2025届浙江省温州市高三年级下册5月三模物理试题（含答案）

2025届浙江省温州市高三下学期5月三模物理试题

一、选择题1（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合

题目要求的，不选、多选、错选均不得分）

1.随着电池和电机技术的进步，国产新能源车在加速性能方面表现出色。研究汽车加速时，会引入一个新

物理量j来表示加速度a随时间t变化的快慢，即/=卷该物理量的单位用国际单位制中基本单位符号表示

为（）

A.m,s~3B.m2-s~2

C.N•kg-】・D.N,kgT•rrT*•sT

2.2025年2月哈尔滨亚冬会上，中国运动员在速度滑冰男子503米决赛中，以34秒95的成绩夺得冠军。

如图所示，比赛中运动员正沿圆弧形弯道滑行，则下列说法正确的是（）

A.比赛中运动员的位移大小是500m

B.运动员全程的平均速度是14.3m/s

C.研究运动员的冲线技巧时，不可以把运动员看作质点

D.运动员在弯道滑行时，冰面对运动员的作用力大于运动员对冰面的作用力

3.中国的全超导托卡马克核聚变实验装置（EAST）首次实现了1亿摄氏度条件下1000秒的等离子体运

行。该装置内部发生的核反应方程为+此反应会释放核能，伴随y光子放出。下列说法正

确的是（）

A.该核反应方程中的X是质子

B.胃He的比结合能小于的比结合能

C.核聚变反应所释放的y光子可能来源于氢原子能级跃迁

D.该反应需要原子核具有足够的动能以克服库仑斥力才能发生

4.如图所示，在水平如镜的湖面上方，一颗钢珠从离水面不高处由静止落入水中，会溅起几滴小水珠。下

列说法正确的是（）

第1页

A.部分小水珠溅起的高度可以超过钢珠下落时的高度

B.小水珠在空中上升过程处于超重状态

C.所有溅起的小水珠运动到各自最高点时速度一定为零

D.所有溅起的小水珠机械能总和等于钢珠静止下落时的机械能

5.如图1所示，同轴电缆是广泛应用于网络通讯、电视广播等领域的信号传输线，它由两个同心导体组

成，内导体为铜制芯线，外导体为铝制网状编织层，两者间由绝缘材料隔开。图2为同轴电缆横截面内静电

场的等势线与电场线的分布情况，相邻虚线同心圆间距相等，a、b、c、d四个点均在实线与虚线的交点上，

下列说法正确的是（）

图1

A.图2中虚线代表电场线

B.铝制网状编织层可起到信号屏蔽作用

C.a、b两点处的电场强度相同

D.a、d间的电势差为b、c间电势差的两倍

6.宋应星的《天工开物》一书中记录了图I所示的用重物测量弓弦张力的“试弓定力”情景，简化示意图如图

2所示，测量时将弦的中点悬挂于秤钩上，在质量为m的弓的中点处悬挂质量为M的重物，稳定时弦的张角

6=120%弦可视作遵循胡克定律的弹性轻绳，且始终在弹性限度内，不计弓的形变和一切摩擦，重力加速

度为g，下列说法正确的是（）

图1图2

第2页

A.此时弦的张力为2（M+m）g

B.此时弦的张力为b（M+〃I）9

C.若增加重物的质量，弦的张角一定增大

D.若增加重物的质量，弦的张力一定增大

7.“食双星”是特殊的双星系统，由两颗亮度不同的恒星组成，它们在相互引力作用下绕连线上某点做匀速圆

周运动，且轨道平面与观测者视线方向几乎平行。由于两颗恒星相互遮挡，造成观测者观察到双星的亮度L

发生周期性变化，如图所示。若较亮的恒星和较暗的恒星轨道半径分别为丁1和7•2（厂1和丁2远小于该双星系统

B.较亮的恒星与较暗的恒星质量之比为含

C.两颗恒星做匀速圆周运动的周期均为9-£】）

D.较亮的恒星线速度与较暗的恒星线速度之比为p

yjr2

8.如图所示是一-种投弹式干粉消防车。某次灭火行动中，消防车出弹口到高楼水平距离x=12m,发射灭火

弹的初速度与水平面夹角6=53。，且灭火弹恰好垂直射入建筑坂璃窗。已知灭火弹可视为质点，不计空气阻

力,sin530=0.8,则灭火弹在空中运动的轨迹长度最接近于（）

A.13mB.14mC.15mD.20m

9.如图所示，A、B小球带同种电荷，在外力作用下静止在光滑绝缘水平面上，相距为d。撤去外力的瞬

间，A球加速度大小为a,两球运动一段时间，B球加速度大小为名速度大小为V。已知A球质量为3m,B

球质量为m,两小球均可视为点电荷，不考虑带电小球运动产生的电磁效应。则在该段时间内（）

A.B球运动的距离为2d

第3页

