四川省雅安市石棉县2025年中考一模物理试题（解析版）

第第页四川省雅安市石棉县2025年中考一模物理试题一、选择题（每小题3分，共36分，下列各题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1．下列有关物理量的估算，符合实际的是（）A．人教版初中物理书的质量约为20kgB．中学生体育中考中长跑的平均速度约4m/sC．普通家用照明灯的工作电流约5AD．人感觉舒适的环境温度为37℃【答案】B【解析】【解答】根据生活经验可知，人教版初中物理书的质量在200g=0.2kg左右，中学生体育中考中长跑的速度在4m/s左右，普通家用照明灯的工作电流约0.2A，人感觉舒适的环境温度为23℃，

根据B正确，而ACD错误。故选B。

【分析】根据自己对常见物体的质量、速度、电流和温度的认识判断。2．光，让我们的世界充满温暖，让我们的世界绚丽多彩。下列有关光现象的描述错误的是（）A．甲图中射击时要求“三点一线”，是利用光的直线传播原理B．乙图中太阳光经过三棱镜后，在白屏上呈现彩色光带，说明太阳光是由多种色光混合而成C．丙图中通过平静的湖面可以看到廊桥在水中的倒影，这是光的反射现象D．丁图中我们透过放大镜看到的是正立、放大的实像【答案】D【解析】【解答】A．射击时要求“三点一线”，是利用了光的直线传播原理，故A正确不符合题意；B．太阳光经过三棱镜后，被分解成七种颜色的色光，说明太阳光是由多种色光混合而成的，故B正确不符合题意；C．岸边的景物发出的光在平静的湖面发生反射成像，这就是看到的倒影，故C正确不符合题意；D．根据凸透镜的成像规律可知，放大镜成正立、放大的虚像，故D错误符合题意。故选D。

【分析】A.根据光沿直线传播的规律分析；

B.根据光的色散现象的本质判断；

C.根据平面镜的成像原理判断；

D.根据凸透镜的成像规律判断。3．水是生命之源，也是人类生存环境的重要组成部分。水在各种物态变化中不停地循环，让四季多姿多彩。下列说法正确的是（）A．初春冰雪消融是冰吸热熔化B．夏天用电风扇对着人扇风，人感到凉爽是扇风降低了室内的温度C．深秋时节出现“结霜”现象，结的霜是水凝固形成的D．寒冷的冬天，从人们口中呼出的“白气”是水汽化的水蒸气【答案】A【解析】【解答】A．初春冰雪消融，其实是冰雪从固态变为液态发生熔化现象，此过程需要吸热，故A正确；B．夏天天热，人体上往往都有汗液，用电风扇对着人扇风加快了空气流动，加速人体汗液蒸发吸热，但并未降低室内温度，故B错误；C．霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华成固态冰晶，属于凝华现象，故C错误；D．从人们口中呼出的“白气”是呼出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，而非汽化，故D错误。故选A。

【分析】ACD.根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；

B.根据液体蒸发吸热判断。4．关于如图所示实例的描述正确的是（）A．轻质小球被丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，说明小球带负电B．闭合开关S，若电压表指针发生偏转，说明铜片是水果电池的正极C．抽掉玻璃板后，观察到的现象能说明分子永不停息地做无规则运动D．把玻璃板拉出水面时弹簧测力计示数会变大，主要是大气压力的作用【答案】C【解析】【解答】解：A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，带电体可以吸引轻小物体，轻质小球被丝绸摩擦过的玻璃棒吸引，说明小球带负电或者不带电，故A错误；

B、闭合开关S，若电压表指针向右偏转，说明铜片是水果电池的正极，若电压表指针向左偏转，说明铜片是水果电池的负极，故B错误；

C、抽去玻璃隔板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故C正确；

D、因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面的过程，测力计示数将变大，故D错误。

故选：C。

【分析】（1）同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体；

（2）根据电压表的使用规则来分析；

（3）扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；

（4）分子间存在相互作用的引力和斥力。5．2024年5月，我国首款百公斤级车载液氢系统“赛道1000”研制成功，可助力氢能重卡突破1000公里续驶里程，这是我国将液氢应用于交通运输领域的重大技术突破（q氢=1.4×108J/kg）。下列说法正确的是（）A．氢能不属于清洁能源B．用液氢作燃料是因为液氢含有的热量多C．完全燃烧100kg的液氢能释放1.4×1010J的热量D．氢能重卡的热机效率可高达100%【答案】C【解析】【解答】A、氢能属于清洁能源，故A错误。

