广西壮族自治区2025年中考一模物理试题（解析版）

第第页广西壮族自治区2025年中考一模物理试题一、选择题（每小题3分，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得3分，选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）1．在物理学中，力的单位是（）A．kg B．N C．m D．s【答案】B【解析】【解答】解：A、kg是质量单位，故A不符合题意。

B、力的单位是牛顿，简称牛，符号为N，故B符合题意；

C、m是长度单位，故C不符合题意；

D、s是时间单位，故D不符合题意；

故选：B。

【分析】物理学中，力用符号F表示，单位是牛顿，简称牛，符号为N。2．用钢琴和二胡来进行演奏，它们演奏出来的乐曲不可能具有相同的（）A．音调 B．响度 C．音色 D．频率【答案】C【解析】【解答】不同乐器、不同发声体的材料和结构存在差异，导致它们发出的声音在音色特性上有所不同。我们正是通过音色这一特征来区分不同种类的乐器。因此，当使用钢琴和二胡这两种不同结构的乐器演奏时，它们产生的音乐在音色特征上必然存在差异，不可能完全相同。故选C。

【分析】声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．3．“冰雪消融”对应的物态变化是（）A．熔化 B．凝固 C．汽化 D．凝华【答案】A【解析】【解答】解：“冰雪消融”是冰雪吸热熔化成的水，由固态变成液态，物态变化是熔化，故A符合题意，BCD不符合题意。

故选：A。

【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。4．如图所示，日晷是我国古代的一种计时工具，它的计时原理利用的是（）A．光的直线传播 B．光的反射C．光的折射 D．光的色散【答案】A【解析】【解答】根据图片可知，日晷依靠表盘中央的直针在上面的投影确定时间，而影子是利用光的直线传播来工作的。故选A。

【分析】根据光沿直线传播的知识分析判断。5．当前，智能汽车上搭载的芯片越来越多，制造芯片的核心材料是（）A．导体 B．半导体 C．绝缘体 D．超导体【答案】B【解析】【解答】解：A、导体的导电性能稳定且不可控，无法实现芯片所需的信号处理和逻辑控制功能，故A错误。

B、半导体的可控导电性使其能够构成晶体管、二极管等电子元件，是现代芯片制造的核心材料，因此B正确。

C、绝缘体不具备导电能力，无法实现芯片内部的电信号传输与处理，故C错误。

D、超导体需要极低的工作温度，且不具备半导体的信号调控特性，不适合作为芯片的核心材料，故D错误。

故选：B。

【分析】（1）导体是容易导电的材料，如铜、铝等金属，主要用于电路中的导线、电极等，不具备半导体的可控导电特性，无法用于制造芯片。

（2）半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，并且其导电性可以通过掺杂等方式精确控制，是制造晶体管、集成电路等芯片核心元件的关键材料。

（3）绝缘体几乎不导电，如橡胶、塑料等，主要用于电路隔离和绝缘保护，不能作为芯片的核心材料。

（4）超导体在特定低温下电阻为零，目前主要用于磁悬浮、超导输电等领域，尚未大规模应用于芯片制造。6．如图所示，运载火箭在加速升空过程中，下列说法正确的是（）A．动能减小 B．重力势能减小C．机械能不变 D．机械能增大【答案】D【解析】【解答】解：A、火箭加速升空，速度增大，动能增大，故A错误。

B、火箭高度升高，重力势能增大，故B错误。

C、动能和重力势能都增大，机械能增大，故C错误。

D、动能增大、重力势能增大，机械能增大，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）运载火箭加速升空，速度增大，质量可认为暂时不变，动能与速度平方成正比，因此动能增大。