B.库仑力对A球的冲量大小为3mu

C.库仑力对A球做功为袤m〃2

io

D.两球组成的系统电势能减少了4山忌

10.如图1所示，将一圆形线状光源水平放置在足够大的平静水面下，线状光源可以发出红光。通过支架

（图中未画出）可以调节光源到水面的距离h,随着h变化，在水面上会看到不同形状的发光区域。已知圆

形线状光源的半径为R=0.9m,水对红光的折射率为〃=耳下列说法正确的是（）

A.h越大，水面上的发光区域面积越小

B.九=1根时，水面上的发光区域会呈现类似图2所示的圆环形状

C.当八二零加时，水面上的发光区域面积为4.41万加2

D.当时，水面上亮环与暗圆的面积之比为4：1

二、选择题II（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符

合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）

11.有关下列四幅图的描述，正确的是（）

B.图2中，线圈顺时针匀速转动，电路中A、B发光二极管会交替发光

C.图3中，在梁的自由端施力F,梁发生弯曲，上表面应变片的电阻变小

D.图4中，仅减小两极板的距离，则磁流体发电机的电动势会增大

12.一列纵波波源做频率为LOHz的简谐振动，在介质中形成疏密相间的状态向右传播，t=0时刻部分质点

振动情况如图所示。图中虚线代表相邻各质点1、2、313的平衡位置且相距为0.5cm,小圆点代表该

时刻各质点振动所在的位置。下列说法正确的是（）

第4页

12345678910111213

••••••

i1iIi|

L-t।I•।

|0.5cmI

-x::::

•i•i•:•i•:•i

12345678910111213

A.这列纵波的波长为2cm

B.该时刻质点7振动方向向左

C.t=0.5s,质点3恰好运动到图中质点7的位置

D.经过20.25s,质点4的运动路程大于质点6的运动路程

13.研究光电效应时，用不同波长的光照射某金属，产生光电子的最大初动能曷加与入射光波长％的关系如图

所示。大量处于n二3能级的氢原子向低能级跃迁，产生的光子中仅有一种能引发该金属发生光电效应。己

知氢原子各能级关系为“=皋，其中Ei为基态能级值，量子数九=1、2、3……，真空中光速为c,则

B.4=当时，光电子的最大初动能为E。

C.&）与氢原子基态能量场的关系满足，%|V琦4甑|

D.氢原子由九=3能级向n=2能级跃迁发出的光子能使该金属发生光电效应

三、非选择题（本题共5小题，共58分）

14.（1）图1是“探究小车加速度与力、质量的关系”实验方案甲，图2是改进后的方案乙，两方案中滑轮与

细线间摩擦力，以及它们的质量均不计。下列说法正确的是（多选）。

/〃《〃

"'为传感器纸带、

纸带、

IZ/ZZzz*7777777।^77^打点if时器

槽脸打点目时器

图1：方案甲图2:方案乙

A.两种方案均需要补偿阻力

R.两种方案均需要让牵引小车的细线跟轨道保持平行

C.不断增加槽码质量，两种方突中小车的加速度大小均不可能超过重力加速度

第5页

D.操作中，若有学生不小心先释放小车再接通电源，得到的纸带一定不可用

（2）正确操作情况下，得到了一条纸带如图3所示，纸带上各相邻计数点间均有四个点迹，电源频率为

50Hzo

ABCDE

••••••••••••••••••••••

435—-----6.33---------------8.34---------单位:cm

图3

①根据纸带上所给数据，计时器在打下计数点C时小车的速度大小%=m/s,小车的加速度大小

Q=m/s2（以上结果均保留三位有效数字）。

②可以判断，该纸带是由方案（填“甲”、“乙”或“甲、乙均有可能“）得到。

15.甲同学利用激光测量半径R=3.50cm半圆形玻璃砖的折射率，实验中让一细束激光沿玻璃砖半径方向射

到圆心O,恰好在底边发牛.全反射（如图1）,作光路图并测量相关数据（如图2）,则该半圆形玻璃砖的折

射率为（结果保留三位有效数字）。

其他条件不变，仅将半圆形玻璃砖向左平移一小段距离，则（填“有''或"没有”）激光从底边射出。

16.乙同学利用图所示的可拆变压器做“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验，实验所需电源可

