2026年安徽省阜阳市高考物理一模试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2026年安徽省阜阳市高考物理一模试卷一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.2025年10月11日中核集团漳州核电2号机组首次启动核燃料(铀—235)装载工作。下列关于该核电站核反应过程的说法正确的是(

)A.核反应的原理是可控核聚变反应

B.核反应过程中质量数守恒

C.核反应的反应物结合能之和大于产物结合能之和

D.核反应的反应物原子核比产物原子核更稳定2.汽车行驶时胎压过高或过低都容易造成安全隐患。夏天汽车在户外长时间暴晒，假设在暴晒过程中轮胎容积不变，则暴晒后轮胎内(

)A.每个分子的运动速率都增大

B.单位体积内的分子数减少

C.气体从外界吸收的热量全部用于对外界做功

D.单位时间内单位面积上气体分子对轮胎的作用力增大3.一列波长为2m的简谐横波在均匀介质中传播，a、b是波传播方向上的两个质点，振动图像分别如图甲、乙所示。则t=7s时两质点间的波形图可能为(

)A. B.

C. D.4.在光学仪器中，道威棱镜被广泛用来进行图形翻转。如图所示，棱镜的横截面ABCD是底角为45°的等腰梯形。一束与BC平行的光线从AB边的中点射入棱镜，已知棱镜材料的折射率n=2，下列说法正确的是(

)A.光线进入棱镜后频率变小

B.若光线经BC边一次反射后从CD边射出，出射光线与BC边平行

C.若光线经BC边一次反射后从CD边射出，入射光线向上平移，则出射光线也向上平移

D.若棱镜材料折射率为3，光线射到BC5.宇宙中某恒星质量是太阳质量的2倍，设想地球“流浪”后绕此恒星公转，“流浪”前后的公转轨道均可以看作圆周，且在新公转轨道上的温度与“流浪”前一样。已知此恒星单位时间内向外部空间均匀辐射的能量是太阳的16倍，根据球体能量辐射模型可知地球绕此恒星公转的半径是绕太阳公转半径的4倍。地球绕太阳公转的线速度为v1，公转的周期为T1；地球绕此恒星公转的线速度为v2，公转的周期为T2A.v1v2=22 B.6.如图所示，理想变压器副线圈接入的匝数可以通过滑动触头P1调节，副线圈回路中接有定值电阻R1、R2和滑动变阻器R，开关S处于闭合状态。电压表、电流表均为理想电表，原线圈接在电压有效值保持不变的正弦式交流电源上，下列说法正确的是A.仅将滑片P1向b端移动，电压表V示数增大

B.仅将滑片P1向b端移动，原线圈的输入功率减小

C.仅将滑片P2向下移动，电流表A2示数增大

D.仅将滑片7.如图所示，以O为圆心，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，直线AC与圆形磁场的边界相切于D点，AC下方有范围足够大、方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B2。一个电子，沿着与AC平行的方向正对圆心O点射入圆形磁场，从D点射出，进入下方磁场。已知电子质量为m，电荷量大小为e，不计重力。下列说法正确的是(

)A.电子的速度大小eBR2m

B.电子第二次经过AC边的位置与D点的距离为2R

C.电子从进入圆形有界磁场到第二次经过AC边所用的时间为5πm2eB

D.电子从进入圆形有界磁场到第二次经过AC边所用的时间为8.一倾角为37°足够大的光滑斜面固定于水平地面上，在斜面上建立xOy直角坐标系，其中Ox轴平行于底边，Oy轴沿斜面向上，如图1所示。物块从静止开始，同时受到沿x轴正方向的力F1和沿y轴正方向的力F2，两个力大小随时间变化的关系如图2，已知物块的质量为0.5kg，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，不计空气阻力，则(

)A.物块运动过程中受到的合力方向不断变化 B.物块的运动轨迹一定为曲线

C.t=1s时物块的加速度为7m/s2 D.t=1s二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面(纸面)内运动。如图，若小球的初速度方向沿与水平方向的夹角为45°的虚线，则其运动轨迹为直线。现让小球以一定的初速度从O点出发，垂直于虚线向右上方运动。下列判断正确的是(