（2）火箭升空时高度不断增加，质量不变，重力势能与高度成正比，因此重力势能增大。

（3）机械能等于动能与重力势能之和，两者都增大，因此机械能不可能不变。

（4）动能增大、重力势能增大，两者之和（机械能）必然增大。7．在正常工作的家庭电路中，为了安全且快速地分辨出火线和零线，应选用的工具是（）A．电压表 B．电能表 C．试电笔 D．螺丝刀【答案】C【解析】【解答】解：在正常工作的家庭电路中，为了安全且快速地分辨出火线和零线，应选用的工具是试电笔，故C符合题意，ABD不符合题意。

故选：C。

【分析】试电笔的用途：用来辨别火线和零线。8．如图所示，正在2025年春节联欢晚会跳舞的机器人，其动力来源主要是（）A．电能 B．风能 C．光能 D．核能【答案】A【解析】【解答】解：2025年春节联欢晚会跳舞的机器人，其动力来源主要是电能，故A正确，BCD错误。

故选：A。

【分析】电动机工作时将电能主要转化为机械能。9．某兴趣小组开展制作飞机模型大赛，他们要让飞机获得升力，机翼横截面的形状应设计成（）A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】解：飞机获得升力靠飞机机翼上凸下平的形状，使得机翼上面流速大、压强小，下方流速慢、压强大，从而产生一个向上的升力，使得飞机飞起来，故应选择B选项中的形状。

故选：B。

【分析】流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，据此结合选项中的图形进行判断。10．如图所示，为我国古人抬起巨木的劳动情境示意图，其蕴含的物理学原理是（）A．惯性 B．浮力 C．杠杆平衡 D．二力平衡【答案】C【解析】【解答】解：从图中可以看出，有横杆和支架，横杆相当于杠杆，故蕴含的物理学原理是杠杆平衡，故C正确，ABD错误。

故选：C。

【分析】结合图形中的工具来分析物理学原理。二、多项选择题（每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）11．下列数据中接近生活实际的是（）A．教室门的高度约为2mB．人正常步行的平均速度约为5m/sC．我们正常呼吸一次的时间约为10D．在高铁上行驶的列车的最大速度约为350km/h【答案】A,D【解析】【解答】解：A.教室门的高度约2m，故A符合实际；

B.人正常步行的平均速度约为1.1m/s，故B不符合实际；

C.我们正常呼吸一次的时间约为2秒钟，故C不符合实际。

D.在高铁上行驶的列车的最大速度约为350km/h，故D符合实际。

故选：AD。

【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。12．如图是地磅工作原理示意图，秤台连在竖直弹簧上，电路与恒压电源连接。未称量时，滑动变阻器R的滑片P在最上端，称量时，滑片P向下滑动。闭合开关S，当秤台上小车的质量增大时，则（）A．电压表的示数减小 B．电压表的示数增大C．电流表的示数不变 D．电流表的示数增大【答案】B,C【解析】【解答】解：由图可知，R0和滑动变阻器R的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器R上半部分电压；闭合开关S，车辆总质量越大时，滑动变阻器滑片向下移动，电压表所测部分电阻长度增大，电阻变大，根据串联分压原理可知，电压表示数变大；因滑片向下移动过程中，电路的总电阻不变，根据欧姆定律可知，电路的电流大小不变，即电流表示数不变，故BC正确，AD错误。

故选：BC。

【分析】分析电路连接，根据串联分压原理结合欧姆定律分析回答。三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）13．宋代诗人陆游的诗“花气袭人知骤暖”蕴含的科学道理是：当升高时，花香分子做无规则更加剧烈，使人闻到浓浓的花气。【答案】温度；运动【解析】【解答】当温度升高时，花香分子做无规则运动更加剧烈，使人闻到浓浓的花气。

故答案为：温度；运动。

【分析】分子运动的快慢跟温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。14．我国的北斗卫星定位系统是通过向地面传递信息的；太阳能电池可以将太阳能转化为能供我们使用。【答案】电磁波；电【解析】【解答】解：电磁波可以在真空中传播，且可以传递信息，故卫星是使用电磁波与地面站通信的。太阳能可以转化为内能，可以转化为电能，太阳能电池可以将太阳能转化为电能供我们使用。故答案为：电磁波；电。