选O

A.8V交流电源B.36V交流电源C.220V交流电源

实验中，该同学将学生电源的“直流6V”输出端与变压器左侧线圈的“0”、“8”接线柱连接，将交流电压表与

变压器右侧线圈的“0”、"4”接线柱连接，接通电源稳定后，交流电压表的读数为o

A.OB.2.8VC.6.0VD.1I.0V

17.某实验小组准备测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材:

A.多用电表（电压挡量程2.5V：内阻未知）；

B.亳安表（量程200mA,内阻为1.20C）；

C.定值电阻6=0.6。；

D.定值电阻％=2.0。；

E.滑动变阻器R；

第6页

F.电键和导线若干。

UN

根据提供的器材，设计电路如图1所示。

（1）将毫安表与定值电阻8改装成电流表如虚线框中所示，改装后的量程为A；

（2）为了精确测量，图中多用电表的右边表笔P应接到处（选填“B”或"C”）；

（3）闭合电键，调节滑动变阻器滑片，多次记录多用电表的示数U、亳安表的示数I。其中一次测量时多

用电表示数如图2所示，其读数为Vo

（4）作U-/图线如图3所示，该干电池电动势£=V；内阻r=。（以上结果均保留

三位有效数字）。

18.如图所示，活塞与棒固定连接形成整体一活塞棒，并将圆柱形密封腔体内的理想气体分成上下两部

分，活塞上有一个面积可忽略的小孔，将上下两个区域的气体连通，所有衔接处均密封良好且无摩擦，腔体

与外界导热良好。已知大气压强为后，柱形腔体高度H=lid,活塞厚度为d,活塞棒质量为m,棒的横截

面积为So,柱形腔体的横截面积（即活塞横截面积）为2S。，温度为T=300K时，活塞上表面距离腔体顶部

的距离九i=5d,重力加速度大小为g。

（I）求腔体内气体的压强Pi；

（2）环境温度从A=300K缓慢上升至72=330K过程中，

①腔体内气体的压强（选填“变大”，“变小”或“不变”）；该过程腔体内气体吸收的热量为Q,气

体增加的内能为AU,贝必UQ（选填“>”、"v”或“=”）。

②T2=330K时，活塞上表面与腔体顶部的距离

第7页

九2

19.某游戏装置的竖直截面如图所示。半径R=0.1机的竖直螺旋圆轨道BCD夕U与倾斜直轨道力B、水平面

C'E分别相切于B、。'，BC段圆弧对应的圆心角8=37。。水平传送带在电动机带动下，以u=2m/s顺时针转

动，传送带两端分别与左、右两侧水平面平滑对接于E、F两点，EF长k=1.25小，右侧水平面打上等间距

摆放许多质量M=0.3的的小滑块，从左到右标号分别为1、2、3…n,n足够大。JK间是一个宽人二

0.03m.高H=0.2m的矩形坑。游戏开始，一质量m=0.1kg的滑块P从轨道48上距水平面高度为h处由静

止释放，到达C点时速度4=3泪/$。滑块P与轨道48间动摩擦因数%=0.6,与传送带间动摩擦因数〃2=

0.2,其余摩擦力与空气阻力均忽略，各滑块均可视为质点，滑块间的碰撞均为弹性碰撞，滑块与坑壁碰撞后

竖直方向速度不变，水平方向速度大小不变，方向反向，各碰撞时间不计，滑块到达坑底时立即停止运动。

(2)标号为n的滑块到达坑底时距坑底右边缘T的距离△》；

(3)滑块P与滑块1发生第一次碰撞后，滑块P在传送带上运动的总时间t以及电动机多消耗的电能

。电。

20.如图所示，在光滑绝缘水平面上建立xOy直角坐标系，足够长的收集板置于y轴上。在y>0区域存在方