)A.小球一定带正电

B.从O点运动至与O点等高的P点的过程中，小球的动能先减小后增大

C.从O点运动至与O点等高的P点的过程中，小球的机械能一直增大

D.若将电场的方向调整为竖直方向，小球可能做匀速直线运动10.如图所示，木板M和物块m叠放在足够长的水平传送带上，轻弹簧的一端固定在左侧挡板上，另一端与木板接触(不连接)，用力推木板压缩弹簧。使传送带以恒定速度v顺时针转动，由静止释放木板。物块与木板、木板与传送带间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。若弹簧恢复原长时，木板速度还未达到v，已知重力加速度大小为g，则下列说法正确的是(

)

A.弹簧恢复原长前，木板先加速后减速

B.弹簧恢复原长前，木板的加速度一直减小

C.弹簧恢复原长后，木板速度还未达到v，物块脱离木板前，木板加速度为μg

D.弹簧恢复原长后，木板速度还未达到v，物块脱离木板后，木板加速度为μg三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.图为探究“加速度与力、质量的关系”实验，设计了如下两种方案：

方案A：不加槽码m时，调节长木板与水平面的夹角θ，小车能匀速下滑；加上槽码时，小车加速下滑。用光电计时器记录信息，测小车加速度大小，槽码重力mg为小车M受到的合力大小。方案B：加槽码m时，调节长木板与水平面的夹角θ，小车能匀速下滑；去掉槽码，小车加速下滑，用打点计时器在纸带上记录信息，测加速度大小，槽码重力mg为小车M所受到的合力大小。(1)有补偿阻力环节的方案是

；不需要小车质量远大于槽码质量的方案是

。

(2)选实验方案B进行实验。打点计时器所接电源频率为50Hz，打出一条纸带，在纸带上选出A、B、C、D、E共5个计数点，相邻两个计数点间有4个点没有画出，各个计数点间的距离如图所示。打下B点时小车的速度vB=

m/s。(结果保留两位有效数字12.某款可拆卸手机电池标称电动势是4.45V，物理兴趣小组的同学利用下列实验器材测量这款手机电池的电动势和内电阻。

A.电流表A(量程100mA，内阻1Ω)

B.电压表V(量程5V，内阻约为4kΩ)

C.滑动变阻器R1(阻值范围0～50Ω，额定电流1.5A)

D.电阻箱R2(阻值范围0～99.99Ω)

E.开关和导线若干

小组成员设计了如图1所示的实验电路图。

(1)图1中电流表A与R2并联，改装成了一个量程为500mA的大量程电流表，电阻箱R2的阻值应调为______Ω。

(2)图2是实验的实物图，图中已经画出了部分连接线路，请你用笔画线代替导线将其他部分的线路补充完整。

(3)闭合开关S，调节R1的滑片位置，记录几组图1电路中的电压表V和电流表A的读数U、I，并作出U−I关系图像，如图3所示，根据图像中的信息，可得：电池的电动势E=______V、内阻r=______Ω。(四、计算题：本大题共3小题，共42分。13.为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛沿水平直路从t=0时由静止开始做匀加速运动，t1=10s时速度大小为20m/s。此后停止加速开始做匀速运动，匀速运动29s后救护车停止鸣笛。经过一段时间在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声。已知声速v0=340m/s，求：

(1)救护车匀加速运动时的加速度大小；

14.某固定装置的竖直截面如图所示，由倾角θ=37°的直轨道AB、半径R=1m的圆弧轨道BCD(C为圆弧轨道最低点)、倾角为θ的足够长直轨道DE组成，轨道间平滑连接。质量m=0.5kg的小物块a从轨道AB上距C点高度为h=0.8m的位置静止释放，经圆弧轨道BCD滑上轨道DE，小物块a在轨道DE上运动时的动摩擦因数μ=0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。其他轨道均光滑，小物块视为质点，不计空气阻力。已知：重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。

