湖南长沙市第一中学2025-2026学年高三下学期3月阶段检测物理试题（含答案）

准考证号绝密★启用前注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。(本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.核钻石电池就是把碳—14包裹在一层人造钻石里，既防止核放射泄漏，又无比坚硬不容易损坏。该概念由英国布里斯托尔大学提出并宣布试验成功基于碳—14同位素β衰变的半导体电池，但目前尚没有普及应用。碳一14的半衰期为5730年，下列说法正确的是A.升温加压可以改变碳—14的半衰期B.β衰变产生的电子来源于核外电子C.经过5730年，8个碳—14剩下4个未衰变D.碳±14可以用作示踪原子教如图所示，A、B两个质量不等的小磁铁分别用a、b两根细线悬挂在两竖直杆上，由于磁力作用，静止时细线a与竖直方向的夹角为37°,细线b与竖直方向的夹角为53°,则a、b两细线上的拉力大小之比为3.以下四幅图片：图甲是自然光通过偏振片M、IN的实验结果，右边是光屏，当M固定不动缓慢转动N时，光屏上的光亮度将明暗交替变化；图乙是单色光的衍射图样；图丙是双缝干涉示意图；图丁是两束单色光a、b射向水面A点，经折射后组成一束复色光。下列说法正确的是甲乙丙丁物理试题(Q8)第1页(共8页)QC.检验电荷+q在顶点B、D₁受到的电场力相同D.检验电荷一q在顶点A₁的电势能比在顶点C₁电势能小星表面的距离为4R,引力常量为G。下列说法正确的是A.若已知卫星在椭圆轨道运行的周期为T,火星的第一宇宙速度B.若已知卫星在椭圆轨道运行的周期为T,火星的质量的加速度大小之比为9:25的速率之比为3:5速度v乙=2v,将工件(视为质点)轻放到传送带甲上，工件离开传度为g,下列说法正确的是A.工件在传送带乙上的痕迹为曲线目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)甲A.该波沿x轴负方向传播时间轴相切。已知汽车质量为m,运动过程中受到的阻力恒为f,则有A.汽车的额定功率C.0～ti和t₁~t2时间内汽车牵引力做功之比为2t₁:(t₂—t₁)D.0～t₁和t₁~t₂时间内汽车牵引力做功之比为t÷2(t₂—t₁)10.图甲为某公司设计的在圆柱形管道内运行的超级高铁模型示意图；图乙是管道纵向截面图，截面圆的半径为R,沿管道方向平行固定着两根间距为√3R的金属导轨MN和PQ(导轨电阻不计)。车站前平直的管道内导轨间交替分布着竖直方向的匀强磁场(使列车进站时产生电磁阻尼作用而减速),相邻区域磁场方向相反、磁感应强度大小均为B、宽度均为L。总质量为m的列车底盘前端固定有与导轨垂直的导体棒a和b,其间距为L、电阻均为r。列车以速度vo从图丙所示位置开始减速进站，减速距离大于2L。导体棒与导轨接触良好，管道内稀薄空气阻力及与轨道间摩擦均可忽略不计。则丙B.列车前进L时，列车加速度大小D.列车前进L的过程中，a、b棒产生的总焦耳热三、非选择题(本大题共5题，共57分)11.(6分)如图甲，置于水平长木板上的滑块用细绳跨过定滑轮与钩码相连，拖动固定在其后的纸带一起做匀加速直线运动，一盛有有色液体的小漏斗，用较长的细线系于纸带正上方的O点，当滑块运动的同时，漏斗在垂直于滑块运动方向的竖直平面内做摆角很小(小于5°)的摆动。漏斗中漏出的有色液体在纸带上留下如图乙所示的痕迹。测得漏斗摆动时细线中拉力的大小F随时间t的变化图像如图丙所示，重力加速度为g。(1)根据图丙可知漏斗振动的周期T=◎(2)图乙中测得A、B两点距离为x₁,D、E两点距离为x₂,则滑块加速度大小a=0(3)改变钩码的质量m,绘制出钩码质量m与滑块加速度之间的关系如图丁所示，已知斜率为k,则滑块的质量M为(始终满足m<M)。物理试题(Q8)第4页(共8页)A.电池组(电动势约为3V,内阻约为10Ω)C.定值电阻R₀=6Ω距为13.6A-¹,图线斜率为1.00V-1,则电池组电动势E=V,内阻r=Ω。