2019-2020学年江苏省泰州市高一（上）期末物理试卷

第1页（共1页）2019-2020学年江苏省泰州市高一（上）期末物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因“的科学家是（）A．亚里士多德 B．伽利略 C．阿基米德 D．牛顿2．（3分）下列说法正确的是（）A．米、牛顿、秒是国际单位制中的基本单位 B．力、速度、路程均为矢量 C．只有细小的物体才可看成质点 D．静止的物体也有惯性3．（3分）如图所示，小孩用玩具手枪在同一位置沿水平方向先后射出两粒弹珠，击中竖直墙上M、N两点（空气阻力不计），初速度大小分别为vM、vN，运动时间分别为tM、tN，则（）A．vM＝vN B．vM＞vN C．tM＞tN D．tM＝tN4．（3分）如图所示，物块a静止在水平地面上，物块b叠放在物体a上。现对物体a施加一个水平向左的恒定拉力F，a、b仍然都处于静止状态。以下说法正确的是（）A．a受b向右的摩擦力 B．b受a向左的摩擦力 C．a、b接触面间的动摩擦因数一定为零 D．地面对a的摩擦力大小等于F5．（3分）一物体挂在弹簧秤下，弹簧秤的上端固定在电梯的天花板上，在下列哪种情况下弹簧秤的读数最小（）A．电梯匀加速上升，且a＝ B．电梯匀加速下降，且a＝ C．电梯匀减速上升，且a＝ D．电梯匀减速下降，且a＝6．（3分）在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，甲在冰上滑行的距离比乙远。假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力 B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间 C．在分开时，甲的运动速度大于乙的运动速度 D．在分开后，甲运动的加速度大小小于乙运动的加速度大小7．（3分）如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球A、B固定在轻杆的两端。现用水平力F将B向左缓慢推动一小段距离，则此过程中（）A．杆对A的弹力变小 B．挡板OP对A作用力变大 C．水平力F变大 D．挡板OQ对B支持力变大8．（3分）由吴京主演的《攀登者》，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神。如图为登山队员的登山照片。已知该队员重力为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60°：绳子拉力大小也为G，此时山峰对该队员的作用力（）A．就是山峰对该对员的支持力 B．大小为G C．大小为G D．方向可能水平向左二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分，在每小题给出的四个选项中，有多个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．（多选）9．（4分）甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移﹣时间图象如图所示，则在0﹣t1时间内（）A．甲的速度总比乙大 B．甲、乙位移相同 C．甲、乙平均速度相同 D．甲、乙均做加速运动（多选）10．（4分）如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，力F作用在绳自由端B点，则（）A．绳对A的拉力增大 B．绳对A的拉力减小 C．杆对A的弹力减小 D．绳子自由端B的速率减小（多选）11．（4分）如图所示，蜡块可以在竖直玻璃管内的水中匀速上升。若在蜡块从A点开始匀速上升的同时，玻璃管沿水平方向向右做直线运动，则关于蜡块的实际运动轨迹的说法中正确的是（）A．若玻璃管做匀速直线运动，则轨迹为直线P B．若玻璃管做匀加速直线运动，则轨迹为曲线R C．若玻璃管做匀加速直线运动，则轨迹为曲线Q D．若玻璃管做匀减速直线运动，则轨迹为曲线Q（多选）12．（4分）如图所示，质量分别为m1＝1kg、m2＝4kg的A、B两物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，大小均为20N的水平拉力F1、F2分别作用在A、B上，系统处于静止状态。下列说法正确的是（）A．弹簧秤的示数是0N B．弹簧秤的示数是20N C．