【分析】（1）电磁波能传递信息，可以在真空传播；广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；

（2）太阳能电池能将太阳能转化为电能。15．共享充电宝是时下比较流行的共享产品。有了它，市民们在商场、酒店、超市等很多公共场所能随时借到充电宝，可以解很多燃眉之急。如图所示充电柜中的8个充电宝之间是（选填“串联”或“并联”）的；当用户将其归还至充电柜中时，充电宝相当于电路中的（选填“电源”或“用电器”）。【答案】并联；用电器【解析】【解答】（1）根据使用过程可知，如果一个充电宝损坏，其它的照常充电，则各充电宝能独立工作，彼此互不影响，所以各充电宝之间是并联的。（2）当用户将其归还至充电柜中进行充电时，充电宝消耗电能，相当于用电器。

【分析】（1）用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联；

（2）用电器消耗电能，电源提供电能。16．在水平地面上，小明用力沿水平方向推着重为300N的箱子匀速前进了6m，用时3s。在这个过程中，箱子运动的速度为m/s，箱子所受重力做功为J。【答案】2；0【解析】【解答】解：在这个过程中，箱子运动的速度v=st=6m3s=2m/s17．如图所示，给此装置接通电源后，可用其来研究的热效应；若通过R1的电流为1A，其通电时间为60s，则R1产生的热量为J。【答案】电流；300【解析】【解答】解：给此装置接通电源后，电流通过各电阻丝产生热量，将电能转化为内能，即可用此装置来研究电流的热效应；

由图可知R1的阻值：R1=5Ω，故通电时间60s，R1产生的热量：Q=I2Rt=(1A)2×5Ω×60s=300J18．如图1所示，甲、乙两个实心物体静止在水平地面上，其中甲为底面积为0.25m2、高2m的均匀柱状体，乙为边长为1m，密度为2×103kg/m3的正方体，当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平稳地放在乙物体上时，甲、乙对地面的压强随截取的长度x的变化如图2所示，则（选填“a”或“b”）图象代表甲的压强随截取的长度x的变化，图2中p1：p2＝.【答案】b；4：5【解析】【解答】沿水平方向截取不同高度的甲物体，并放在乙物体上时，甲剩余的质量减小，对地面的压力减小，受力面积不变，根据p=F图2中，甲截取的长度为x1时，p1=p甲=p乙，甲截取的重力为ΔG，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据F=G=pS可得：F甲=G甲−ΔG=p甲S甲=p1S甲，F乙四、作图题（本大题共1小题，共6分。）19．（1）一盏灯笼被风吹得向左偏，请在图中画出灯笼所受重力G的示意图；（O点表示灯笼的重心）（2）请在图中根据折射光线画出对应的入射光线；（3）请在图括号内标出小磁针右端的磁极，同时在A点用箭头画出磁感线的方向。【答案】（1）（2）（3）【解析】【解答】解：（1）重力的方向是竖直向下的，从灯笼重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：（2）过凸透镜光心的光线传播方向不改变；通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：（3）根据图示可知，闭合开关后，电流从通电螺线管的左侧流入，右侧流出，根据安培定则可知通电螺线管的右端是S极、左端是N极；