向竖直向卜.、磁感应强度大小B=1T的匀强磁场。绝缘挡板MN表面光滑，长度L=2m。一质量m=0.1kg,

电荷量q=0.1C的带正电小球紧贴挡板放置，初始位置与M端的距离为d。现用挡板推动小球沿y轴正方向

运动，运动中挡板始终平行于x轴，小球紧贴挡板。进入磁场后，挡板保持速度v°=2m/s沿y轴正方向做匀

速直线运动，经过一段时间带电小球离开挡板M端。小球可视为质点，运动中带电量保持不变，且到达收集

板立即被收集。

第8页

f收集板

XXXXXXzXXXXXX

/B

XXXXxxxxxxxx

XXXXXXXXXXXX

XXXX

XXXX

（1）当d=1.25m时，求带出小球离开挡板M端时的速度大小V；

（2）调节挡板M端与y轴距离为X0时，无论d多大，都可以让小球垂直打在收集板.上。

①求X0；

②求小球垂直打在收集板上的位置坐标y与d之间的函数关系。

③撤去收集板，在X0XO区域施加电场强度E=2V/m,方向沿y轴正方向的匀强电场。当d=lm时，求小球

在磁场区域运动过程中距x轴的最远距离ym。

21.如图所示，水平固定一半径r=0.5m的金属圆环，圆环右侧水平放置间距L=1m的平行金属直导轨，两

导轨通过导线及电刷分别与金属圆环，过圆心O的竖直转轴保持良好接触，导轨间接有电容C=0.5尸的电容

器，通过单刀双掷开关S可分别与触点1、2相连，导轨最右端连接恒流源，可为电路提供/=24的电流，

方向如图所示。金属圆环所在区域I,矩形PQMN区域II,正三角形EFG区域HI存在磁感应强度大小分别为

Bx=IT,82=27,%=百7的匀强磁场，磁场方向均竖直向下。区域1I沿导轨方向足够长，区域H的F,

G两点分别在两导轨上，且FG垂直于导轨。导轨在M、N处各被一小段绝缘材料隔开。金属杆a与圆环接触

良好，以角速度a=4rad/s绕转轴逆时针匀速转动。质量m=8.0kg,电阻R=的金属阡b垂直导轨静

lOzr

置于PQ右侧。不计其他电阻和一切摩擦阻力。（提示：简谐运动回复力与位移的关系为尸=-依，周期7=

（1）开关S置于触点1,求电容器充电完毕后所带的电荷量Q。；

（2）电容器充电完毕后，再将开关S置于触点2,求：

①金属杆b到达MN时的速度大小也。

②金属杆b从开始进入区域HI到速度减为0的过程中，恒流源输出的能量Eo

③金属杆h从PQ离开区域I【前,电容器最终带电荷量Q-

第9页

答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】本题可以类似速度的定义式或加速度的定义式进行分析推导，知道物理量单位的关系与物理

量的关系相同。根据/=那可知其单位

1嘤=皿33

S

故选Ao

【分析】加速度变化的快慢可以表示为零，结合加速度的单位和时间的单位得出该物理量的单位。

2.【答案】C

【解析】【解答】本题考杳对路程、位移、平均速度、质点、相互作用力的理解，清楚其物理定义。A.位移

是由初位置指向末位置的有向线段，5()()米是运动员运动轨迹的长度，即路程，而不是位移大小。在速度滑

冰力子500米比赛中，运动员沿圆弧形弯道滑行，初末位置不同，位移大小小于500米，故A错误;

B.平均速度等于位移除以时间，为

X

V=-T

由A选项分析可知位移小于500米，时间”34.95s,则平均速度

_500,

故B错误;