撤去F2的瞬间，B的加速度大小为5m/s2 D．撤去F1的瞬间，A的加速度大小为4m/s2（多选）13．（4分）如图所示是某物体做直线运动的v2﹣x图象（其中v为速度，x为位置坐标），下列关于物体从x＝0处运动至x0处的过程分析，其中正确的是（）A．该物体做匀减速直线运动 B．该物体的运动时间为 C．该物体的加速度大小为 D．该物体在位移中点的速度大于三、简答题：本题共2小题，共计16分，请将答案填写在答题卡相应的位置．14．（6分）某同学完成“验证力的平行四边形定则“实验后，与另一位同学合作利用该装置测定弹簧的劲度系数。某次实验操作如图甲所示，测出弹簧伸长量x＝1.00cm，F1的读数为5.0N。（1）弹簧测力计F2的读数N；（2）在图乙坐标纸上作图求F1、F2的合力，并在图上标出合力的大小；（结果保留两位有效数字）（3）由此可求出该弹簧的劲度系数k＝N/m。15．（10分）用如图甲所示实验装置“探究物体加速度与力的关系“，打点计时器使用的交流电频率f＝50Hz。（1）关于该实验，以下说法正确的是；A．应先释放小车，再接通电源B．操作过程中应调节滑轮高度，使细线与长木板平行C．平衡摩擦力时，应将砂桶用细线跨过定滑轮系在小车上D．为减小实验误差，应使小车总质量M远小于砂和砂桶的总质量，（2）某次实验中的纸带如图乙所示，其中A、B、C、D、E为计数点，相邻两计数点之间还有4个点未标出。测出s1＝1.34cm，s2＝2.00cm，s3＝2.66cm，s4＝3.32cm，则B点的速度大小为m/s，小车的加速度大小为m/s2．（计算结果均保留两位有效数字）（3）通过实验获得如下表所示的几组数据，请用描点法在图丙中得出a﹣F的关系图象。F（N）0.020.040.060.080.100.120.14a/（m▪s﹣2）0.140.230.320.420.500.590.66（4）根据作出的a﹣F图象，分析在操作过程中存在的主要问题：。四、计算题：本题共3小题，共计40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．16．（12分）如图所示，上表面光滑的斜面体A放置于水平地面，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，斜面体和小球均处于静止状态。已知斜面倾角θ＝30°，重力加速度为g。（1）画出小球B的受力示意图；（2）求小球B对斜面体A的压力大小；（3）求地面对斜面体A的摩擦力大小和方向。17．（14分）如图所示，水平地面的上空有一架飞机在进行投弹训练，飞机在距地面h高处沿水平方向做匀加速直线运动。当飞机飞经观察点B点正上方A点时投放一颗炸弹，经一段时间炸弹落在观察点B前方的C点，炸弹落地时速度方向与水平面45°角，与此同时飞机投放出第二颗炸弹，最终落在观察点B前方的D点，BD距离为BC距离的3倍，空气阻力不计，重力加速度为g。求：（1）飞机第一次投弹时的速度v1的大小及BC之间的距离xBC；（2）飞机水平飞行加速度a的大小；（3）两次投弹时间间隔内飞机飞行的距离s。18．（14分）如图所示，质量为M＝2kg足够长的长木板静止在光滑的水平面上，其前端放一质量m＝2kg的铁块（可视为质点），铁块与长木板上表面间的动摩擦因数μ＝0.2，距离木板的前端s＝8m处有一竖直挡板，设铁块、长木板与挡板相碰后均能立即停止运动。现使长木板在水平向右的恒力F作用下由静止开始运动，直至与挡板相碰停止运动。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。（1）若F＝6N，求铁块运动的加速度的大小；（2）若F＝12N，求铁块停止运动时的总位移的大小；（3）为使铁块能运动到挡板处且用时最短，求作用力F的大小及这个最短时间。

2019-2020学年江苏省泰州市高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共计24分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因“的科学家是（）A．亚里士多德 B．伽利略 C．阿基米德 D．牛顿【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解答】解：伽利略通过“理想斜面实验”得出“力不是维持物体运动的原因”，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2．