湖南省祁阳市黎家坪镇第二中学2025年中考一模物理试题（解析版）

第第页湖南省祁阳市黎家坪镇第二中学2025年中考一模物理试题一、选择题（共12小题，满分36分，每小题3分）1．了解能源分类对实现能源可持续发展有重要的意义。下列能源中，属于可再生能源的是（）A．石油 B．水能 C．天然气 D．核能【答案】B【解析】【解答】解：ACD、石油、天然气、核能越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故ACD不符合题意；

B、水能可以在自然界里源源不断地得到，属于可再生能源，故B符合题意。

故选：B。

【分析】可以在自然界里源源不断地得到的能源属于可再生能源；越用越少，不能在短期内从自然界得到补充的能源属于不可再生能源。2．鸟鸣清脆如玉，琴声婉转悠扬。我们能够分辨鸟鸣声和琴声，主要是依据声音的（）A．音调 B．响度 C．音色 D．声速【答案】C【解析】【解答】解：音色是声音的特色，与发声体的结构和材料有关，不同发声体的音色一般不同；人耳能辨别鸟声与琴声，主要是根据声音的音色，故ABD错误，C正确。

故选：C。

【分析】音色是声音的特色，与发声体的结构和材料有关，不同发声体的音色一般不同。3．下列现象中属于液化的是（）A．加油站里总是能闻到汽油味B．冰棒在口中会变成液体C．加入冰块的茶杯外面会出“汗”D．从冰箱冷冻室取出的物品，外部总有一层薄薄的“白粉”【答案】C【解析】【解答】解：A.加油站里总是能闻到汽油味，是分子的热运动现象，故A不符合题意；

B.冰棒在口中会变成液体，是熔化现象，故B不符合题意；

C.加入冰块的茶杯外面会出“汗”，是液化现象，故C符合题意；

D.从冰箱冷冻室取出的物品，外部总有一层薄薄的“白粉”，是凝华现象，故D不符合题意；

故选：C。

【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。4．如图所示，下列现象中属于光的折射现象的是（）A．小孔成像B．手影游戏C．塔在水中的倒影D．铅笔“折断”了【答案】D【解析】【解答】解：A、小孔成像是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；

B、手影游戏是由光的直线传播形成的，故B不符合题意；

C、平静的水面相当于平面镜，塔的倒影是平面镜成的像，这是利用光的反射原理，故C不符合题意；

D、铅笔“折断”了光从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D符合题意。

故选：D。

【分析】光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射，生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射。5．热爱劳动的小丽学做包子。关于蒸包子过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（）A．蒸包子时锅上方“白气”的形成是汽化现象B．包子内能的增大是通过做功实现的C．刚出锅的包子非常烫手，这是因为高温的包子含有的热量多D．打开蒸笼后，闻到包子的香味，这是扩散现象【答案】D【解析】【解答】A．锅上方的白气是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故A错误；B．在蒸包子的过程中，包子吸收热量，内能增大，这是通过热传递的方式改变内能的，故B错误；C．刚出锅的包子非常烫手，这是因为包子的温度高，而不是热量大，故C错误；D．打开蒸笼后，闻到包子的香味，是香味分子不停的做无规则运动，属于扩散现象，故D正确。故选D。

【分析】A.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

B.热传递的本质为能量的转移，做功改变内能的本质为能量的转化；

C.温度是表示物体冷热程度的物理量；

D.不同的物质接触时彼此进入对方的现象叫扩散现象。6．下列做法符合安全用电原则的是（）A．空气开关跳闸后立即合上 B．用电器的金属外壳要接地C．电线失火时直接浇水灭火 D．保险丝熔断时用铁丝代替【答案】B【解析】【解答】解：A、空气开关跳闸可能是同时工作的用电器总功率过大或电路发生了短路，在解决问题之前不能合闸，故A不符合安全用电原则；

B、有金属外壳的用电器，使用三孔插痤，让金属外壳接地可以防止因用电器漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故B符合安全用电原则；

C、生活用水是导体，电线失火时直接浇水灭火，容易发生触电事故，故C不符合安全用电原则；

D、铁丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故D不符合安全用电原则。

故选：B。

【分析】（1）空气开关跳闸的原因①同时工作的用电器总功率过大；②电路发生了短路；解决了问题才能合闸；

（2）用电器的金属外壳必须接地；

（3）生活用水是导体；

（4）铁丝的电阻率小、熔点高，用铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路。7．如图所示实验现象所揭示的物理原理、规律与对应的应用技术相符的是（）A． B．C． D．【答案】D【解析】【解答】解：A．上图是磁极间的相互作用规律，下图中的验电器是利用同种电荷相互排斥工作的，两图原理不相同，故A错误；