由磁极间的相互作用规律可知，小磁针的右端是S极，左端是N极；

磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，所以A点处磁感线的方向是由左向右。如图：

【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从物体重心做竖直向下的力即可。

（2）在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。

（3）根据安培定则判定通电螺线管的磁极；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的磁极；磁体周围的磁感线从N极出发回到S极。（1）重力的作用点在物体的重心上，方向竖直向下，过重心竖直向下画一条带有箭头的线段，箭头的旁边标明重力的符号，如下图所示：（2）根据凸透镜的特殊光线可知，平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点；过光心的光线传播方向不变，如下图所示：（3）图中根据电流的走向可知，螺线管中电流的方向从螺线管左端流入，右端流出，根据安培定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极，由螺线管周围磁感线分布可知，A点磁感线向右；由磁极间的相互作用可知，小磁针右端为S极，如下图所示：五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。）20．小明利用如图所示的器材“探究平面镜成像特点”。（1）实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，如果有1mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择（2）为了使实验效果更明显，应在较（选填“暗”或“亮”）的环境下进行实验。（3）实验中为了比较像和物的大小关系，小明拿另一支大小相同且（选填“需要”或“不需要”）点燃的B在玻璃板后面移动，人眼一直在（选填“E”或“F”侧观察，直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合。（4）物理实验中经常需要多次测量，下列实验中与本实验多次测量的目的相同的是______（选填字母）。A．“探究光的反射定律”时，多次改变入射角的大小，进行测量；B．“用刻度尺测长度”时，多次测量被测物体的长度。【答案】（1）1（2）暗（3）不需要；E（4）A【解析】【解答】解：（1）厚玻璃板两个表面反射成两个相距较选的像，不易确定像的位置，如果有1mm厚和2mm厚的两块玻璃板，应选择1mm厚的玻璃板做实验。

（2）平面镜成像时，较暗的环境，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体在平面镜中成像越清晰。

（3）如果点燃玻璃板后方的蜡烛B，则因为光太亮而不易分清镜中的烛焰是像的烛焰还是对面B的烛焰，难以确定像的位置，从而对实验造成影响，所以实验过程中蜡烛B不需要点燃，故将未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面并移动；因平面镜成像属于光的反射，所成的像是由光的反向延长线相交形成的虚像，故人眼应从蜡烛A一侧透过玻璃板观察（即E位置观察），直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像重合，B的位置即蜡烛A的像的位置。

（4）本实验多次测量的目的是寻找普遍规律；

A、“探究光的反射定律”时，多次改变入射角度，进行测量，多次测量的目的是寻找普遍规律；

B、“用刻度尺测长度”时，需要多次测量被测物体的长度的目的是减小误差。

故选：A。

故答案为：（1）1；（2）暗；（3）不需要；E；（4）A。

【分析】（1）厚玻璃板两个表面反射成两个相距较选的像，不易确定像的位置；

（2）平面镜成像时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，物体在平面镜成像越清晰；

（3）平面镜成的像属于光的反射；

（4）本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，逐项分析得出答案。（1）在实验中，用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，这样既能成像，又能看到玻璃板后面的物体，方便确定像的位置。如果有1mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择1mm厚的玻璃板做实验，因为玻璃板越薄，两个反射面成像越接近，可以减小实验误差。（2）为了使实验效果更明显，应在较暗的环境下进行实验。因为在较暗的环境中，物体和像的对比度更大，更容易观察。（3）[1]实验中为了比较像和物的大小关系，需要拿另一支大小相同且不需要点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，若点燃，则不易区分蜡烛B和A的像，而且点燃的蜡烛B发出的光会影响观察。[2]平面镜所成的像是由于光的反射形成的虚像，人眼E侧观察，直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合。这样，就可以确定像和物的大小是相等的（4）本实验中多次测量是为了寻找普遍规律，避免偶然性。而“探究光的反射定律”时，多次改变入射角的大小进行测量，也是为了寻找普遍规律。但“用刻度尺测长度”时，多次测量被测物体的长度是为了减小误差。故选A。21．如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景。（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向，并通过调整钩码来改变拉力的大小；（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片旋转过一个角度，松手后小卡片（选填“能”或“不能”）平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在的两个力能否保持平衡；（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是：；（4）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要原因是。【答案】（1）相反；个数（2）不能；同一直线上（3）剪断小卡片（4）小华的实验用小卡片，避免了摩擦力对实验的影响【解析】【解答】解：（1）小卡片两端通过滑轮各挂一个钩码，两个钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；

（2）小卡片转过一个角度，小卡片两端的拉力就不在一条直线上，纸片就会转动，说明了不在同一直线上的两个力不能平衡。

（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，用剪刀把小卡片剪成两个更小的卡片，观察两个更小卡片是否平衡。