（3分）下列说法正确的是（）A．米、牛顿、秒是国际单位制中的基本单位 B．力、速度、路程均为矢量 C．只有细小的物体才可看成质点 D．静止的物体也有惯性【分析】国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推导出来的物理量的单位叫做导出单位；矢量是既有大小又有方向的物理量；只有大小，没有方向的物理量是标量；物体可以看成质点的条件是看物体的大小、形状对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的问题中，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题；物体本身具有的保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，惯性大小的唯一量度是质量。【解答】解：A、米和秒分别是长度和时间的单位，都是国际单位制中的基本单位，但牛顿是导出单位，故A错误；B、力与速度是矢量，但路程只有大小，没有方向，是标量，故B错误；C、一个物体能不能看成质点，要看物体的大小、形状对所研究的问题是否产生影响，地球的质量、体积当对所分析研究的问题没有影响时，就可以看成质点，如研究地球的公转时，地球也可以看作质点，故C错误；D、惯性是物体保持运动状态不变的性质，唯一量度是质量，与是否静止无关，故D正确；故选：D。【点评】该题考查到多个知识点的内容，但都是一些简单的记忆性的内容，在平时的学习中多加积累即可。3．（3分）如图所示，小孩用玩具手枪在同一位置沿水平方向先后射出两粒弹珠，击中竖直墙上M、N两点（空气阻力不计），初速度大小分别为vM、vN，运动时间分别为tM、tN，则（）A．vM＝vN B．vM＞vN C．tM＞tN D．tM＝tN【分析】弹珠做平抛运动，水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动，由此判断时间和初速度。【解答】解：弹珠做平抛运动，竖直下落高度hM＜hN，竖直方向上做自由落体运动，t＝，则tM＜tN，因两弹珠水平位移相等，x＝vt，则vM＞vN，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题考查了平抛运动的规律，解决本题的关键是知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解。4．（3分）如图所示，物块a静止在水平地面上，物块b叠放在物体a上。现对物体a施加一个水平向左的恒定拉力F，a、b仍然都处于静止状态。以下说法正确的是（）A．a受b向右的摩擦力 B．b受a向左的摩擦力 C．a、b接触面间的动摩擦因数一定为零 D．地面对a的摩擦力大小等于F【分析】先以b为研究对象，由平衡条件分析a对b的摩擦力，根据牛顿第三定律分析a对b的摩擦力。对整体分析F与地面对a的静摩擦力关系，滑动摩擦力与动摩擦因数有关。【解答】解：A、a、b相对静止且相对地面也静止，以b为研究对象，由平衡条件知，a与b之间没有摩擦力。故A错误。B、根据以上分析，可知，a与b之间没有摩擦力，故B错误。C、a、b之间无摩擦力，动摩擦因数不一定为零，故C错误。D、对a受力分析：由平衡条件知F＝f，即a与地面之间的摩擦力大小为F，故D正确。故选：D。【点评】解决本题时，要灵活选择研究对象，采用隔离法和整体法相结合分析比较简洁，要注意分析物体的受力情况。5．（3分）一物体挂在弹簧秤下，弹簧秤的上端固定在电梯的天花板上，在下列哪种情况下弹簧秤的读数最小（）A．电梯匀加速上升，且a＝ B．电梯匀加速下降，且a＝ C．电梯匀减速上升，且a＝ D．电梯匀减速下降，且a＝【分析】对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解物体受到的拉力，再确定弹簧秤读数最小的情况．【解答】解：A、电梯匀加速上升，且a＝，则：F＝mg+ma＝mg；B、电梯匀加速下降，且a＝，加速度的方向向下，则：F＝mg﹣ma＝mg；C、电梯匀减速上升，且a＝，加速度的方向向下，则：F＝mg﹣ma＝mg；D、电梯匀减速下降，且a＝加速度的方向向上，则：F＝mg+ma＝mg；比较可知，当电梯匀减速上升，且a＝是物体受到的拉力最小，则弹簧秤的示数最小。故选：C。【点评】本题关键对物体受力分析后根据牛顿第二定律确定加速度，然后得到运动情况，基础题．6．