2025-2026学年福建永春第一中学高二下学期3月阶段检测物理试卷 含解析

/永春一中2026年3月高二物理阶段限时训练考试时间：75分钟满分：100分一、单项选择题（共4小题，每题4分，共16分。在每小题选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.蹦床运动是运动员在一张绷紧弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目，一位质量为50kg的运动员从高处自由落下，以8m/s的速度竖直着网，与网作用后，沿着竖直方向以大小为6m/s的速度弹回，已知运动员与网接触的时间，重力加速度，那么运动员在与网接触的这段时间内受到网对其平均作用力的大小为（）A.500N B.700N C.1200N D.1400N【答案】C【解析】【详解】设竖直向下为正方向，则运动员的初速度，末速度，根据动量定理有解得故选C。2.某电磁弹射装置的简化模型如图所示，线圈固定在水平放置的光滑绝缘杆上，将金属环放在线圈左侧，闭合开关瞬间，则下列说法正确的是（）A.金属环仍保持静止B.金属环将向右运动C.从左向右看，金属环中感应电流沿顺时针方向D.金属环有扩张的趋势【答案】C【解析】【详解】ABD．闭合开关瞬间，穿过圆环的磁通量增大，根据楞次定律可知金属环将向左运动且圆环有收缩的趋势，故ABD错误；C．根据右手定则可知闭合开关瞬间，穿过圆环的磁场方向向左，由于穿过圆环的磁通量增大，根据楞次定律可知，从左向右看，金属环中感应电流沿顺时针方向，故C正确。故选C。3.如图所示，平行板电容器的两个极板与水平方向成θ角，极板间距为d，两极板M、N与一直流电源相连，且M板接电源正极，MN间电势差为U，现有一带电粒子以初速度v0进入并恰能沿图中所示水平直线从左向右通过电容器。若将电容器撤走，在该区域重新加上一个垂直于纸面的匀强磁场，使该粒子仍以原来初速度进入该区域后的运动轨迹不发生改变，则所加匀强磁场的磁感应强度方向和大小正确的是（）A.垂直于纸面向里 B.垂直于纸面向里C.垂直于纸面向外 D.垂直于纸面向外【答案】C【解析】【详解】根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度在同一直线上，所以电场力只能垂直极板向上，受力如图所示

因为上极板带正电，电场力方向与板间场强方向相反，故微粒带负电；根据受力图，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向反向，在竖直方向在该区域重新加上一个垂直于纸面的匀强磁场，粒子做直线运动，由于粒子受到的洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，则根据二力平衡可知，洛伦兹力的方向向上，根据左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向外。根据二力平衡得所以故C正确ABD错误。故选C。4.一匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，其边界如图中虚线所示，为半圆，ac，bd与直径ab共线，ac间的距离等于半圆的半径R。一束质量为m、电荷量为q（）的粒子，在纸面内从c点垂直于ac射入磁场，这些粒子具有各种速率。不计粒子之间的相互作用，在磁场中运动时间最长的粒子，其对应的运动速率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】根据题意，粒子的运动轨迹如图所示不论粒子所经轨迹如何，其圆心必在cd连线上，则对应圆心角为平角加上下面的角（如图中和）。根据可知，粒子在磁场中运动的周期相同，要时间最长，则要对应的圆心角最大，即要或最大。显然，在Ⅰ、Ⅱ这两个不同的轨迹圆中，和是圆心角，它们分别等于对应圆周角∠ecd或∠fcd的两倍。即圆周角越大，圆心角会越大。显然，最大的圆周角是从c点引半圆的切线ce所成∠ecd，可知对应不同速率的轨迹最大圆心角为，对应最长时间为，对应的轨迹圆半径为R，根据牛顿第二定律有可得故ABD错误C正确。故选C。二、双项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题只有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）5.如图所示，用磁流体发电机给电容器充电，磁流体发电机的两极板的正对面积为S、板间距离为d，板间磁场的磁感应强度大小为B，等离子体从左侧喷入，单个等离子体的带电量为q，则下列措施能使电容器充电量增大的是（）A.仅增大S B.仅增大d C.仅增大B D.仅增大q【答案】BC【解析】【详解】设等离子体的速度为v，由可得磁流体发电机的电压由，可知增大发电机两端的电压，即仅增大B或d，就可以增大电容器的充电量。故选BC。6.图中所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度。