C.当物体的开大、大小对所研究的问题没有影响时，才可以把物体看作质点。研究运动员的冲线技巧时，

运动员的肢体动作等对研究冲线技巧有重要影响，不能忽略其形状和大小，所以不可以把运动员看作质点，

故C正确；

D.冰面对运动员的作用力与运动员对冰面的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，相互作用力大

小相等、方向相反、作用在同一条直线上，所以冰面对运动员的作用力等于运动员对冰面的作用力，故D错

误。

故选Co

【分析】路程是物体运动的轨迹的长度，是标量，位移是由起点指向终点的有向线段，是矢量。平均速度是

单位时间内的位移。如果物体大小相对研究对象较小或影响不大，可以把物体看作质点。冰面对运动员的作

用力与运动员对冰面的作用力是一对相互作用力。

3.【答案】D

【解析】【解答】本题考查核聚变的核反应方程，比结合能等知识，多读课木，掌握了基础知浜才能顺利解决

此类问题。

A.该反应过程为核聚变过程，反应过程质量数守恒和核电荷数守恒，该核反应方程为

第10页

jH+lH号He+J?i

故A错误；

B.比结合能越大，原子核越稳定，核反应中生成物比反应物更加稔定，所以,"e的比结合能大于：，的比

结合能，故B错误；

C.原子能级跃迁仅涉及电子在原子轨道间的跃迁，释放低能光子（如可见光、紫外线），与核反应无直接关

联。核聚变反应释放的光子主要来源于核反应本身，而非氢原子能级跃迁。故C错误；

D.要使核聚变发生，原子核必须首先接近到约10一15m以内，强核力才能主导结合过程。原子核带正电，根据

库仑定律，它们之间的斥力随距离减小而急剧增大，这要求原子核需要足够的动能才能克服库仑斥力作用。因

此，核聚变反应需要原子核具有足够的动能以克服库仑斥力才能有效发生，故D正确；

故选Do

【分析】根据质量数和电荷数守恒分析；根据比结合能与原子核稳定性的关系进行判断；核聚变反应所释放的

丫光子来源于核反应中的质量亏损转化的能量；考虑核聚变反应的条件，因为两个轻核间存在库仑斥力，只有

当原子核具有足够的动能克服这一斥力时，才能使它们靠近并发生反应。

4.【答案】A

【解析】【解答】本题主要考查了机械能守恒、超重失重以及运动的合成与分解等物理概念，难度不大。

A.一颗钢珠从离水面不高处由静止落入水中，钢珠落入水中时，部分能量会转化为小水珠的动能，部分

小水珠可能会获得足够的动能，其质量较小，但是速度较大，使其溅起的高度超过钢珠下落时的高度，A正

确；

B.小水珠在空中上升时，加速度方向向下，处于失重状态，而不是超重状态，B错误；

C.被溅起来的小水珠有的可能是竖直上抛，有的可能是斜抛，所以小水珠运动到最高点时竖直方向上的速度

一定为零，水平方向上不一定为零，c错误：

D.钢珠下落时，部分能量会转化为水的内能、声能等其他形式的能量，因此小水珠的机械能总和会小于钢珠

静止下落时的机械能，D错误。

故选Ao

【分析】在理想情况下，若能量损失较小，小水珠获得足够的机械能，就可能达到超过钢珠下落时的高度；加

速度向卜.时物体处于失重状态；竖直向上溅起的小水珠在最高点速度为零，但斜向上溅起的小水珠在最高点还

有水平方向的速度分量，所以不是所有小水珠在最高点速度都为零；根据能量守恒定律，钢珠落入水中过程中

存在能量损失，如克服水的阻力做功转化为内能等，因此所有溅起小水珠的机械能总和必然小于钢珠静止下落

时的机械能。

5.【答案】B

【解析】【解答】本题考查点电荷的电场强度的特点，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题，属于基

础题目。A.a、b、c、d1q个点均在实线与虚线的交点上，图2中虚线代表等势面，A错误；

第11页

B.铝制网状编织层可起到信号屏蔽作用，B正确；

C.a、b两点处的电场强度不相同，因为方向不相同，C错误；

D.距离内导体越远，电场强度越小，Uac<Ucd,所以a、d间的电势差大于b、c间电势差的两倍，D错

误。

故选B。

【分析】电场线与等势面垂直，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的

方向，电势降低，点电荷的电场强度的特点是距离点电荷越远电势降落越慢。

b.【答案】D

【解析】【解答】本题主要是考查了共点力的平衡问题，关键是能够确定研究对象、进行受力分析、利用平行

四边形法则进行力的合成，然后建立平衡方程进行解答。AB.在质量为m的弓的中点处悬挂质量为M的

重物，稳定时弦的张角。=120。，整体法对弓和物体受力分析，如图所示

2FCOST^=(M+m)g

解得

F=(M+m)g

故AB错误;

CD.不计弓的形变，增加重物质量，弦与竖直方向夹角减小，则弦的伸长量增加，根据胡克定律可知，弦的

张力一定增大，故C错误，D正确,

故选D。

【分析】整体法对弓和物体受力分析，竖直方向上由受力平衡列方程进行分析•；增加重物质量，弦的伸长量

增加，由此分析。

7.【答案】B

【解析】【解答】本题以“食双星”这一特殊的双星系统为背景，考查了双星问题的相关知识，包括双星的运动

特点、质量关系、周期以及线速度关系等，具有一定的物理背景和趣味性，能激发学生对天体运动现象的兴

趣。AC.由题意可知，亡】时刻，较亮的恒星遮挡住较暗的恒星，豆时刻较暗的恒星遮挡住较亮的恒星，即

h〜功时间里，转了半个圈,故周期为

T=2出一£1)

第12页

故AC错误；

B.设较亮的恒星和较暗的恒星的质量分别为mi和7n2,均由彼此间的万有引力提供向心力故两颗恒星的向心

力大小相等，有

m1m222

2=m1cor1=m2cor2

（丁1+厂2）

解得

瓶2厂1

故B正确;