（3分）在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动，甲在冰上滑行的距离比乙远。假定两板与冰面间的动摩擦因数相同，下列判断正确的是（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力 B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间 C．在分开时，甲的运动速度大于乙的运动速度 D．在分开后，甲运动的加速度大小小于乙运动的加速度大小【分析】作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失。根据牛顿第二定律和运动学公式分析求解。【解答】解：A、作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，在推的过程中，甲的推力等于乙的推力，故A错误；B、作用力和反作用力同时产生同时消失。甲推的乙的时间等于乙推甲的时间，故B错误；D、由于两板与冰面间的摩擦因数相同，由牛顿第二定律可以知道，μmg＝ma，所以a＝μg，即他们的加速度的大小是相同的，故D错误；C、由于甲在冰上滑行的距离比乙远，根据V2＝2ax可知，在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度，故C正确。故选：C。【点评】解决本题的关键是熟悉牛顿第三定律：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，以及能熟练运用牛顿第二定律。7．（3分）如图所示，两块相互垂直的光滑挡板OP、OQ，OP竖直放置，小球A、B固定在轻杆的两端。现用水平力F将B向左缓慢推动一小段距离，则此过程中（）A．杆对A的弹力变小 B．挡板OP对A作用力变大 C．水平力F变大 D．挡板OQ对B支持力变大【分析】对整体受力分析，竖直方向由平衡条件可知挡板OQ对B支持力如何变化；对B受力分析，由平衡条件可知杆的弹力、水平力F如何变化；对整体受力分析，水平方向由平衡条件知挡板OP对A作用力如何变化。【解答】解：D、对整体受力分析，竖直方向由平衡条件知，挡板OQ对B支持力NB＝GA+GB，不变，故D错误；AC、对B受力分析，如图所示，设杆中的弹力为T，竖直方向由平衡条件得：NB＝GB+Tsinθ，将B向左缓慢推动一小段距离，θ变大，所以T变小，水平方向由平衡条件得：F＝Tcosθ，θ变大，T变小，所以F减小，故A正确，C错误；B、对整体受力分析，水平方向由平衡条件知，挡板OP对A作用力NA＝F，F减小，所以NA减小，故B错误；故选：A。【点评】本题是动态平衡问题，关键要灵活选择研究对象，先隔离对B研究，再对AB整体研究，比较简便。8．（3分）由吴京主演的《攀登者》，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神。如图为登山队员的登山照片。已知该队员重力为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60°：绳子拉力大小也为G，此时山峰对该队员的作用力（）A．就是山峰对该对员的支持力 B．大小为G C．大小为G D．方向可能水平向左【分析】以人为研究对象，进行受力分析，根据几何关系结合平衡条件进行解答。【解答】解：A、山峰对人的作用力是山峰对人的支持力和摩擦力的合力，故A错误；BCD、以人为研究对象，受重力、绳的拉力、山峰对人的作用力，根据几何关系可得绳子拉力方向与重力的方向夹角为120°，且大小相等，所以山峰对人的作用力、重力和绳子拉力构成等边三角形，则N＝G，方向与拉力和重力的合力方向相反，故C正确、BD错误。故选：C。【点评】本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分，在每小题给出的四个选项中，有多个正确选项．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．（多选）9．（4分）甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移﹣时间图象如图所示，则在0﹣t1时间内（）A．甲的速度总比乙大 B．甲、乙位移相同 C．甲、乙平均速度相同 D．甲、乙均做加速运动【分析】位移﹣时间图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量等于物体的位移，两图象的交点表示两物体相遇。