(结果保留到小数点后一位)13.(10分)如图所示，竖直放置在水平面上的两汽缸底部由容积可忽略的细管连接，左、右两汽缸粗细均匀，内壁光滑，横截面积分别为S、2S,左、右两汽缸内各有一个活塞将缸内封闭一定质量的理想气体，左、右活塞质量分别为0.5m、2m,轻质细弹簧上端与天花板连接、下端与左侧汽缸内活塞相连。初始时，两缸内活塞离缸底的距离均为h,两活塞相平，大气压强重力加速度大小为g,汽缸导热性能良好，环境温度为To,封闭气体质量保持不变，弹簧的劲度系数为k,弹簧始终在弹性限度内且保持竖直，汽缸足够长，求：(1)开始时弹簧的形变量；(2)使环境温度缓慢升高为2T₀,则右侧汽缸中活塞移动的距离为多少?(3)若(2)过程中系统内能增加了△U,则系统吸收的热量为多少?物理试题(Q8)第6页(共8页)隔d=0.2m就有一段间距也为d的区域P,区域P内(含边界)存在竖里、磁感应强度B=2T的匀强磁场。现有一电荷量q=+5×10-1⁰C、质量m=1×10⁻⁹kg的可视为质点的带电粒子，从坐标原点0自由下(1)粒子刚到达第一个区域P时的速度大小v₁;(2)粒子刚到达第n(n>1)个区域P时的速度大小vn和粒子穿出该区域时速度的水平分量的大小vnu;(3)粒子运动到最低点时的y轴坐标值。物理试题(Q8)第7页(共8页)的质量与带电量均与P相同(P、Q之间不粘连，电荷不交换，不计P、Q间的库仑相互作用力)。初始时用水平向左的力F=√4+2π²mg压缩弹簧系统处于静止状态，某时刻撤去外力F。已知重力加速度为g;弹簧始终处在弹性限度内，弹簧的弹性势能E,与形变量x的关系为;物体做简谐运动的周期公式为,其中k代表回复力F与位移x的(1)撤去外力F前弹簧的压缩量xo;(2)撤去F后Q向右运动的最大位移xQ;(3)P、Q从第1次分离到第32次相遇时的时间t。(取π²=10,物理试题(Q8)第8页(共8页)高三物理参考答案题号123456789答案DACBABCACBDBD半衰期是放射性核素固有的属性，由原子核内部结构决定，不受外界条件(如温度、压力)影响。升温加压不能改变碳一14的半衰期；B.β衰变是原子核内的一个中子转化为质子，同时释放出电子(β粒子)和反中微子的过程。β衰变产生的电子来源于原子核内部，而非核外电子；C.对于8个碳一14原子，期望剩余未衰变原子数为4个，但实际衰变具有随机性，对于少量原子，不能保证精确剩余4个未衰变原子；D.碳—14具有放射性(半衰期为5730年),可通过β衰变被检测，常用于考古学碳定年和生物学示踪研究。2.A【解析】将这两个小磁铁看成整体，根据整体水平方向受力平衡得F₂sin37°=F₆sin53°,3.C【解析】偏振是横波特有的性质，图甲的现象说明光是横波，故A错误；图乙中的衍射图样是不等间距的条纹，故B错误；根据双缝干涉实验的原理，光屏上相邻两条亮条纹中心的间距为,若增大光屏到挡板的距离l,两相邻亮条纹间距离将增大，故C正确；根据折射率公式,图中两束光折射角相同，但b光的入射角更大，所以b光的折射率更大，根据全反射临界角公式,b光的全反射临界角更小，更容易发生全反射，故D错误。4.B【解析】正方体两顶点A、D电场强度大小相同，方向不同，故A错误；根据电势的对称性可知A、B、B₁、A₁、和D、C、C、D₁这8个点的电势相等(关于点电荷连线的中点对称),检验电荷+q在顶点B、D₁受到的电场力大小相同，方向不同，故C错误；由B项可知A,和C₁电势相等，故检验电荷一q在顶点A₂的电势能和在顶点5.A【解析】已知探测卫星在椭圆轨道运行的周期为T,可根据开普勒第三定律，计算近火卫星周期,第一宇宙速度,故A正确；根据可以计算火星质量,故B错误；根据可知，卫星在“近火点”P和“远火点”Q的加速度大小之比为25:9,故C错误；根据开普勒第二定律vp·3R·△=vo·5R·△t可知探测卫星在“近火点”P和“远火点”Q的速率之比CK(R₂+R₃);B.电压表的示数变化量△U,原线图电压变化量△U₁=K△U,定值电阻R₁两端电压变化量的绝对值|△Uml=|△U₁|,可C端滑至下端过程，有,R₃先增大后减小，副线圈总电阻先增大后减小。