B．上图是通电螺线管是利用电流的磁效应的原理，下图中的银行读卡器是利用线圈切割磁条的磁感线产生感应电流，是电磁感应原理；两图原理不相同，故B错误；

C．上图是通电导线在磁场中受到力的作用，下图是电磁感应，两图原理不同，故C错误；

D．图中的电阻丝和电水壶通电时都是将电能转化为内能，都是利用电流的热效应工作的，原理相同，故D正确。

故选：D。

【分析】实验现象揭示的物理原理或规律与应用技术有着密切的联系。在明确为了实验所揭示的原理或规律后，再对照生活中的应用，看是否是同一个知识即可。8．三峡大坝建设5级船闸，让货船利用船闸来实现通过大坝的需求。如图所示装置中与船闸原理工作相同的是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】三峡大坝的船闸，能让货船利用船闸来实现通过大坝的需求，原理为连通器。A．当外界气压改变时，自制气压计内的液柱高度发生改变，故A不符合题意；B．反水弯的形状为U形管，下端连通，上端开口，利用了连通器原理，故B符合题意；C．U形压强计的底部连通，上面只有一侧开口，不属于连通器，故C不符合题意；D．当水槽内水面下降到杯口以下时，外面的空气进入瓶内，则瓶内水在大气压强的作用流入水槽中，从而实现自动供水，利用了大气压，故D不符合题意。故选B。

【分析】根据图片分析各个装置的工作原理，然后与三峡船闸的工作原理对照即可。9．在火箭与导弹领域，手工制造固体燃料十分重要，火药雕刻技术也直接决定了一个国家武器装备的国防实力。如图所示。雕刻火药时刀刃磨得锋利是为了（）A．减小压强 B．减小压力 C．增大压强 D．增大压力【答案】C【解析】【解答】根据题意可知，雕刻火药时刀刃磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。

【分析】增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。10．在巴黎奥运会皮划艇静水女子500米双人划艇决赛中，中国皮划艇队卫冕成功。如图，是两名运动员在比赛中奋力划桨的情景。下列说法正确的是（）A．出发前，皮划艇和运动员保持静止状态，此时皮划艇受到的重力和浮力是一对平衡力B．运动员划桨时，水对桨的力大于桨对水的力C．停止划水后皮划艇能继续前进，是因为皮划艇受到惯性的作用D．运动员划桨时，桨相当于一个费力杠杆【答案】D【解析】【解答】解：A．出发前，皮划艇和运动员保持静止状态，此时皮划艇受到的浮力等于皮划艇和运动员的总重力，皮划艇受到的重力和浮力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；

B．运动员划桨时，水对桨的力与桨对水的力是一对相互作用力，水对桨的力等于桨对水的力，故B错误；

C．停止划水后皮划艇能继续前进，是因为皮划艇具有惯性，惯性不是力，不能说“受到”惯性的作用，故C错误；

D．运动员划桨时，动力臂小于阻力臂，即桨相当于一个费力杠杆，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）二力平衡条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；

（2）相互作用力是作用在不同物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；

（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。

（4）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。11．2025年3月12日0时38分，在海南商业航天发射场，千帆星座第五批组网卫星以“一箭18星”方式成功发射，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功。如图是火箭发射时的情景，下列有关说法正确的是（）A．火箭升空时，以卫星为参照物，火箭是运动的B．火箭发射过程中，燃料若不完全燃烧，热值会减小C．火箭发射过程中，燃烧的燃料越多，火箭发动机效率越高D．发射火箭时的能量转化与热机做功冲程的能量转化相同【答案】D【解析】【解答】解：A、火箭加速升空的过程中，以卫星为参照物，火箭相对于卫星没有位置的变化，是静止的，故A错误；

B、热值的大小与是否完全燃烧无关，故燃料燃烧过程中热值不变，故B错误；

C、火箭发动机在工作时要克服机械部件间的摩擦做额外功，火箭发射过程中燃烧的燃料越多，总功越大，有用功不变，机械效率降低，故C错误；

D、火箭发射升空时，燃料燃烧释放的内能转化为火箭的机械能，与热机做功冲程的能量转化相同，故D正确。

故选：D。

【分析】（1）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；

（2）热值是燃料的固有特性，与质量大小、是否完全燃烧等无关；

（3）在对热机的效率进行辨析时，只有有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比越大时，热机的效率才会越大；