结合平均速度等于位移与时间之比分析。【解答】解：AD、0～t1时间内，甲的斜率不变，则速度不变，做匀速直线运动。乙图线的斜率先小于甲后大于甲，即乙的速度先小于甲后大于甲，乙图线切线斜率不断增大，则乙做加速运动，故AD错误。B、0～t1时间内，甲、乙的起点和终点都相同，则位移相同，故B正确。C、在0﹣t1时间内，甲、乙通过的位移相同，用时相等，则平均速度相同，故C正确。故选：BC。【点评】本题考查对位移图象物理意义的理解，关键要抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两物的运动情况。（多选）10．（4分）如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，力F作用在绳自由端B点，则（）A．绳对A的拉力增大 B．绳对A的拉力减小 C．杆对A的弹力减小 D．绳子自由端B的速率减小【分析】对A分析，因为A做匀速直线运动，抓住A竖直方向上合力为零判断拉力F的变化。将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于F的速度，从而求出F的功率，判断其变化。【解答】解：ABC、设绳子与竖直方向上的夹角为θ，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcosθ＝mg，因为θ增大，cosθ减小，则得：F增大。水平方向合力为零，有：FN＝Fsinθ，F增大，sinθ增大，FN增大，故A正确，BC错误。D、物体A沿绳子方向上的分速度v＝vAcosθ，该速度等于自由端的速度，θ增大，自由端速度v减小，故D正确。故选：AD。【点评】解决本题的关键抓住A在竖直方向上平衡判断出拉力的变化，以及注意拉力的功率不能写成P＝Fv，因为绳子末端速度大小与A上升的速度大小不等，A速度沿绳子方向上的分速度等于绳子末端速度的大小。（多选）11．（4分）如图所示，蜡块可以在竖直玻璃管内的水中匀速上升。若在蜡块从A点开始匀速上升的同时，玻璃管沿水平方向向右做直线运动，则关于蜡块的实际运动轨迹的说法中正确的是（）A．若玻璃管做匀速直线运动，则轨迹为直线P B．若玻璃管做匀加速直线运动，则轨迹为曲线R C．若玻璃管做匀加速直线运动，则轨迹为曲线Q D．若玻璃管做匀减速直线运动，则轨迹为曲线Q【分析】蜡块参与了水平方向上匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据合速度的方向关系确定蜡块的运动轨迹；蜡块参与了水平方向上初速度为0的匀加速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，根据合速度与合加速度的方向关系确定蜡块的运动轨迹。【解答】解：A、蜡块参与了水平方向上匀速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，因此蜡块将沿着合速度的方向做匀速直线运动，则轨迹为直线P，故A正确；BC、当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向。蜡块的合速度方向竖直向上，合加速度方向水平向右，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向，则轨迹为曲线Q，故B错误，C正确；D、由上分析，可知，若玻璃管做匀减速直线运动，蜡块的合速度方向竖直向上，合加速度方向水平向左，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向，则轨迹为曲线R，故D错误；故选：AC。【点评】解决本题的关键知道当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向。（多选）12．（4分）如图所示，质量分别为m1＝1kg、m2＝4kg的A、B两物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接，大小均为20N的水平拉力F1、F2分别作用在A、B上，系统处于静止状态。下列说法正确的是（）A．弹簧秤的示数是0N B．弹簧秤的示数是20N C．撤去F2的瞬间，B的加速度大小为5m/s2 D．撤去F1的瞬间，A的加速度大小为4m/s2【分析】两个拉力大小相等，根据平衡条件分析弹簧秤的读数；在突然撤去F2或F1的瞬间，弹簧的弹力不变，对两物块分别列牛顿第二定律，解出其加速度。