它的右臂挂着矩形线圈，匝数为n，线圈的水平边长为L，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向与线圈平面垂直，大小未知。当线圈中通过电流I时，调节砝码使两臂达到平衡，电流方向如图所示。然后使磁场反向，大小不变。这时需要在某个盘中增加质量为m的砝码，才能使两臂再达到新的平衡。已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.增加砝码应该放在右盘中B.当电流通过如图所示的磁场时，矩形线圈下边所受安培力方向竖直向下C.磁感应强度D.若磁场方向不变，只改变电流的方向，通过在题干中该盘增加质量为m的砝码也可以使天平平衡【答案】CD【解析】【详解】A．开始时天平平衡，设线圈所受安培力为F，方向向上。当磁场反向时，安培力变为，方向向下。相当于右边重了2F，所以需要在左盘中增加质量为m的砝码才能使天平再次平衡，故A错误；B．根据左手定则，当电流通过如图所示磁场时，矩形线圈下边电流方向向右，磁场方向垂直纸面向里，所受安培力方向竖直向上，故B错误；C．磁场反向前后，安培力变化量为增加的砝码重力为mg，由可得磁感应强度故C正确；D．若磁场方向不变，只改变电流的方向，安培力方向改变，变化量同样为2nBIL，也需要在右盘中增加质量为m的砝码才能使天平平衡，故D正确。故选CD。7.如图为回旋加速器的原理图，和是两个中空的半径均为R的半圆金属盒，接在电压为U的交流电源上，均置于与盒面垂直的磁感应强度大小为B的匀强磁场中，位于圆心处的质子源A能不断产生质子（初速度可忽略），质子在两盒之间被电场加速。已知质子的电荷量为q，质量为m，忽略质子在电场中运动的时间、质子所受重力及质子间的相互作用，不考虑加速过程中的相对论效应。则（）A.仅增大交变电压U，质子在加速器中获得的最大动能将增大B.质子离开回旋加速器时的最大动能C.质子第一次进入盒与第一次进入盒运动轨迹的半径之比为D.质子最终在电场中加速的次数【答案】BC【解析】【详解】AB．当质子被加速到速度最大时，则有质子的最大动能若只增大交流电源的电压U，则质子的最大动能不变，故A错误，B正确；C．质子第一次经过D1时根据动能定理可得洛伦兹力提供向心力，则有解得同理质子第一次经过D2时，则有，解得则质子第一次进入盒与第一次进入盒运动轨迹的半径之比为，故C正确；D．根据可得质子在电场中加速的次数为，故D错误。故选BC。8.如图，一根固定的足够长的光滑绝缘细杆与水平面成角。质量为、电荷量为的带电小球套在细杆上。小球始终处于磁感应强度大小为的匀强磁场中。磁场方向垂直细杆所在的竖直面，不计空气阻力。小球以初速度沿细杆向上运动至最高点，则该过程（）A.合力冲量大小为B.小球上滑的时间为C.洛伦兹力冲量大小为D.若，弹力冲量为零【答案】ABD【解析】【详解】A．小球运动到最高点时的速度为0，根据动量定理可知，合力的冲量等于物体动量的变化量，即所以合力的冲量大小为，故正确；B．对小球受力分析，沿斜杆方向小球只受到重力的分量，垂直斜杆方向上存在洛伦兹力、杆的弹力与重力的另一个分量，只有沿斜面方向影响物体运动的加速度，即解得小球做匀减速运动，直到速度为0，所用的时间为，故正确；C．小球受到的洛伦兹力为洛伦兹力大小随时间均匀变化，可利用平均力来进行计算，即洛伦兹力的冲量为，故C错误；D.对小球受力分析，在垂直杆的方向上有其中以垂直杆向上为的正方向可求得若那么在时间内，随时间变化的关系如图图中曲线与时间轴围成的面积是弹力的冲量，能得到，故D正确。故选ABD。三、填空题（每空2分，共10分）9.水平放置的平行金属导轨相距为，导轨一端与电源相连，垂直于导轨平面的匀强磁场的磁感应强度为，方向如图所示。长为的金属棒静止在导轨上，棒与导轨成角，金属棒受到的安培力为，则此时通过金属棒的电流为___________。【答案】【解析】【详解】磁场方向垂直于导轨平面，电流方向沿金属棒，因此安培力公式，变形可得电流表达式：10.如图，宽为的霍尔元件置于匀强磁场中，磁场方向与霍尔元件垂直，磁感应强度大小为。若霍尔元件是电子导电，当通过霍尔元件的电流如图所示时，霍尔元件______（填“上”“下”）表面聚集电子，产生霍尔电压；若已知电子定向移动速率为，则霍尔元件上产生的霍尔电压为______。【答案】①.上②.【解析】【详解】[1]根据左手定则，霍尔元件中电子定向移动时受到指向上表面的洛伦兹力，上表面聚集电子。[2]电子所受静电力与磁场力相等时达到平衡，上、下表面间的霍尔电压保持不变，根据平衡条件得解得11.如图甲所示，一个电阻值为，匝数为的圆形金属线圈与阻值为的电阻连接成图甲所示闭合电路。圆形线圈内存在垂直于线圈平面向里的磁场，线圈中的磁通量按图乙所示规律变化。导线的电阻不计。时间内电阻哪端电势高________（填“上”或“下”）；电阻两端的电压________。【答案】①.下②.8【解析】【详解】[1]根据楞次定律：线圈内磁通量向里且增大，感应电流产生的磁场方向向外。由右手螺旋定则，线圈中感应电流为逆时针方向，因此线圈下端为感应电动势正极，上端为负极。外部电路中，电流从线圈下端经电阻流向上端，故电阻的下端电势高。