（4）热机做功冲程的能量转化内能转化为机械能。12．小明有一辆玩具警车，只按下遥控器上一个按钮，车灯就会发光，只按下另一个按钮，车就会前进。遥控器上每个按钮对应车上一个开关，则该玩具警车的简化电路可能是下图中的（）A． B．C． D．【答案】A【解析】【解答】解：根据题意可知，只按下遥控器上一个按钮，车灯就会发光，只按下另一个按钮，车就会前进，灯和电动机互不影响，可以独立工作，这说明灯和电动机是并联的，一个开关与灯泡接在电路中，另一个开关与电动机串联在一条支路中，根据四个选项可知，A正确。

故选：A。

【分析】根据题意分析两个开关的连接方式、电动机与灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。二、填空题（共4小题，每空2分，满分18分）13．如图所示是王亚平老师在“天宫课堂”第二课中向前抛出冰墩墩的情景。冰墩墩在空间站中的质量与在地球上相比（选填“变大”、“变小”或“不变”），授课内容是通过（选填“超声波”或“电磁波”）传到地球的。【答案】不变；电磁波【解析】【解答】解：质量是物质的一种属性，它不随物体位置的改变而变化，则冰墩墩在空间站中的质量与在地球上的质量相等。

声音传播需要介质，真空不能传声，则空间站和地球之间靠电磁波传递信息。

故答案为：不变；电磁波。

【分析】（1）质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变；

（2）电磁波可以传递信息。14．某同学观察到12月底他家电能表如图所示，电能表是测量的仪表。该同学观察到当他家里只有一台加热器工作时，这个电能表上的转盘在3min内转过了300转，则这台加热器的实际功率是W。若加热器消耗的电能全部转化为内能且完全被里面的液体吸收，则这些热量能使质量为2kg的液体从20℃升高到℃（c液＝3×103J/（kg•℃））。【答案】电路消耗电能；2000；80【解析】【解答】解：（1）电能表是测量电路消耗电能的仪表；

（2）3000r/（kW•h）表示电路每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过3000r，

电能表的转盘转过300r，则电热水器消耗的电能：W=300r3000r/kW⋅h=0.1kW·h，则电热水器的功率：则液体的末温：t=t0+Δt=20℃+60℃=80℃。

故答案为：电路消耗电能；2000；80。

【分析】（1）电能表是测量电功的仪表；

（2）3000r/（kW•h）表示电路每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过3000r，据此求出转盘转动300r时热水器消耗的电能，再根据P=Wt求出热水器的功率；

（3）根据Q吸=W和Q15．2025年4月，神舟飞船与中国空间站核心舱成功对接（图甲）。当飞船和核心舱靠近对接时，为预防撞击带来影响，需配有对接缓冲装置。小蓝设计了如图乙所示的对接缓冲装置简图。通电后，螺线管的b端为（选填“N”或“S”）极；为增强缓冲效果，滑动变阻器的滑片P应向（选填“左”或“右”）侧滑动）。【答案】N；右【解析】【解答】（1）根据乙图可知，线圈上电流方向向下。用右手握住螺线管，让四指指尖向下，此时大拇指指向b端，则b端就是螺线管的N极。（2）要增强缓冲效果，就需要增强螺线管的磁性，则应增大通过它的电流，根据欧姆定律I=UR可知，应减小变阻器接入电路中的电阻，故滑动变阻器的滑片应向右移动。

【分析】（1）根据图片确定螺线管上的电流方向，然后根据安培定则判断螺线管的磁极方向；16．如图，小明把一金属块挂在弹簧测力计下，然后浸没在水中，再浸没在另一种液体中，弹簧测力计的示数如图所示。则该金属块的密度为kg/m3，丙图中液体的密度为kg/m3。【答案】2.7×103；0.8×103【解析】【解答】解：物块浸没在水中受到的浮力为F浮水=G-F=2.7N-1.7N=1N；