B、火箭使用液态氢作燃料，是因为它的热值大，热量是个过程量不能含有，故B错误。

C、100kg氢气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=100kg×1.4×108J/kg=1.4×1010J，故C正确。

D、氢能重卡工作过程中总是存在热量的损失，发动机的效率永远小于100%，故D错误。

故答案为：C。

【分析】（1）清洁能源是指不排放污染物、能够直接用于生产生活的能源，包括太阳能、风能、水能、生物能等，煤、石油、天然气都属于常规能源，不属于清洁能源。

（2）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。

（3）知道氢气的热值和氢气的质量，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求氢气完全燃烧放出的热量。

（4）热机工作过程中总是存在热量的损失，效率永远小于100%。6．如图所示是动圈式话筒构造示意图。对着话筒说话或唱歌时，声音使膜片振动，与膜片相连的线圈在磁场中也跟着一起振动、线圈中产生感应电流。下列实验原理与它相同的是（）A． B．C． D．【答案】C【解析】【解答】根据题意可知，当我们对着话筒说话时，声音因此膜片振动，膜片带动线圈做切割磁感线运动，此时会将振动转化为感应电流，则动圈式话筒工作原理是电磁感应现象。A．用条形磁铁一端靠近小磁针时，小磁针发生偏转，则此装置是探究磁极间的相互作用的，故A不符合题意；B．当导线中通过电流时，下面的小磁针发生偏转，此装置说明磁体周围存在着磁场，故B不符合题意；C．当部分导体做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，即电磁感应现象，故C符合题意；D．此装置是探究通电导线在磁场中受力而运动，是电动机的原理，故D不符合题意。故选C。

【分析】A.根据磁极之间的相互作用判断；

B.根据奥斯特实验的原理判断；

C.根据电磁感应的现象判断；

D.根据通电导体在磁场中受力判断。7．热学知识与人类生活息息相关。下列说法正确的是（）A．酒精燃烧过程中，质量减少，热值不变B．铁块很难被压缩，说明固体分子之间不存在间隙C．内燃机在做功冲程中，气缸内气体温度升高，内能增大D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，是由于砂石的比热容比水的比热容大【答案】A【解析】【解答】A：质量是指含有物物质的多少，热值是燃料的一种特性，与质量的多少无关，所以酒精燃烧过程中，质量减少，热值不变，故A正确；