(1)求小物块a第一次经过C点时对圆弧轨道的压力；

(2)求小物块a第一次沿DE向上运动的最大距离；

(3)若静止释放a的同时，在C点放置一个质量也为m的小物块b，小物块a与小物块b在C点发生弹性碰撞。小物块b在轨道DE上运动时的动摩擦因数μ=0.25，求小物块b在DE上经过的总路程。15.如图所示，长度均为L的两根光滑金属直导轨MN和PQ固定在水平绝缘桌面上，两者平行且相距l，M、P连线垂直于导轨，定滑轮位于N、Q连线中点正上方h处。MN和PQ单位长度的电阻均为r。M、P间连接一阻值为2sr的电阻。空间有垂直于桌面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量为m、电阻不计的金属杆，初始时位于M、P连线处，在过定滑轮的不可伸长的轻质轻绳拉动下，沿导轨水平向右由静止做加速度大小为a的匀变速直线运动。金属杆在导轨上时与导轨始终垂直且接触良好，重力加速度大小为g。

(1)求金属杆在导轨上运动到与M、P连线相距d时，回路的感应电动势；

(2)求金属杆在导轨上运动到与M、P连线相距d时，轻绳拉力；

(3)若让轻绳拉动金属杆从M、P连线处以速度大小为v，水平向右做匀速直线运动，求金属杆在导轨上保持速度大小v做匀速直线运动的最大路程。

答案解析1.【答案】B

【解析】解：A、核反应的原理是核裂变反应，故A错误；

B、在核反应过程中遵循质量数守恒和电荷数守恒，故B正确；

CD、核反应是朝着比结合能大的方向进行的，生成物的原子核比反应物的原子核更加稳定，所以生成物的比结合能大于反应物的比结合能，反应物和生成物的质量数相等，所以核反应中反应物结合能之和小于产物结合能之和，故CD错误。

故选：B。

核电站的原理都是核裂变反应；核反应中质量数、电荷数守恒；核反应是朝着比结合能大的方向进行的。

知道核反应是朝着比结合能大的方向进行的是解题的关键，知道现在所有的核电站都是应用的核裂变反应等是解题的基础。2.【答案】D

【解析】解：A.温度是分子热运动平均动能的标志，暴晒后轮胎内气体温度升高，分子的平均动能增大，但分子运动速率遵循统计规律，并非每个分子的运动速率都增大，存在个别分子速率减小的情况，故A错误；

B.题目明确“轮胎容积不变”，即气体体积V不变。轮胎内气体的分子总数N未发生变化(无气体进出轮胎)，则单位体积内的分子数n=NV保持不变，故B错误；

C.根据热力学第一定律ΔU=Q+W，其中ΔU为气体内能变化，Q为吸收的热量，W为外界对气体做的功。气体温度升高，内能ΔU增大(ΔU>0)；轮胎容积不变，气体体积V不变，气体不对外做功，外界也不对气体做功(W=0)；由ΔU=Q+W，可得Q=ΔU>0，即气体从外界吸收热量，且吸收的热量全部用于增加内能，并非对外做功，故C错误；

D.气体压强的微观本质是大量气体分子对容器壁的碰撞产生的平均作用力。温度升高，分子平均动能增大，分子碰撞轮胎内壁的平均作用力增大；分子数密度n不变(体积不变、分子总数不变)，单位时间内单位面积上的碰撞次数不变，故单位时间内单位面积上气体分子对轮胎的作用力增大，故D正确。

故选：D。

需先根据温度变化判断分子平均动能变化，再结合体积不变分析分子数密度及压强变化，最后依据热力学第一定律判断吸放热与做功关系。3.【答案】A

【解析】解：质点a、b的振动周期均为T=2s，t=0时a处于平衡位置向上振动，b处于波峰，t=7s=312T时a、b的振动情况与1s时的振动情况相同，即a处于平衡位置向下振动、b处于波谷，故A正确，BCD错误。

故选：A。

根据t=0时刻a和b所处的位置以及振动情况确定t=7s4.【答案】B

【解析】解：A、光的频率由光源决定，在进入不同介质时保持不变，故A错误；

B、棱镜的截面ABCD是轴对称的等腰梯形，且光线在BC边发生全反射，入射角与反射角相等，所以光线在AB边的折射角与在CD边的入射角相等，出射光线折射角为45°，与BC边平行，故B正确；