[2]由图乙，磁通量变化率：根据法拉第电磁感应定律，感应电动势：闭合电路总电阻：电路中感应电流：电阻两端的电压：四、实验题（每空2分，共14分）12.某实验小组要测量一种特殊电池的电动势和内阻。实验室提供以下器材：待测电池（电动势约，内阻约为）；电压表（量程，内阻约为）；电流表（量程，内阻约为）；滑动变阻器；滑动变阻器，开关、导线若干。（1）该小组根据图甲的电路图正确连接实物电路。请在图乙中将实物图连接成完整电路。（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表示数和电流表示数的值，绘制图像如图丙所示，根据图像测得该电池电动势___________，内阻___________。（结果均保留3位有效数字）（3）考虑电表内阻的影响，电动势的测量值与真实值相比___________（选填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】（1）（2）①.1.95##1.96②.198##199##200##201##202##203（3）相等【解析】【小问1详解】如图所示【小问2详解】[1][2]由闭合电路欧姆定律可得整理得由图像可得【小问3详解】考虑电表内阻的影响，由闭合电路欧姆定律可得整理得对纵轴截距没有影响，则电动势的测量值等于真实值。13.如图甲所示为“研究斜槽末端小球碰撞时动量守恒”的实验装置，实验时，先让质量为的小球从斜槽上某一位置由静止释放，从轨道末端水平抛出，落到水平地面上点，然后把质量为的小球放到轨道末端处于静止，再让小球从同一位置由静止释放，在轨道末端与小球发生对心碰撞，已知。（1）小球释放后落在复写纸上会在白纸上留下印迹，如图乙所示。多次实验后，白纸上留下了10个印迹，如果用画圆法确定小球的落点，图中画的三个圆最合理的是________（选填“A”、“B”或“C”）；（2）某次实验时，小球落地点分布如图丙所示，测得与点距离分别为、，若满足关系_________（用、、、、表示），则碰撞前后动量守恒；（3）一同学在某次实验中记录了碰撞前后小球落点的位置、和，发现、点不在连线上，下列图中落点位置可能正确的是___________。A. B.C. D.【答案】（1）B（2）（3）B【解析】【小问1详解】确定小球落点时，应将所有落点都包含在圆内，且圆的半径尽可能小。因此，最合理的圆是B。【小问2详解】小球做平抛运动，下落高度相同，故运动时间相同。碰撞前，小球的速度，动量为碰撞后，小球的速度，动量为碰撞后，小球的速度，动量为根据动量守恒定律，代入并消去，可得：小问3详解】碰撞后，入射小球的速度应小于碰撞前的速度，因此其水平位移，即落点应在点左侧。被碰小球获得速度，其水平位移，即落点应在点右侧。碰撞前后两小球在垂直于OP方向上动量守恒，则两小球在垂直于OP方向的速度方向相反，两小球落地点应在OP的两侧，且由于，所以碰撞后两小球做平抛运动，下落的高度相等，所以下落的时间相等，在垂直于OP方向的位移则有，故选B。五、解答题（14题8分，15题12分，16题16分）14.质量m2=4kg的小球B静止在光滑水平面上，质量m1=1kg的小球A以初速度v0=10m/s与B发生正碰，求：（1）若碰后A以2m/s反向弹回，求B的速度大小；（2）若A、B为弹性碰撞，求碰后A、B的速度。【答案】（1）3m/s；（2）（与方向相反），（与方向相同）【解析】【详解】（1）A、B发生正碰，则碰撞前后动量守恒代入数值可得（2）若A、B为弹性碰撞，则碰撞前后动量守恒，动能也守恒代入数值可得也可表示为（与方向相反），（与方向相同）15.如图所示，在边长为的正方形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为。质量为、电荷量为的带电粒子从点以不同大小的初速度由到射入磁场，不计粒子的重力和粒子间的相互作用。（1）若粒子从的中点射出，求粒子的带电属性以及在磁场中运动的时间；（2）若粒子从的中点射出，求粒子的初速度大小；（3）若正方形中只有某个区域内存在上述磁场，粒子以相同大小、不同方向的初速度从A射入时，均能垂直边射出（整条边都有粒子射出），求该磁场区域的最小面积。【答案】（1）粒子带负电，（2）（3）【解析】【小问1详解】由左手定则可知，粒子带负电；在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力粒子做圆周运动的周期为粒子在磁场中运动了半个周期，则时间为【小问2详解】从N点射出的粒子在磁场运动的轨迹如图1所示，根据几何关系可知解得则粒子的初速度大小为【小问3详解】若粒子均能平行于AD边射出，粒子在磁场中运动了四分之一圆周，可能运动的轨迹如图2所示，图中半径为的四分之一，即：图中三角形ADC的面积为磁场区域的最小面积为解得16.如图所示为研究离子源发射离子速度大小和方向分布情况的装置。轴上方存在垂直平面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场。轴下方的分析器由两块相距为、足够长的平行金