【解答】解：AB、系统处于静止状态，根据平衡条件可知弹簧秤的示数为F＝F2＝20N，故A错误，B正确。C、在突然撤去F2的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以B的加速度大小为：a＝＝m/s2＝5m/s2，故C正确。D、撤去F1后，A的加速度大小为：a′＝＝m/s2＝20m/s2，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查连接体问题，要注意整体法与隔离法的灵活应用，正确选择研究对象，根据牛顿第二定律进行分析即可正确求解。（多选）13．（4分）如图所示是某物体做直线运动的v2﹣x图象（其中v为速度，x为位置坐标），下列关于物体从x＝0处运动至x0处的过程分析，其中正确的是（）A．该物体做匀减速直线运动 B．该物体的运动时间为 C．该物体的加速度大小为 D．该物体在位移中点的速度大于【分析】根据匀变速直线运动中速度位移关系公式来分析速度的平方与位移之间的关系，再根据图象进行分析即可分析物体的运动性质，求得加速度。由运动学公式研究即可。【解答】解：A、由匀变速直线运动的速度位移关系公式：v2﹣v02＝2ax可得：v2＝2ax+v02，可以知道物体的加速度恒定不变，速度均匀减小，故物体做匀减速直线运动，故A正确；B、该物体运动时间为：t＝＝，故B错误；C、由上式知，v2﹣x图象的斜率等于2a，由图可得：2a＝，则得物体的加速度大小为a＝，故C正确；D、该物体在运动过程中的平均速度为，因为物体做匀减速直线运动，所以该物体在运动中间时刻的速度等于，物体在位移中点的速度大于中间时刻的速度，所以物体在位移中点的速度大于；故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查运动图象的应用，对于陌生的图象一定要结合所学的物理规律列式进行分析，然后再由数学规律明确其对应的意义即可。三、简答题：本题共2小题，共计16分，请将答案填写在答题卡相应的位置．14．（6分）某同学完成“验证力的平行四边形定则“实验后，与另一位同学合作利用该装置测定弹簧的劲度系数。某次实验操作如图甲所示，测出弹簧伸长量x＝1.00cm，F1的读数为5.0N。（1）弹簧测力计F2的读数4.0N；（2）在图乙坐标纸上作图求F1、F2的合力，并在图上标出合力的大小；（结果保留两位有效数字）（3）由此可求出该弹簧的劲度系数k＝300N/m。【分析】（1）先确定最小分度值，然后读数；（2）探究力的平行四边形定则实验，作力的图示时，选好标度，准确记录力的大小和方向。（3）根据胡克定律F＝kx求解劲度系数。【解答】解：（1）弹簧刻度最小分度为0.2N，指针刚好指“4”，所以读数为4.0N；（2）根据标度，画出分力F1与F2，然后根据平行四边形定则画出合力F，如图。（3）根据胡克定律F＝kx知弹簧劲度系数为：k＝＝N/m＝300N/m故答案为：（1）4.0（2）如图（3）300【点评】本题考查验证力的平行四边形定则，要求掌握其实验原理，熟悉操作步骤，对弹簧测力计读数、操作注意事项要牢记；涉及到作图时必须严格按照力的图示要求来画。15．（10分）用如图甲所示实验装置“探究物体加速度与力的关系“，打点计时器使用的交流电频率f＝50Hz。（1）关于该实验，以下说法正确的是B；A．应先释放小车，再接通电源B．操作过程中应调节滑轮高度，使细线与长木板平行C．平衡摩擦力时，应将砂桶用细线跨过定滑轮系在小车上D．为减小实验误差，应使小车总质量M远小于砂和砂桶的总质量，（2）某次实验中的纸带如图乙所示，其中A、B、C、D、E为计数点，相邻两计数点之间还有4个点未标出。测出s1＝1.34cm，s2＝2.00cm，s3＝2.66cm，s4＝3.32cm，则B点的速度大小为0.17m/s，小车的加速度大小为0.66m/s2．（计算结果均保留两位有效数字）（3）通过实验获得如下表所示的几组数据，请用描点法在图丙中得出a﹣F的关系图象。F（N）0.020.040.060.080.100.120.14a/（m▪s﹣2）0.140.230.320.420.500.590.66（4）根据作出的a﹣F图象，分析在操作过程中存在的主要问题：平衡摩擦力过度。【分析】（1）根据实验原理即操作过程判断出各选项；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小；（3）根据描点法作出图象；（4）根据F＝0，加速度不为零，分析a﹣F图线不过原点的原因。