C、入射光线向上平移，入射角不变，光线与BC、CD边的夹角不变，此时光线射到BC边的位置向右移动，射到CD边的位置向下移动，出射光线向下平移，故C错误；

D、若棱镜材料折射率更大，光线与AB边的折射角减小，光线射到BC边的位置向左移动，故D错误。

故选：B。

A、理解光的频率的决定因素，及光与介质之间的关系；

B、通过等腰梯形的对称性和折射定律，认识到光线在AB边的折射角与CD边的入射角相等，进而发现AB边的入射角和CD边的折射角相等，均为45°，出射光线与梯形底边平行；

C、理解平移光线时角度不变的特点，判断出射光线的变化；

D、理解折射率改变对光线折射角的影响，判断光线传播方向。

本题考查光的折射定律和全反射，通过光线在棱镜中的传播路径，判断选项正误。5.【答案】C

【解析】解：设地球的质量为m，公转半径为t，中心天体质量为M。地球公转时，根据万有引力提供向心力得

GMmr2=mv2r=m4π2T2r

得v=GMr，T=2πr3GM

6.【答案】B

【解析】解：AB、仅将滑片P1向b端移动，则副线圈的匝数减少，根据变压比可知变压器的输出电压减小，即电压表示数减小。副线圈电路中的电阻不变，根据P=U2R可知，副线圈电路的功率减小，变压器的输入功率等于输出功率，所以变压器的输入功率减小，故A错误，B正确；

CD、仅将滑片P2向下移动，变阻器接入电路中的电阻增大，变阻器和R2串联，其两端电压等于变压器的输出电压不变，跟姐姐欧姆定律可知通过该支路的电流减小，即电流表A2的示数减小，当变阻器接入电路中的电阻和R2阻值相等时，变阻器消耗的功率最大，但不知道变阻器和R2的阻值关系，所以变阻器消耗的功率无法判断，故CD错误。

故选：B。

仅将滑片P1向b端移动，则副线圈的匝数减少，根据变压比分析；根据P=U7.【答案】C

【解析】解：A、根据题意分析可知，粒子的运动轨迹如图所示

粒子的运动轨迹半径为R，故根据洛伦兹力提供圆周运动的向心力有qvB=mv2R，解得v=eBRm，故A错误；

B、由圆形磁场进入AC下方磁场，运动半径为qvB2=mv2r，根据A项v=eBRm，解得r=2R，故电子第二次经过AC边的位置与D点的距离为4R，故B错误；

CD、电子在圆形磁场中运动的时间为t1=14T1=8.【答案】D

【解析】解：由图2可知

F1过原点，t=3s时F1=12N，故F 1=4t(N)，

F2截距为3N，t=3s时F2=12N，故F 2=3t+3(N)，

物块质量m=0.5kg，斜面倾角37°，重力沿斜面向下的分力

Gy=mgsin37°=0.5×10×0.6N=3N

x方向，合力Fx合=F1=4t(N)

加速度ax=Fx合m=4t0.5=8t(m/s2)

y方向，合力Fy合=F2−Gy=(3t+3)−3=3t

加速度ay=Fy合m=3t0.5=6t(m/s2)

A.合力的方向由tanθ=ayax=6t8t=34决定，与时间无关，方向恒定，故A错误；

B.9.【答案】CD

【解析】解：带电小球在电场和重力场中沿45°虚线做直线运动，其合力F合方向必沿该虚线方向。重力G=mg竖直向下，电场力Fe=qE水平，合力方向与水平方向成45°，可知|qE|=mg。由于重力向下，合力指向右下方或左下方。根据题意，小球垂直于该虚线向右上方运动，该虚线应为135°或315°方向的对角线，而能使合力指向下方的对角线为向右下方，此时电场力Fe水平向右。