（4）小华实验用的小卡片重力小，悬在空中不受摩擦力影响；小明实验用的木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，摩擦力是不能消除的，实验要受到摩擦力影响。所以还是小华的实验方案好。

故答案为：（1）相反；个数；（2）不能；同一直线上；（3）剪断小卡片；（4）小华的实验用小卡片，减少了摩擦力对实验的影响。【分析】（1）钩码由于重力的作用，会对小卡片施加一个拉力的作用，左端的钩码对小卡片施加一个向左的拉力，右端的钩码对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；

（2）小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；

（3）探究二力平衡时，验证两个力需要作用在同一个物体上，可以把小卡片分成两半变成两个物体。

（4）木块放在水平桌面上，木块和桌面之间存在摩擦力，实验要考虑摩擦力，使实验比较复杂。（1）[1]图甲中，两端的钩码通过滑轮作用在小卡片的两个力，一个方向向右，一个方向向左，则两个力的方向相反。[2]两端所挂钩码个数不同，作用在小卡片上的拉力也不同，所以通过调整钩码的个数可改变拉力的大小。（2）[1]小卡片被旋转过一个角度后，作用在小卡片上的两个力不在同一直线上，小卡片不能静止，不能保持平衡。[2]小卡片未旋转前，两个拉力在同一直线上，能保持静止，处于平衡状态。被旋转后，两个拉力不在同一直线上，不能平衡，这是为了探究不在同一直线上的两个力能否保持平衡。（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，接下来，可将图甲中的小卡片剪开为两个物体，观察其运动状态。（4）图乙中，木块与水平桌面的摩擦力较大，对实验有较大影响，而图甲中，小卡片所受的空气阻力非常小，可避免摩擦力对实验的影响。22．某兴趣小组使用托盘天平和量筒来测量液体密度的实验中：（1）把天平置于台面上，游码移到标尺左端的处，若指针位置如图甲所示，应该向调节平衡螺母，直到天平横梁平衡；（2）用该天平测出烧杯和牛奶的总质量为97.4g；将一部分牛奶倒入量筒中，如图丙所示，量筒中牛奶的体积为cm3；（3）剩余部分牛奶和烧杯的质量如图乙，其质量为g，则牛奶的密度为kg/m3；（4）为了改测橙汁饮料的密度，他们选择天平和容积为V的两个完全相同的瓶子等器材。两个瓶子分别装满水和橙汁，放在已调平衡的天平左右两盘，移动游码使天平重新平衡，游码示数为m0，如图丁所示。则橙汁的密度ρ=（用字母V、m0和ρ水来表示）。【答案】（1）水平；零刻度线；右（2）20（3）77；1.02×103（4）ρ【解析】【解答】解：（1）使用天平时，将天平工作时应放在水平台上。游码移至标尺左端零刻度线处，图甲中，指针指向分度盘中线左侧，应该向右侧调节平衡螺母，使天平在水平位置平衡。

（2）丙图量筒的分度值为1mL，量筒中液体的体积为V=20mL=20cm3

（3）剩余部分牛奶和烧杯的质量如图乙，其质量为m1=50g+20g+5g+2g=77g

量筒中液体的质量为m=97.4g-77g=20.4g，

则牛奶的密度为ρ=mV=20.4g20cm3=1.02g/cm3=1.02×103kg/m3（2）由丁图可知，橙汁的体积等于水的体积，都等于瓶子的容积为V，同样的瓶子质量相等，

天平平衡，所以m橙子=ρV=m【分析】（1）使用天平时，将天平工作时应放在水平台上。游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指向分度盘中线左侧，说明天平左边质量偏大，应该向右侧调节平衡螺母，使天平在水平位置平衡；

