动摩擦因数，重力加速度大小取。求：(1)小滑块通过C点后落地点到B的距离；(2)小滑块对圆轨道最低处B点的压力大小F；(3)弹簧压缩至A点时的弹性势能。【答案】(1)(2)(3)【解析】（1）小滑块恰好能通过最高点C，根据牛顿第二定律有解得小滑块在空中做平抛运动，则有，联立解得小滑块通过C点后落地点到B的距离为（2）小滑块从B点到C点过程，根据动能定理得解得在B点由牛顿第二定律有解得根据牛顿第三定律可知小滑块对圆轨道最低处B点的压力大小（3）根据能量守恒可得解得4．如图，竖直平面内有两个连续的有界区域，边界竖直且平行。第Ⅰ区域宽度为，其内分布着方向水平向右，电场强度大小为的匀强电场；第Ⅱ区域宽度为，其内分布着垂直于竖直平面向里的磁感应强度大小为（为未知量）的匀强磁场，一质量为，带电量为的带电粒子从左侧边界的点以与竖直方向夹角为45°的初速度射入第Ⅰ区域的电场内，经过一段时间后进入第Ⅱ区域时的速度方向恰好与电场右边界夹角为60°，不计粒子的重力，忽略边缘效应求：(1)该粒子从点入射时的速度大小；(2)能使该粒子重新回到左侧电场的最小值。【答案】(1)(2)【解析】（1）设粒子从点入射时的速度大小为，将其沿水平方向和竖直方向分解，水平分量为竖直分量为粒子进入第Ⅱ区域时的速度为，水平分量竖直分量粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向上为匀速直线运动，则有可得水平方向上做匀加速直线运动，电场力提供加速度，可得根据匀加速直线运动速度位移关系有联立解得（2）粒子在磁场内做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有可得其中当粒子的运动轨迹与磁场右边界相切时，轨迹半径达到最大值，此时为粒子能够回到左侧电场的磁场强度最小值。根据几何关系可得解得可得5．如图所示，质量为的木板静止在光滑水平面上，现有一质量为的小滑块（可视为质点）以的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，已知滑块与木板间的动摩擦因数，重力加速度。求：(1)若滑块刚好没有从木板右端滑出，求木板的长度；(2)若木板长，求滑块在木板上运动过程中木板对滑块的冲量大小。【答案】(1)3m(2)【解析】（1）滑块刚好没有从木板右端滑出，则最终滑块到达边缘时与木板同速，则对系统根据动量守恒定律得代入数据解得对系统根据能量守恒定律得解得木板长度为（2）设滑块滑到木板最边缘的时间为t，对滑块根据匀变速直线运动位移与时间公式得对木板根据匀变速直线运动位移与时间公式得又因为联立解得