等效电阻为Rg=KR,,则电源的输出功率先减小后增大，故C错误。D.根据U=IR十IK²R总，副线图的输出功率为P=IR,=K²PR,其中,整理得所以理想变压器副线图的榆出功率的变化情况不确定，故D错误。的速度水平向右，沿传送带乙方向相对传送带乙的速度与乙的运动方向相反，所以相对传送带乙的速度为这两度方向相反，因此工件在传送带乙上的痕迹为直线，故A错误；根据运动的合成可知，工件相对于传送带的速度v相寸=√v+(2v)=√5v,根据牛顿第二定律可知，相对加速度为,止需要的时间为,故B错误；结合上述分析可知，工件在传送带乙上的痕迹长度为Z和叶= ,故C正确；选取传送带甲所在位置为x轴，传送带乙的位置为y轴，则工件沿x轴方向，初速度Zhr=v,加速度,位移,沿y方向，则有zy=0,,解得沿y方向的位移为,则工件在传送带乙上滑动过程的位移大小为,故D错误。8.AC【解析】A.由乙图可知，0.01s时P点向下振动，则波向左传播，波长λ=60cm=0.6m,周期T=4×10⁻²s,则波速度为,B.因0.18s为4.5个周期，故t=0.18s时刻的波动情况与时刻波动情向沿y轴负方向，C.波的传播是波形的平移，根据x=nt其中t=0.04s,代入解得x=0.6m=60cm,D.两列波发生干涉的必要条件是频率相等，该波的频率为25Hz与2.5Hz不相等，故这两列波不会发生干涉现象。9.BD【解析】AB.0～ty时间内，加速度恒定为ao,由牛顿第二定律F一f=mao,可得F=f+mao,z时刻速度为v₁=aoty,此时达到额定功率P=Fv=(f+mao)aot,B正确；CD.0～t牵引力做功W₁=Fz₁=(f+mao)·,～t₂牵引力做功W₂=P(t₂一t₁)=(f+mao)aot(t₂一),比值W₁:W₂=去：2(t₂一z₁)。10.BD【解析】A.设速度为v时，每个导体棒产生的感应电动势E=B·√3Rv,则根据欧姆定律可得回路中的总电流,导体棒受到总的安培力为。整个过程由动量定理可整理可,解得,故A错误；B.根据上述分析可知，则解得,结合牛顿第二定律可得,解得a=,故B正确；C.列车前进L时，导体棒a的热功率C错误；D.根据功能关系可知，列车前进L的过程中，a、b棒产生的总焦耳热为,故D正确。三、非选择题(本大题共5题，共57分)11.(每空2分，共6分)(1)2to23(2)由图乙可知z₂一x=3at²,解得(3)因始终满足mM,则可将钩码的重力近似认为等于滑块的牵引力，则由牛顿第二定律mg-μMg=Ma解得则,解得12.(每空2分，共10分)(1)(2)36.0/36(3)I(3R₁+3r+Rg)(4)3.09.6【解析】(2)电流计的读数为Iᴀ=1.2mA,则通过电阻箱的电流为(3)电流表的读数为I,则电路的总电流为,根据闭合电路的欧姆定律可知E=3I(R₁+r)+IR.=(4)由E=I(3R+3r+Rg)可,解得E=3.0V,r=9.6Ω解得对左缸中活塞研究，设弹簧压缩量为z,满足……1分解得△h=1.5h……………………1分(3)根据热力学第一定律可得△U=Q+W………………………2分W=-p:(△h×2S)=-18mgh……………………1分则Q=△U-W=△U+18mgh………………………1分………………………3分(2)在区域P中有qE=mg,进入第n(n>1)个区域P前的过程中，由动能定理有………2分解得z=√2ngd=2√nm/s(n=2,3,4,5…)……………………1分粒子在P区域中运动时，x方向的动量定理qv,B·△t=m△z…………………2分累加得qBd=m△vx…………………1分代入数据解得△v₂=0.2m/s,vm=n△v=0.2nm/s(n=2,3,4,5…)(3)分析可知，当粒子运动到最低点时v,=0故粒子运动到最低点时的y轴坐标值ym=200d………………2分代入数据解得ymx=40m…………………………1分15.(16分)【解析】(1)对P、Q整体，有kzo=F+2qE……………………