B：物质是由大量的分子构成的，分子之间有间隙，同时存在引力和斥力，铁块很难被压缩，说明固体分子之间存在斥力，故B错误；

C：内燃机在做功冲程中，气缸内气体对外做功，温度降低，内能转化为机械能，内能减小，故C错误；

D：沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故D错误。

故选A。

【分析】1.不会随着物体的质量变化而变化的，如比热容、热值、密度等，还有如果气压不变，熔点沸点也不变；

2.物质由大量的分子构成，分子在永不停歇做无规则运动，分子间同时存在引力和斥力，物体不容易压缩，表明分子间有斥力，物体不容易被拉伸，说明分子间存在引力；

3.内燃机的做功冲程，把内能转化为机械能，内能减小，缸内气体温度降低，压缩冲程把机械能转化为内能，内能增大，气体温度升高；

4.水的比热容最大，白天在相同的日照条件下，吸收相同的热量，相同质量的水和砂石相比，水升高的温度比砂石的小；夜晚放出相同的热量，水比砂石降低的温度小，所以就出现了内陆地区比沿海昼夜温差变化大的现象。8．如图所示，水平桌面上两相同电子秤，上面分别放有相同的圆柱形容器，容器中装有甲、乙两种不同的液体，将体积相等的A、B两个小球分别放入液体中静止时，A球沉底、B球漂浮，此时液体深度h甲A．液体密度ρB．两小球受到的浮力FC．两电子秤示数相等D．将A、B两个小球取出后（忽略带出的液体），左侧电子秤示数变化较大【答案】D【解析】【解答】A．放入小球后，液体深度h甲<h乙，根据B．由图可知，A球在甲液体中沉底，B球漂浮在乙液体上，所以A排开液体的体积大于B，即VA排＞VB排，C．甲中杯底受到的压力等于液体甲对杯底的压力和A球对杯底的压力之和，即F甲压F乙压=F乙水压=ρghS底=pD．根据物体漂浮可知，A球在甲液体中沉底，B球漂浮在乙液体上，则ρA＞ρ甲，ρB＜ρ乙，故选D。

【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；

2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力；

3、物体沉浮条件：物体悬浮时的浮力等于重力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度等于液体的密度，物体漂浮表明浮力等于重力（排开水的体积小于物体体积），物体的密度小于液体的密度，物体下沉时重力大于浮力（排开水的体积等于物体体积），物体的密度大于液体的密度；

4、压强的计算：公式为P=ρgh，压强和液体的密度、浸没深度有关，且密度越大，压强越大，深度越大，压强越大，在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相同。9．如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1A．小灯泡L1和LB．电流表测量电路的总电流C．若只断开S1，小灯泡L1熄灭，D．若灯L1【答案】C【解析】【解答】A．根据图片可知，闭合开关S1、S2时，灯L1和L2并排连接在电路两点之间，即二者并联，故A错误；B．根据图片可知，电流表测量流过灯L2支路的电流，故B错误；C．根据图片可知，开关S1与灯泡L1在同一支路上，则它只控制L1，则若只断开开关S1，灯L1熄灭，而灯泡L2不受影响，故C正确；D．根据图片可知，电压表、L1和L2都是并联，若电压表发生断路，对L1没有影响，则灯L1仍正常发光，故D错误。故选C。

【分析】析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点（并联电路中各支路独立工作、互不影响）、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。10．为了方便残疾人乘公交，公交公司专门购置了无障碍公交车（如图所示），无障碍公交车斜面长1m，高20cm，乘车时，连同轮椅共80kg的乘客只需要用200N的力就可以把轮椅匀速推上公交车，则该过程中（）（g取10N/kg）A．推力做的总功为800J B．推力做的额外功为160JC．斜面对轮椅的摩擦力为200N D．斜面的机械效率为80%【答案】D【解析】【解答】A．根据题意可知，用200N的力推动轮椅前进1m，则推力做的总功W总=Fs=200N×1m=200J，故A不符合题意；B．根据题意可知，斜面高20cm，轮椅质量为80kg，则有用功W有=Gh=mgh=80kg×10N/kg×0.2m=160J，那么额外功W额=W总-W有用=200J-160J=40J，故B不符合题意；C．综上所述，轮椅受到的摩擦力f=W额D．综上所述，斜面的机械效率η=W有用W总【分析】A.根据W总=Fs计算推力做的总功；B.根据W有=Gh=mgh计算推力做的有用功，根据W额=W总-W有用计算做的额外功；

C.根据f=W额s计算轮椅受到的摩擦力；

D.根据11．如图甲，粗糙程度不变的水平地面上，物体受到水平向右拉力。拉力大小随时间变化的关系如图乙所示，物体运动速度随时间变化的关系如图丙所示。下列说法正确的是（）A．4~6s，物体运动路程为18mB．4~6s，拉力F的功率为12WC．t=1sD．拉力为6N时，物体做匀速直线运动【答案】B【解析】【解答】A．根据丙图可知，在4~6s内物体以3m/s的速度做匀速直线运动，运动施加为t=2s，则物体运动路程为s=vt=3B.根据乙图可知，4~6s内物体受到的拉力为4N，速度为3m/s，那么拉力F的功率为P=Fv=4C．根据丙图可知，t=1sD．根据并图可知，在2~4s内做加速运动，故D错误。故选B。