A、电场力Fe方向向右，但匀强电场E的方向未知，因此无法确定小球一定带正电，故A错误；

B、小球垂直于虚线向右上方运动，即初速度v0与恒定的合力F合垂直。根据恒力作用下的运动规律，带电小球做类平抛运动，其速度大小满足v=v02+(at)2，其中a=F合m=2g，速度大小随时间t逐渐增大。因此，动能Ek=12mv2一直增大，不会先减小后增大，故B错误；

C10.【答案】BCD

【解析】解：AB、弹簧恢复原长前，对木板M和物块m整体受力分析可知在水平方向受到弹簧弹力F、传送带对木板的滑动摩擦力f1=μ(M+m)g，物块m与木板M相对静止，一起做加速运动，由牛顿第二定律可得：F+μ(M+m)g=(M+m)a1，解得加速度为：a1=FM+m+μg，由此可知弹簧恢复原长过程中，弹簧的弹力F逐渐减小，因此加速度a1一直减小，但加速度与速度同向，木板一直加速，不会出现减速阶段，故A错误，B正确；

CD、弹簧恢复原长后，弹簧的弹力F=0，木板速度仍小于传送带速度v，在物块未脱离木板时，对M和m组成的整体：由牛顿第二定律可得：μ(M+m)g=(M+m)a2，解得：a2=μg，此时物块受静摩擦力为：f′=ma2=μmg11.【答案】方案A方案B0.13

【解析】解：(1)方案A要使细线拉力等于小车受到的力，需要补偿阻力。要使细线拉力近似等于槽码的重力，需要使小车质量远大于槽码质量；方案B小车匀速运动时细线拉力等于槽码的重力。小车加速下滑时，小车受到的合力等于槽码的重力，所以不需要小车质量远大于槽码质量，去掉槽码，不需要补偿阻力。

(2)相邻计数点间的时间间隔为

T=5×1f=5×150s=0.1s

匀变速直线运动中间时刻速度等于该段的平均速度，则打B点时小车的速度为

vB=xAC2T=3.50−1.002×0.1×10−2m/s=1.25m/s≈0.13m/s

故答案为：12.【答案】0.25

4.29;2.20

【解析】解：(1)根据并联电路特点和欧姆定律Igrg=(I−Ig)R2

解得R2=IgrgI−Ig=100×1500−100Ω=0.25Ω

(2)根据实验电路图连接的实验电路如图所示：

(3)改装电流表的内阻RA=R2rgR2+rg=0.25×10.25+1Ω=0.20Ω

电流表的量程扩大为原来的5倍，当电流表示数为I时，干路电流I干=5I

根据闭合电路欧姆定律E=U+5I(RA+r)

变形得U=E−5(RA+r)⋅13.【答案】救护车匀加速运动时的加速度大小是2m/s2

在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声的时刻是【解析】解：(1)根据匀变速运动速度公式v=at1

代入数据得救护车匀加速运动时的加速度大小a=2m/s2

(2)救护车加速运动过程中的位移x1=v2t1

代入数据得x1=100m，匀速运动29s停止鸣笛，则匀速阶段的位移x2=v×t2

代入数据得x2=580m

设在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声的时刻t3。

则有x1+x14.【答案】小物块a第一次经过C点时对圆弧轨道的压力大小为13N，方向竖直向下

小物块a第一次沿DE向上运动的最大距离为0.6m

小物块b在DE上经过的总路程为3m

【解析】解：取水平向右为正方向。

(1)小物块a从点A运动至第一次经过C点的过程中，依据机械能守恒定律可得：mgh=12mvC2。

第一次经过C点时，设圆弧轨道对小物块的支持力为FN，根据牛顿第二定律有：FN−mg=mvC2R。

依据牛顿第三定律，小物块对圆弧轨道的压力F′N与FN大小相等，即F′N=FN。

联立上述方程，解得：F′N=13N，方向竖直向下。

(2)设小物块a第一次沿DE向上运动的最大距离为x。从释放点到沿DE上升至最大距离处，根据动能定理有：mgh−mgR(1−cosθ)−mgxsinθ−μmgxcosθ=0。

代入数据，解得：x=