（2）根据图丙中量筒的分度值可知量筒中液体的体积；

（3）烧杯和液体的总质量等于砝码的质量加游码的示数；量筒中液体的质量为等于烧杯和液体的总质量减去剩余液体和烧杯的质量；由密度公式求出待测液体的密度；

（4）由题意可知，丁图中天平平衡时，橙汁的质量等于水的质量加游码的示数，从而求出橙汁的密度。（1）[1][2][3]实验天平时，要把天平置于水平台面上，然后将游码移到标尺左端的零刻度线处；如图甲所示，指针偏向分度盘中线的左侧，应该向右调节平衡螺母，直到天平横梁平衡。（2）如图丙所示，量筒中牛奶的体积为V=20mL=20cm3（3）[1][2]如图乙，剩余部分牛奶和烧杯的质量为50g+20g+5g+2g=77g则牛奶的密度为ρ=（4）天平平衡时，橙汁质量和水的质量关系是m即ρ则橙汁的密度为ρ23．在测量未知电阻RX（1）小明在连接电路的过程中，开关必须处于状态。闭合开关之前将滑动变阻器的滑片调到最（选填“左”或“右”）端。（2）请用笔画线代替导线将如图甲所示的电路连接完整。（3）闭合开关，发现电流表无示数，电压表的示数接近电源电压，则电路故障可能是Rx（4）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，当电流表示数为0.3A时，电压表示数如图乙所示，则其示数为V，未知电阻Rx=（5）若实验中只有一个电压表和一个已知阻值为R0的定值电阻，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻R①闭合开关S，断开开关S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为②闭合开关S、S1，记下此时电压表读数为U；③请写出未知电阻Rx阻值的表达式：Rx=（用U、【答案】（1）断开；右（2）（3）断路（4）2.4；8（5）U【解析】【解答】解：（1）为了保护电路，在连接电路的过程中，开关必须处于断开状态；为了保护电路，闭合开关之前将滑动变阻器的滑片调到最右值；

（2）该实验中，电流表应串联在电路中，且电压表并联在未知电阻Rx的两端；因电源由两节干电池串联组成，电源约为3V，则电压表选用小量程，因电路中电流不大，且有变阻器起保护电路的作用，所以电流表也选用小量程，如下图所示：（3）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，而电压表的示数较大，说明电压表与电源相通，则Rx之外的电路没有断路，所以电路故障可能是Rx断路；

（4）当电流表示数为0.3A时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.4V，

根据欧姆定律可知未知电阻的阻值：Rx（5）用如图丙所示的电路测量未知电阻Rx的阻值，实验步骤如下：

①闭合开关S，断开开关S1，两电阻串联，电压表测Rx两端的电压，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；

②闭合开关S、S1，R0被短路，电路为Rx的简单电路，记下此时电压表读数为U，则电源电压为U；

③闭合开关S，断开开关S1时，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压：U0=U-U1，

由欧姆定律可知电路中的电流：I=I0=U0R0=U−U1R0【分析】（1）连接电路的过程中，为了保护电路，开关必须断开；闭合开关之前将滑动变阻器的滑片调到最大值；

（2）该实验中，电流表应串联在电路中，且电压表并联在未知电阻的两端，并注意电表量程的选择；

（3）闭合开关，电流表无示数，电压表的示数较大，说明电路可能断路，且电压表串联在电路中，据此分析；

（4）由图乙可知电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出电压表的示数，根据欧姆定律求出未知电阻的阻值；

（5）①闭合开关S，断开开关S1，两电阻串联，电压表测Rx两端的电压，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；