由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得：1N=ρ水gV排；

物体的重力为2.7N，根据G=mg=ρVg可得：2.7N=ρ物gV；

浸没时V排=V，解得ρ物=2.7ρ水=2.7×103kg/m3，

物块浸没在液体中受到的浮力F浮液=G-F=2.7N-1.9N=0.8N，

由阿基米德原理F浮液=ρ液gV排可得：0.8N=ρ液gV排；

而根据上面的计算知，1N=ρ水gV排；

浸没时V排不变，解得ρ液=0.8ρ水=0.8×103kg/m3。

故答案为：2.7×103；0.8×103。

【分析】根据F浮=G-F求浮力大小；因物块排开液体的体积不变，根据阿基米德原理和重力公式，列方程求物体和液体的密度。三、作图与实验探究题（共5小题，满分28分）17．图中给出的是一束光在水面发生反射时的一条反射光线，请在图中作出对应的入射光线并标出入射角的大小。【答案】【解析】【解答】解：图中已经画出法线，反射光线与界面的夹角为30°，则反射角大小等于90°-30°=60°，故入射角也等于60°，根据反射角等于入射角，在法线左侧空气中画出入射光线并标出入射角的大小。如图所示：

【分析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，先作出法线，再画出入射光线。18．如图，轻质弹簧将重为G的小球竖直向上加速弹起，画出此时小球的受力示意图（忽略空气阻力）。【答案】【解析】【解答】解：小球在图示位置时，不计空气阻力，只受到重力作用，从小球重心开始，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示，如图所示：

【分析】对小球受力分析，然后从力的作用点，沿力的方向作有向线段，即可作出小球的受力示意图。19．小星探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的过程如图所示：（1）实验前，弹簧测力计校零应沿方向进行。实验中应使木块在弹簧测力计拉力的作用下做运动，这样弹簧测力计的示数表示的大小。（2）比较甲、乙两图能得出结论：；比较两图能探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度关系。（3）同组的小丽还想继续探究滑动摩擦力大小是否与接触面积的大小有关，于是将木块A沿竖直方向锯掉一半，如图丁，测得半块木块所受摩擦力的大小也变为原来的一半。她由此得出：当接触面的粗糙程度一定时，接触面积越小，摩擦力越小。你认为她的结论错误的原因是。【答案】（1）水平；匀速直线；摩擦力（2）在接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与压力的大小有关；乙、丙（3）没有控制压力相同【解析】【解答】解：（1）摩擦力在接触面上无法直接测量，依据二力平衡的条件，当木块沿水平方向做匀速直线运动时，摩擦力的大小与测力计示数的大小相等；

（2）比较甲、乙两图可知两次实验的接触面粗糙程度相同，但压力的大小不同，结果测力计的示数不同，所以在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小有关；

为了探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，应该控制压力大小相同，只改变接触面的粗糙程度，故选乙、丙；

（3）探究滑动摩擦力与接触面面积的关系，应控制接触面的粗糙程度、物体间的压力相同而接触面的面积不同，由题意可知，实验过程中没有控制压力相等，因此实验结论是错误的。

故答案为：（1）水平；匀速直线；摩擦力；（2）在接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与压力的大小有关；乙、丙；（3）没有控制压力相同。【分析】滑动摩擦力在物体的接触面上，所以摩擦力的大小无法直接测量，可借助于二力平衡的条件，将摩擦力的大小转化成测力计示数的大小进行测量；又因为滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，所以在探究影响滑动摩擦力大小的因素时应使用控制变量法。（1）[1][2][3]摩擦力在接触面上无法直接测量，依据二力平衡的条件，当木块沿水平方向做匀速直线运动时，摩擦力的大小与测力计示数的大小相等，即这样弹簧测力计的示数表示摩擦力的大小。（2）[1]比较甲、乙两图可知两次实验的接触面粗糙程度相同，但压力的大小不同，结果测力计的示数不同，所以在接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小有关。[2]为了探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，应该控制压力大小相同，只改变接触面的粗糙程度，故选乙、丙。（3）探究滑动摩擦力与接触面面积的关系，应控制接触面的粗糙程度、物体间的压力相同而接触面的面积不同，由题意可知，实验过程中没有控制压力相等，因此实验结论是错误的。20．如图甲所示是小明同学在“探究凸透镜成像规律的实验”中确定焦距时所做的实验，一束平行于主光轴的光线经凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为cm。如图乙所示，小明同学保持蜡烛和凸透镜的位置不变，左右移动光屏，在光屏上（选填“能”或“不能”）得到清晰的烛焰的像。若想得到清晰的烛焰的像，需要先将蜡烛向（选填“左”或“右”）移动适当的距离。【答案】15.0；不能；左【解析】【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=35.0cm-20.0cm=15.0cm；由图乙知，物距u1=20.0cm-10.0cm=10.0cm＜15.0cm，即：u1＜f，则烛焰通过凸透镜成的是正立、放大的虚像，所以此时在光屏上不能得到清晰的烛焰像；若想得到清晰的烛焰的像，需要先将蜡烛向左移动适当的距离。