【解答】解：（1）A、应先释放小车，再接通电源，故A错误；B、操作过程中应调节滑轮高度，使细线与长木板平行，才能确保小车的加速度恒定，故B正确；C、平衡摩擦力时，不能将沙桶用细线跨过定滑轮系在小车上，而是将小车直接放在木板上，调节木板的倾角，让小车做匀速直线运动即可，故C错误；D、为减小实验误差，应使小车总质量M远大于砂和砂桶的总质量，故D错误。故选：B。（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小。vB＝＝m/s≈0.17m/s。根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小：a＝＝×10﹣2m/s2≈0.66m/s2（3）采用描点法画出a﹣F的关系图象如答案图所示。（4）由图线得，直线与纵轴交于点（0，0.05m/s2），即没有拉力时，小车已有加速度，说明长木板的倾角偏大，导致平衡摩擦力过度。故答案为：（1）B；（2）0.17；0.66；（3）如上图所示；（4）平衡摩擦力过度。【点评】本题借助实验考查了实验原理及操作过程。处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解，并掌握瞬时速度与加速度的方法。四、计算题：本题共3小题，共计40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．16．（12分）如图所示，上表面光滑的斜面体A放置于水平地面，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，斜面体和小球均处于静止状态。已知斜面倾角θ＝30°，重力加速度为g。（1）画出小球B的受力示意图；（2）求小球B对斜面体A的压力大小；（3）求地面对斜面体A的摩擦力大小和方向。【分析】（1）对小球受力分析，受重力mg、绳子的拉力T、斜面的支持力NB作用；（2）根据平衡条件列方程求斜面和轻绳对小球的作用力；（3）以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求斜面体受到的摩擦力。【解答】解：（1）对小球受力分析，受重力mg、绳子的拉力T、斜面的支持力NB作用，如图所示；（2）根据平衡条件得：垂直斜面方向：NB＝mgcos30°＝mg，平行斜面方向：T＝mgsin30°＝mg，由牛顿第三定律知小球B对斜面体A的压力为mg（3）以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，水平方向：f＝Tcos30°＝mg，方向水平向右答：（1）小球B的受力示意图如图所示；（2）小球B对斜面体A的压力大小是mg；（3）求地面对斜面体A的摩擦力大小是mg，方向水平向右。【点评】本题采用隔离法和整体法结合研究两个物体的平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键。17．（14分）如图所示，水平地面的上空有一架飞机在进行投弹训练，飞机在距地面h高处沿水平方向做匀加速直线运动。当飞机飞经观察点B点正上方A点时投放一颗炸弹，经一段时间炸弹落在观察点B前方的C点，炸弹落地时速度方向与水平面45°角，与此同时飞机投放出第二颗炸弹，最终落在观察点B前方的D点，BD距离为BC距离的3倍，空气阻力不计，重力加速度为g。求：（1）飞机第一次投弹时的速度v1的大小及BC之间的距离xBC；（2）飞机水平飞行加速度a的大小；（3）两次投弹时间间隔内飞机飞行的距离s。【分析】（1）炸弹投出后做平抛运动，根据下落高度求出运动时间，结合vy＝gt求出炸弹落地时竖直方向分速度，从而求得水平方向的分速度，即为初速度；根据x＝v1t求BC之间的距离xBC；（2）结合两次运动的特点分析飞机飞行的距离，然后由匀变速直线运动的位移公式即可求出飞机水平飞行加速度a；（3）又（2）的分析即可求出两次投弹时间间隔内飞机飞行的距离s。【解答】解：（1）第一颗炸弹在竖直方向有：h＝得t＝落地时速度方向与水平方向成45°角，则水平方向与竖直方向的速度相等即：v1＝vy＝gt＝BC距离为：xBC＝v1t解得：xBC＝2h（2）炸弹落到C点时飞机飞行的距离：x1＝v1t+第二颗炸弹平抛运动沿水平方向飞行的距离：x2＝（v1+at）t则x1+x2＝xBD由题知xBD＝3xBC＝6h联