②闭合开关S、S1，R0被短路，电路为Rx的简单电路，记下此时电压表读数为U，则电源电压为U；

③闭合开关S，断开开关S1时，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压，由欧姆定律可知电路中的电流和未知电阻Rx阻值的表达式。（1）[1][2]为了保护电路，在连接电路时，开关必须处于断开状态，在闭合开关前，滑片应置于变阻器的最大阻值处，即图甲中的最右端。（2）用伏安法测量未知电阻的阻值，电流表测电路中的电流，电压表测未知电阻两端的电压，电源为2节干电池，电压为3V，电压表选用小量程。作图如下：（3）实验所用电路，滑动变阻器、未知电阻及电流表串联接入，闭合开关，电流表无示数，电路可能出现断路，电压表的示数接近电源电压，则电压表与电源是接通的，可能是电压表并联部分电路断路了，所以电路故障可能未知电阻Rx断路了。（4）[1]由图乙知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V。[2]未知电阻的阻值R=（5）由图丙知，开关S闭合，S1断开，两个电阻串联在电路中，电压表测Rx两端的电压为U1；两个开关都闭合，则电路中只有Rx工作，此时电压表的示数为电源电压。则两个电阻串联时，R0两端的电压U此时电路中的电流I未知电阻的阻值R六、计算题（本大题共2小题，共19分。解答时写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。）24．如图甲是用热敏电阻测量环境温度的电路，电源电压恒为5V，电路中电流表的量程为0~0.02A，滑动变阻器R的铭牌上标有“150Ω0.3A”字样，Rt为热敏电阻，其阻值随环境温度变化关系如图乙所示。求：（1）将此电路放入温度为20℃的环境中，闭合开关，调节滑片P至某一位置，此时电流表的读数为0.01A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值；（2）若滑片位置不动，求该电路能测量的最高环境温度；（3）为了提高电路测量的最高环境温度，请写出一种可行方案，并进行说明。【答案】（1）解：根据图象可知，当环境温度为20℃时，热敏电阻的阻值为400Ω，

当电流表的读数为0.01A，总电阻为：R总=UI=5 V0.01（2）解：若滑片位置不动，电流最大为0.02A，总电阻为：R'热敏电阻的阻值：Rt=R'总-R=250Ω-100Ω=150Ω；

根据图乙图象可知，电阻与温度是直线关系，即Rt=b-kt；

当t1=20℃时，Rt1=400Ω，代入关系式可得：400Ω=b-k×20℃…………①；当t1=30℃时，Rt1=300Ω，代入关系式可得：300Ω=b-k×30℃…………②；

联立①②解得：k=10Ω/℃；b=600Ω，

则Rt随温度t变化的函数关系：Rt=600-10t；

热敏电阻的阻值Rt=150Ω，此时有：

150Ω=600Ω-10Ω/℃×t，

解得：t=45℃；

即滑片位置不动，该电路能测量的最高环境温度是45℃。

答：滑片位置不动，该电路能测量的最高环境温度为45℃。（3）方案1：适当提高电路中电流表的量程：由R=UI可知，当电源电压不变时，电路最大电流增大，总电阻减小，热敏电阻的阻值减小，根据R方案2：将滑动变阻器的滑片向右移动：由R=UI可知，电源电压不变时，最大电流不变，则总电阻不变，滑动变阻器的阻值变大，热敏电阻的阻值减小，根据R【解析】【分析】由电路图可知，R与Rt串联，电流表测电路中的电流。

（1）根据图象读出温度为20℃时热敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值；

（2）由图象可知，热敏电阻阻值越小，环境温度最高，当电路电流最大为0.02A时电路中的总电阻最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大时热敏电阻的阻值最小，根据图象分析电阻与温度关系，得出电路能测量的最高环境温度；

（3）电源电压和电流表量程不变的情况下，总电阻要保持不变；为了提高电路能测量的最高环境温度，热敏电阻的阻值减小，据此分析作答。（1）根据图像可知，当环境温度为20℃时，热敏电阻Rt=400Ω。当电流表的读数为0.01A，电路中的总电阻为R滑动变阻器接入电路中的电阻为R=（2）若滑片位置不动，滑动变阻器接入电路中的电阻为100Ω。电路中的最大电流为0.02A，总电阻为R热敏电阻的阻值为R根据图乙可知，Rt为热敏电阻随环境温度变化关系成一次函数变化，设Rt为热敏电阻随环境温