【分析】A.由图丙可知，物体在4-6s做匀速直线运动，根据s=vt得到物体运动的路程；

B.根据P=Fv得到拉力F的功率；

C.由图丙可知，物体在t=1s时处于静止状态，拉力等于摩擦力，由图乙可知此时拉力，根据二力平衡条件得到摩擦力；

D.由图丙可知，物体在2-4秒时做加速运动。12．如图所示电路，电源电压恒为10V，R2的最大阻值是20Ω，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，R1和R2允许通过的最大电流是1A。在保证所有元件安全情况下：闭合S、S1，断开S2，移动R1的滑片，电流表的示数变化范围是0.25～0.5A，电压表的最大示数是8V；若闭合S、S2，断开A．R'的阻值是B．灯泡的额定功率是2WC．滑动变阻器R1的最大阻值是D．两种情况电路电流的最小值与最大值之比是2:3【答案】A【解析】【解答】C.根据图片可知，闭合S、S1，断开S2时，灯泡与R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流。

由于电源电压小于电压表量程的最大值，所以R1接入电路的阻值最大时，电路中的电流最小，且电压表示数最大，

则R1的最大阻值为：R1=U1I小=8V0.25A=32Ω，故C错误；当电路中的电流最大时，灯泡正常发光，由此可知灯泡的额定电流：I额=I大=0.5A；

AB.闭合S、S2，断开S1时，灯泡与R2串联，电压表测量R此时灯泡两端的电压，即额定电压：U额=U-U'=10V-4V=6V，

灯泡的额定功率：P额=U额I额=6V×0.5A=3W，故B错误；

D.由于R1的最大阻值大于R2的最大阻值，所以两种情况下，当它们均全部接入电路时，第一种情况下电路中的最小电流更小，为I小=0.25A，

而两种情况下电路的最大电流均等于灯泡的额定电流，即I大=0.5A，

所以两种情况电路电流的最小值与最大值之比：I小：I大=0.25A：0.5A=1：2，故D错误。

故选A。

【分析】C.由图可知，闭合S、S1，断开S2时，灯泡与R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流。由于电源电压小于电压表量程的最大值，所以R1接入电路的阻值最大时，电路中的电流最小，且电压表示数最大，根据欧姆定律求得R1的最大阻值；当电路中的电流最大时，灯泡正常发光，由此可知灯泡的额定电流；

AB.闭合S、S2，断开S1时，灯泡与R2串联，电压表测量R2两端的电压。当R2的阻值最小是R'时，电路中的电流达到灯泡的额定电流，根据欧姆定律求得R'的阻值；根据串联电路的电压规律求得灯泡两端的电压，根据P=UI求得灯泡的额定功率；

D.比较R1与R2的最大阻值可知两种电路的最大总电阻关系，从而可知最小电流，由于要保证灯泡正常工作，所以两种电路的最大电流相同，进一步可得两种情况电路电流的最小值与最大值之比。二、填空题（第13、14、15题每空2分，第16题每空1分，共14分）13．如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，棋子飞出，说明力可以改变物体的；上面的棋子没有飞出去是由于上面的棋子具有。【答案】运动状态；惯性【解析】【解答】（1）如图所示，用力击打一摞棋子中间的一个，棋子飞出，即棋子在力的作用下由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态。（2）上面的棋子没有飞出去是由于上面的棋子具有惯性。

【分析】（1）运动状态的改变包括：运动方向和速度大小的改变；

（2）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。14．端午节期间，小龙在家里学习时，闻到粽子的香味，这是现象；煮粽子时，是通过方式改变它的内能。【答案】扩散；热传递【解析】【解答】由于分子在不停地做无规则运动，所以我们会闻到粽子的香味，这就是扩散现象；煮粽子时，粽子吸收热量，内能增大，所以是通过热传递的方式改变内能的。

故答案为：第一空扩散；第二空热传递。

【分析】（1）物体的分子在不停地做无规则运动，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现，温度越高，分子运动越剧烈；