D.设校亮的恒星和较暗的恒星的质量分别为力和玲，根据

v=ro）

因为角速度相等，解得

"1_51_rl

.=酝=正

故D错误。

故选Bo

【分析】对于双星系统，要抓住三个相等，即向心力、角速度、周期相等，根据万有引力提供向心力求解。

8.【答案】C

【解析】【解答】本题主要考查斜抛运动的知识，利用运动学知识求解即可。灭火弹恰好垂直射入建筑玻璃

窗，灭火弹可视为质点，灭火弹的逆运动可以看成具有某以初速度的平抛运动，设灭火弹的初速度为孙，则

有

0=vosin53°—gt,x=v0cos53°-t

联立解得

Vo=5\/10m/s,t=

则灭火弹的竖直位移大小为

vsin530+0

o=8m

y=2

则灭火弹的合位移大小为

s合=J/+y2=J1224-82m

=4'/13?n«14.4m

则灭火弹在空中运动的轨迹长度应略大于灭火弹的合位移大小，所以最接近于15m。

故选Co

【分析】灭火弹的运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀变速运动（抛物线运动）。灭火

弹垂直射入玻璃窗，说明其竖直分速度减为零，此时水平分速度仍保持小变。利用运动学公式和几何关系，

计算轨迹长度。

第13页

9.【答案】D

【解析】【解答】本题把库仑定律与牛顿笫二定律、动量定理、能量守恒定律综合在一个简单的物理现象中，

关键是先要弄清在排斥力作用下两耳荷移动的距离变化。A.己知A球质量为3m,B球质量为m,两小球

均可视为点电荷，撤去外力的瞬间，对A,由牛顿第二定律有

3md

两球运动一段时间，对B,由牛顿第二定律有

£_的-8

3mx2

联立解得此时AB球间距

x=3d

对AB系统，根据动量守恒定律有

3mvA—mvB=0

整理得

3m孕一根孕=0

因为

xA+Xfi=3d

联立解得

9

玲=4《

故A错误；

B.根据动帚守恒定律有

3mvA1-mv=0

解得此时A的速度

V

在该段时间内，A球的速度由0变为条由动量定理，可得库仑力对A球的冲量大小为/人=3m以］-0=mu

故B错误；

C.在该段时间内，对B,由动能定理有

11

“4=与x3mu金=-zrmv2

Zo

在该段时间内，库仑力对A球做功为《小供，故c错误；

O

D.根据能量守恒，系统减少的电势能等于系统机械能的增加量，为AE=gx3mx域

第14页

故D正确。

故选D。

【分析】由动量守恒和库仑力公式求B球运动的距离；B.根据动量定理求库仑力对A球的冲量大小；C.由动

能定理求库仑力对A球做的功；D.根据能量守恒求两球组成的系统电势能减少量。

10.【答案】C

【解析】【解答】本题考查光学的知识，要掌握折射定律，解决几何光学问题的关键是根据题意正确画出光路

图，然后根据儿何关系以及相关物理知识求解。

A.调节光源到水面的距离h,随着h变化，在水面上会看到不问形状的发光区域，设亮环最外圈的半径为

门，暗圆的半径为丁2,其光路图如图所示

发光面积为

S=rcrf—Ttrl

临界角为

13

sinf=—=-r

n4

根据儿何关系可知

r2=R-htanC,厂1=R+htanC

联立，解得

S=4RhntanC

所以，h越大，水面上的发光区域面积越大，故A错误；

B.当力=1m时

3々

r2=R—htanC=（0.9-----丁）m<0

即此时中心区域全部被照亮，不存在暗圆，故B错误；