故答案为：15.0；不能；左。

【分析】（1）平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；

（2）（3）比较物距与凸透镜的焦距大小关系，根据凸透镜的成像规律分析成像的性质。21．在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V。（1）用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整；（2）连接好电路闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，则接下来的操作应是；（3）问题解决后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为2.3V时，为了让灯泡正常发光，此时应将滑片向（选填“左”或“右”）侧移动；（4）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图乙所示的I—U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是W；（5）小明对本实验进行了拓展思考，以下探究活动用该实验装置中的器材不能完成的是。A．测量小灯泡的电阻B．探究串联电路电流的特点C．探究串联电路电压的特点D．探究电流与电压的关系【答案】；移动滑片，观察灯泡是否发光；右；0.75；D【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡的电功率”实验中，滑动变阻器与灯泡串联，且接线“一上一下”。电压表并联在灯泡两端，如下图所示：（2）根据题意可知，电压表、电流表均有示数，说明整个电路是通路，即没有断路发生，则小灯泡不亮应该是电流太小所致。在闭合开关前，变阻器的阻值已经调到最大，则接下来应该移动滑片，观察灯泡是否发光。（3）因为2.3V<2.5V，所以应增大灯泡两端的电压。根据串联电路U总=U1+U2可知，应减小滑动变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻成正比可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑片向右侧移动。（4）根据乙图可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；（5）A．在测量小灯泡的电阻的实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据R=UB．探究串联电路电流的特点时，可将电流表分别串联在电路不同位置，探究串联电路电流的特点，故B不符合题意；C．探究串联电路电压的特点时，可分别将电压表并联在小灯泡和滑动变阻器两端测出它们的电压，然后将电压表并联在灯泡和滑动变阻器两端测出总电压，故C不符合题意；D．探究电流与电压的关系的实验中，要控制电阻不变，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故D符合题意。故选D。

【分析】（1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，从而确定电表所测的物理量，滑动变阻器接线“一上一下”，据此完成实物图的补充即可；

（2）根据灯泡的发光情况，以及电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置，进而确定接下来的操作步骤；

（3）将实际电压与额定电压比较，从而确定电压表的示数变化方向，再根据U总=U1+U2分析变阻器两端电压的变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化即可；

（4）根据乙图确定灯泡的额定电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率；

（5）分析各个选项中需要的实验器材，然后与现有器材对照即可。四、计算题（共2小题，满分18分）22．随着科学技术的发展，机器人进入了我们的日常生活中。如图所示是送餐机器人工作时的情景，某次送餐时，机器人1min内在水平路面匀速直线移动30m，送餐机器人总质量60kg，与地面接触的总面积为100cm2，机器人匀速移动时，牵引力为160N。（g取10N/kg）求：（1）机器人送餐时所受的总重力；（2）机器人对地面的压强；（3）牵引力的功率。【答案】解：（1）根据题意可知，送餐机器人总质量60kg，

则该机器人送餐时所受的总重力G=mg=60kg×10N（2）机器人对地面的压力等于自身重力，即F=G=600N；

则机器人对地面的压强p=FS=600N（3）根据题意可知，机器人受到的牵引力为160N，移动距离30m，

则牵引力做的功W=F那么牵引力的功率P=W答：牵引力的功率是80W。【解析】【分析】（1）根据G=mg计算该机器人送餐时所受的总重力；

（2）首先根据F=G计算机器人对地面的压力等于自身重力，然后根据p=FS计算机器人对地面的压强；

（3）首先根据W=Fs计算牵引力做的功，然后根据23．可可给学校劳动实践基地的蔬菜大棚设计了一个测量空气湿度的电路图，如图甲所示，电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，电压表的量程为0~3V，湿敏电阻R的阻值随空气湿度H的变化关系如图乙所示，则：（1）当空气湿度减小时，电压表的示数（选填“增大”“减小”或“不变”）；（2）当空气湿度为50%时，电压表的示数为多少；（3）该装置所能测量的最大空气湿度H为多少