（2）分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。

（3）改变物体内能的方式：做功和热传递，对物体做功，内能增大，如摩擦生热；物体吸收热量，内能增大，如加热食物。15．如图所示，两个完全相同的容器，正放和倒放在水平桌面上，容器内盛深度相同的水，则水对容器底压强papb，水对容器底的压力FaFb（均选填“>”、“<”或“=”）。【答案】=；<【解析】【解答】（1）根据题目描述可知两容器内水的深度h相同，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，水对容器底压强相等，即pa（2）根据图片可知，图（b）容器的底面积大于图（a）容器的底面积，由压强公式F=pS可得，液体对容器底部的压力Fa<Fb。

【分析】（1）根据液体压强公式16．如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器R标有“20Ω2A”，灯泡L标有“4V2W”，灯泡电阻不变。S闭合，滑片P在R的中点时，灯泡正常发光，则电源电压为V。当P移到最右端时，电路的总功率【答案】9；2.9【解析】【解答】图中，S闭合，灯泡与滑动变阻器串联，滑片P在中点时，连入电阻为10Ω，灯泡正常发光，通过灯泡的电流为：I=PLUL=2W4V=0.5当P移到最右端时，总电阻最大为R总电路的总功率P=U2R=9V228Ω三、作图题（每小题2分，共4分）17．同学们在体育课上做下压运动训练，静止不动时人体可以看成杠杆模型，O为支点，肌肉的拉力F1（1）动力F1的力臂L（2）A点，脚对地面压力F的示意图。【答案】【解析】【解答】（1）根据图片可知，从支点O向F1​的作用线作垂线，从支点到垂足的距离就是F1​的力臂L1；（2）根据题意可知，脚对地面的压力方向垂直于地面向下，作用在接触面上，如下图所示：

【分析】（1）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离；

（2）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。18．探究“电磁铁的性质”实验时，铁钉A端为N极，附近的小磁针处于静止，如图所示。请你在图中：（1）标出B点的电流方向；（2）括号内标出小磁针右端的极性（用“N”或“S”表示）。【答案】【解析】【解答】（1）铁钉A端为N极，右手握住铁钉，大拇指指向A端，此时四指指尖向上，即线圈上电流方向向上，那么电流从B端流入；

（2）铁钉的右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针左端为N极，右端为S极，如图所示：

【分析】根据安培定则判断线圈上的电流方向，根据磁极之间的相互作用规律判断小磁针的磁极方向。四、实验与探究题（第19题8分，第20题8分，共16分）19．小渝和同学们利用一长方体物块来探究影响浮力大小的因素。（1）将物块竖放后挂在弹簧测力计上，测出物块的重力为2.7N，然后将物块部分浸入水中，发现测力计示数减小的同时水面升高了，说明物块受到了竖直向的浮力，并且水对容器底部的压强与放入物块前相比。当测力计示数如图甲所示时，浮力为N；（2）接下来小渝继续按图乙、丙、丁所示进行实验，由甲、乙、丙的数据可知：在同种液体中，物体排开液体的体积，浮力越大；由丙、丁的数据可知：物体浸没在同种液体中时所受浮力大小跟深度；（3）然后将物块浸没在盐水中如图戊所示，分析数据可知：浮力大小与液体的密度有关，并通过计算得出所用盐水密度为g/cm3；若在实验前，弹簧测力计的指针在零刻度线以下，并未调零，则算出的盐水密度（4）同组的小王同学还想进一步探究：物体在浸没前，浮力大小与物体浸在液体中的深度是否有关？于是他将物块横放后挂在弹簧测力计下，使其露出水面高度与图乙相同，测力计示数为2.3N，与乙图数据对比，小王得出结论：物体在浸没前，浮力大小与物体浸在液体中的深度有关。你认为该方案是否合理，并说明理由：。【答案】上；增大；0.3；越大；无关；1.1；不变；没有控制物体排开液体的体积相同【解析】【解答】（1）①将物块部分浸入水中时，物体受到竖直向下的重力和弹簧测力计对它向上的拉力。由于弹簧测力计的示数减小，则水对物体的作用力为竖直向上，即竖直向上的浮力。②物块部分浸入水中后，物体排开液体使液面上升，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，则水对容器底部的压强变大。③如图甲所示时，弹簧测力计的分度值为0.1N，示数为2.4N，则浮力F浮（2）①根据图片甲、乙、丙可知，液体的密度相同时，排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，根据F浮②根据图片丙、丁可知，物体在水中的深度增加，弹簧测力计示数不变，受到的浮力不变，说明浸没在液体中的物体所受浮力与浸没的深度无关。（3）①根据甲和丁图可知，物体的重力为2.7N，浸没在水中时弹簧测力计示数为1.7N，