C.当力=与Zm时

r2=R—htanC=-0.3m<0

所以，中心小存在暗圆，其中

门=R+htanC=2.1m

第15页

水面上.的发光区域面积为

S—nr；—4.41/TZ712

故C正确；

D.当八=/小时

r2=R-/itanC=0.6m

丁1=R+htanC=1.2m

暗圆面积

S?=*

亮环面积

Si=nr\-nrj

水面上亮环与暗圆的面积之比为

S[_*-r土3

S?r\i

故D错误。

故选Co

【分析】根据折射定律，光的全反射条件，结合儿何关系与光路图分析求解。

1L【答案】A

【解析】【解答】本题需要利用带电粒子在电场、磁场中运动及发电机的相关知识求解。A.芍电粒广在磁场

中运动，由洛伦兹力提供向心力有

qvB=m^-（R为最大轨道半径）

速度越大，动能越大，最终动能

12

Ek=2mv

联立解得

_q2B2R2

—FT

每次加速获得的动能为Uq,则加速次数

每次粒子在磁场中加速半个周期，粒子在磁场中运动周期运动总时间t=〃xg=7ix2x鬻

联立解得

第16页

nBR2

t=~2U~

由此可知，增大加速电压U,粒子在回旋加速器中运动时间减小，故A正确；

B.图甲中，由于线圈外接换向器，使线圈中的交流电整合为直流电，电流的方向不变，A、B发光二极管不

会交替发光，故B错误；

C.在梁的自由端施力F,梁发生弯曲，上表面拉伸，应变片的长度1变长，横截面积S变小，根据电阻定律

I

R=PS

可知上表面应变片的电阻变大，故C错误；

D.磁流体发电机稳定时，有

qvB=q^（d为两极板间的距离）

解得电动势

U=Bdv

可知仅减小两极板的距离d,磁流体发电机的电动势会减小，故D错误。

故选Ao

【分析】增大加速电压，粒子经过加速后进入D形盒的速度变大，运动半径增大，因此离子会更早离开加速

器；A、B两个二极管接入电路的极性方向不同，同时线圈转动时会产生不同方向的电流，因此两个二极管

交替发光；上表面应变片被拉伸，耳阻增大。

12.【答案】B,D

【解析】【解答】本题解题关键是知道波长的定义，质点在一个周期内经过的路程为4A,但是在四分之一周

期内经过的路程可能大于A,也可能小于A,也可能等于A。A.小圆点代表该时刻各质点振动所在的位

置，质点3和质点7均在平衡位置，二者相距半个波长，这列纵波的波长为4cm,A错误；

B.因为质点5在左最大位移处，所以该时刻质点7振动方向向左，B正确；

C.质点只振动不移动，质点3不可能运动到图中质点7的位置，C错误；

D.经过

T

t=20.25s=204

经过20个周期时二者的路程相等，最后四分之一周期时间内，质点4向右运动并经过平衡位置，速度大，

路程大，质点6向左运动到最大位移处后向右运动，速度小，路程小，所以，质点4的运动路程大于质点6

的运动路程，D正确。

故选BDo

【分析】根据波长的定义分析；根据质点7所在的位置分析，介质中的质点不会随波迁移；分析该时刻质点

4和质点6所在位置以及速度变化，进而根据在一个周期内质点经过的路程为4A比较。

第17页

13.【答案】B,C

【解析】【解答】本题考查光电效应方程和玻尔理论的理解和应用，结合图像提供的信息进行分析解答。

A.大量处于几=3能级的氢原子向低能级跃迁，产生的光子中仅有一种能引发该金属发生光电效应由爱因

斯坦光电效应方程有

Ekm=hv-W0

又因为

C

可得

Ekm=九2一勿0

结合图像可知

%=&)

当;1=4时-，Ekm=0,则有

蚱皿

C

故A错误；

B.当入=学时,代入

Ekm=九2一”0

解得

Ekm=%

故B正确；

CD.氢原子基态能量为Ei，则九=3能级氢原子能量为导，九二2能级氢原子能量为与。由题可知九二3能级向

基态跃迁产生的光「能够引发光电效应，n=2能级向基态跃迁和几=3能级向九=2能级跃迁产生的光「不能

引发光电效应，则

3可8

-

<琦<-

4-9

故C正确，D错误。

故选BCo

【分析】根据光电效应方程结合频率与波长公式推导最大初动能表达式，结合图像提供的现象进行推导判

断；根据各轨道对应的能量值进行分析判断。

14.【答案】(1)A；B

(2)0.534：2.00：乙有可能

【解析】【解答】理解实验原理是解题的前提，分析清楚图示实验应用匀变速直线运动的推论即可解题；计算

第18页

时注意单位换算与有效数字的保留。

（1）A.”探究小车加速度与力、质量的关系”，两种方案均需要补偿阻力，选项A正确；

B.两种方案均需要让牵引小车的细线跟轨道保持平行，这样可以保证力的方向不变，选项B正确；

C.不断增加槽码质量，甲方案中小车的加速度不会超过重力加速度；乙方案中因小车的加速度等于槽码加

速度的2倍，则当不断增加槽码质量时小车的加速度大小可能超过重力加速度，选项C错误；

D.用纸带上的点来求解加速度，操作中，若有学生不小心先释放小车再接通电源，若接通电源及时，则得

到的纸带也可能可用，选项D错误。

故选ABo

（2）纸带上各相邻计数点间均有四个点迹，则T=0.1s；

①计时器在打下计数点C时小车的速度大小4=驷=（4.35+6.33）x10-2MS=0534m/s

2

小车的加速度大小Q=卫弓也=（仅34+633-4.35,2.33»10-22=2.00m/s

4T，4x0.1，

②⑶如果采用方案甲，设细线的拉力为T,槽码质量为m,小车质量为M,则

对槽码有

mg—T=ma

对小车有

T=Ma

联立可得

fMm

7=哈他0=福五g

当时，可认为74mg,其相对误差为

mg一Ta

6=—cmgx100%g=-x100%

因Q=2.00m/s2,则5=20%,此时m等于M的25%,而实验中通常建议m小于等于M的5%,以将系统误

差控制在可接受范围内，可知采用方案甲误差过大，故该纸带是由方案乙得到。

【分析】（1）根据实验注意事项与小车受力情况分析答题。

（2）根据图示纸带应用匀变速直线运动的推论分析求解。

（1）A.两种方案均需要补偿阻力，选项A正确；

B.两种方案均需要让牵引小车的细线跟轨道保持平行，选项B正确；

C.不断增加槽码质量，甲方案中小车的加速度不会超过重力加速度；乙方案中因小车的加速度等于槽码加

速度的2倍，则当不断增加槽码质量时小车的加速度大小可能超过重力加速度，选项C错误；

D.用纸带上的点来求解加速度，操作中，若有学生不小心先释放小车再接通电源，若接通电源及时，则得

到的纸带也可能可用，选项D错误.

故选ABo

第19页

(2)纸带上各相邻计数点间均有四个点迹，则T=O.ls；

①⑴⑵计时器在打卜计数点C时小车的速度大小女=赛=更专|区巨!巾/s=0.534m/s

小车的加速度大小Q=土号4c=(B.34+6.33—4.3512.33)乂10-2=200m?

4TZ4x0.1z

②⑶如果采用方案甲，设细线的拉力为T,槽码质量为m,小车质量为M,则

对槽码有mg-T=ma

对小车有丁=Ma

联立可得T=7n9,0=扁9

当m«M时，可认为丁ymg,其相对误差为6=写，x100%=?x100%

myy

因Q=2.00m/s2,则5=20%,此时m等于M的25%,而实验中通常建议m小于等于M的5%,以将系统误

差控制在可接受范围内，可知采用方案中误差过大，故该纸带是由方案乙得到。

15.【答案】1.59；有

【解析】【解答】解决几何光学问题的关键是根据题意正确画出光路图，然后根据几何关系以及相关物理知识

求解。实验中让一细束激光沿玻璃砖半径方向射到圆心O,激光恰能在O点全反射，则sinC=1

n

其中

2.20

sinC=33o

解得

nx1.59

其他条件不变，仅将半圆形玻璃砖向左平移一小段距离，等效将入射光线向右平移一小段距离，光路图如图

则光线射到上底面时的入射角减小，则光线将不能发牛.全反射从而从底面射出。

【分析】根据临界角和折射率的关系计算；根据光路图分析。

16.【答案】A：A

【解析】【解答】变压器工作原理是互感现象，在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系''实验中，需要使

用交流电源。36V是安全电压上限，相对来说8V交流电源更为合适，即能满足实验要求又更安全。

故选Ao

变压器是利用互感现象工作的，通过原线圈的电流是恒定的，产生磁场也是恒定的，那么穿过副线圈的磁通

第20页

量不变，不会在副线圈中产生磁感应电动势。所以将学生电源的“直流6V”输出端与变压器左测线圈连接，交

流电工表与变压器右侧线圈连接，当接通电源稳定后，交流电压表的计数为0。

故选Ao

【分析】根据安全电压分析；根据变压器的工作原理分析。

17.【答案】(1)0-0.64

(2)B

(3)1.16V

(4)1.45K；1.56J2

【解析】【解答】本题主要考查测量一节干电池的电动势和内阻的实验，要明确实验原理，掌握并联电路是特

点、欧姆定律和闭合电路欧姆定律的运用。

(1)根据欧姆定律可知，毫安表的满偏电压为

Uo—/oro=0.24K

则，改装后的最大量程为

〃=/o+=0.6/

所以，改装后的量程为0—0.64。

(2)为r精确测量，由于改装后的电