物体受到的浮力F浮水则物体排开水的体积V排根据甲戊两图可知，当物体完全浸没在盐水中时，受到的浮力F浮因此盐水的密度ρ盐水②在实验前，弹簧测力计并未调零，由于浮力是弹簧测力计的两次示数之差，所以计算得到的浮力是准确的，则算出的盐水密度不变。（4）要探究物体在浸没前，浮力大小与物体浸在液体中的深度是否有关，需控制物体排开液体的体积、液体的密度相同，小王同学将物块横放后挂在弹簧测力计下，使其露出水面高度与图乙相同，则在改变深度的同时，物体排开液体的体积也改变了，故该方案不合理之处是没有控制物体排开液体的体积相同。

【分析】（1）①根据平衡力的知识确定浮力的方向；

②根据液体压强公式p=ρ液gh分析；

③根据称重法F浮=G-F示计算浮力；

（2）①根据控制变量法分析解答；

②根据重力公式求出物块的质量，根据阿基米德原理求出物块的体积，根据密度公式求得物体的密度；

（3）①根据称重法计算水和盐水的浮力，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排解答；

20．小明用标有“2.5V”字样的小灯泡做“测量小灯泡的电功率”实验，设计了如图甲所示的电路。（1）图甲中有一根导线没有连接，用笔画线代替导线画出正确的连线；（2）电路连接正确后，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表指针几乎不动，电压表示数接近电源电压且保持不变。为了排除故障，小芳检查了开关并拧紧两端接线柱，小明则将小灯泡与灯座拧紧。若电路中只有一处故障，则（选填“小芳”或“小明”）排除电路故障的操作是正确的；（3）排除故障后，某次实验电压表的示数如图乙所示，为了让小灯泡正常发光，滑动变阻器应该向端（选填“左”或“右”）移动。小明测得多组数据，并画出如图丙所示的图像，由图像可知，小灯泡正常发光时的电阻为Ω，额定功率为W；（4）小明发现，家里相同型号的新灯泡和旧灯泡在使用时，旧灯泡的亮度明显不如新灯泡，他根据所学知识得出：灯泡长期使用，灯丝由于表面升华而变细，灯丝电阻（选填“变大”或“变小”），导致小灯泡亮度变暗；（5）小明用如图所示的电路测量出另外一个标有“3.8V”字样的小灯泡的额定功率。电源电压不变，R1、R2为滑动变阻器，R2的最大阻值为10Ω。实验步骤如下：①只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表示数为3.8V；②只闭合开关S、S2，调节，使电压表示数为3.8V；③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表示数是6V；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表示数是3V；则小灯泡的额定功率是W。【答案】（1）（2）小明（3）左；10；0.625（4）变大（5）R1；1.444【解析】【解答】（1）在做“测量小灯泡的电功率”实验中，电压表应该与小灯泡并联。根据甲图可知，只需把小灯泡右侧接线柱与电压表负接线柱连接起来即可，如下图所示：（2）电压表示数接近电源电压且保持不变，说明电压表两接线柱到电源两极间的电路没有断路。发现小灯泡始终不亮，电流表指针几乎不动，电路可能断路。比较可知，应该是与电压表并联部分断路，所以小芳的检查操作是错误的，小明排除电路故障的操作是正确的。（3）①根据乙图可知，电压表的量程为0-3V，分度值为0.1V，则电压表示数为2V<2.5V，则需要增大小灯泡两端的电压。根据串联电路U总=U1+U2可知，需减小滑动变阻器两端电压。根据串联电路电压与电阻呈正比的规律可知，需减小滑动变阻器连入电路的电阻，所以滑动变阻器应该向左端移动；②由图像可知，灯泡正常发光时的电流为0.25A，

则小灯泡正常发光时的电阻为R=UI=2.5V0.25A（4）灯泡长期使用，灯丝由于表面升华而变细，根据“导体电阻与横截面积成反比”的规律可知，则灯丝电阻变大。（5）①只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表示数为3.8V；②只闭合开关S、S2，调节R1，使电压表示数为3.8V，则R1连入电路的电阻等于小灯泡正常发光时的电阻；③接着将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路电阻为0，记下电压表示数是6V，说明电源电压为6V；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表示数是3V，R2两端电压为U2=6V-3V=3V；电路电流为I=UR1阻值为R1则小灯泡正常工作时的电阻为10Ω，小灯泡的额定功率是P=U额2RL=(3.8V)210Ω=1.444W（5）根据P=U2R可知，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；

①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；

②保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；

③为求出此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻：

将R2的滑片P先调至最左端，再将R2的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1（1）小灯泡、电流表、滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联，把小灯泡右侧接线柱与电压表负接线柱连接起来即可，如图所示：（2）电路连接正确后，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表指针几乎不动，电路可能断路；电压表示数接近电源电压且保持不变，说明电压表两接线柱到电源两极间的电路没有断路，应该是与电压表并联部分断路，所以小芳的检查操作是错误的，小明排除电路故障的操作是正确的。（3）[1][2][3]如图乙所示，电压表示数为2V，即小灯泡两端电压为2V，而小灯泡的额定电压为2.5V，为了让小灯泡正常发光，因增大小灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律可知，需减小滑动变阻器两端电压，再由分压原理可知，需减小滑动变阻器连入电路的电阻，所以滑动变阻器应该向左端移动；由图像可知，小灯泡正常发光时的电阻为R=额定功率为P=UI=2.5（4）灯泡长期使用，灯丝由于表面升华而变细，灯丝电阻变大，根据公式P=U（5）①只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表示数为3.8V；②[1]只闭合开关S、S2，调节R1，使电压表示数为3.8V，则R1连入电路的电阻等于小灯泡正常发光时的电阻；③[2]接着将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路电阻为0，记下电压表示数是6V，说明电源电压为6V；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表示数是3V，R2两端电压为U2=6V-3V=3V电路电流为I=R1阻值为R则小灯泡正常工作时的电阻为10Ω，小灯泡的额定功率是P=五、计算题（第21题6分，第22、23题各7分，共20分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要演算步骤，有数值计算的答案须写出数值和单位，只写出最后答案的不得分。21．如图是新概念“蛋蛋”汽车Pivo，车与人的总质量为800kg，静止在水平地面上时，每个轮子与地面的接触面积为0.25m2，最高时速可达180km/h。求：（1）该车静止在水平地面上时对水平地面的压强为多少？（2）若该车以最高时速沿平直公路进行测试，匀速前进时的阻力是人车总重的0.2倍，以最高时速在平直公路上匀速前进23km所消耗的电能与完全燃烧1kg汽油所祥放的能量相同，则该车的效率为多少？（q汽油=4.6x107J/kg，g取10N/kg）【答案】（1）解：根据题意可知，该车静止在水平地面上时，对地面的压力等于自身重力，

即F=G=mg=800kg与地面的接触面积等于4个轮胎的总接触面积，即S=4×0.25m则对地面的压强p=F（2）解：根据题意可知，匀速前进时的阻力是人车总重的0.2倍，

则车受到的阻力做f=0.2G=0.2×8000N=1600N；

则车的有用功即牵引力做功W有总的能量为燃烧汽油放出的热量Q放该车的效率η=W【解析】【分析】（1）该车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求得对水平地面的压强；（2）汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.2G求出汽车受到的牵引力，根据W=Fs求出牵引力做的功，汽车消耗的电能等于完全燃烧1kg汽油所释放的能量相同，根据Q放=mq求出其大小，利用（1）车静止在水平地面上时，对地面的